山东省泰安市新泰市九年级物理上学期第二次能力展示试题（含解析） 新人教版.doc

山东省泰安市新泰市2016届九年级上学期第二次能力展示物理试卷一.选择题1有几种家用电器在正常工作时，下列相关说法最接近实际的是（）a电冰箱两端的电压是20vb台灯的电功率是10wc空调中的电流是0.1ad电饭煲的电功率是10w22012年5月31日是第二十五个世界禁烟日，主题是“生命与烟草的对抗”公共场所吸烟不仅危害吸烟者自身的健康，也会使他人被动吸烟，他人被动吸烟是因为（）a分子在不停地运动b分子间有空隙c分子间有作用力d分子很小3下列关于热学知识的说法，正确的是（）a做功冲程使汽车获得动力b一定质量的0的冰融化成0的水，其内能不变c汽油机的效率可以达到100%d端午粽子飘香，说明分子间存在引力4如图为某一天中央电视台天气预报的截图图中显示的四个地方，内陆地区的温差比沿海地区的温差大，造成这种差别的主要原因是（）a水的温度比土、砂石的温度低b水的内能比泥土、砂石的内能大c水的比热容比泥土、砂石的比热容大d水的密度比泥土砂石的密度小5两个相同的容器分别装了质量相同的两种液体，用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示根据图线可知（）a甲液体的比热容大于乙液体的比热容b如果升高相同的温度，两种液体吸收的热量相同c加热时间相同，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量d加热时间相同，甲液体温度升高比乙液体温度升高得多6某导体中的电流与它两端电压的关系如图所示，下列分析正确的是（）a当导体两端的电压为0时，电阻为0b该导体的电阻随电压的增大而减小c当导体两端的电压为0时，电流为0d当导体两端的电压为2v时，电流为0.6a7如图所示实验或事例，属于内能转化为机械能的是（）a由滑梯上滑下，臀部会有灼热感b 搓手取暖c 钻木取火d 水蒸汽将软木塞冲出8如图为汽油机工作过程中某一冲程的示意图，此冲程的名称及能量转化是（）a压缩冲程，机械能转化为内能b压缩冲程，内能转化为机械能c做功冲程，机械能转化为内能d做功冲程，内能转化为机械能9如图所示，要使灯泡l1和l2并联，应（）a只闭合s1b只闭合s2c只闭合s1和s3d只闭合s2和s310小明发现他家的电冰箱、洗衣机、电视机和电熨斗上都标有“220v 300w”，它们都正常工作相同的时间，产生的热量最多的是（）a电冰箱b洗衣机c电视机d电熨斗11我国随着航天事业发展需要，正在研制大功率液氢发动机这种发动机主要是因为氢是有（）a较小的密度b较大的比热容c较高的热值d较低的沸点12小明“测量小灯泡的电功率”，根据如图所示的电路连好电路后，闭合开关s，发现灯泡不发光，电压表无示数，电流表有示数但超出量程，则产生这一现象的原因可能是（）a小灯泡发生短路b小灯泡发生了断路c滑动变阻器发生了短路d滑动变阻器的滑片接触不良13如图所示，电源电压9v保持不变，当开关s闭合时，灯泡l1、l2均正常发光，电压表示数为3v，则灯泡l1两端的电压是（）a3vb6vc4.5vd9v14甲、乙两个电热器的电阻之比为5：4，通过的电流之比为2：1，通电时间之比为1：2，则电流通过甲、乙两个电热器产生的热量之比为（）a5：2b5：4c2：5d10：115如图是小明厨房安装的抽油烟机和照明灯的连接电路图下列说法正确的是（）a抽油烟机和照明灯只能同时工作b抽油烟机和照明灯工作时，它们两端的电压一定相等c抽油烟机和照明灯工作时，通过它们的电流一定相等d抽油烟机和照明灯工作时，它们的功率一定相等16如图所示的电路中，电源电压恒定不变，当开关s闭合时（）a电压表示数变小，电流表示数变小，灯变暗b电压表示数变大，电流表示数变大，灯变亮c电压表示数不变，电流表示数变小，灯变暗d电压表示数不变，电流表示数不变，灯的亮度不变17如图所示电路中，要使电阻r1和r2并联，且闭合开关后，两表均有示数，则甲、乙两表分别是（）a电流表、电流表b电流表、电压表c电压表、电流表d电压表、电压表18分别标有“6v 3w”和“6v 1.5w”的甲、乙两灯，串联在电源电压是6v的电路中，该电路的实际功率是（）a1wb3wc4.5wd5w19某同学在检修一只标有额定值为“220v 800w”的电炉时，发现电炉丝断了一小截，他用一截同种材料但较细的电炉丝，将断了的取一截补接在原长，再接入220v的原电路中使用，那么它的实际功率将（）a大于800wb等于800wc小于800wd以上三种情况都可能是可能的20“风力测试仪”的原理如图所示电源电压恒定不变，l为小灯泡，ab为阻值均匀电阻丝闭合开关s，有风时，重物受风力的作用而发生偏转则下面说法中正确的是（）a风力越大，灯泡越亮b风力越大，灯泡越暗c风力越大，ab连入电路的电阻值越大dab连入电路的电阻值与风力大小无关21如图所示是某小区门口利用光敏电阻设计的行人监控装置，r1为光敏电阻，其特点是光照强时阻值小，光照弱时阻值大，r2为滑动变阻器（电路正常工作时r2阻值不变）a、b间接监控装置则（）a当有人通过通道而遮蔽光线时，a、b间电压降低b有人通过通道而遮蔽光线时，a、b间电压升高c有人通过通道而遮蔽光线时，通过r1的电流变大d有人通过通道而遮蔽光线时，通过r2的电流变大22小伟同学用如图所示的电路测小灯泡的功率电路中电源电压恒为4.5v，电压表的量程为03v，电流表的量程为00.6a滑动变阻器的规格为“20 