【备考】全国名校高考物理试题分类汇编（11月 第二期）A2 匀变速直线运动的规律及应用（含解析）.doc

a2 匀变速直线运动的规律及应用（含解析）【原创精品解析纯word版】物理卷2015届江西省赣州市十二县（市）高三上学期期中联考（201411）】13（8分）某教练员选拔短跑运动员，要对运动员进行测试。在对某运动员测试时，发现此运动员能在起跑后2s内通过10m距离并达到他的最大速度（此过程可视为匀加速过程）。运动员以最大速度运动持续时间不超过10s，持续10s之后，运动员将做匀减速运动，匀减速时加速度大小为1m/s2。若把短跑运动员完成赛跑的过程简化为匀加速直线运动、匀速直线运动及匀减速直线运动。（1）求该运动员在启动阶段的加速度大小。（2）求该运动员100m赛跑的最好成绩。【答案】【知识点】匀变速直线运动的规律及应用 a2【答案解析】（1）（2）11s解析：（1）根据x1= 得，则匀加速运动的加速度 （2）匀加速运动到最大速度的时间，则匀速运动的位移x2=100-10m=90m，匀速运动的时间，运动员的最好成绩t=t1+t2=2+9s=11s【思路点拨】根据匀变速直线运动的位移时间公式求出运动员启动阶段的加速度大小根据匀加速和匀速运动的时间之和求出运动员100m的最好成绩【原创精品解析纯word版】物理卷2015届江西省赣州市十二县（市）高三上学期期中联考（201411）】3汽车在水平地面上刹车做匀变速直线运动，其位移与时间的关系是：s24t6t2（m），则它在3s内的平均速度为（ ）a6m/s b8m/s c10m/s d12m/s【答案】【知识点】匀变速直线运动公式a2【答案解析】b解析：根据匀变速直线运动公式，结合题中所给关系式可知汽车的初速度为24m/s，加速度，故可求得汽车的刹车时间为，代入解得刹车位移为，则它在3s内的平均速度，故只有选项b正确.【思路点拨】把位移与时间的关系式变形，可得加速度、位移、初速度，即可求.【原创精品解析纯word版】物理卷2015届江西省赣州市十二县（市）高三上学期期中联考（201411）】3汽车在水平地面上刹车做匀变速直线运动，其位移与时间的关系是：s24t6t2（m），则它在3s内的平均速度为（ ）a6m/s b8m/s c10m/s d12m/s【答案】【知识点】匀变速直线运动公式a2【答案解析】b解析：根据匀变速直线运动公式，结合题中所给关系式可知汽车的初速度为24m/s，加速度，故可求得汽车的刹车时间为，代入解得刹车位移为，则它在3s内的平均速度，故只有选项b正确.【思路点拨】把位移与时间的关系式变形，可得加速度、位移、初速度，即可求.【原创精品解析纯word版】物理卷2015届江西省赣州市十二县（市）高三上学期期中联考（201411）】3汽车在水平地面上刹车做匀变速直线运动，其位移与时间的关系是：s24t6t2（m），则它在3s内的平均速度为（ ）a6m/s b8m/s c10m/s d12m/s【答案】【知识点】匀变速直线运动公式a2【答案解析】b解析：根据匀变速直线运动公式，结合题中所给关系式可知汽车的初速度为24m/s，加速度，故可求得汽车的刹车时间为，代入解得刹车位移为，则它在3s内的平均速度，故只有选项b正确.【思路点拨】把位移与时间的关系式变形，可得加速度、位移、初速度，即可求.【首发【原创纯word版精品解析】物理卷2015届广东省佛山市佛山一中高三9月月考（201409）】25、（10分）如图所示，一平板车以某一速度v0匀速行驶，某时刻一货箱(可视为质点)无初速度地放置于平板车上，货箱离车后端的距离为l3 m，货箱放入车上的同时，平板车开始刹车，刹车过程可视为做a4 m/s2的匀减速直线运动已知货箱与平板车之间的动摩擦因数为0.2，g10 m/s2.为使货箱不从平板车上掉下来，平板车匀速行驶的速度v0应满足什么条件？【答案】【知识点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系a2 c2【答案解析】v06 m/s.解析：设经过时间t，货箱和平板车达到共同速度v，对货箱，由牛顿第二定律得， 且货箱向右做匀加速运动的加速度为a1g，货箱向右运动的位移为x箱a1t2，又va1t，平板车向右运动的位移为x车v0tat2，又vv0at，为使货箱不从平板车上掉下来，应满足x车x箱l联立得v0代入数据v06 m/s.【思路点拨】根据牛顿第二定律求出货箱的加速度，正确分析小车和滑块运动情况，当两者速度相等时，若货箱没有掉下来，由于后来货箱相对于平板车向前运动，则就不会掉下来了，根据速度相等，找出二者之间的位移关系，即可正确解答本题关键正确分析平板车和货箱的运动情况，明确他们之间的位移、速度关系，根据运动学公式结合几何关系列方程求解【首发【原创纯word版精品解析】物理卷2015届安徽省皖南八校高三第一次联考（201410）word版】16.