【山西版】高中物理 第二章 恒定电流测试课后巩固提升（含解析）.doc

【山西版】2013年高中物理 第二章 恒定电流测试课后巩固提升（含解析）(时间：90分钟满分：100分)第卷(选择题，共40分)一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，把正确的选项前的符号填在括号内)1某“与”门电路有2个输入端a、b，一个输出端z，设输入、输出端为高电位时取“1”，低电位时取“0”，今发现输出端z为“1”，那么输入端a、b的电位取()a0,1 b0,0c1,1 d1,0解析“与”门电路的逻辑关系为：一个事件的几个条件同时满足时事件才能发生，故c选项正确答案c2手电筒里的两节干电池，已经用过较长时间，灯泡只发出很微弱的光，把它们取出来用电压表测电压，电压表示数很接近3 v，再把它们作为一台式电子钟的电源，电子钟能正常工作，下面说法中正确的是()a这两节干电池的电动势减小了很多b这两节干电池的内阻增加了很多c这个台式电子钟的额定电压一定比手电筒小灯泡额定电压小d这个台式电子钟正常工作时的电流一定比小灯泡正常工作时的电流小解析电池用旧了，其电动势略有减小，但内阻增加很多旧电池作为电子钟电源，能正常工作，说明电子钟的额定电流较小答案bd3a、b两灯的额定电压u相同，额定功率papb，将a灯接在电动势和内阻一定的某电源两极，恰能正常发光，若改成b灯接在该电源两极，则b灯的实际功率一定是()a等于pa b等于pbc小于pb d大于pb解析因为papb，u相同，所以rarb，当b灯接在该电源两极时，ub实u，故pb实pb.答案d4如图所示的电路中，s闭合，a、b、c三只灯均正常发光，问当可变电阻的滑动触头上移时，对a、b、c三灯亮度变化下列叙述正确的是()aa灯变亮 bb灯变亮cc灯变亮 d三灯均变暗解析滑动头上移rr总i总u端答案ac5(2010新课标)电源的效率定义为外电路电阻消耗的功率与电源的总功率之比在测电源电动势和内电阻的实验中得到的实验图线如图所示，图中u为路端电压，i为干路电流，a、b为图线上的两点，相应状态下电源的效率分别为a、b.由图可知a、b的值分别为()a.、 b.、c.、 d.、解析由ui图像可知，若电源电动势为6 u0.则a、b两点所对应的路端电压分别为4 u0、2 u0，电源的效率，所以a，b，故d选项正确答案d6.经过精确校准的电压表v1和v2，当分别用来测量某线路中电阻r两端a、b间的电压时，如图所示，读数依次为12.7 v和12.3 v，则()aa、b间的实际电压略大于12.7 vba、b间的实际电压略小于12.7 vc电压表v1的内阻大于v2的内阻d电压表v1的内阻小于v2的内阻解析并联电压表使电路电阻减小，电流增大，r两端电压增大，使ab两端电压比实际电压要小且电压表的内阻越大，测量值越大，越接近实际电压答案ac7某学生在研究串联电路电压特点的实验时，接成如下图所示的电路，接通s后，他将大内阻的电压表并联在a、c两点间，电压表读数为u，当并联在a、b两点间时，电压表读数也为u，当并联在b、c两点间时，电压表的读数为零，则出现此种情况的原因可能是()aab段断路 bbc段断路cab段短路 dbc段短路解析电压表并联在ac端和ab端时示数都为u.有两种可能情况：一是ab段断路，电压表示数u为电源电动势；二是ab段没有断路但bc段短路，ab与ac段电压相同答案ad8下图是一个将电流表改装成欧姆表的示意图，此欧姆表已经调零，用此欧姆表测一阻值为r的电阻时，指针偏转至满刻度处，现用该表测一未知电阻，指针偏转到满刻度的处，则该电阻的阻值为() a4r b5rc10r d16r解析设电源电动势为e，调零后的调零电阻r，定值电阻r0，内阻r，则满偏电流ig，当所测rxr时，电流为ig，即ig，得r，当电路里电流为ig时，所测电阻rx即ig，得rx16r，故d选项正确答案d9(2010安徽)如图所示，m、n是平行板电容器的两个极板，r0为定值电阻，r1、r2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器内部闭合电键s，小球静止时受到悬线的拉力为f.