1a”，灯泡标有“2.5v 1.25w”字样若闭合开关，两电表的示数均不超过所选量程，灯泡两端的电压不允许超过额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法中正确的是（）a滑动变阻器的电阻允许调节的范围是020b电流表示数的变化范围是01ac灯泡的最小功率是1.25wd该电路的最大功率是2.25w二.填空题23如图所示电路中，电阻r1的阻值是20，闭合开关s，电流表a1的示数为0.3a，电流表a的示数为0.5a，则该电路中的总电阻是24月底张明家电能表的情况如图所示，然后从记录本上查出上月底电能表的示数是811.6kwh，张明家本月消耗的电能为j，若按每度0.5元计费，张明家本月应缴电费为元25一只小灯泡正常工作时的电压为6v，正常发光时的电流为0.5a，现手边只有一个电压为9v的电源，为了使小灯泡能正常发光，应联一只阻值为的电阻三.电路图26画出如图实物电路的电路图27有电池、灯泡、电铃各一个，开关两个，导线若干设计一个安装前门或后门来客时，电铃都响，并能通过灯的亮与不亮，分清前门来人若某个门分别控制一个开关，请你在答题纸上画出对应的电路图四.实验题28做“比较不同液体吸热能力”的实验时，用相同的电加热器给液体甲和乙加热液体次数质量m/kg升高的温度t/加热的时间t/min甲10.15120.110230.2104乙40.110150.120260.2204（1）分析第2、3次或第5、6次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，物质的越大，吸收的热量就越（选填：“多”或“少”）通过比较第2、4次实验数据可知，液体吸收的热量多少与液体的有关，的吸热能力更强（选填“甲”或“乙”）（3）分析第1、4次，第2、5次或第3、6次实验数据，可以得到的初步结论：29如图是测未知电阻r时的几个相关图形（1）图a是用伏安法测未知电阻r的实验图，闭合开关，将滑片p向左滑动时，此时电压表示数为2.4v，电流表示数如图b所示其读数为a，则未知电阻r=若实验中只有一个电压表和一个已知电阻r，小明设计了如图c所示的电路，同样可以测量未知电阻rx，请在空格内将实验步骤补充完整闭合s、断开s1，用电压表测出待测电阻rx两端的电压为u1；，用电压表测出电源的电压u；请写出测量值u、u1及r0来表示rx的表达式：rx=30小强做测定“小灯泡的电功率”实验时，所用器材有电压为6v的电源，额定电压为2.5v的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线图a是小强没有连接完的实物电路（1）请你用笔画线代替导线，帮小强将实物电路连接完整小强连接好电路闭合开关，移动滑动变阻器滑片p，发现小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是（写出一种即可）（3）小强排除故障后闭合开关，移动滑动变阻器滑片p到某处，电压表的示数为2.2v，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片p向端滑动（选填“左”或“右”）（4）小强通过移动滑片p，分别记下了多组对应电压表和电流表的读数，并绘制成了图b所示的ui图象根据ui图象提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率是w，当加在小灯泡两端的电压为1.5v时，小灯泡的电阻是五.计算题31某同学在实验室做实验时，在1标准大气压下用酒精炉给水加热，他将500g 20水烧开燃烧了14g酒精，则该酒精炉的效率是多少？已知酒精热值是3.0107j/kg，水的比热容是4.2103j/（kg）32图甲是某种压力秤原理示意图，电压表（量程为03v）可对应显示压力的大小，已知r0=100电源电压u=4.5v保持不变，压力传感器r的阻值随所受的压力变化的图象如图乙（设踏板的重力忽略不计）（1）当一个重力大小为600n的中学生站在压力秤上时，电压表的示数为多少伏特？此时电路所消耗的总功率为多少瓦特？33下表为一台电烤箱的铭牌，其内部简化电路如图所示，r1和r2均为电热丝求：牌电烤箱额定电压220v额定功率高温档1100w低温档440w电源频率50hz（1）电烤箱在高温档正常工作15min所消耗的电能；电烤箱在低温档正常工作时，r2的阻值是多少；（3）假设在用电高峰时，家庭电路实际电压为200v，电烤箱在高温档的实际功率是多少（实际功率计算结果保留到小数点后1位）？