山东省冠县武训高级中学高二化学下学期期末考试试题（含解析）.doc

20142015学年度 第二学期期末检测高二化学试题可能用到的原子量：h:1 c:12 o:16 n:14 cl：35.5 na:23 cu:64 一、选择题（本题包括20小题，每小题3分.每小题只有一个选项符合题意，请将正确答案的序号填涂在答题卡上.）1./有a、b两种烃，所含碳元素的质量分数相同，关于a和b叙述中正确的是（）a二者不可能是同系物b二者一定是同分异构体c二者最简式相同d各1mol的a和b分别燃烧生成co2的质量一定相等答案：c【解析】a、因烃中只有碳氢两种元素，碳质量分数相同，所以氢的质量分数也相同、则最简式相同，可能是同系物，故a错误；b、因烃中只有碳氢两种元素，碳质量分数相同，所以氢的质量分数也相同、则最简式相同，可能是同分异构体，还可能是同系物，故b错误；c、因烃中只有碳氢两种元素，碳质量分数相同，所以氢的质量分数也相同、则最简式一定相同，故c正确；d、a和b的最简式相同，各1mol完全燃烧生成二氧化碳的物质的量取决于分子中碳原子的数目，只有互为同分异构体时生成的二氧化碳的质量才相等，故d错误故选：c2.下列说法正确的是（）a不粘锅的原料为烃类化合物b分子组成相差1个或若干个“ch2”原子团的有机物，互称为同系物c石油分馏是物理变化，煤的气化、液化也是化学变化d聚乙烯塑料袋因有毒，不可以装食品答案：c【解析】a中含有f原子，不含有氢原子，不属于烃类化合物，故a错误；b分子组成相差1个或若干个“ch2”原子团的有机物，如果结构不相似，不一定互为同系物，故b错误；c石油分馏是利用混合物的沸点不同将混合物分离，该变化过程中没有新的物质生成，所以是物理变化，而煤的气化、液化中都有新的物质生成，都是属于学变化，故c正确；d聚乙烯没有毒，可以用聚乙烯塑料袋装食品，而聚氯乙烯（）有毒，不能用于制作食品保鲜袋，故d错误；故选c3./下列化合物在水中的溶解度，排列次序正确的是（）ahoch2ch2ch2ohbch3ch2ch2oh cch3ch2cooch3dhoch2ch（oh）ch2ohadabc bcdabcdbca dcdba答案：a【解析】ahoch2ch2ch2oh bch3ch2ch2oh cch3ch2cooch3 dhoch2ch（oh）ch2oh，这些物质中ch3ch2cooch3 不能与水形成氢键，则溶解度最小，分子中含有羟基数目越多，与水形成的氢键越多，则溶解度越大，所以溶解度：hoch2ch（oh）ch2ohhoch2ch2ch2ohch3ch2ch2ohch3ch2cooch3，即dabc；故选a4./下列物质不能跟金属钠反应的是（）a甲醇 b乙醚 c福尔马林 d乙二醇答案：b【解析】a甲醇中含有官能团羟基，能够与金属钠反应生成氢气，故a错误；b乙醚中不存在羟基和羧基，不能够与钠发生反应，故b正确；c福尔马林为甲醛的水溶液，甲醛不与钠反应，但是溶剂水能够与钠反应生成氢氧化钠和氢气，故c错误；d乙二醇分子中含有两个羟基，能够与钠反应生成氢气，故d错误；故选b5./下列关于有机物的说法，正确的是（）a乙醇、乙酸均能与na反应放出h2，二者分子中官能团相同b乙烯和1，3-丁二烯互为同系物，它们均能使br2水褪色c用新制氢氧化铜悬浊液可以鉴别乙酸、乙醛和乙醇三种液体d乙酸乙酯中含有的杂质乙酸可用naoh溶液除去答案：c【解析】a乙醇、乙酸分别含-oh、-cooh均与na反应生成氢气，官能团不同，故a错误；b乙烯和1，3-丁二烯均含碳碳双键，均能使br2水褪色，但碳碳双键数目不同，二者不是同系物，故b错误；c乙酸、乙醛和乙醇三种液体分别与氢氧化铜悬浊液混合，现象分别为蓝色溶液、砖红色沉淀、无现象，现象不同，可鉴别，故c正确；d乙酸乙酯、乙酸均与naoh反应，不能除杂，则乙酸乙酯中含有的杂质乙酸可用碳酸钠溶液除去，故d错误；故选c6.