调节r1、r2，关于f的大小判断正确的是()a保持r1不变，缓慢增大r2时，f将变大b保持r1不变，缓慢增大r2时，f将变小c保持r2不变，缓慢增大r1时，f将变大d保持r2不变，缓慢增大r1时，f将变小解析小球受重力、悬线的拉力，电场力处于平衡状态，设悬线与竖直方向的夹角为，则tan，cos，由以上可知当u减小，tan减小，减小，从而cos增大，f减小，r0与r2是串联关系，由串联电路的分压规律可知，b选项正确，而改变r1的阻值对r0两端电压没有影响答案b10如图所示，甲、乙为两个独立电源的路端电压与通过它们的电流i的关系图线，下列说法中正确的是()a路端电压都为u0时，它们的外电阻相等b电流都是i0时，两电源的内电压相等c电源甲的电动势大于电源乙的电动势d电源甲的内阻小于电源乙的内阻解析图线与u轴的交点反映了电源的电动势，斜率反映内阻，电压为u0时流过电阻的电流相等，所以外电阻相等，由于电动势不等，此时的内电压也不相等，故a、c选项正确答案ac第卷(非选择题，共60分)二、实验题(本题共2小题，共18分)11(6分)某欧姆表内部使用1.5 v干电池一节，在某挡两表笔短接时，表针刚好指于0 处，此时有30 ma电流流过表笔，如用此挡测某一电阻，到指针正指表盘刻度正中，则该电阻阻值为_，若用此挡测两个串联起来的这样的电阻，则通过表笔的电流为_ma.解析ig，解得rr内 50 ，i a10 ma.答案501012(12分)在“测定金属的电阻率”的实验中，需要用刻度尺测出被测金属丝的长度l，用螺旋测微器测出金属丝的直径d，用电流表和电压表测出金属丝的电阻rx.(1)请写出测金属丝电阻率的表达式：_(用上述测量量的字母表示)(2)若实验中测量金属丝的长度和直径时，刻度尺和螺旋测微器的示数分别如图所示，则金属丝长度的测量值为l_cm，金属丝直径的测量值为d_mm.(3)如图，要用伏安法测量rx的电阻，已知电压表内阻约几k，电流表内阻约1 ，若用图甲电路，rx的测量值比真实值_(选填“偏大”或“偏小”)，若rx的阻值约为10 ，应采用_(选填“甲”或“乙”)图的电路，误差会较小解析(1)由电阻定律r可知.(2)由刻度尺读数可知最小刻度为1 mm，则应读到0.1 mm，即l365.0 mm36.50 cm.螺旋测微器的精确度为0.01 mm，估读到0.001 mm，d(0.50.296)mm0.796 mm.(3)甲电路为伏安法测电阻电流表的外接法，此种方法误差是由于电压表分流造成的，使测量值小于真实值若rx约10 ，电压表内阻rv约几千欧，电流表内阻约1 ，则应有，故应选用电流表外接法测电阻，故选用图2中甲图答案(1)(2)36.50(36.4836.52)0796(0.7950.797)(3)偏小甲三、计算题(本题共4小题，共42分解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤)13(8分)如右图所示电路，电压u恒定，r1r2r3，当s断开时，处在水平放置的平行板电容器极板间的微粒恰好处于平衡状态当开关s闭合后，带电微粒的加速度是多大？方向如何？解析平衡时有mgq.当s闭合后，r2直接与电容器串联，可视作短路导线，电容器上的电压即为r3上的电压，因此电容器上的电压ucr3.带电粒子受到的电场力为，所以粒子所受的合力为fmgmg，加速度a.方向与重力方向一致，即竖直向下答案方向竖直向下14(10分)如右图所示，电源电动势e14 v，内电阻r1 ，小灯泡标有“2 v4 w”，电动机d的内阻r0.5 ，当变阻器的阻值r调到1 时，电灯和电动机均能正常工作，求：(1)电动机两端的电压；(2)电动机输出的机械功率；(3)电路消耗的总功率解析(1)电灯和电动机正常工作，i a2 a.设电动机两端电压为u，由闭合电路欧姆定律：eu灯ui(rr)ueu灯i(rr)14 v2 v2(11) v8 v.(2)电动机输出功率p出uii2r82 w220.5 w14 w.(3)电路消耗的总功率为p总ei142 w28 w.答案(1)8 v(2)14 w(3)28 w15(11分)如图所示电路中，电源电动势e9 v，内阻r2 ，定值电阻r16 ，r210 ，r36 ，电容器的电容c10 f.(1)保持开关s1、s2闭合，求电容器的带电荷量；(2)保持开关s1闭合，将开关s2断开，求断开开关s2后流过电阻r2的电荷量解析(1)s1、s2闭合，则r1、r2串联，电容器与r1并联，ucu1i1r1r16 v3 v，故电容器所带电荷量qcuc101063 c3105 c.(2)s1闭合，s2断开后uce，电容所带电荷量qce101069 c9105 c，增加的电荷量通过r2，故流过r2的电荷量qqq6105 c.答案(1)3105 c(2)6105 c16(13分)如图所示的电路中，电源电动势e9 v，内阻r1 ，电阻r22 ，灯泡l1标有“6 v6 w”，l2标有“4 v4 w”，滑动变阻器的调节范围是020 ，求：(1)接入电路中的滑动变阻器r1的阻值为多大时，灯l2正常发光？(2)此时灯l1的实际功率是多大？(设灯泡的电阻不随温度变化)解析(1)首先计算l1、l2两灯泡的电阻l1灯：rl1 6，l2灯：rl2 4 .l2与r2串联，与l1并联，最后与r1串联组成外电路l2正常发光，则l2两端电压为额定电压4 v，通过l2的电流为额定电流：i2 a1.0 a.则r2与l2串联支路两端电压为：u2i2(r2rl2)1.0(24