【创新设计】（广东专用）高考物理一轮复习方案 45分钟单元能力训练卷(十一).doc

45分钟单元能力训练卷(十一)(考查范围：第十一单元分值：100分)一、单项选择题(每小题6分，共18分)1一只矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，穿过线圈的磁通量随时间变化的图象如图d111甲所示，则下列说法正确的是()图d111at0时刻，线圈平面与中性面垂直bt0.01 s时刻，磁通量的变化率最大ct0.02 s时刻，交流电动势达到最大值d该线圈相应产生的交流电动势的图象如图乙所示2如图d112所示，一个矩形线圈绕与匀强磁场垂直的oo轴逆时针转动，线圈的两条引线分别与a、b两半圆铜环相连，两个铜环通过滑动电刷连入电路，电路中仅有一个电阻r.在线圈转动过程中，通过r的电流()图d112a大小和方向都不断变化b大小不断变化，方向从arbc大小和方向都不变d大小不断变化，方向从bra3如图d113所示，理想变压器的原线圈接u11000sin100t(v)的交变电压，副线圈通过电阻r6 的导线对“220 v，880 w”的电器r供电，该电器正常工作由此可知()图d113a原、副线圈的匝数比为501b交变电压的频率为100 hzc副线圈中电流的有效值为4 ad变压器的输入功率为880 w二、双项选择题(每小题6分，共24分)图d1144如图d114所示，闭合的矩形导体线圈abcd在匀强磁场中绕垂直于磁感线的对称轴oo匀速转动，沿着oo方向观察，线圈沿逆时针方向转动已知匀强磁场的磁感应强度为b，线圈匝数为n，ab边的边长为l1，ad边的边长为l2，线圈电阻为r，转动的角速度为，则当线圈转至图示位置时()a线圈中感应电流的方向为abcdab线圈中的感应电动势为2nbl1l2c穿过线圈的磁通量随时间的变化率最大d线圈ad边所受安培力的大小为5. 如图d115所示，理想变压器的原、副线圈匝数比n1n2201.一个标有“10 v，100 w”的灯泡正常发光时()图d115a输入功率p1100 wb输入电压u110 vc输入电流i10.5 ad输出电流i20.25 a6如图d116所示，接线柱a、b接在电压u311sin 314t v的正弦交流电源上，理想变压器右侧部分为一火警报警系统电路图，其中r2为用半导体热敏材料制成的传感器(该热敏材料的电阻率随温度升高而减小)，电流表a2为值班室的显示器，显示通过r1的电流，电压表v2显示加在报警器上的电压，r3为一定值电阻当传感器r2所在处出现火警时，以下说法中正确的是()图d116a变压器输出端的交变电流的频率为314 hzbv1的示数是220 vca1的示数不变，a2的示数减小dv1的示数不变，v2的示数减小7如图d117甲所示为一种可调压自耦变压器的结构示意图，线圈均匀绕在圆环形铁芯上，若ab间输入如图乙所示的交变电压，转动滑动触头p到如图甲中所示位置，在bc间接一个理想的交流电压表(图甲中未画出)，则()图d117aab间输入的交流电的电压瞬时值表达式为u220 sin(100t) vb该交流电的频率为100 hzct1102 s时电压表的读数为零dbc间输出的电功率为零三、实验题(18分)8如图d118所示，图甲为热敏电阻的rt图象，图乙为用此热敏电阻r和继电器组成的一个简单恒温箱温控电路，继电器线圈的电阻为100 .当线圈中的电流大于或等于20 ma时，继电器的衔铁被吸合为继电器线圈供电的电池的电动势e9.0 v，电池的内阻可以不计图中的“电源”是恒温箱加热器的电源问：图d118(1)应该把恒温箱内的加热器接在 _(选填“a、b端”或“c、d端”)(2)如果要使恒温箱内的温度保持在50，可变电阻r的阻值应调为_.