山东省泰安市新泰市2016届九年级上学期第二次能力展示物理试卷参考答案与试题解析一.选择题1有几种家用电器在正常工作时，下列相关说法最接近实际的是（）a电冰箱两端的电压是20vb台灯的电功率是10wc空调中的电流是0.1ad电饭煲的电功率是10w【考点】电压；电流的大小；实际功率【专题】估算题；估算综合应用题【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案【解答】解：a、我国家庭电路电压是220v，所以电冰箱两端的电压是220v，不是20v，故a不符合实际；b、一般照明灯泡的额定功率在40w左右，台灯的额定功率更小，大约为10w，故b符合实际；c、空调的电功率约1000w左右，根据p=ui可得，电流i=4.5a，故c不符合实际；d、电饭煲的额定功率约为1000w，远远大于10w，故d不符合实际故选：b【点评】此题考查的是学生对一些常见物理量的估测能力，需要学生对生活中的常见物理量单位、大小有所认识，再结合必要的计算，此题就会得到正确答案，因此同学们要注意平时在学习和生活中的知识积累22012年5月31日是第二十五个世界禁烟日，主题是“生命与烟草的对抗”公共场所吸烟不仅危害吸烟者自身的健康，也会使他人被动吸烟，他人被动吸烟是因为（）a分子在不停地运动b分子间有空隙c分子间有作用力d分子很小【考点】分子的运动【专题】压轴题；分子热运动、内能【分析】吸烟有害健康，在公共场所吸烟，则不仅有害自己的健康，也有害于他人的健康，因为烟草在燃烧的过程中会产生如co、尼古丁、焦油等对人体有害的物质构成这些有害物质的微粒会不断运动，从而造成他人被动吸烟，也就是常说的“二手烟”【解答】解：由于烟草在燃烧的过程中会产生如co、尼古丁、焦油等对人体有害的物质构成这些有害物质的分子会不断运动，从而造成他人被动吸烟，也就是常说的“二手烟”因此在公共场所应禁止吸烟故选a【点评】吸烟有害健康，在公共场所吸烟，则不仅有害自己的健康，也有害于他人的健康，会应用微粒的基本特征解释某些生活中的现象3下列关于热学知识的说法，正确的是（）a做功冲程使汽车获得动力b一定质量的0的冰融化成0的水，其内能不变c汽油机的效率可以达到100%d端午粽子飘香，说明分子间存在引力【考点】内燃机的四个冲程；温度、热量与内能的关系；分子间的作用力；热机的效率【专题】比热容、热机、热值【分析】（1）在做功冲程中，汽油机将内能转化为机械能，由此获得动力；晶体在熔化时吸热温度不变，内能增大；（3）热机在工作时不可避免地有能量的损耗与散失；（4）物质是由大量分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在相互的作用力【解答】解：a、在做功冲程中，燃料燃烧生成高温高压的燃气，燃气推动活塞运动，活塞从而带动曲轴转动，使汽车获得动力，在此过程中，将内能转化为机械能，故a正确；b、冰是晶体，在熔化过程中吸收热量，温度不变，内能增大，故b错误；c、热机在工作时不可避免地有能量的损耗与散失，故汽油机的效率不可能达到100%，故c错误；d、端午节粽子飘香，是因为粽子香气中含有的分子是在不断运动的，向四周扩散，使人们闻到粽子的香气，故d错误故选a【点评】本题考查了多个与热学有关的知识点，对每一个知识的理解要深入，这样才能在一些类似的说法中准确做出判断，这也是物理常考的内容4如图为某一天中央电视台天气预报的截图图中显示的四个地方，内陆地区的温差比沿海地区的温差大，造成这种差别的主要原因是（）a水的温度比土、砂石的温度低b水的内能比泥土、砂石的内能大c水的比热容比泥土、砂石的比热容大d水的密度比泥土砂石的密度小【考点】比热容解释简单的自然现象【专题】应用题；推理法；比热容、热机、热值【分析】沿海地区水多，水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区比内陆地区昼夜的温差小【解答】解：上海和台北属于沿海地区水多，水的比热容较大；西宁和拉萨属于内陆地区，地表以砂石泥土为主，砂石泥土比热容较小白天，相同质量的水和陆地比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少，砂石泥土温度升高的多，所以上海和台北升高温度较低，西宁和拉萨升高温度较高；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，砂石泥土温度降低的多，所以上海和台北降低温度较少，西宁和拉萨的降低温度较多，因此内陆地区的西宁和拉萨的日温差比沿海地区的上海和台北日温差大故选c【点评】此题考查的是利用所学的物理知识（水的比热容大的特点）解释生活中的现象，是2016届中考的命题的热点形式5两个相同的容器分别装了质量相同的两种液