（15分）如图所示，在倾角的斜坡上有一人，前方有一动物沿斜坡匀速向下奔跑，速度v=15m/s，在二者相距l=30m时，此人以速度v0水平抛出一石块，击打动物，人和动物都可看成质点（已知sin=0.6,g=10m/s2 ）(1)若动物在斜坡上被石块击中，求v0的大小；（2）若动物离斜坡末端较近，设其在水平面上匀速运动速度的大小与其在斜面上的相同，试分析该动物在水平面上被石块击中的情况下，人抛石的速度v0取值范围。【答案】【知识点】平抛运动；匀变速直线运动的位移与时间的关系a2 d2【答案解析】（1）20m/s；（2）20m/sv055 m/s解析：（1）设过程中石块运动所需时间为t对于动物：运动的位移： 对于石块：竖直方向： 水平方向： 代入数据，由以上三式可得： （2）要分析这种情况下人抛石块的速度取值范围可以使用特殊值法：假设动物开始时在斜面的底端，则：对动物： 对于石块：竖直方向： 水平方向： 代入数据，由以上三式可得：v=55m/s 所以此种情况下，石块的速度应：20m/sv055m/s 【思路点拨】（1）动物沿斜面做匀速运动，石块做平抛运动，将石块的运动分解到水平方向和竖直方向，列出公式，即可求得结论；（2）因题目仅仅说：若动物离斜坡末端较近，没有具体的数值，所以可以使用特殊值法：假设动物开始时在斜面的底端，代入相应的方程，解出结果，然后进行说明本题是平抛运动和匀加速运动的综合，关键抓住两个过程的联系：平抛的末速度等于匀加速运动的初速度特殊值法也是解题中常用的方法【原创精品解析纯word版】物理卷2015届四川省成都外国语学校高三10月月考（201410）】3. 一放在粗糙的水平面上的物块在一斜向上的拉力的作用下沿水平面向右以加速度做匀加速直线运动，力在水平和竖直方向的分量分别为、，如图所示.现将力突然改为大小为、方向水平向右的恒力，则此后a.物体将仍以加速度向右做匀加速直线运动b.物体将可能向右做匀速直线运动c.物体将可能以大于的加速度向右做匀加速直线运动d.物体将可能以小于的加速度向右做匀加速直线运动【答案】【知识点】匀变速直线运动规律应用、牛顿第二定律的应用。a2、c2【答案解析】bd。当将力突然改为大小为、方向水平向右的恒力，水平面对物体支持力变大，物体所受滑动摩擦力增大，合力减小，当合力大于零时，其加速度比小，a错误；当合力为零，物体将作匀速运动，b答案正确；c错；d正确。故本题选择bd。【思路点拨】本题将f的大小和方向变为原分力，水平面对物体的支持力增大，导致摩擦力增大，再根据牛顿第二定律列水平方向的动力学方程，求加速度，要看合力的变化，是减小，但有三种情况：大于零、等于零、小于零，由此分析和计算选择答案。【原创精品解析纯word版】物理卷2015届四川省成都外国语学校高三10月月考（201410）】1.一物体做匀变速运动，其初速度大小为8m/s，加速度大小为2m/s2，则a.若初速度与加速度方向一致，3s末物体的速度为14m/sb.若初速度与加速度方向相反，4s内物体的位移为零c.若初速度与加速度方向不在同一直线上，经过5s物体的速度的变化量可能为零d.若初速度与加速度方向不在同一直线上，经过5s物体的速度大小可能为零【答案】【知识点】加速度的定义，匀变速运动规律简单的应用。a2、d1。【答案解析】a。若初速度与加速度方向一致，由：可知a正确；若初速度与加速度方向相反，速度减小到零时，所经历的时间为，发生的位移为：，由此计算可知b选项错误；若初速度方向与加速度方向不在一条直线上，物体是作曲线运动，速度的变化量是不为零，速度大小也不可能为零，c、d错误；故选择a答案。【思路点拨】理解加速度的定义和判断物体作曲线运动的条件，利用匀变速运动规律求速度和位移。【原创精品解析纯word版】物理卷2015届山东省潍坊一中高三10月第一次月考（201410）】13（10分）如图所示，在倾角=37的粗糙斜面上距离斜面底端s=4m处，有一质量m=1kg的物块，受水平恒力f作用由静止开始沿斜面下滑，到达底端时即撤去水平恒力f，然后在水平面上滑动一段距离后停止。每隔0.2s通过传感器测得物块的瞬时速度，下表给出了部分测量数据。若物块与各接触面之间的动摩擦因数均相等，不计物块撞击水平面时的能量损失，g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。求：fst/s0.00.20.42.22.4v/ms-10.00.40.83.63.2（1）撤去水平恒力f时物块的速度；（2）物块与水平面间的动摩擦因数；（3）水平恒力 f的大小。【答案】【知识点】匀变速运动规律和牛顿第二定律综合应用考查题。a2、c5。