河南省南阳市中考物理模拟试卷（解析版） 新人教版.doc

河南省南阳市2013年中考物理模拟试卷一、选择题（每题3分，共30分）1（3分）（2013南阳模拟）关于声现象，下列说法正确的是（）a声音是由于物体振动产生的b声源的振幅越大，音调越高c声音在真空中的传播速度是3108m/sd超声波的频率很低，所以人耳听不到考点：声音的产生；声音的传播条件；响度与振幅的关系分析：解决此题的关键是要知道声音是由物体的振动产生的，声音的传播是需要介质的，不能在真空中传播；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；知道频率高于20000hz的声波叫超声波解答：解：a、声音是由物体的振动产生的，选项说法正确，符合题意；b、声源振动幅度越大，声音的响度越大，选项说法错误，不符合题意；c、声音不能在真空中传播，选项说法错误，不符合题意；d、超声波的频率太高，超过人能够听到的声音的频率范围，所以人耳听不到，选项说法错误，不符合题意；故选a点评：解决此类问题要结合声音的产生和传播两个方面分析解答，知道声音的响度与振幅有关2（3分）（2013南阳模拟）下列物态变化中，属于汽化现象的是（）a春天，冰雪消融b夏天，晾在室内的湿衣服变干c秋天，早晨草木上露珠的形成d冬天，湖面的水结成冰考点：汽化及汽化吸热的特点专题：应用题分析：物体由液态变为气态的现象叫汽化；汽化的生成物是气态的，是由液态形成的，据此进行判断解答：解：a、冰雪是固态的，消融是变为了液态，固态变为液态的现象叫熔化；b、湿衣服上有很多水分，变干就是变为了水蒸气消散在空中，液态变为气态的现象叫汽化；c、露是液态的，是空气中的水蒸气遇冷形成的，气态变为液态的现象叫液化；d、水结成冰，液态变为固态的现象叫凝固；故选b点评：判断物态变化现象首先要知道各种物态变化的定义，然后看物体由什么状态变为了什么状态，根据定义做出判断3（3分）（2013南阳模拟）将两只额定电压相同的小灯泡l1、l2串联在电路中，如图所示闭合开关后，发现灯l1较亮，灯l2 较暗，其原因是（）a灯l1额定功率较大b灯l2两端电压较大c灯l1的电阻较大d通过灯l1的电流较大考点：电功率的计算；串联电路的电流规律；电阻的串联专题：应用题；压轴题分析：已知两灯串联，通过的电流相同，根据公式p=i2r可比较实际功率的大小根据公式u=ir可比较灯泡两端电压的大小解答：解：灯l1较亮，灯l2 较暗，说明灯l1的实际功率大于灯l2 的实际功率，两灯通过的电流相同，根据公式p=i2r可知，电阻越大，实际功率越大，说明灯l1的电阻大于灯l2 的电阻，故a、d错误，c正确，根据公式u=ir可知电流相同时，电阻越大，灯泡两端的电压越大，所以灯l1两端电压较大，故b错误故选c点评：本题考查实际功率、电流、电阻、电压大小的比较，关键是公式及其变形的灵活运用，要知道串联电路电流相等，还要知道影响灯泡亮度的依据是灯泡的实际功率4（3分）（2013南阳模拟）下列说法正确的是（）a太阳是宇宙的中心b太阳活动会对人类的生产生活造成影响c太阳系的八大行星都没有卫星d太阳是银河系中唯一的恒星考点：人类探究太阳系及宇宙的历程分析：解答本题应掌握：太阳为宇宙中的一颗普通恒星；太阳有八颗行星，其中有多个行星拥用自己的卫星；太阳的活动对地球和人类有着很大的影响解答：解：a、太阳只是众多恒星中的一个，并不是宇宙的中心，故a错误；b、太阳的一切活动都会对地球及人类造成影响，如温度的变化、太阳黑子的运动等都对地球产生影响，故b正确；c、太阳系的八大行星中除水星和金星外都拥有自己的卫星，故c错误；d、太阳是银河系中众多的恒星中的一颗，并不是唯一的，故d错误；故选b点评：太阳系是离我们最近的恒星，地球上的能量主要来自于太阳，太阳的一切活动都会对地球产生影响5（3分）（2013南阳模拟）如图所示，是班上几个同学送小明乘火车回家时的情景示意图当火车徐徐开动时，小明坐在窗