体，用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示根据图线可知（）a甲液体的比热容大于乙液体的比热容b如果升高相同的温度，两种液体吸收的热量相同c加热时间相同，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量d加热时间相同，甲液体温度升高比乙液体温度升高得多【考点】比热容的概念；热量的计算【专题】信息给予题；图析法【分析】a、在纵轴上找一点，保证两种液体升高相同的温度；过这点做横轴的平行线，与甲乙两种液体的图象有交点，再过交点做纵轴的平行线，与横轴上有交点，比较甲乙两种液体的加热时间，加热时间长的吸收热量多，根据公式q吸=cm（tt0）得出比热容的关系；b、在纵轴上找一点，保证两种液体升高相同的温度；过这点做横轴的平行线，与甲乙两种液体的图象有交点，再过交点做纵轴的平行线，与横轴上有交点，比较甲乙两种液体的加热时间，加热时间长的吸收热量多；c、用同一热源加热，相同的加热时间，甲乙液体吸收的热量就是相同的；d、在横轴上找一点，保证加热时间相同；过这点做纵轴的平行线，与甲乙两种液体的图象有交点，再过交点做横轴的平行线，与纵轴上有交点，比较甲乙升高温度的关系【解答】解：a、根据下面的图象可知：质量相同的甲乙两种液体升高相同的温度，甲的加热时间更长，吸收的热量更多，根据公式q吸=cm（tt0），质量、升高的温度一定时，吸收的热量和物质的比热容成正比，甲吸收的热量多说明甲的比热容大，所以a是正确的；b、根据下面的图象可知：质量相同的甲乙两种液体升高相同的温度，甲的加热时间更长，吸收的热量更多，所以b是错误的；c、同一热源加热，相同的时间内甲乙两种液体吸收的热量就是相同的，所以c是错误的；d、根据下面的图象可知：质量相同的甲乙两种液体加热相同的时间，乙的温度升高值更大，所以d是错误的图象如下：故选a【点评】此题主要考查的是我们对于图象的分析能力，图象的分析是初中学生必须掌握的一种能力；近几年的2016届中考，图象分析题的比例是越来越大，这类题要引起注意6某导体中的电流与它两端电压的关系如图所示，下列分析正确的是（）a当导体两端的电压为0时，电阻为0b该导体的电阻随电压的增大而减小c当导体两端的电压为0时，电流为0d当导体两端的电压为2v时，电流为0.6a【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验；影响电阻大小的因素；欧姆定律的变形公式【专题】电路和欧姆定律【分析】图象横坐标表示电压，纵坐标表示电流，这是一个正比例函数图象，电流随电压的增大而增大【解答】解：a、由图象上看出，当导体两端的电压为0时，电流为0，但是电阻不为零，因为电阻是导体本身的一种性质，与材料、长度、横截面积以及温度有关，与电压和电流没有关系，故该选项说法错误；b、由图象可求得导体的电阻为r=5，并且不随电压的改变而改变，该选项说法错误；c、电压使电路中形成电流，因此电压为零时，电流也为零，该选项说法正确；d、当导体电压为2v时，由图象可以找到此时对应的电流0.4a，因此该选项说法错误故选c【点评】本题需要注意两点：（1）电阻是导体本身的性质，其大小与材料、长度、横截面积、温度有关，与电压的大小和电流的大小无关；读懂图象，能根据电压找到对应的电流，或者根据电流找到对应的电压7如图所示实验或事例，属于内能转化为机械能的是（）a由滑梯上滑下，臀部会有灼热感b 搓手取暖c 钻木取火d 水蒸汽将软木塞冲出【考点】内能的利用及其意义【专题】应用题【分析】在一定的条件下，各种能量都可以相互转化内能转化为机械能就是利用内能来做功的过程【解答】解：a、由滑梯上滑下，臀部会有灼热感，机械能转化为内能故a错误；b、c、搓手取暖，钻木取火，都是机械能转化为内能故b、c错误；d、水蒸气顶开软木塞，是利用水蒸气的内能来做功，把内能转化为机械能故d正确；故选d【点评】此题主要考查的是对内能的利用的了解和掌握，是一道基础题主要体现物理来源于生活，又服务于社会的新理念8如图为汽油机工作过程中某一冲程的示意图，此冲程的名称及能量转化是（）a压缩冲程，机械能转化为内能b压缩冲程，内能转化为机械能c做功冲程，机械能转化为内能d做功冲程，内能转化为机械能【考点】内燃机的四个冲程【专题】比热容、热机、热值【分析】由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；汽油机四个冲程中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能，排气和吸气冲程没有能的转化【解答】解：如图，进气门和排气门都是关闭的，活塞上行，因此是压缩冲程，压缩冲程中机械能转化为内能故选a【点评】本题考查了汽油机四冲程的判定方法和其中的能量转化，属于基础题目9如图所示，要使灯泡l1和l2并联，应（）a只闭合s1b只闭合s2c只闭