【答案解析】(10分) 解：（1）由表中数据可得：物块沿斜面加速下滑的加速度大小a1=2m/s2（1分）由v2=2a1s （1分）代入数据，解得v=4m/s （1分）（2）物块沿水平面减速滑行时，加速度大小a2=2m/s2 （1分）mg =ma2 （1分）解得=0.2 （1分）（3）物块沿斜面加速下滑时1 （2分） 代入数据，解得f=2.6n （2分）【思路点拨】要会从表中的数据利用求两个过程的加速度、，再利用牛顿第二定律求摩擦因数和f的力。（注意f的分解和求斜面对物体的压力）【原创精品解析纯word版】物理卷2015届山东省潍坊一中高三10月第一次月考（201410）】12（8分）如图所示，某人距离平台右端x0=10m处起跑，以恒定的加速度向平台右端冲去，离开平台后恰好落在地面上的小车车箱底板中心。设平台右端与车箱底板间的竖直高度h=1.8m，与车箱底板中心的水平距离x=1.2m，取g=10m/s2。求：人运动的总时间。【答案】【知识点】匀变速规律和平抛运动规律应用考查题。a2、d2【答案解析】（8分）解：（1）人在平台上运动的时间为t1，离开平台后做平抛运动的初速度为，运动的时间为t2，则：由平抛运动的公式得x=t2 （1分） h= gt22 （1分）解得t2=0.6s （1分）=2m/s （1分）人在平台上运动x0= （2分）解得t1=10s （1分）人运动的总时间t= t1+ t2=10.6s （1分）【思路点拨】本题要从人离开平台作平抛运动入手求下落的时间和离开平台的速度，再利用平均速度观点求第一阶段所经历的时间，两者综合起来就可求人运动的时间。【原创精品解析纯word版】物理卷2015届山东省潍坊一中高三10月第一次月考（201410）】8三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m，且与水平方向的夹角均为37。现有两个小物块a、b从传送带顶端均以1m/s的初速度沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数均为0.5。下列说法正确的是 ：（ ） a物块a先到达传送带底端 b物块a、b同时到达传送带底端c传送带对物块a、b均做负功d物块a、b在传送带上的划痕长度相等【答案】【知识点】斜面与皮带传动相结合考查题。a2、c5。e1【答案解析】bc，由两者速度关系和皮带传动方向可知，皮带对物块摩擦力方向都是沿各自斜面向上（a虽说与传送带开始运动方向相同，但两者速度相等，a向下运动时，皮带对a有沿斜面向上的阻碍作用，b与传送带运动方向相反相互阻碍作用，所以它们的摩擦方向都沿斜面向上。）根据牛顿第二定律可知，两者沿斜面下滑的加速度大小相等（），对地的位移都相等，所经历的时间也相同，a；b对；因都是阻碍物体，传送带对物块a、b均做负功，c正确；开始ab两者速度相同，无划痕，b开始就有划痕，两者的划痕长度不相等，d错。故选择bc答案。【思路点拨】本题求解的关键是皮带对两物块摩擦力的方向判定，要两者速度大小和方向判断，然后根据牛顿第二定律列式求加速度，再根据匀变速运动中的位移公式求时间进行比较。做功问题，只要知道了摩擦力方向就知道是做正功还是负功，划痕看相对位移，不是对地位移。依此就好选择答案了。【原创精品解析纯word版】物理卷2015届兰州一中高三年级考试理科综合物理试题】25.（19分）如图所示，长l9m的传送带与水平方向的倾角为37 ，在电动机的带动下以v=4m/s 的速率顺时针方向运行，在传送带的b端有一离传送带很近的挡板p可将传送带上的物块挡住，在传送带的a端无初速地放一质量m1kg的物块，它与传送带间的动摩擦因数=0.5 ，物块与挡板的碰撞能量损失及碰撞时间不计。（ g=10m/s2，）求：（1）物块从第一次静止释放到与挡板p第一次碰撞后，物块上升到最高点时到挡板p的距离；（2）物块最终的运动状态及达到该运动状态后电动机的输出功率。pba【答案】【知识点】匀变速运动规律和牛顿第二定律在皮带传动上的应用，功率的概念。a2、c5、e1。【答案解析】1）物块从a点由静止释放，向下运动的加速度为a1=gsin-gcos=2m/s2，与p碰前的速度v1=6m/s，物块与挡板碰撞后，以v1的速率反弹，因v1v，物块相对传送带向上滑，物块向上做减速运动的加速度为a2=gsin+gcos=10m/s2物块速度减小到与传送带速度相等所需时间物块向上的位移物块速度与传送带速度相等后，物块向上做减速运动的加速度a3=gsin-gcos=2m/s2，物块向上的位移，离p点的距离x1+x2=5m（2）物块上升到传送带的最高点后，物块沿传送带向下加速运动，与挡板p第二次碰掸前的速度，碰后因v2v，物块先向上做加速度为a2的减速运动，再做加速度为的减速运动，以此类推经过多次碰撞后物块以的速率反弹，故最终物块在p与离p 点4m的范围内不断做向上的加速度为2 m/s2的减速运动和向下做加速度为2 m/s2的加速运动，物块的运动达到这一稳定状态后，物块对传送带有一与传送带运动方向相反的阻力，故电动机的输出功率p=（mgcos）v=16w【思路点拨】本题是匀变速运动规律和牛顿第二定律在皮带传动上的应用，求解的关键是滑动摩擦力的方向，但滑动摩擦力的方向又与物块、传送带的速度大小、运动方向有关。