边，却看到几个同学渐渐向后退去，那么，小明不可能选择的参照物是（）a火车b同学c小明d火车内其他乘客考点：运动和静止的相对性；参照物及其选择专题：信息给予题分析：判断物体的运动状态之前，必须选择参照物如果物体和参照物之间发生了位置的改变，则称物体是运动的如果物体和参照物之间没有发生位置的改变，则称物体是静止的解答：解：若以火车、小明，或火车内其他乘客为参照物，几个同学与这些物体之间的位置发生了变化，这些同学是运动的，所以看到几个同学渐渐向后退去当以这些同学为参照物时，他们之间的位置也在发生变化，这些同学是静止的那么小明会觉得自己不断地向前运动，而不可能看到几个同学渐渐向后退去，所以不可能选择同学为参照物也就是说如果研究物体的运动情况，是不能选择研究物体本身作为参照物的故选b点评：本题考查学生对参照物的理解，需要根据参照物来判断物体的运动状态6（3分）（2013南阳模拟）如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关s，将滑动变阻器的滑片p向左移动的过程中，下列说法正确的是（假设灯丝的电阻不变）（）a电压表的示数变小b电流表的示数变小c电压表和电流表示数的比值变小d电压表和电流表示数都变大考点：欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用；电路的动态分析专题：压轴题分析：由图可知滑动变阻器与灯泡串联，电压表测量灯泡两端的电压；由图可知当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，由欧姆定律可求得电路中电流的变化及电压表示数的变化解答：解：当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电阻减小，由欧姆定律可得，电路中电流增大，即电流表示数变大；因电压表测量灯泡两端的电压，由u=ir可得，灯泡两端的电压增大，即电流表示数变大故选d点评：本题考查电路的动态分析，利用欧姆定律即可求解；但要注意电压表的接法，当电压表接在电源两端时，测量的为外部电路上的电压7（3分）（2013南阳模拟）如图是投掷实心球的场景下列情况中实心球受到平衡力作用的是（）a实心球在空中上升b实心球从空中下落c实心球在地上越滚越慢d实心球停在地面上考点：平衡力的辨别；惯性分析：要解决此题，需要掌握平衡力的概念知道处于平衡状态的物体受平衡力的作用平衡状态是指匀速直线运动状态和静止状态并且要分析球在空中与在地面滚动及静止时的受力情况解答：解：球在空中时，由于惯性继续运动，此时球只受重力和空气阻力的作用运动状态不断变化，受力不平衡当球落到地面上时，由于惯性继续滚动，但由于受到地面的摩擦力，所以越滚越慢运动状态发生变化，受力不平衡当在地面上静止时，受竖直向下重力和地面对它向上的支持力，在这两个力的作用下保持平衡，所以此时受平衡力故选d点评：此题主要考查了对平衡力的理解关键是能分清不同情况下物体的受力情况及运动状况8（3分）（2013南阳模拟）下列所示工具中，使用时不能省力但能省距离的是（）a动滑轮b订书机c羊角锤d镊子考点：杠杆的分类专题：应用题；压轴题分析：使用时不能省力但能省距离的是费力杠杆该题考查了学生对物理模型的抽象、分析能力判断杠杆的类型可根据生活经验或动力臂与阻力臂的大小关系来判断解答：解：动滑轮实质是动力臂是阻力臂二倍的杠杆，它可以省力一半，省力但费距离，所以a不符合题意；订书机和羊角锤在使用时，动力臂大于阻力臂，所以它们都是省力杠杆，所以b不符合题意；镊子在使用时动力臂小于阻力臂，所以它是费力杠杆，费力但能省距离，所以d符合题意故选d点评：联系生活经验，要判断杠杆的类型，可依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系：若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆；若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆；若动力臂等于阻力臂，则为等臂杠杆9（3分）（2013南阳模拟）如图，点燃的蜡烛放在距小孔a处，它成像在距小孔b的半透明纸上，且a大于b则半透明纸上的像是（）a倒立、放大的虚像b正立、缩小的虚像c倒立、缩小的实像d正立、放大的实像考点：光直线传播的应用专题：实验题分析：蜡烛发出的光在空气中沿直线传播，经过小孔射在半透明纸上，从而形成一个倒立的烛焰的像；像的大小与像距和物距的关系有关，若像距大于物距，像大于物；若像距小于物距，像小于物解答：解：小孔成像成的是一个倒立的像，像是由实际光线会聚而成的，是实像；像到小孔光的距离b小于蜡烛到小孔的距离a，所成的像是缩小的像故选c点评：此题考查的是小孔成像的特点，以及像物大小关系的判断，是一道基础题10（3分）（2013南阳模拟）小华用如图所示的电路测小灯泡功率电路中电源电压恒为4.5v，电压表的量程为o3v，电流表的量程为00.6a，滑动变阻器的规格为“20 1a”，灯泡标有“2.5v 1.25w”字样若闭合开关，两电表的示数均不超过所选量程，灯泡两端电压不允许超过额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法正确的是（）a电流表示数的变化范围是o0.5ab滑动变阻器的电阻允许调节的范围是2.520c灯泡的最小功率是0.162wd该电路的最大功率是2.7w考点：电功率的计算；欧姆定律的应用专题：计算题；压轴题；动态预测题；图析法分析：（1）从图中可知，灯泡l与滑动变阻器串联，电压表测量灯泡电压，电流表测量灯泡电流；（2）两电表的示数均不超过所选量程，灯泡两端电压不允许超过额定值，意思就是说电压表示数不超2.5v，电流表示数不超0.6a；（3）根据各选项的要求，结合欧姆定律和电功率的内容进行相关计算，就可判断各选项正误解答：解：根据灯泡的规格“2.5v 1.25w”，求得灯泡的电阻r灯=5，灯丝的电阻不改变；a、电流表测量灯泡的电流，灯泡两端电压不允许超过额定值，也就是电路中的电流最大为灯泡的额定电流，即电流最大值i最大=i灯=0.5a；滑动变阻器接入阻值最大时，电路中的电流最小，即电流最小值i最小=0.18a故电流表示数的变化范围是0.18a0.5a，因此该选项不正确b、滑动变阻器允许接入的最大值为20；电路中电流最大为0.5a，根据串联电路电阻的特点，滑动变阻器允许接入的最小阻值为：r滑最小=r灯=5=4故滑动变阻器接入的阻值范围是420，因此该选项不正确c、电路中的电流最小时，灯泡的电功率最小，灯泡的最小功率p灯最小=i最小2r灯=（0.18a）25=0.162w灯泡的最小功率为0.162w，因此该选项正确d、电路中的电流最大时，电路的总功率最大，等于总电压和电流的乘积，即p总最大=ui最大=4.5v0.5a=2.25w故电路最大功率为2.25w，因此该选项不正确故选c点评：（1）本题综合性较强，考查的内容较多，会用欧姆定律计算，会用电功率公式计算，知道串联电路的电压、电流、电阻规律；（2）解决此类问题，没有好办法，只能逐项分析计算，通过结果判断正误二、填空题（每空1分，共10分）11（2分）（2013南阳模拟）高压锅密封性能良好，用它煮食物时，水蒸气不易外泄，从而增大了锅内的压强（填“增大”或“减小”），使锅内水的沸点升高（填“升高”或“降低”）考点：沸点及沸点与气压的关系专题：应用题分析：（1）高压锅密封性能良好，里面的水蒸气不易外泄，里面的气压较高，“高压锅”的名称由此得来（2）液体的沸点随液面上气压的升高而升高，随液面上气压的降低而降低解答：解：高压锅密封性能好，里面的水蒸气不易外泄，随着里面水蒸气的增多里面的气压增大液面上的气压增大时液体的沸点升高故答案为：增大，升高点评：液面上的气压越高，液体的沸点越高；反之，气压降低，液体的沸点降低在高山上煮食物，由于大气压比平地底，故水的沸点低于100，食物很难煮熟，所以高原地区的人直接用火来烤肉高压锅很容易把食物煮熟也是这个道理高压锅密封性能好，锅内的水蒸气压强比外界大气压高，水的沸点升高，食物就可以很快煮熟12（2分）（2013南阳模拟）水的比热容较大，生活中，我们常用水来加热或散热，例如：冬天常用热水袋取暖，把质量为2kg，温度为90的热水装入热水袋中，到温度降为30的时侯，这些水放出了5.04105j的热量；如果用相同质量，相同温度的沙来取暖，沙会冷得快些（填“快些”或“慢些”）考点：热量的计算；比热容的概念专题：计算题；应用题；控制变量法分析：已知水的比热容、质量和温度变化，可利用公式q=cmt计算热量；要想比较哪一种物质温度变化快，可利用公式t=进行分析解答：解：c水=4.2103j/（kg），m=2kg，t=t0t=9030=60，q=c水mt=4.2103j/（kg）2kg60=5.04105j；又c沙c水，m水=m沙，q水=q沙，由公式t=可知，由于沙的比热容小于水的比热容，所以沙的温度变化比水大，沙会冷的快些故答案为：5.04105j，快些点评：本题考查学生对热量公式的掌握和运用，以及利用热量的变形公式t=进行分析13（2分）（2013南阳模拟）电子式电能表表盘上标有“3200imp/（kwh）”字样（imp表示闪烁次数）将某用电器单独接在该电能表上正常工作30min，电能表指示灯闪烁了320次，该用电器在上述时间内消耗的电能为0.1kwh，该用电器的额定功率是200w考点：电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算；额定功率专题：计算题；压轴题分析：电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪表3200imp/（kwh）的含义是：电路中每消耗1kwh的电能，指示灯闪烁3200次根据题目所给条件和电功率的公式p=，进行解答解答：解：因为电路中每消耗1kwh的电能，指示灯闪烁3200次所以当指示灯闪烁320次时，消耗的电能为w=0.1kwh，t=30min=0.5h用电器的额定功率p=0.2kw=200w故答案为：0.1；200点评：本题考查学生对电能表铭牌上数据的理解情况，同时要求掌握电功率的计算方法注意题目中的单位换算14（2分）（2013南阳模拟）在家庭电路中，用试电笔辨别输电线时，能使氖管发光的是火线；为了防止触电，必须把用电器的开关装在火线上（填“火”、“零”或“地”）考点：测电笔的使用专题：压轴题分析：（1）测电笔内部有一个阻值很大的电阻使用试电笔时，手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触火线或零线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线（2）开关控制用电器时，开关接在用电器和火线之间，开关能控制用电器，而且断开开关能切断火线，使用用电器更安全解答：解：测电笔接触火线时，氖管发光接触零线时，氖管不发光用电器的开关装在火线上，接触用电器时，可以断开开关，切断火线，防止接触用电器发生触电事故故答案为 火，火点评：掌握测电笔的正确使用方法、结构、能用试电笔分辨火线和零线以及家庭电路的开关、灯泡的接法15（2分）（2013南阳模拟）绵阳夜晚当涪江三桥上的灯光开亮时，涪江水上实景与江中“倒影”交相辉映，形成一幅绚丽多彩的图案已知三桥下涪江水深为2m，桥上一彩灯距水面12m，则该彩灯的“倒影”距水面12m；若涪江水再上涨0.5m，则该彩灯与其对应“倒影”相距23m考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案专题：应用题；压轴题分析：本题根据平面镜成像特点中的物体和