山东省济南市高三物理上学期质量检测考试试题鲁科版.doc

济南外国语学校2012-2013学年度第一学期高三质量检测物理试题本试卷分第i卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分，共6页，满分100分，考生用时90分钟。考试结束后，将本试卷、答题卡和答题纸一并交回。考生务必将答案填涂在答题纸上规定的地方，仅写在试卷上的不得分。第卷 (选择题 共48分) 一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要。以下符合史实的是a伽利略证明了轻物和重物下落的速度不受其重力大小的影响b开普勒通过对行星运动规律的研究总结出了万有引力定律c卡文迪许利用扭秤装置测定了引力常量的数值d牛顿将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动【答案】ac【解析】由物理学发展历程中的科学家的贡献可知各项是否正确牛顿总结出了万有引力定律，伽利略将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动，bd错误，ac符合史实。2给滑块一初速v0，使它沿光滑斜面向上作匀减速运动，加速度大小为，当滑块速度大小变为 时，所用时间可能是（ ） a b c d【答案】bc【解析】规定初速度的方向为正方向，若滑块的末速度与初速度方向相同，则；若滑块的末速度与初速度方向相反，则故b、c正确，a、d错误3利用速度传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的图像.某同学在一次实验中得到的运动小车的速度时间图像如图所示，则（ ）a小车运动的最大速度约为0.8m/s b小车加速度先增大后减小c小车的位移一定大于6md小车做曲线运动【答案】ac【解析】由题中图象的斜率可知09s小车做加速度减小的加速运动，9s15s小车做加速度增大的减速运动；当t=9s时，速度最大，vmax0.8m/s，所以a正确、b错误在v-t图中，图线与坐标轴所围的面积在数值上表示位移的大小，图中每小格的面积表示的位移大小为0.1m，总格数约为83格（大于半格计为一格，小于半格忽略不计），总位移8.3m，所以c正确（若小车做匀变速运动，最大速度为0.8m/s时，对应的15s内位移是6m）v-t图中，v0表示物体运动方向始终沿正方向，做直线运动，图线与运动轨迹不等同，所以d错4如图所示，从某高度水平抛出一小球，经过时间t到达地面时，速度与水平方向的夹角为，不计空气阻力，重力加速度为g。下列说法正确的是（ ）a小球水平抛出时的初速度大小为b小球在t时间内的位移方向与水平方向的夹角为c若小球初速度增大，则平抛运动的时间变长d若小球初速度增大，则减小【答案】d【解析】落地时竖直方向上的速度vy=gt因为速度方向与水平方向的夹角为，所以落地的速度大小v= ，小球的初速度v0=vycot=gtcot,a错。速度与水平方向夹角的正切值tan= ，位移与水平方向夹角的正切值tan= ，tan=2tan但，故b错。平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关故c错。由于tan= ，若小球初速度增大，则减小，d对。5放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力f的作用，f的大小与时间t的关系如甲图所示；物块的运动速度v与时间t的关系如乙图所示，6s后的速度图象没有画出，g取10m/s2。下列说法不正确的是（ ） f/nt/s3699o36甲t/sv/（ms-1）3o6936乙a滑动时受的摩擦力大小是3nb物块的质量为1.5kgc物块在69s内的加速度大小是2m/s2d物块前6s内的平均速度大小是4.5m/s【答案】a【解析】由速度-时间图象可以知道，在36s内，物体处于匀速直线状态，即物体所受到的摩擦力大小应该与推力f大小相等，f滑=f推=6n，故a错误；在03s内，物体做匀加速直线运动，a=2m/s2，f合=ma=f推-f滑=3n，得出m=1.5kg，故b正确；在69s内，f推=3n，f滑=6n，f合=ma=f滑-f推=3n，得出a=2m/s2，故c正确；由速度时间图象面积可知，06s内物体的位移x= （3+6）6m=27m，物块前6s内的平均速度大小v= =4.5m/s，故d正确。故选a6嫦娥二号探月卫星于2009年前后发射，其环月飞行的高度距离月球表面100km，所探测到的有关月球的数据将比环月飞行高度为200km的嫦娥一号更加翔实。若两颗卫星环月运行均可视为匀速圆周运动，运行轨道如图所示。