只要分析清了这一点就不难求解第一问。在第2问是经过多次碰撞后物块最终以的速率反弹，即物块最终在p与离p 点4m的范围内不断做向上的加速度为2 m/s2的减速运动和向下做加速度为2 m/s2的加速运动。当达到这个稳定状态后，物块对传送带有一与传送带运动方向相反的阻力，就可求出电动机的输出功率p=（mgcos）v=16w。【原创精品解析纯word版】物理卷2015届江西省新余一中高三第二次模拟考试（201410）】11（5分）某同学利用图甲所示的实验装置，探究物块在水平桌面上的运动规律物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上(尚未到达滑轮处)从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图乙所示打点计时器电源的频率为50 hz。（1）通过分析纸带数据，可判断物块在两相邻计数点_ _和 _之间某时刻开始减速（1分）（2）计数点5对应的速度大小为_m/s.(保留三位有效数字) （2分）（3）物块减速运动过程中加速度的大小为a_m/s2，若用来计算物块与桌面间的动摩擦因数(g为重力加速度)，则计算结果比动摩擦因数的真实值_(填“偏大”或“偏小”)（2分）【答案】【知识点】匀变速直线运动的规律及应用a2【答案解析】(1) _ 6 和 7 ，（2）0.99-1.02_m/s.(保留三位有效数字)（3）a 2.0_m/s2 ， _偏大_。 解析：从纸带上的数据分析得知：在点计数点6之前，两点之间的位移逐渐增大，是加速运动，在计数点7之后，两点之间的位移逐渐减小，是减速运动，所以物块在相邻计数点6和7之间某时刻开始减速；v5= = =1.00m/sv6= = m/s=1.16m/s由纸带可知，计数点7往后做减速运动，根据作差法得：a=-2.00m/s2所以物块减速运动过程中加速度的大小为2.00m/s2在减速阶段产生的加速度的力是滑动摩擦力和纸带受的阻力，所以计算结果比动摩擦因素的真实值偏大故答案为：故答案为：6；7；1.00；1.16；2.00;偏大【思路点拨】由纸带两个点之间的时间相同，若位移逐渐增大，表示物体做加速运动，若位移逐渐减小，则表示物体做减速运动；用平均速度代替瞬时速度的方法求解瞬时速度；用作差法求解减速过程中的加速度；【原创精品解析纯word版】物理卷2015届河南省实验中学高三上学期第一次月（201410）】17. （12分）如图所示，某传送带与地面倾角37o，ab之间距离l1=2.05m，传送带以v01.0m/s的速率逆时针转动。质量为m=1.0kg，长度l2=1.0m的木板上表面与小物块的动摩擦因数20.4，下表面与水平地面间的动摩擦因数30.1，开始时长木板靠近传送带b端并处于静止状态。现在传送带上端a无初速地放一个不计大小、质量为1.0kg的小物块，它与传送带之间的动摩擦因数为10.5，假设物块在滑离传送带至木板右端时速率不变，sin37o0.6，cos37 o =0.8, g=10m/s2。求：（1）物块离开b点的速度大小；（2）物块在木板上滑过的距离；（3）木板在地面上能滑过的最大距离。【答案】【知识点】匀变速运动规律和牛顿第二定律综合应用在皮带传动上的计算问题。是能力考查题。a2、c5【答案解析】（1）（4分）刚开始物块相对传送带往上滑其加速度为a1=gsin37o+1gcos37o=10 m/s2（1分）达到传送带速度v0用的时间t1= v0/ a1=0.1s，位移s1=1/2 a1 t12=0.05m （1分）之后物块相对传送带往下滑其加速度a2=gsin37o-1gcos37o=2 m/s2 （1分） 由s2=l1-s1=(vb2-vo2)/2 a2 vb=3m/s（1分）(2)（5分）物块滑上木板相对滑动时做匀减速运动，其加速度a3=-2g=-4 m/s2（1分） 木板的加速度a4=2mg-3 (mg+mg)/m=2 m/s2, （1分）设经过t2物块与木板达到相同速度v2，则vb + a3 t2= a4 t2 故t2 =0.5s v2= a4 t2 =1m/s （1分） 物块对地位移s3=( v22- vb2)/2 a3=1 m 木板对地位移s4= v22/2 a4=0.25m （1分）物块在木板上滑过的距离s= s3- s4=0.75m（1分）(3)（3分）因32物块能与木板保持相对静止，其整体加速度为a5=-3g=-1m/s2, （1分）物块与木板做匀减速运动到停止的位移s5= -v22/2 a5=0.5m（1分）木板对地的位移s板= s4 +s5=0.75m（1分）【思路点拨】物块在传送带上关键是分析所受摩擦力方向，然后由牛顿第二定律列式求加速度。