若2-丙醇中的氧为o，它与乙酸反应生成的酯的相对分子质量是（）a102 b104 c120 d122答案：b【解析】乙酸与丙醇发生酯化反应生成酯和水，羧酸脱-oh，醇脱h，2-丙醇中的氧为o，其相对分子质量为62，乙酸的相对分子质量为60，水的相对分子质量为18，由质量守恒定律可知，酯的相对分子质量为62+60-18=104，故选b7质谱图表明某有机物的相对分子质量为70，红外光谱表征到c=c和c=o的存在，核磁共振谱如图（峰面积之比依次为1：1：1：3），下列说法正确的是（）a分子中共有5种化学环境不同的氢原子b该有机物的结构简式为ch3ch=chcoohc该物质的分子式为c4h6od该有机物不可能与新制氢氧化铜反应答案：c【解析】考点：有机物实验式和分子式的确定专题：有机物的化学性质及推断分析：a根据1h核磁共振谱中峰的种类等于氢原子的种类；b根据有机物质的官能团以及等效氢原子的数目比值来确定有机物质的结构简式；c根据有机物质的官能团以及等效氢原子的数目比值来确定有机物质的结构简式和分子式；d根据醛基能被新制氢氧化铜氧化解答：解：a1h核磁共振谱中分子共有4个峰，所以有4种化学环境不同的氢原子，故a错误；b峰面积之比依次为1：1：1：3，即为等效氢原子的个数比，相对分子质量为70，该有机物的结构简式为ch3ch=chcho，故b错误；c峰面积之比依次为1：1：1：3，即为等效氢原子的个数比，相对分子质量为70，该有机物的结构简式为ch3ch=chcho，分子式为c4h60，故c正确；dch3ch=chcho中含有醛基，被新制氢氧化铜氧化，故d错误；故选：c8具有下列分子式的一溴代烷中，水解后产物在红热铜丝催化下，最多可被空气氧化生成4种不同的醛的是（）ac4h9br bc5h11br cc6h13br dc7h15br答案：b【解析】考点：同分异构现象和同分异构体分析：先确定烷烃的对称中心，即找出等效的氢原子，再根据先中心后外围的原则，将溴原子逐一去代替氢原子，有几种氢原子就有几种一溴代烃，溴原子只有连接在键端的碳原子上水解生成的醇，且该碳上有氢原子，才能被氧化成醛，据此即可解答解答：解：先确定烷烃的一溴代物的种类，然后，溴原子只有连接在键端的碳原子上水解生成的醇，且该碳上有氢原子，才能被氧化成醛a正丁烷两种一溴代物，异丁烷两种一溴代物，共4种，所以分子式为c4h9br的同分异构体共有4种，其中溴原子连接在键端的碳原子上能被氧化成醛的只有1溴丁烷、1溴2甲基丙烷，故a错误；bc5h11br水解生成在键端的碳原子上的醇，且该碳上有氢原子的卤代烃为：ch3ch2ch2ch2ch2br 1溴戊烷；ch3ch2ch（ch3）ch2br 2甲基1溴丁烷；ch3ch（ch3）ch2ch2br 3甲基1溴丁烷；ch3c（ch3）2ch2br 2，2二甲基1溴丙烷；被空气氧化生成4种不同的醛为：ch3ch2ch2ch2cho 戊醛；ch3ch2ch（ch3）cho 2甲基丁醛；ch3ch（ch3）ch2cho 3甲基丁醛；ch3c（ch3）2cho 