合s1和s3d只闭合s2和s3【考点】电路的基本连接方式【专题】图析法；电流和电路【分析】电路元件的连接有串联和并联两种方式：由于串联电路只有一条电流路径，流过一个元件的电流同时流过另一个元件，因此各元件相互影响；而并联电路中有多条支路，所以各元件独立工作、互不影响【解答】解：a、只闭合s1时，电流无法形成通路，不合题意；b、只闭合s2时，电流只有一条路径，为两灯泡的串联电路，不合题意；c、断开开关s2，闭合开关s1、s3时，电路中有两条电流的路径，灯泡l1和l2并联，符合题意；d、只闭合s2和s3时，为灯泡l2的简单电路，不合题意故选c【点评】解决此类问题要结合串联电路和并联电路的特点选择合适的开关组合10小明发现他家的电冰箱、洗衣机、电视机和电熨斗上都标有“220v 300w”，它们都正常工作相同的时间，产生的热量最多的是（）a电冰箱b洗衣机c电视机d电熨斗【考点】电热【专题】应用题；电与热、生活用电【分析】用电器消耗电能的过程，是将电能转化为其它形式的能量的过程，分析各个用电器的能量转化得出答案【解答】解：这四个用电器的额定功率都相同，所以它们正常工作相同的时间，消耗的电能一样多，但它们的发热量却各不相同a、电冰箱在工作时，电能主要转化为机械能，少部分转化为内能；b、洗衣机工作时，主要将电能转化为机械能，有一小部分转化为热能；c、电视机在工作时，主要将电能转化为光能、声能，还有一部分转化为热能；d、电熨斗属于电热器，它在工作时，主要将电能转化为热能；从各用电器工作时的能量转化情况可知，它们正常工作相同的时间，发热最多的用电器是电熨斗故选d【点评】分析出各个用电器的能量转化情况是本题的关键，用电器将电能全部转化为内能，这样的电路叫纯电阻电路11我国随着航天事业发展需要，正在研制大功率液氢发动机这种发动机主要是因为氢是有（）a较小的密度b较大的比热容c较高的热值d较低的沸点【考点】燃料的热值【专题】比热容、热机、热值【分析】单位质量的某种燃料完全燃烧时放出的热量叫做这种燃料的热值，燃料的热值越高，在质量相同时，完全燃烧时放出的热量越大【解答】解：火箭燃料燃烧，必须释放很大的能量根据这个需要，选择液氢来做燃料，原因就是热值比较大故选c【点评】本题考查学生对热值定义的掌握情况，需要根据火箭的具体应用来分析12小明“测量小灯泡的电功率”，根据如图所示的电路连好电路后，闭合开关s，发现灯泡不发光，电压表无示数，电流表有示数但超出量程，则产生这一现象的原因可能是（）a小灯泡发生短路b小灯泡发生了断路c滑动变阻器发生了短路d滑动变阻器的滑片接触不良【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【专题】压轴题；电流和电路【分析】电流表有示数，说明整个电路是通路，电压表无示数，说明灯泡灯泡的电阻相对于整个电路的电阻来说很小，所以灯泡能够分得的电压很小，其原因是滑动变阻器连入电路阻值过大所致【解答】解：根据电路图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端电压，电流表测量电路电流；a、如果小灯泡发生短路，电流表有示数，电压表示数为零，符合题意b、如果小灯泡发生了断路，则电路为断路，电流表示数为零，电压表测量电源电压，不符合题意；c、如果滑动变阻器短路，电路中电流将会很大，电流表、电压表都有示数，不符合题意d、滑动变阻器的滑片接触不良，即电路为断路，电流表、电压表都无示数，不符合题意故选：a【点评】本题考查了电路故障的判断，这是我们常考的内容，也是2016届中考重点考查的内容；平时学习时要注意多总结，多积累13如图所示，电源电压9v保持不变，当开关s闭合时，灯泡l1、l2均正常发光，电压表示数为3v，则灯泡l1两端的电压是（）a3vb6vc4.5vd9v【考点】串联电路的电压规律【专题】电压和电阻【分析】由电路图可知，两灯泡串联，电压表测l2两端的电压，根据串联电路的电压的特点即可求出灯泡l1两端的电压【解答】解：因为l1与l2串联，电压表测l2两端的电压，并且串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以灯泡l1两端的电压：u1=uu2=9v3v=6v故选b【点评】本题考查了串联电路电压的特点，关键是电压表所测电路元件的判断14甲、乙两个电热器的电阻之比为5：4，通过的电流之比为2：1，通电时间之比为1：2，则电流通过甲、乙两个电热器产生的热量之比为（）a5：2b5：4c2：5d10：1【考点】焦耳定律【专题】电和热综合题【分析】根据q=i2rt求出电热器产生的热量之比【解答】解：电热器产生的热量之比：=故选a【点评】此题主要考查的是学生对焦耳定律计算公式的理解和掌握，基础性题目15如图是小明厨房安装的抽油烟机和照明灯的连接电路图下列说法正确的是（）a抽油烟机和照明灯只能同时工作b抽油烟机和照明灯工作时，它们两端的电压一定相等c抽油烟机和