像到水面的距离相等，进行计算解答：解：因为彩灯距水面12m，由平面镜成像特点可知，则该彩灯的“倒影”距水面也是12m，若涪江水再上涨0.5m，则彩灯距水面的距离为12m0.5m=11.5m，那么该彩灯的“倒影”距水面也是11.5m，则该彩灯与其对应“倒影”相距11.5m+11.5m=23m故答案为：12；23点评：水外面的物体在水表面成的像，是光的反射形成的；我们看到水中的物体，是由光的折射形成的，注意加以区分并且注意不要被“涪江水深为2m”这个无关的条件所干扰三、作图与实验题（16、17题各2分，18、19、20题每空1分，共20分）16（2分）（2013南阳模拟）完成图中光路图考点：透镜的光路图专题：作图题分析：先确定所给的入射光线或折射光线的特点，然后根据凸透镜的光学特点作图解答：解：一条入射光线平行于主光轴，所以该光线的折射光线过焦点如图所示：点评：凸透镜三条特殊光线的作图：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变17（2分）（2013南阳模拟）画出图中f1的力臂l1，并在a点画出阻力f2的示意图考点：力臂的画法；力的示意图专题：作图题分析：力臂的画法：首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂解答：解：找出支点，从o做f1的垂线段就是f1的力臂l1；要使杠杆平衡，阻力f2的方向向下如下图所示：点评：作力臂时要找好支点与力的作用线，因为力臂是从支点到力的作用线的距离掌握作图的基本方法，并且作图要规范18（3分）（2013南阳模拟）如图所示是“探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验（1）实验中为了测量滑动摩擦力的大小，应用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动木块；实验数据如下：序号接触面压力/n滑动摩擦力/n1木块与木板2.00.42木块与木板2.50.53木块与砂纸2.00.6（2）分析1、3（选填序号）两次实验数据可以得出滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系；（3）在第一次实验中如果用0.5n的力水平拉动木块，则木块受到的滑动摩擦力为0.4n考点：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验；二力平衡条件的应用专题：压轴题；实验探究题；控制变量法分析：（1）在此题中要掌握二力平衡条件的应用，要测量摩擦力的大小，需拉动测力计做匀速直线运动，此时拉力大小与摩擦力大小相等（2）同时要掌握控制变量法的应用滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，要研究滑动摩擦力与其中一个量之间的关系，要控制另一个量不变（3）要解决此题，需要认清影响滑动摩擦力大小的因素，虽然拉力发生了变化，影响因素不变，则摩擦力不变解答：解：（1）要测滑动摩擦力，需拉动木块做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等故答案为：匀速直线（2）要探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系，需要控制压力大小相同，接触面的粗糙程度不同故答案为：1、3（3）虽然拉力大小变了，但压力大小和接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力大小也不变故答案为：0.4点评：此题是探究影响滑动摩擦力的因素，主要考查了对二力平衡条件的应用及控制变量法在此实验中要拉动木块做匀速直线运动，要研究滑动摩擦力与一个量的关系，需要控制两一个量不变19（4分）