当物块滑到长木板上时，要用隔离法求两者的加速度，一定要将研究对象搞清楚，再要注意两者之间的相对距离和对地位移的关系，在这一点要画出物块和长木板的位移路径图，由图列位移之间的关系式，由此就不难解出本题了。【原创精品解析纯word版】物理卷2015届河南省实验中学高三上学期第一次月（201410）】15 （10分）如图所示，a球从倾角=300的光滑斜面上某点由静止开始滚下，然后进入足够长的光滑水平面上，经m点时速度大小不发生变化，方向立刻变为水平向左。b球从m点开始向左做直线运动，g=10m/s2。 （1）若a球从斜面上某一高处静止滚下，同时b球以v0=8 m/s向左做匀速直线运动，a球的高度满足什么条件，a、b两球能发生碰撞； (2)若a球从斜面上n点静止开始滚下，mn=10 m，b球同时从m点由静止向左以加速度a=2 m/s2做匀加速直线运动，问：经多长时间两球相碰？【答案】【知识点】匀变速规律和牛顿第二定律的综合应用在追击碰撞问题上，a2、c5【答案解析】（1）（2）（1）（4分）到达水平面上的速度只要大于，a，b两球就可以发生碰撞（1分） （2分） （1分）（2）（6分）球从（1分）（1分）（1分）与相碰： （2分）考虑到实际情况 （1分）【思路点拨】本题的第1问要从临界状态思考，即为，等于就追不上。第2问只要抓住位移相等列式，求时间，但要注意不能从数学解考虑，要符合题意要求选取时间。原创精品解析纯word版】物理卷2015届河南省实验中学高三上学期第一次月（201410）】13(6分)如图所示，质量m=0.5kg的物体放在水平面上，在f=3.0n的水平恒定拉力作用下由静止开始运动，物体发生位移x=4.0m时撤去力f，物体在水平面上继续滑动一段距离后停止运动。已知物体与水平面间的动摩擦因数=0.4， g=10m/s2。求:fm（1）物体在力f作用过程中加速度的大小； （2）撤去力f的瞬间，物体速度的大小；（3）撤去力f后物体继续滑动的时间。【答案】【知识点】匀变速运动规律和牛顿第二定律的综合应用在单物块上的考查题。a2、c5【答案解析】（6分）解：答案：（1）a1=2m/s2 （2）v=4.0m/s （3）t=1s（1）（2分）设物体受到的滑动摩擦力为ff，加速度为a1，则ff=mg 根据牛顿第二定律，物块在力f作用过程中，有f-ff=ma1 （1分） 解得a1=2m/s2 （1分）（2）（2分）设撤去力f时物块的速度为v，由运动学公式v2 =2a1x （1分）解得 v=4.0m/s （1分）（3）（2分）设撤去力f后物体的加速度为a2，根据牛顿第二定律，有 ff=ma2 解得 a2=4m/s2 （1分）由匀变速直线运动公式得 解得 t=1s （1分）【思路点拨】当物体受f作用力时，物体受四个力作用，竖直方向受重力、支持力作用，水平方向受拉力和摩擦力作用，根据牛顿第二定律列式就可求出物体的加速度。撤去力f后，物体在水平方向只受滑动摩擦力作用，也可根据牛顿第二定律列方程求出加速度，然后运用匀变速运动规律中的相应公式求出题中要求的问题。【原创精品解析纯word版】物理卷2015届河南省实验中学高三上学期第一次月（201410）】9. 如图甲所示，在粗糙水平面上静置一个截面为等腰三角形的斜劈a，其质量为m，两个底角均为300.两个完全相同的、质量均为m的小物块p和q恰好能沿两侧面匀速下滑.若现在对两小物块同时各施加一个平行于斜劈侧面的恒力f1、f2，且f1f2，如图乙所示，则在p和q下滑的过程中，下列说法正确的是（ ）a斜劈a仍保持静止 b . 斜劈a受到地面向右的摩擦力作用c. 斜劈a对地面的压力大小等于（m+2m）g d. 斜劈a对地面的压力大于（m+2m）g【答案】【知识点】物体受力分析和共点力平衡、匀变速运动、牛顿第二定律。a2、b4、c2【答案解析】ac，开始未加力时，恰能匀速下滑，即a处于静止状态；斜面对p和q所受的合力竖直向上，其大小等于物体重力大小。当加了、后p和q都要沿斜面匀加速下滑，因、沿斜面向下作用，它对斜面没有作用，斜面对两物体的作用力大小和方向都没有变化，所以斜劈a仍然静止，对地面的压力大小为（m+2m）g。由上述四个答案中只有ac正确，从而选择a、c【思路点拨】本题的求解关键是分析斜劈面对两物体的作用力，要抓住开始匀速下滑分析出斜劈面对两物体的作用力均为：，根据牛顿第三定律可知对a斜劈的作用力为2，竖直向下，从而就可分析a斜劈的受力情况选择答案。