照明灯工作时，通过它们的电流一定相等d抽油烟机和照明灯工作时，它们的功率一定相等【考点】并联电路的电压规律；并联电路的电流规律【专题】电流和电路【分析】（1）并联电路各用电器独立工作、互不影响，串联电路各用电器相互影响不能独立工作；并联电路中，干路开关控制整个电路，支路开关只能控制所在的支路【解答】解：（1）由电路图可知，照明灯和抽油烟机并联，它们可以独立工作、互不影响；开关s1控制抽油烟机，开关s2控制照明灯；当只闭合s1时，只有抽油烟机工作，当只闭合s2时，只有照明灯工作，当s1与s2同时闭合时，换气扇与照明灯同时工作，故a错误；（3）并联电路电压相等，抽油烟机与照明灯并联，它们工作时两端电压一定相等，但它们的电流不一定相等，由p=ui可知，它们的功率不一定相等，故b正确，c、d错误；故选b【点评】本题考查并联电路的应用及特点，要结合串联和并联特点以及开关的作用进行分析16如图所示的电路中，电源电压恒定不变，当开关s闭合时（）a电压表示数变小，电流表示数变小，灯变暗b电压表示数变大，电流表示数变大，灯变亮c电压表示数不变，电流表示数变小，灯变暗d电压表示数不变，电流表示数不变，灯的亮度不变【考点】电路的动态分析【专题】欧姆定律【分析】开关断开时，电路中只有灯泡l工作；电流表测量通过灯泡的电流，电压表测量电源电压；当开关闭合时，电阻r与灯泡l并联，电流表还是测量通过灯泡的电流，电压表还是测量电源电压【解答】解：电源电压恒定不变，当电键k闭合时，电阻r与灯泡l并联，灯泡两端的电压不变，所以通过的电流也不变；电流表的示数不变；灯泡亮度不变；电源电压不变，所以电压表的示数也不变故选d【点评】本题考查并联电路电压的特点；关键是明白电流表和电压表分别测量哪一部分电路的电流和电压17如图所示电路中，要使电阻r1和r2并联，且闭合开关后，两表均有示数，则甲、乙两表分别是（）a电流表、电流表b电流表、电压表c电压表、电流表d电压表、电压表【考点】电流表的使用；电压表的使用【分析】根据电压表和电流表在电路中的作用以及并联电路的特点进行分析，即电压表在电路中相当于开路，电流表在电路中相当于导线【解答】解：由于两电阻并联，因此电流必须从正极出发，分别流入电阻r1和r2中，故乙为电流表；又因为电流从电阻流出后将共同流回负极，因此甲也为电流表故选a【点评】解答本题的关键是知道电压表和电流表的正确连接方法以及各自在电路中的作用18分别标有“6v 3w”和“6v 1.5w”的甲、乙两灯，串联在电源电压是6v的电路中，该电路的实际功率是（）a1wb3wc4.5wd5w【考点】实际功率【专题】计算题；应用题；电能和电功率【分析】已知两灯泡的额定电压和额定功率，根据公式r=求出灯泡的电阻；再利用公式p=求出电路的总功率【解答】解：灯泡甲电阻r1=12，灯泡乙电阻r2=24，电路的总功率为：p=1w故选：a【点评】本题考查串联电路中电流与电压的规律，实际功率与额定功率的比较，欧姆定律和电功率公式及其变形的灵活运用，关键是计算灯泡的电阻19某同学在检修一只标有额定值为“220v 800w”的电炉时，发现电炉丝断了一小截，他用一截同种材料但较细的电炉丝，将断了的取一截补接在原长，再接入220v的原电路中使用，那么它的实际功率将（）a大于800wb等于800wc小于800wd以上三种情况都可能是可能的【考点】电功率的计算；影响电阻大小的因素；实际功率【分析】本题考查了电功率公式：p=，结合在导体的长度和材料相同的情况下，导体的横截面积越小电阻越大，横截面积越大电阻越小，联立求解【解答】解：因电阻丝的材料和长度相同，烧断后用一截同种材料但较细的电炉丝接入，这样造成电阻丝的横截面积减小，在材料、长度不变时，横截面积减小，电阻要比原来大，所以根据电功率公式：p=，电炉的实际功率要比原来的800w小，所以a、b、d不符合题意，只有c符合题意；故选c【点评】解决此类电学综合问题要结合电功率公式和影响电阻大小的因素联立求解20“风力测试仪”的原理如图所示电源电压恒定不变，l为小灯泡，ab为阻值均匀电阻丝闭合开关s，有风时，重物受风力的作用而发生偏转则下面说法中正确的是（）a风力越大，灯泡越亮b风力越大，灯泡越暗c风力越大，ab连入电路的电阻值越大dab连入电路的电阻值与风力大小无关【考点】电路的动态分析【专题】电路变化分析综合题【分析】ab和重物共同组成滑动变阻器，而灯泡与滑动变阻器串联，当风力增大时，通过重物偏转的方向分析电阻丝ab接入电路中电阻的大小变化，然后利用欧姆定律分析电路中电流的变化，根据电流的变化判断灯泡的亮度【解答】解：风力大小决定重物偏转角度大小的变化，当风力增大时，重物向左偏转，偏转的角度增大，ab接入电路的电阻变小，即电路的总电阻减小，由i=可得，电路中的电流减小，则灯泡越亮故选a【点评】解答此题需要掌握：欧姆定律的应用以及滑动变阻器的正确使用；并会将理论知识应用到实际生活当中，真正体会从物理走向生活的理念21如图所示是某小区门口利用光敏电