则（ ）a嫦娥二号环月运行的周期比嫦娥一号更小b嫦娥二号环月运行的周期比嫦娥一号更大c嫦娥二号环月运行时向心加速度比嫦娥一号更小d嫦娥二号环月运行时向心加速度与嫦娥一号相等【答案】a【解析】设月球的质量为m，嫦娥卫星的质量为m，轨道半径为r由，得到，可知“嫦娥二号”环月运行的周期比“嫦娥一号”更小；由可知，“嫦娥二号”环月运行时的向心加速度比“嫦娥一号”更大故只有a正确7运动员从悬停在空中的直升机上跳伞，伞打开前可看做是自由落体运动，打开伞后减速下降，最后匀速下落。如果用h表示下落高度，t表示下落的时间，f表示人受到的合力，e表示人的机械能，ep表示人的重力势能，v表示人下落的速度，在整个过程中，如果打开伞后空气阻力与速度平方成正比，则下列图象可能符合事实的是（ ） 【答案】ac【解析】重力势能逐渐减小，ep=mgh=mg（h0-h），即重力势能与高度是线性关系，故a正确。机械能的变化等于除重力外其余力做的功，故自由落体运动过程机械能守恒，故b错误运动员在伞打开前可看作是自由落体运动，即空气阻力忽略不计，故只受重力；开伞后减速下降，空气阻力大于重力，故合力向上，当阻力减小到等于重力时，合力为零，做匀速直线运动；即合力先等于重力，然后突然反向变大，且逐渐减小到零，故c正确。由于空气阻力与速度平方成正比，故伞打开后的v-t图像不应该是直线，d错误。8如图所示，a、b是x轴上关于o点对称的两点，c、d是y轴上关于o点对称的两点，c、d两点分别固定一等量异种点电荷，带负电的检验电荷仅在电场力作用下从a点沿曲线运动到b点，e为第一象限内轨迹上的一点，以下说法正确的是（ ）ac点的电荷带正电ba点电势高于e点电势ce点场强方向沿轨迹在该点的切线方向d检验电荷从a到b过程中，电势能先增加后减少 【答案】bd【解析】由于只受电场力的作用，检验电荷做曲线运动，所以电场力指向轨迹的凹侧，因为检验电荷带负电，所以c点的电荷带负电，a错；由等量异种电荷电场线分布特征可知沿电场线方向电势逐渐降低，某点场强方向沿该点电场线的切线方向，所以b对c错；设轨迹与y轴交于f点，检验电荷从a到f的过程中，电场力做正功，电势能增加，检验电荷从f到b的过程中，电场力做负功，电势能减小，故d对。9用电动势为e、内电阻为r的电池组直接向线圈电阻为r的电动机供电，电动机正常工作后，测得通过的电流为i、电动机两端的电压为u，则（ ）a电路中电流 b在时间t内，电池组消耗的化学能为ietc在时间t内，电动机输出的机械能是iet-i2rt d以上说法都不对 【答案】b【解析】当电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，故a错误由电源定义知在时间t内，电池组消耗的化学能为iet，b对；电动机的输出功率是机械功率，根据能量守恒定律得，p出=p电-p热=ui-i2r，在时间t内，电动机输出的机械能是iut-i2rt，故c、d错。10如图所示，平行金属板中带电质点p原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器r4的滑片向b端移动时，则（ ）a电压表读数减小 b电流表读数减小c质点p将向上运动 dr3上消耗的功率逐渐增大【答案】a【解析】当滑动变阻器r4的滑片向b端移动时，变阻器接入电路的阻值减小，外电路总电阻减小，总电流变大，则r和两端电压增大，加在两端的电压减小，质点p向下运动，c错；所以流过的电流减小，r3上消耗的功率减小，d错；由于总电流变大，所以流过和的电流增大，电流表读数增大，b错；两端电压增大，两端的电压减小，所以两端电压减小，电压表读数减小，a对。11如图所示，正方形闭合导线框的质量可以忽略不计，将它从如图所示的位置匀速拉出匀强磁场。若第一次用0.3s时间拉出，外力所做的功为；第二次用时间拉出，外力所做的功为，则（ ）a b c d【答案】c【解析】设正方形边长为l，导线框的电阻为r，则导体切割磁感线的边长为l，运动距离为l，可知w与t成反比，选c。12如图甲所示，一直角三角形金属框，向左匀速地穿过一个方向垂直于纸面向内的匀强磁场，磁场仅限于虚线边界所围的区域内，该区域的形状与金属框完全相同，且金属框的下边与磁场区域的下边在一直线上。若取顺时针方向为电流的正方向，则金属框穿过磁场过程的感应电流i随时间t变化的图像是下图所示的【答案】c【解析】（根据楞次定律可判断出金属框进磁场过程中和出磁场过程中的感应电流方向，根据切割的有效长度在变化，知感应电动势以及感应电流的大小也在变化）根据楞次定律，在进磁场的过程中，感应电流的方向为逆时针方向，切割的有效长度线性增大，排除a、b；在出磁场的过程中，感应电流的方向为顺时针方向，切割的有效长度线性减小，排除d故选项c正确。