（2013南阳模拟）在探究“杠杆平衡条件”的实验中：（1）某同学将杠杆悬挂起来，发现杠杆的右端低，左端高，他应该将杠杆两端的平衡螺母向左调节，使杠杆在水平位置平衡（2）在杠杆两端挂钩码，不断改变动力或动力臂的大小，调节阻力或阻力臂的大小，使杠杆在原来的位置重新平衡，记录数据如下表：实验次序动力f1/n动力臂l1/cm阻力f2/n阻力臂l2/cm12.051.01022.0102.01033.0102.015根据表中的数据你得出杠杆的平衡条件是：f1l1=f2l2（3）根据第2次实验数据有同学得出杠杆的平衡条件是：动力+动力臂=阻力+阻力臂他得出此错误结论的原因是：将不同的物理量进行了加法运算考点：探究杠杆的平衡条件实验专题：压轴题分析：杠杆的右端低，左端高说明右端的力大而下沉，左端力小而上升应使平衡螺母向左调节，才能使杠杆平衡杠杆的平衡条件是：动力动力臂=阻力阻力臂由于动力和动力臂的单位不同，所以不能进行加减运算解答：解：（1）调节杠杆平衡时，杠杆的右端低，左端高说明右端的力大而下沉，左端力小而上升应使平衡螺母向左调节，相当于向左端增加了力，才能使杠杆在水平位置平衡（2）从实验表格中可知，三次实验数据都满足：动力动力臂=阻力阻力臂（3）动和的单位是n，动力臂的单位是cm，两个物理量的单位不相同，不能进行加减运算故答案：（1）左、水平位置、（2）f1l1=f2l2（动力动力臂=阻力阻力臂）、（3）将不同的物理量进行了加法运算点评：此题考查杠杆的平衡条件实验，要对实验过程有所了解同时要知道杠杆平衡条件公式的推导20（9分）（2013南阳模拟）小雷想知道小灯的亮暗程度与什么因素有关于是找来额定电流均小于0.6a，额定电压是2.5v的灯l1和额定电压是3.8v的灯l2，先后接在电源电压恒为6v的电路中，按照如图所示的电路开始探究（1）请你用笔画线代替导线，根据上图所示的电路图，将下图所示实物图连接完整（2）若小雷连接好电路后闭合开关，灯l1几乎不发光，移动滑片p也不能改变灯的亮度原因是他把滑动变阻器的a、b（选填“a、b”或“c、d”）接线柱接入了电路（3）小雷排除故障后，按上图所示的电路继续进行实验：闭合开关，滑片p向a（选填“a“或“b“）端移动，使灯l1发光，测出灯l1的相关物理量，记录和计算结果如下表：次数电压/v实际功率/w电阻11.6o20o328.0022.5o24o601o.4232.8o26o731o77请将记录数据时遗漏的物理量和单位填入表格的空格处（4）小雷注意到灯l1的亮度变化是：第二次比第一次亮，第三次比第二次更亮结合表中数 据得出的结论是小灯泡越亮，它的实际功率越大（5）用l2替换l1重复上面的实验时，需要改变电压表的量程，发现灯l2的亮度变化规律与灯l1相似（6）小雷在实验结束后与同学们讨论：有同学认为“用上表中灯l1的3次电阻的平均值代表它的电阻更准确“这种说法错误的原因是小雷忽略了温度对小灯电阻的影响有同学认为“把灯l1换成定值电阻，该实验可以用来研究导体中的电流与电压的关 系“你认为这种说法正确（选填“正确”或“错误”）考点：探究用电器的电功率实验；实物的电路连接；电流表的使用；电压表的使用；影响电阻大小的因素；滑动变阻器的使用；电功率专题：实验题；作图题；压轴题；设计与制作题；控制变量法；实验分析法分析：（1）本题还有电压表、电流表、滑动变阻器没有连接在电路中，连接时要注意电压表、电流表的量程选择和正负接线柱、以及连接方式，滑动变阻器已经选定了下面接线柱，上面接线柱任意选择，注意连接方式即可根据电路图，从电源正极开始，依次连接各元件，到电源负极，补齐遗漏的导线，最后把电压表并联在灯泡两端（2）灯泡l1几乎不发光，说明电路是通路，但是电流太小，并且移动串联在电路中的滑动变阻器的滑片，灯泡亮度不变，说明电路中的电阻太大，滑动变阻器又不起作用，是滑动变阻器把下面两个接线柱接入电路了（3）排除故障，在实验前滑片在b端处于最大阻值处，要继续实验