2，2二甲基丙醛；故b正确；c戊烷有3种同分异构体，正戊烷、异戊烷、新戊烷；其等效氢原子分别有3、4或1种，则相应的一取代物有8种故分子式为c5h11的同分异构体共有8种；最多可被空气氧化生成11种不同的醛，故c错误；dc6h14属于烷烃，主链为6个碳原子有：ch3（ch2）4ch3；主链为5个碳原子有：ch3ch2ch2ch（ch3）2；ch3ch2ch（ch3）ch2ch3；主链为4个碳原子有：ch3ch2c（ch3）3；ch3ch（ch3）ch（ch3）ch3，则相应的一取代物分别有3、5、4、3、2种故分子式为c6h13的同分异构体共有17种；最多可被空气氧化生成17种不同的醛，故d错误；故选b9某有机物的分子结构如图（图中棍表示单键、双键或叁键），它属烃的含氧衍生物关于该有机物的叙述正确的是（）a该有机物的化学式为c6h6b该有机物可发生取代反应和加成反应c该有机物可使溴水褪色，但不能与naoh溶液反应d该有机物是乙酸的同系物答案：b【解析】考点：有机物的结构和性质；有机物分子中的官能团及其结构专题：有机物的化学性质及推断分析：由球棍模型可知，该有机物为ch3ch=chcooh，含碳碳双键、羧基，结合烯烃及羧酸的性质来解答解答：解：a由球棍模型可知，该有机物为ch3ch=chcooh，含o元素，故a错误；b含碳碳双键，可发生加成反应，含cooh可发生取代反应，故b正确；c含碳碳双键，与溴水发生加成反应而褪色，含cooh，可与naoh溶液反应，故c错误；d乙酸为饱和酸，该物质中含碳碳双键，结构不同，不属于乙酸的同系物，故d错误；故选b10北京奥运会期间对大量盆栽鲜花施用了s诱抗素剂，以保证鲜花盛开，s诱抗素的分子结构如图，下列关于该分子说法正确的是（）a含有碳碳双键、羰基、羧基b含有苯环、羟基、羰基c含有羰基、羧基、酯基d含有碳碳双键、苯环、羧基答案：a【解析】考点：有机物分子中的官能团及其结构专题：有机物的化学性质及推断分析：根据s诱抗素的分子结构图来分析官能团，并利用官能团的概念来分析判断解答：解：根据分子的结构简式可以看出，该分子中含有碳碳双键、羰基、羧基故选a11主链含5个碳原子，有甲基、乙基2个支链的烷烃有（）a2种 b3种 c4种 d5种答案：a【解析】考点：同分异构现象和同分异构体；烷烃及其命名专题：同分异构体的类型及其判定分析：主链5个c，则乙基只能在中间c上，甲基可以在中间c上，也可以在2号c上，所以有2种解答：解：主链5个c，则乙基只能在中间c上，甲基可以在中间c上，也可以在2号c上，所以有如下2种：、故选a12下列各化合物中，能发生酯化、还原、加成、消去四种反应的是（）a bcch3ch=chcho d答案：a【解析】考点：有机物的结构和性质；有机化学反应的综合应用专题：有机反应分析：含oh、cooh的有机物发生酯化反应，含cho、c=c双键、c=o键（羧基中c=o除外）的物质可发生还原、加成反应，含oh、卤素原子可发生消去反应，且符合结构中与oh（或cl等）相连c的邻位c上有h，可发生消去反应，以此来解答解答：解：a含oh，可发生酯化、消去反应，含cho，可发生还原、加成反应，故a正确；b含oh，可发生酯化、消去反应，不发生还原、加成反应，故b错误；c含c=c、cho，可发生还原、加成反应，不能发生酯化、消去反应，故c错误；d含oh，可发生酯化、但邻位碳没有h，所以不能发生消去反应，含cho、c=o，可发生还原、加成反应，故d错误；故选a13若1mol 分别与浓溴水和naoh溶液完全反应，消耗br2和naoh的物质的量分别是（）a1mol、2mol b2mol、3molc3mol、2mol d3mol、3mol答案：d【解析】考点：有机物的结构和性质专题：有机物的化学性质及推断分析：酚oh的邻对位与溴水发生取代，双键与溴水发生加成反应；酚oh、cl与naoh反应，以此来解答解答：解：由结构可知，分子中含2个酚oh、1个双键、1个cl，酚oh的邻对位与溴水发生取代，双键与溴水发生加成反应，则1mol该物质消耗溴水为3mol；酚oh、cl与naoh反应，则1mol该物质消耗naoh为3mol，故选d14下列有机反应中，不属于取代反应的是（）ab2ch3ch2oh+o22ch3cho+2h2occlch2ch=ch2+naohhoch2ch=ch2+nacld答案：b【解析】考点：取代反应与加成反应专题：有机反应分析：有机物分子中的某些原子或原子团被其他原子或原子团所代替的反应称为取代反应解答：解：a、甲苯分子中的甲基氢原子被氯原子取代，属于取代反应，故a不选；b、醇被氧化为醛的反应属于氧化反应，不属于取代反应，故b选；c、clch2ch=ch2与naoh，在水、加热条件下，生成hoch2ch=ch2，属于取代反应，故c不选；d、苯环中的氢原子被硝基取代了，属于取代反应，故d不选；故选b15下列各种醇既可发生消去反应，又可被氧化成相应醛的是（）ach3oh bhoch2ch2ch3cch3chohch3 d（ch3）3coh答案：b【解析】考点：醇类简介专题：有机物的化学性质及推断分析：根据有机反应特点，能发生消去反应生成相应的烯烃，又能被氧化生成相应醛，分子中应含有ch2oh原子团，且oh邻位碳原子上含有h原子，以此解答该题解答：解：a甲醇只有一个碳原子，不能发生消去反应，故a错误；b可发生消去反应生成ch3ch=ch2，发生氧化反应生成ch3ch2cho，故b正确；c发生氧化反应生成丙酮，不能生成醛，故c错误；d不能发生氧化反应生成对应的醛，故d错误；故选b16某烯烃与氢气加成后得到2，2二甲基丁烷，则该烯烃的名称是（）a2，2二甲基3丁烯 b2，2二甲基2丁烯c2，2二甲基1丁烯 d3，3二甲基1丁烯答案：d【解析】考点：有机化合物命名专题：有机化学基础分析：根据烯的加成原理，双键中的一个键断开，结合h原子，生成2，2二甲基丁烷，采取倒推法相邻碳原子之间各去掉1个氢原子形成双键，即得到烯烃解答：解：2，2二甲基丁烷的碳链结构为，2，2二甲基丁烷相邻碳原子之间各去掉1个氢原子形成双键，从而得到烯烃；根据2，2二甲基丁烷的碳链结构，可知相邻碳原子之间各去掉1个氢原子形成双键只有一种情况，所以该烯烃的碳链结构为，该烯烃的名称为3，3二甲基1丁烯，故选d17用相对分子质量为43的烷基取代甲苯苯环上的一个氢原子，所得芳香烃产物的数目为（）a3种 b4种 c5种 d6种答案：d【解析】考点：同分异构现象和同分异构体专题：同分异构体的类型及其判定分析：根据烷基式量为43的确定烷基，再判断可能的烷基异构情况，利用等效h判断甲苯苯环上的h原子种类有3种，据此判断解答：解：烷基组成通式为cnh2n+1，烷基式量为43，所以14n+1=43，解得n=3所以烷基为c3h7当为正丙基，甲苯苯环上的h原子种类有3种，所以有3种同分异构体当为异丙基，甲苯苯环上的h原子种类有3种，所以有3种同分异构体故该芳香烃产物的种类数为6种故选：d18乙酸分子甲基上的氢原子被羟基取代的产物叫羟基乙酸，现由羟基乙酸乙酯和苯乙烯组成的混合物中，若碳元素的质量分数为70%，那么氢元素的质量分数约为（）a7.7% b8.6% c15.5% d无法计算答案：a【解析】考点：元素质量分数的计算专题：有机物分子组成通式的应用规律分析：羟基乙酸乙酯的分子式为c4h8o3，苯乙烯的分子式为c8h8，二者相对分子质量相等为104，分子中氢原子数目相等，故二者混合物中氢元素的质量分数为定值，等于各组分中h元素的质量分数解答：解：羟基乙酸乙酯的分子式为c4h8o3，苯乙烯的分子式为c8h8，二者相对分子质量相等为104，分子中氢原子数目相等，故二者混合物中氢元素的质量分数为定值，等于各组分中h元素的质量分数，故混合物中氢元素的质量分数=100%=7.7%，故选a19具有一个羟基的化合物a 10g，与乙酸反应生成乙酸某酯11.85g，并回收了未反应的a 1.3g，则a的相对分子质量为（）a98 b116 c158 