【原创精品解析纯word版】物理卷2015届北京市重点中学高三上学期第一次月考（201410）】7物体从静止开始做匀加速直线运动，第3 s内通过的位移是3 m，下列说法正确的是a第3 s内的平均速度是3 m/sb物体的加速度是1.2 m/s2c前3 s内的位移是6 md3 s末的速度是4 m/s【答案】【知识点】匀变速直线运动规律 a2【答案解析】ab解析：a、平均速度等于位移与时间的比值，；正确b、由题意可得，三式联立解得；正确c、由题意可得；错误d、由速度公式可得；错误.【思路点拨】从静止开始作匀加速直线运动的物体在第ns内的位移等于前ns内的位移与前（n-1）s内的位移差.【原创精品解析纯word版】物理卷2015届安徽省“江淮十校”高三11月联考（201411）word版】12（ 8分） 如图所示,质量的木楔静止于粗糙水平地面上，在木楔的倾角为q =53的斜面上，有一质量的物块由静止开始沿斜面下滑，当下滑位移时，其速度，在这个过程中木楔处于静止状态。（取，, ）。求：（1）木块与木楔间的动摩擦因数。（2）木楔对地面的压力.【答案】【知识点】运动学公式 牛顿第三定律 a2 c1【答案解析】解析：(1)由运动学公式.(1分) 可得其加速度（1分）对物块：(1分) 又(1分) 得 （1分） (2)以木块和木楔为整体，设地面对木楔的支持力为，则： (1分), 解得(1分)。由牛顿第三定律，木楔对地面的压力(1分 )【思路点拨】（1）物块沿斜面向下做匀加速运动，初速度为0，位移等于s=10m末速度v=10m/s，根据运动学公式求出加速度,进而求得摩擦因数；（2）对物体进行受力分析，根据牛顿第三定律列式即可求解【原创精品解析纯word版】理综卷2015届黑龙江省大庆铁人中学高三10月月考（201410）】25（16分）如图所示，皮带传动装置与水平面夹角为30，两轮轴心相距l=3.8m，a、b分别为传送带与两轮的切点，轮缘与传送带之间不打滑。一个质量为0.1kg的小物块与传送带间的动摩擦因数为= ，g取10m/s2。（1）当传送带沿逆时针方向以v1=3m/s的速度匀速运动时，将小物块无初速地放在a点后，它运动至b点需多长时间？（2）当传送带沿逆时针方向匀速运动时，小物块无初速地放在a点下方5cm处的c点，运动至b点飞出。要想使小物块在传送带上运动的时间最短，则传送带匀速运动的速度v2至少多大？以v2运动时，小物块与传送带间的相对路程为多少？【答案】【知识点】匀变速运动、牛顿第二定律在传送带上的综合应用。a2、c5。【答案解析】解答：（1）当小物块速度小于3m/s时，小物块受到竖直向下、垂直传送带向上的支持力和沿传送带斜向下的摩擦力作用，做匀加速直线运动，设加速度为a1，根据牛顿第二定律mgsin30 + mgcos30=ma1 解得 a1 = 7.5m/s2 2分当小物块速度等于3m/s时，设小物块对地位移为l1，用时为t1，根据匀加速直线运动规律t1 = l1 = 2分解得 t1 = 0.4s 1分l1 = 0.6m 由于l1l 且tan30，当小物块速度大于3m/s时，小物块将继续做匀加速直线运动至b点，设加速度为a2，用时为t2，根据牛顿第二定律和匀加速直线运动规律mgsin30mgcos30=ma2 2分解得 a2 = 2.5m/s2 ll1 = v1t2 + a2t22 1分解得 t2 = 0.8s故小物块由静止出发从a到b所用时间为 t = t1 + t2 = 1.2s 2分（2）作vt图分析知：传送带匀速运动的速度越大，小物块从a点到b点用时越短，当传送带速度等于某一值v 时，小物块将从a点一直以加速度a1做匀加速直线运动到b点，所用时间最短，即l = a1tmin2 2分解得tmin = 1sv =a1tmin =7.5m/s 2分此时小物块和传送带之间的相对路程为 s = v tl = 3.75m 2分【思路点拨】本题求解的关键是物块的速度与传送带的速度比较，当物块速度小于或等于传送带速度时，物块所受摩擦力方向沿斜面方向向下，当大于时物块所受摩擦力方向沿斜面方向向上，由此进行受力分析，根据牛顿第二定律求加速度，再依据匀变速运动规律求时间。第二问要求最短时间，摩擦力方向沿斜面向下，加速度为：mgsin30 + mgcos30=ma1 解得 a1 = 7.5m/s2是物块一直作匀加速从a运动到b。小物块与传送带间的相对路程，是皮带在这段时间匀速运动的位移与cb距离之差。