，滑片向阻值减小的a端移动灯泡亮度取决于灯泡的实际功率求得功率需要知道电压和电流，所以空白处填入电流，单位为“a”（4）比较灯泡亮度增大时，可以判断灯泡的实际功率，因为灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定的（5）l1的额定电压为2.5v，电压表选择03v量程l2的额定电压为3.8v，电压表选择015v量程更换灯泡，同时更换电压表的量程（6）导体电阻大小跟导体长度、横截面积、材料、温度有关灯丝电阻受温度影响较大，定值电阻阻值受温度影响较小，从温度上考虑电流跟电阻和电压同时有关，l1换成定值电阻，电阻一定，可以探究电流跟电压的关系解答：解：（1）l1和l2的额定电流均小于0.6a，电流表选择00.6a，电流表串联在电路中滑动变阻器已经选择下面接线柱，上面任意选择一个接线柱，滑动变阻器串联在电路中所以，电流表的“0.6”接线柱与滑动变阻c（或d）相连，电压表的“”接线柱与灯泡左端相连如下图：或（2）闭合开关，灯l1几乎不发光电路电流太小电路电阻太大，并且移动滑动变阻器滑片，灯泡亮度不改变，滑动变阻器都接下面a、b两个接线柱（3）滑动变阻器接入a接线柱，滑片在b端，滑动变阻器连入电路电阻最大，电流最小，起到保护电路作用继续实验时，滑动变阻器阻值减小，滑片向a端移动灯泡亮度跟实际功率有关，实际功率p=ui，需要记录电压和电流，电流的单位为a（4）从实验1实验2实验3，灯泡越来越亮，灯泡实际功率越大（5）l1的额定功率为2.5v，电压表选择03v量程l2的额定功率为 3.8v，电压表选择015v量程所以l2替换l1，同时更换电压表量程（6）灯丝电阻受温度影响较大，灯泡在不同电压下，温度不同，灯丝中电阻不同，计算平均值代表灯丝电阻无意义，小雷忽略温度对电阻的影响l1换成定值电阻，能保持电阻不变，通过改变电压来改变电流能探究电流跟电压的关系故答案为：（1）如上图；（2）a、b；（3）a；电流/a；（4）大；（5）电压；（6）温度；正确点评：本题容量很大，涉及到很多知识点，由电路图连接实物图，电压表、电流表量程的选择，连接方式，滑动变阻器接线柱的选择，实验操作过程，表格设计，实际功率与亮度关系，电阻大小影响因素，欧姆定律等等综合性很强，是很难的综合性习题四、简答与计算（21题4分，22题6分，共10分）21（4分）（2013南阳模拟）2011年3月11日，日本发生了地震和海啸灾难，致使福岛核电出现核泄漏为减少放射性污染，电力公司利用“人工浮岛”（一个钢制的空心浮体）储存放射性污水，该浮体是用8106kg的钢板制成的一个外形长140m，宽50m、高3m的空心长方体问：（1）为了不使“人工浮岛”沉入海底，该浮体最多可以储存质量为多少千克的放射性污水？（为了计算方便，海水的密度取1.0103kg/m3，g=10n/kg）（2）请你谈谈核能发电与火力发电相比的优点和可能带来的问题考点：阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；核能的优点和可能带来的问题专题：计算题；应用题；简答题；压轴题；答案开放型分析：（1）为了不使“人工浮岛”沉入海底，根据物体浮沉条件可知，“人工浮岛”所受的浮力不能小于“人工浮岛”的总重力而要求该浮体最多可以储存质量为多少千克的放射性污水，就需要先求出该浮体能受的最大浮力当浮体浸没入水中时（悬浮状态），所受的浮力是最大的，浮力可根据阿基米德原理来进行计算，计算出最大浮力以后，就知道了“人工浮岛”的总重，然后用总重除以g就算出了浮体的总质量，最后用总质量减去浮体自身的质量，就算出了放射性污水的质量；（2）核能发电的优点：核能发电不像化石燃料发电那样排放大量的污染物质岛空气中，因此核能发电不会造成空气污染；核能电厂所使用的燃料体积小，运输与储存都很方便；核能发电的成本中，燃料费用所占的比例较低；缺点：核能电厂会产生放射性废料；核电厂