d278答案：b【解析】考点：有机物的推断专题：有机物的化学性质及推断分析：令一元醇a为roh，发生反应：ch3cooh+rohch3coor+h2o，参加反应的a为10g1.3g=8.7g，设a的相对分子质量是m，则乙酸某酯的相对分子质量为（m+6018），根据方程式中质量定比关系计算m，据此判断解答：解：参加反应的a为10g1.3g=8.7g，令一元醇a为roh，设a的相对分子质量是m，则乙酸某酯的相对分子质量为（m+6018）=m+42，则：ch3cooh+rohch3coor+h2o m （m+42） 8.7g 11.85g所以m：（m+42）=8.7g：11.85g，解得m=116，故选：b20在 分子中，处于同一平面上的原子最多有（）a12个 b14个 c18个 d20个答案：d【解析】考点：常见有机化合物的结构专题：有机化学基础分析：根据常见的有机化合物中甲烷是正四面体结构，乙烯和苯是平面型结构，乙炔是直线型结构，其它有机物可在此基础上进行共线、共面分析判断注意单键可以旋转；解答：解：在分子中，甲基中c原子处于苯中h原子的位置，甲基通过旋转碳碳单键会有1个h原子处在苯环平面内，苯环平面与碳碳双键形成的平面通过旋转碳碳单键可以处于同一平面，乙炔是直线型结构，所以最多有12个c原子（苯环上6个、甲基中2个、碳碳双键上2个、碳碳三键上2个）共面在甲基上可能还有1个氢原子共平面，则两个甲基有2个氢原子可能共平面，苯环上4个氢原子共平面，双键上2个氢原子共平面，总计得到可能共平面的原子有20个，故选：d第卷（非选择题，共计40分）二填空题21（2010春菏泽期末）下表是a、b、c、d、e五种有机物的有关信息：a能使溴的四氯化碳溶液褪色比例模型如图 能与水在一定条件下反应生成cb由c、h两种元素组成球棍模型为c由c、h、o三种元素组成能与na反应与e反应生成相对分子质量为88的酯d相对分子质量比c少2能由c催化氧化得到e由c、h、o三种元素组成其水溶液能使紫色石蕊试液变红回答下列问题：（1）ae中，属于烃的是 （填字母）（2）c催化氧化生成d的化学方程式为 （3）有机物b具有的性质是 （填序号）无色无味的溶液；有毒；不溶于水；密度比水大；能使酸性kmno4溶液和溴水褪色（4）e的水溶液能使紫色石蕊试液变红，说明e的水溶液显酸性，现设计一个实验来比较e与碳酸酸性的强弱，则该实验的原理是 （用化学方程式说明）答案：（1）ab（2）2ch3ch2oh+o2 2ch3cho+2h2o（3）（4）ch3cooh+nahco3ch3coona+h2o+co2【解析】考点：有机物的推断；乙烯的化学性质；苯的性质专题：有机物的化学性质及推断分析：a能使溴水褪色说明含有碳碳双键或三键，结合比例模型知，该物质是乙烯；a能和水反应生成c，则c是乙醇；根据b的组成元素及其球棍模型知，b是苯；d的相对分子质量比c少2，且能由c催化氧化得到，所以d是乙醛；e由c、h、o三种元素组成，且其水溶液能使紫色石蕊试液变红，说明含有羧基，e和c反应生成相对分子质量为88的酯，所以e是乙酸，据此解答解答：解：a能使溴水褪色说明含有碳碳双键或三键，结合比例模型知，该物质是乙烯；a能和水反应生成c，则c是乙醇；根据b的组成元素及其球棍模型知，b是苯；d的相对分子质量比c少2，且能由c催化氧化得到，所以d是乙醛；e由c、h、o三种元素组成，且其水溶液能使紫色石蕊试液变红，说明含有羧基，e和c反应生成相对分子质量为88的酯，所以e是乙酸（1）通过以上分析知，属于烃的是乙烯、苯，故答案为：ab；（2）乙烯和溴发生的化学反应为：ch2=ch2+br2ch2brch2br，故答案为：ch2=ch2+br2ch2brch2br；（3）在加热、铜作催化剂条件下，乙醇被氧气氧化生成乙醛