【原创纯word版精品解析】物理卷2015届重庆市重庆一中高三上学期第二次月考（201410）】7冬季有一种雪上“府式冰撬”滑溜运动，运动员从起跑线推着冰撬加速一段相同距离，再跳上冰撬自由滑行，滑行距离最远者获胜，运动过程可简化为如题7图所示的模型，某一质量m20 kg的冰撬静止在水平雪面上的a处，现质量m60 kg的运动员，用与水平方向成37角的恒力f200 n斜向下推动冰撬，使其沿ap方向一起做直线运动，当冰撬到达p点时运动员迅速跳上冰撬与冰撬一起运动(运动员跳上冰撬瞬间，运动员和冰撬的速度不变) 。已知冰撬从a到p的运动时间为2s，冰撬与雪面间的动摩擦因数为0.2， 不计冰撬长度和空气阻力。(g取10 m/s2，cos 3708)求：(1) ap的距离；(2) 冰撬从p点开始还能继续滑行多久?【答案】【知识点】匀变速运动规律和牛顿第二定律综合应用问题。a2、c2。【答案解析】（1）得： m（2）m/ss【思路点拨】本题的第1问开始从a到p是在斜向下的力作用运动，先分析受力，再利用牛顿第二定律求运动过程中的加速度，后运用匀变速运动规律公式求出a到p的位移。第2问要求在p点的速度，运动员迅速跳上冰撬与冰撬一起运动是作匀减速运动到速度为零，在水平滑行时，其加速度为，由速度公式求出运动的时间。本题求解的关键分析两种运动状态，开始是作初速为零的匀加速运动，后作匀减速到零。只要正确分析出此两种状态，就好求出最终结果。【原创纯word版精品解析】物理卷2015届浙江省温州十校（温州中学等）高三上学期期中联考（201411）】5.山地滑雪是人们喜爱的一项体育运动如图所示，一滑雪坡由斜面ab和圆弧面bc组成，bc圆弧面和斜面相切于b，与水平面相切于c，竖直台阶cd底端与倾角为的斜坡de相连。第一次运动员从a点由静止滑下通过c点后飞落到de上，第二次从ab间的a点（图中未标，即abab）由静止滑下通过c点后也飞落到de上，运动员两次与斜坡de接触时速度与水平方向的夹角分别为1和2，不计空气阻力和轨道的摩擦力，则 abcbdbeh1h2第5题图a.12 b.12 c.1=2d.无法确定两角的大小关系 【答案】【知识点】 动能定理的应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系a2 e2【答案解析】b 解析：根据动能定理mgh=mv02，a下落时高度较大，所以从a下落到达c点的速度比较大那么从a和a下落时在de上的落点如图所示，根据平抛运动中的推论：tan=2tan由图可以看出从a下落时从c点飞出后tan值较大，故从a下落时落到de后tan2较大，即tan1tan2故选：ba【思路点拨】由动能定理知从a点滑下的时候通过c点的速度较小，然后根据平抛运动tan= 进行比较本题考查了动能定理以及平抛运动，平抛运动时注意运用速度偏转角正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍这一推论可以使问题简单【原创纯word版精品解析】物理卷2015届四川省绵阳南山实验高中高三一诊模拟考试（201410）】11.（19分）如图所示，某工厂传送带装置倾斜放置，倾角=37o，传送带ab长度xo=l0m。有一水平平台cd高度保持6.45m不变。现调整d端位置，当d、b的水平距离合适时，自d端水平抛出的物体恰好从b点沿ba方向冲上斜面，此后d端固定不动，g=l0m/s2。另外，传送带b端上方安装一极短的小平面，与传送带ab平行共面，保证自下而上传送的物体能沿ab方向由b点斜向上抛出。（sin37o=06，cos37o=08）（1）求d、b的水平距离；（2）若传送带以5m/s的速度逆时针匀速运行，某物体甲与传送带间动摩擦因数10.9，自a点沿传送带方向以某一初速度冲上传送带时，恰能水平落到水平台的d端，求物体甲的最大初速度vo1（3）若传送带逆时针匀速运行，某物体乙与传送带间动摩擦因数20.6，自a点以vo2=11m/s的初速度沿传送带方向冲上传送带时，恰能水平落到水平台的d端，求传送带的速度v。【答案】【知识点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系a2 c2【答案解析】（1）1.2m；（2）17m/s；（3）2m/s 解析： ：（1）设水平抛出物体的初速度v0，经时间t落入传送带上时，竖直分速度为vy，竖直方向：h-x0sin=gt2vy=gt tan=水平方向距离 x=v0t x=1.2m（2）由（1）中得 sin=所以物体从传送带上落下时 v=5m/s则物体甲到b端的速度为v=5m/s，则恰能水平落到水平台的d端由动能定理得：-mg x0sin-1mgcosx0=mv2-解得：v01=17m/s（3）若传送带对物体的摩擦力方向始终向下，设物体到b端速度v1由动能定理得：-mg x0sin-2mgcosx0=mv12-mv022v1无解若传送带对物体的摩擦力方向始终向上，设物体到b端速度v2由动能定理得：-mgx0sin+2mgcosx0=mv22-mv022所以 