阻设计的行人监控装置，r1为光敏电阻，其特点是光照强时阻值小，光照弱时阻值大，r2为滑动变阻器（电路正常工作时r2阻值不变）a、b间接监控装置则（）a当有人通过通道而遮蔽光线时，a、b间电压降低b有人通过通道而遮蔽光线时，a、b间电压升高c有人通过通道而遮蔽光线时，通过r1的电流变大d有人通过通道而遮蔽光线时，通过r2的电流变大【考点】电路的动态分析【专题】应用题；比较思想；图析法；电路变化分析综合题【分析】由电路图可知，r1与r2串联，监控装置与r2并联；根据题意得出有人通过时r1阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和a、b间电压的变化【解答】解：由电路图可知，r1与r2串联，监控装置与r2并联当有人通过通道而遮蔽光线时，r1阻值变大，电路中的总电阻变大，因串联电路中各处的电流相等，所以，由i=可知，电路中的电流变小，通过r1的电流变小；由u=ir可知，r2两端的电压变小，即a、b间电压变小故选a【点评】本题考查了电路的动态分析，要注意当有人通过通道而遮蔽光线时滑动变阻器接入电路中的电阻不变22小伟同学用如图所示的电路测小灯泡的功率电路中电源电压恒为4.5v，电压表的量程为03v，电流表的量程为00.6a滑动变阻器的规格为“20 1a”，灯泡标有“2.5v 1.25w”字样若闭合开关，两电表的示数均不超过所选量程，灯泡两端的电压不允许超过额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法中正确的是（）a滑动变阻器的电阻允许调节的范围是020b电流表示数的变化范围是01ac灯泡的最小功率是1.25wd该电路的最大功率是2.25w【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】电路和欧姆定律；电能和电功率【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出电压表的示数为3v时灯泡两端的电压，确定灯泡是否可以正常发光；根据串联电路的电流特点可知电路中的最大电流为灯泡额的电流和滑动变阻器允许通过最大电流中较小的一个，根据p=ui求出电路中的最大电功率，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表的示数为3v时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，利用欧姆定律求出灯泡的电阻，利用串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电路中电流变化的范围，利用p=i2r求出灯泡的最小功率，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值即可得出滑动变阻器阻值变化的范围【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压（1）灯泡正常发光时的电压为2.5v，功率为1.25w，当电压表的示数为3v时，因串联电路总电压等于各分电压之和，所以，此时电压表的示数u滑=uul=4.5v2.5v=2v，因2v3v，没有超出电压表的量程，所以，灯泡两端的电压可以达到2.5v，因串联电路中各处的电流相等，所以，根据p=ui可得，灯泡正常发光时电路中的电流：i=il=0.5a，因滑动变阻器允许通过的最大电流为1a，所以，电路中的最大电流imax=0.5a，电路的最大电功率：pmax=uimax=4.5v0.5a=2.25w，故d正确；此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，最小为：r滑min=4；当电压表的示数为3v时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，灯泡的电阻：rl=5，灯泡两端的电压：ul=uu滑max=4.5v3v=1.5v，电路中的最小电流：imin=0.3a，所以，电路中电流变化的范围是0.3a0.5a，故b不正确；灯泡的最小功率：pl=（imin）2rl=（0.3a）25=0.45w，故c不正确；滑动变阻器接入电路中的最大阻值：r滑max=10，所以，滑动变阻器阻值变化的范围是410，故a不正确故选d【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等二.