和水，反应方程式为：2ch3ch2oh+o22ch3cho+2h2o，故答案为：2ch3ch2oh+o22ch3cho+2h2o；（4）苯是无色有特殊气味的、不溶于水且密度小于水的有毒液体，和酸性kmno4溶液和溴水都不反应，故选；（5）根据强酸制取弱酸的原理证明醋酸的酸性大于碳酸即可，醋酸和碳酸钙反应生成二氧化碳气体就能证明醋酸的酸性大于碳酸，反应方程式为：2ch3cooh+caco3=（ch3coo）2ca+co2+h2o，故答案为：2ch3cooh+caco3=（ch3coo）2ca+co2+h2o22生活中常用的某种香料x的结构简式为已知：香料x的合成路线如下：（1）a的结构简式是 （2）检验有机物c中含有碳碳双键所需用的试剂 a银氨溶液b酸性高锰酸钾溶液 c溴水 d氢氧化钠溶液（3）dx的化学方程式为 （4）有机物b的某种同分异构体e，具有如下性质：a与浓溴水反应生成白色沉淀，且1mol e最多能与4mol br2反应b红外光谱显示该有机物中存在碳碳双键，则e的结构简式为 答案：（1）ch3-ch2-cho（2）ac【解析】考点：有机物的合成专题：有机物的化学性质及推断分析：根据题中各物质的转化关系，a与b发生信息中的反应生成c，c与氢气加成得d，d发生氧化反应得x，根据x的结构可反推得d为，结合题中信息反应中的最后产物可确定c为，因为b为，比较c和b的结构可知a为ch3ch2cho，据此答题解答：解：根据题中各物质的转化关系，a与b发生信息中的反应生成c，c与氢气加成得d，d发生氧化反应得x，根据x的结构可反推得d为，结合题中信息反应中的最后产物可确定c为，因为b为，比较c和b的结构可知a为ch3ch2cho，（1）由上述分析可知，a为ch3ch2cho，故答案为：ch3ch2cho；（2）c为，检验c=c，先排除cho的影响，则选择银氨溶液，然后利用溴水褪色说明存在c=c，故答案为：ac；（3）dx的化学方程式为，故答案为：；（4）有机物b的某种同分异构体e，具有如下性质：a与浓溴水反应生成白色沉淀，且1mole最多能与4molbr2反应，具有苯酚结构；b红外光谱显示该有机物中存在碳碳双键，则e的结构简式为为，故答案为：三、实验题23化学上常用燃烧法确定有机物的组成如图装置是用燃烧法确定烃或烃的含氧衍生物分子式的常用装置，这种方法是在电炉加热时用纯氧氧化管内样品，根据产物的质量确定有机物的组成回答下列问题：（1）装置a中装有mno2，写出a装置中发生反应的化学方程式是 ；（2）c装置（燃烧管）中cuo的作用是 ；（3）写出e装置中所盛放物质的名称 ，它的作用是 （4）若将b装置去掉会对实验结果造成什么影响？ （5）若准确称取1.20g样品（烃或烃的含氧衍生物）经充分燃烧后，e管质量增加1.76g，d管质量增加0.72g，则该有机物的实验式为 （6）从定量测定准确角度去考虑，该装置应怎样进一步改进 答案：（1）2h2o22h2o+o2（2）使有机物充分氧化生成co2和h2o（3）碱石灰或氢氧化钠 吸收co2气体 （4）造成测得有机物中含氢量增高（5）ch2o（6）在e后再连一个干燥管，防止空气中的co2和h2o【解析】考点：测定有机物分子的元素组成解答：解：（1）双氧水可分解生成氧气，a装置中分液漏斗盛放的物质是双氧水，化学方程式：2h2o22h2o+o2，故答案为：2h2o22h2o+o2；（2）有机物燃烧产物中会有部分co，cuo的作用是使有机物充分氧化生成co2和h2o，故答案为：使有机物充分氧化生成co2和h2o；（3）e装置中所盛放物质最好选用碱石灰或氢氧化钠，因为氢氧化钠可以完全吸收反应生成的二氧化碳故填碱石灰或氢氧化钠，它的作用是吸收co2气体，故答案为：碱石灰或氢氧化