v2=m/s5m/s故只能是摩擦力方向先向下后向上当摩擦力方向向下时，由牛顿第二定律得mgsin+2mgcos=ma1所以 a1=10.8m/s2当摩擦力方向向上时，由牛顿第二定律得mgsin-2mgcos=ma2所以a2=1.2m/s2设传送带速度为v，则有解得：v=2m/s【思路点拨】（1）从b点飞出后做平抛运动，根据平抛运动的基本公式列式即可求解；（2）先根据几何关系求出物体从传送带上落下时的速度，再由动能定理即可求解；（3）分摩擦力方向始终向上和向下两种情况，根据动能定理列式求出速度，从而判断摩擦力的方向，再根据牛顿第二定律列式求解本题主要考查牛顿第二定律和功能关系的直接应用，要求同学们能正确分析物体的受力情况和运动情况，选择合适的公式求解，难度适中【原创纯word版精品解析】物理卷2015届四川省绵阳南山实验高中高三一诊模拟考试（201410）】9.(15分)研究表明，一般人的刹车反应时间（即图甲中“反应过程”所用时间）t0=0.4s，但饮酒会导致反应时间延长，在某次试验中，一质量为50kg的志愿者少量饮酒后驾车以v0=72km/h的速度在试验场的水平路面上匀速行驶，从发现情况到汽车停止，行驶距离l39m。减速过程中汽车位移x与速度v的关系曲线如图乙所示，此过程可视为匀变速直线运动。取重力加速度的大小g=10m/s2。求： （1）减速过程汽车加速度的大小及所用时间； （2）饮酒使志愿者比一般人正常时迟缓的时间； （3）从发现情况到汽车停止的过程，汽车对志愿者所做的功。【答案】【知识点】功的计算；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律a2 c2 e1【答案解析】（1）2.5s；（2）0.3s；（3）-10000j 解析： （1）设减速过程中汽车加速度的大小为a，所用时间为t，由题可得初速度，末速度，位移，由运动学公式得： 联立式，代入数据得: （2）设志愿者反应时间为,反应时间的增加量为，由运动学公式得 联立式，代入数据得： 设志愿者所受合外力的大小为f，志愿者质量为m，由牛顿第二定律得： 代入数据得: 【思路点拨】（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式求出轿车减速过程中的加速度大小，结合速度时间公式求出减速运动的时间（2）根据反应时间内的位移与轿车刹车后的位移之和求出发现情况到轿车停止行驶的距离进而求出迟缓的时间（3）根据做功公式求得做的的功。解决本题的关键知道轿车在反应时间内做匀速直线运动，刹车后做匀减速运动，结合运动学公式灵活求解，基础题【原创纯word版精品解析】物理卷2015届山西省山大附中高三上学期第四次月考试题（201410）】16、（10分）如图所示，ac为光滑竖直杆，abc为构成直角的光滑l形轨道，b处有一小圆弧连接可使小球顺利转弯，并且a、b、c三点正好是圆上三点，而ac正好是该圆的直径，如果套在杆上的小球自a点静止释放(图中小球未画出)，分别沿abc曲轨道和ac直轨道运动到c点，如果沿abc曲轨道运动的时间是沿ac直轨道运动所用时间的1.5倍，求ac与ab夹角的值【答案】【知识点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系a2 c2【答案解析】53 解析： 设圆环的半径为r，小球沿ac做自由落体运动，运动的时间t2满足：2r= 可解得t2=2小球沿ab段运动时，a=gcos，且ab=2rcos，所需的时间tab满足；2rcos=gcos 解得：tab=2在b点小球的速度v=atab，以后沿bc做匀加速运动，其加速度为：a=gsin，且bc=2rsin故：2rsin=vtbc+a其中tbc=1.5t2-tab=0.5t2=带入后解得tan=，即=53【思路点拨】以小球为研究对象，分别求出沿ac和abc运动的时间，注意两种运动情况的运动遵循的规律，特别是在b点的速度即是上一段的末速度也是下一段的初速度，利用关系式和几何关系灵活求解本题的关键是能正确对abc进行受力和运动分析，把运动的时间正确表示；可视为多过程的运动分析，一定明确前后过程的衔接物理量【原创纯word版精品解析】物理卷2015届山东省潍坊一中高三10月第一次月考（201410）】8三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m，且与水平方向的夹角均为37。现有两个小物块a、b从传送带顶端均以1m/s的初速度沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数均为0.5。下列说法正确的是 a物块a先到达传送带底端 b物块a、b同时