填空题23如图所示电路中，电阻r1的阻值是20，闭合开关s，电流表a1的示数为0.3a，电流表a的示数为0.5a，则该电路中的总电阻是12【考点】欧姆定律的应用【专题】应用题；欧姆定律【分析】由电路图可知，r1与r2并联，电流表a测干路电流，电流表a1测r1支路的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压，再根据欧姆定律求出电路中的总电阻【解答】解：由电路图可知，r1与r2并联，电流表a测干路电流，电流表a1测r1支路的电流，因并联电路中各支路两端电压相等，所以，由i=可得，电源的电压：u=i1r1=0.3a20=6v，该电路中的总电阻：r=12故答案为：12【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道基础题目24月底张明家电能表的情况如图所示，然后从记录本上查出上月底电能表的示数是811.6kwh，张明家本月消耗的电能为4.32108j，若按每度0.5元计费，张明家本月应缴电费为60元【考点】电能表参数的理解与电能的求法【专题】应用题；电能和电功率【分析】电能表显示数字中最后一位是小数，单位为kwh，本月底示数减去上月底示数即为本月消耗的电能，然后乘以电价即可求出应缴的电费【解答】解：本月底电能表的示数w2=931.6kwh，则本月消耗的电能：w=w2w1=931.6kwh811.6kwh=120kwh=1203.6106j=4.32108j；消耗的电能w=120kwh=120度，则应缴的电费：120度0.5元/度=60元故答案为：4.32108；60【点评】本题考查了电能表的读数和电费的计算，知道电能表上的示数最后一位是小数是关键25一只小灯泡正常工作时的电压为6v，正常发光时的电流为0.5a，现手边只有一个电压为9v的电源，为了使小灯泡能正常发光，应串联一只阻值为6的电阻【考点】欧姆定律的应用【专题】电路和欧姆定律【分析】现在电源电压大于灯泡正常工作时的电压，需要串联分压，串联电阻两端的电压等于电源电压减去灯泡的额定电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律即可求出电阻的阻值【解答】解：由题意知，电源电压大于小灯泡正常发光的电压，根据串联分压的规律，为使其正常发光，应串联一个电阻来进行分压灯泡正常发光时的电压为ul=6v；根据串联分压的特点，电阻两端的电压ur=uul=9v6v=3v，串联电路各处的电流相等，i=，串联电阻的阻值：r=6故答案为：串；6【点评】本题考查电压、电阻的计算，关键是欧姆定律公式及其变形的灵活运用以及知道串联分压的特点三.电路图26画出如图实物电路的电路图【考点】根据实物图画电路图【专题】作图题；图像综合题【分析】先判断实物图的连接方式，然后再确定每一个开关分别控制哪一部分支路以及电流表和电压表的测量对象，最后画出电路图【解答】解：由图知：从电源正极出来的电流出现了电路分支：一条支路经开关s2，电阻r2，另一条支路流向开关s1，定值电阻r1，然后两支电流汇合成一支电流经滑动变阻器、电流表回到电源负极，电压表并联在滑动变阻器两端，故电路图如下：【点评】此题考查的是根据实物图画电路图，对实物图正确分析，得到电路的连接关系或电表的正确位置，是得到正确电路图的前提27有电池、灯泡、电铃各一个，开关两个，导线若干设计一个安装前门或后门来客时，电铃都响，并能通过灯的亮与不亮，分清前门来人若某个门分别控制一个开关，请你在答题纸上画出对应的电路图【考点】串、并联电路的设计【专题】作图题；设计与制作题；电流和电路【分析】电铃都响，并能通过灯的亮与不亮，分清前门来人，说明前后两个门的开关可以独立工作、互不影响即为并联，且灯泡位于一个支路，电铃位于干路，据此设计电路图【解答】解：经分析可知，前后门开关并联，且灯泡位于一个支路，电铃位于干路，然后与电源组成电路，如下图所示：【点评】本题考查了设计电路的能力注意并联电路中各用电器互不影响，而串联电路中各元件相互控制四.实验题28做“比较不同液体吸热能力”的实验时，用相同的电加热器给液体甲和乙加热液体次数质量m/kg升高的温度t/加热的时间t/min甲10.15120.110230.2104乙40.110150.120260.2204（1）分析第2、3次或第5、6次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，物质的质量越大，吸收的热量就越多（选填：“多”或“少”）通过比较第2、4次实验数据可知，液体吸收的热量多少与液体的种类有关，甲的吸热能力更强（选填“甲”或“乙”）（3）分析第1、4次，第2、5次或第3、6次实验数据，可以得到的初步结论：质量相同的同种物质，升高的温度越高，吸收的热量就越多【考点】探究比热容的实验【专题】简答题；探究型实验综合题【分析】（1）分析第2、3次或第5、6次实验数据，物质的种类和升高的温度相同，物体的质量越多，吸热的热量就越多分析第2、4次实验数据，质量相同的不同物质，升高相同的温度，加热时间不同，说明吸收的热量不同，加热时间长的吸收的热量多，吸热能力强（3）相同的加热器，加热相同的时间，吸收热量相同，至于甲乙升高的温度不同是因为比热容不同造成的即用加热时间的长短比较吸热的多少【解答】解：（1）由