四、计算题(40分)9(20分)如图d119所示，磁感应强度为b的匀强磁场中有一匝数为n的矩形线圈，其面积为s，电阻为r，线圈两端外接一电阻为r的用电器和一个理想交流电压表若线圈绕对称轴oo以角速度匀速转动，则当线圈从图示位置转过90的过程中，求：(1)通过电阻r的电荷量；(2)交流电压表的示数；(3)电阻r产生的热量图d11910(20分)发电机的端电压为220 v，输出电功率为44 kw，输电线路的电阻为0.2 ，先用初、次级线圈匝数之比为110 的升压变压器升压，经输电线路后，再用初、次级线圈匝数之比为101的降压变压器降压供给用户(1)画出全过程的线路图(2)求用户得到的电压和功率(3)若不经过变压而直接送到用户，求用户得到的电压和功率45分钟单元能力训练卷(十一)1b2.d3c解析 输入电压的有效值为11000 v，用电器的额定电压为220 v，所以变压器的输出电压大于220 v，原、副线圈的匝数比小于，a错误；由输入电压的表达式知，f hz50 hz，b错误；副线圈中的电流与用电器中的电流相同，i4 a，c正确；变压器的输出功率为用电器的功率和导线电阻损耗的功率之和，大于880 w，所以变压器的输入功率大于880 w，d错误4cd解析 根据右手定则，线圈中感应电流的方向为adcba，选项a错误；当线圈转至图示位置时，线圈中感应电动势应为最大值emnbl1l2，此时，穿过线圈磁通量随时间的变化率最大，选项b错误，选项c正确；线圈ad边所受安培力的大小fnil2b，选项d正确5ac解析 灯泡正常发光时，消耗的功率为100 w，即p2100 w，由理想变压器的特点知p1p2100 w，a对；输出电压u210 v，由得输入电压u1200 v，b错；由p1i1u1得输入电流i10.5 a，c对；由p2i2u2得输出电流i210 a，d错6bd解析 电压表的示数为电压的有数值，故u1220 v，选项b正确；交变电流的频率fhz50 hz，选项a错误；因原副线圈两端的电压不变，出现火警时，r2变小，副线圈电路的总电阻变小，总电流变大，r3两端的电压变大，r2端的电压变小，通过r2电流变小，通过r1的电流变大，原线圈中的电流变大，故选项c错误，选项d正确7ad解析 由乙图可读出交流电的最大值为um220 v，周期t2102 s，100 rad/s，则交流电的电压瞬时值uumsint220 sin(100t) v，选项a正确；f50 hz，选项b错误；当用电压表测交流电电压时，电压表读数为交流电压的有效值，所以读数为220 v，选项c错误；由于bc间接理想电压表，内阻rv无穷大，则输出的电功率p0，选项d正确8(1)a、b端(2)260解析 (1)恒温箱内的加热器应接在a、b端当线圈中的电流较小时，继电器的衔铁在上方，恒温箱的加热器处于工作状态，恒温箱内温度升高随着恒温箱内温度升高，热敏电阻r的阻值变小，则线圈中的电流变大，当线圈的电流大于或等于20 ma时，继电器的衔铁被吸到下方来，则恒温箱加热器与电源断开，加热器停止工作，恒温箱内温度降低随着恒温箱内温度降低，热敏电阻r的阻值变大，则线圈中的电流变小，当线圈的电流小于20 ma时，继电器的衔铁又被释放到上方，则恒温箱加热器又开始工作，这样就可以使恒温箱内保持在某一温度(2)要使恒温箱内的温度保持在50，即50时线圈内的电流为20 ma.由闭合电路的欧姆定律有i，r为继电器线圈的电阻由图甲可知，50时热敏电阻的阻值为90 ，所以rrr260 .9(1)(2)(3)解析 (1)线圈从图示位置转过90的过程中，穿过线圈的磁通量的改变量bs，通过电阻r的电荷量qittt；(2)线圈相当于一个具有内阻的电源，电压表测量路端电压，电源电压的有效值为e，根据闭合电路的欧姆定律可得，电压表的示数为u；(3)电阻r产生的热量为qt.10. (1)如图所示(2)219.6 v43.92 kw(3)180 v36 kw解析 (1)线路图如图所示(2)升压变压器次级线圈输出电压u2u12200 v.升压变压器初级线圈输入电流i1 a200 a，所以升压变压器次级线圈输出电流i2i1200 a20 a，输电线路上的电压损失和功率损失分别为uri2r4 v，prir0.08 kw，加到降