第卷（非选择题，共52分）二、实验题（每空2分，共14分）0x1123456x2x3x4x5x613在测定匀变速直线运动加速度的实验中，选定一条纸带如图所示，从0点开始，每5个点取一个计数点的纸带，其中0、1、2、3、4、5、6都为记数点。测得：x1=1.40cm，x2=1.90cm，x3=2.38cm，x4=2.88cm，x5=3.39cm，x6=3.87cm。 (1)在计时器打出点4时，小车的速度分别为：v4 = m/s。(2) 该匀变速直线运动的加速度的大小a = m/s2。(结果均保留三位有效数字)【答案】（1）0.314；（2）0.496【解析】(1)由题意知两相邻计数点间有四个点未画出，所以相邻的计数点间的时间间隔t=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上4点时小车的瞬时速度大小；v4= =31.35cm/s=0.314m/s(2)根据匀变速直线运动的推论公式x=at2可以求出加速度的大小，得：x4-x1=3a1t2x5-x2=3a2t2x6-x3=3a3t2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a= 即小车运动的加速度计算表达式为：a= ，代入数据解得a=0.496m/s2 14有一个小灯泡上标有“4v 2w”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的u-i图线，有下列器材供选用；a. 电压表（05v，内阻10k） b.电压表（010v，内阻20k）c.电流表（00.3a ，内阻1） d.电流表（00.6a，内阻0.4）e.滑动变阻器（5，10a） f.滑动变阻器（500，0.2a）（1） 实验中电压表应选用 ，电流表应选用 . （用序号字母表示）（2） 为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用 （用序号字母表示）。（3） 请在方框内画出满足实验要求的电路图，并把图中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图。【答案】（1）a d（2）e (3)见解析【解析】（1）因灯泡的额定电压为4v，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4v，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用05v的电压表，故选a；由p=ui得，灯泡的额定电流i=0.5a；故电流表应选择00.6a的量程，故选d；(2)由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中应选总阻值小的滑动变阻器，故选e；（3） 灯泡内阻r=8；故说明电压表内阻远大于灯泡内阻，应采用电流表外接法；而由以上分析知，滑动变阻器应选择分压接法；故电路图和实物连接图如图所示三、本题共4小题，共38分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.f37h15（8分）如图所示，质量m=2.0kg的木块静止在高h=1.8m的水平台上，木块距平台右边缘10m，木块与平台间的动摩擦因数=0.2。用大小为f=20 n，方向与水平方向成37角斜向上的力拉动木块，当木块运动到水平台末端时撤去f。不计空气阻力，g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。求：（1）木块离开平台时速度的大小；（2）木块落地时距平台边缘的水平距离。【答案】（1）（2）7.2 m【解析】（1）由受力分析，得；由运动学公式得，解得（2）由平抛运动规律，解得s=7.2m注：每式1分，答案各1分，共8分16（8分）如图所示，半径为r，内径很小的光滑半圆管道竖直放置，质量为m的小球以某一速度进入管内，小球通过最高点p时，对管壁的压力为0.5mg，求：(1)小球从管口飞出时的速率；(2)小球进入管口时的初速度【答案】见解析【解析】（1）当小球对管下部有压力时，则有mg0.5mg，v1.（2分）当小球对管上部有压力时，则有mg0.5mg，v2 （2分）（2）对小球应用机械能守恒，得（2分）当小球对管下部有压力时，解得（1分）当小球对管上部有压力时，解得（1分）17（10分）如图甲所示的电路中, r1、r2均为定值电阻, 且r1100 , r2阻值未知, r3为一滑动变阻器. 当其滑片p从左端滑至右端时, 测得电源的路