【志鸿优化设计】（安徽专用）高考物理一轮复习 第七章 恒定电流第二节闭合电路及其欧姆定律课时作业（含解析）.doc

课时作业23闭合电路及其欧姆定律一、单项选择题1(2012海南单科)如图，e为内阻不能忽略的电池，r1、r2、r3为定值电阻，s0、s为开关，v与a分别为电压表与电流表。初始时s0与s均闭合，现将s断开，则( )a的读数变大，的读数变小b的读数变大，的读数变大c的读数变小，的读数变小d的读数变小，的读数变大2.(2012上海单科)直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片p向右移动时，下列关于电源的说法中，错误的是( )a总功率一定减小b效率一定增大c内部损耗功率一定减小d输出功率一定先增大后减小3如图所示，电源的电动势为e，内电阻为r，两电表均可看做是理想电表。闭合开关，使滑动变阻器的滑片由右端向左端滑动，在此过程中( )a小灯泡l1、l2均变暗b小灯泡l1变暗，l2变亮c电流表a的读数变小，电压表v的读数变大d电流表a的读数变大，电压表v的读数变大4一个微型吸尘器的直流电动机的额定电压为u，额定电流为i，线圈电阻为r，将它接在电动势为e，内阻为r的直流电源的两极间，电动机恰好能正常工作，则( )a电动机消耗的总功率为uib电动机消耗的热功率为c电源的输出功率为eid电源的效率为5(2012辽宁锦州模拟)在纯电阻电路中，当用一个固定的电源(设e、r是定值)向变化的外电阻供电时，关于电源的输出功率p随外电阻r变化的规律如图所示，则下列说法错误的是( )a当rr时，电源有最大的输出功率b当rr时，电源的效率50%c电源的功率p随外电阻r的增大而增大d电源的效率随外电阻r的增大而增大6(2012安徽省城名校联考)a、b两块正对的金属板竖直放置，在金属板a的内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球。两块金属板接在如图所示的电路中的r1为光敏电阻，r2为滑动变阻器，r3为定值电阻，当r2的滑动触头p在中间时闭合开关s，此时电流表和电压表的示数分别为i和u，带电小球静止时绝缘细线与金属板a的夹角为。已知电源电动势e和内阻r一定，光敏电阻随光照的增强电阻变小，以下说法正确的是( )a保持光照强度不变，将r2的滑动触头p向b端滑动，则r3消耗的功率变大b保持滑动触头p不动，让光敏电阻周围光线变暗，则小球重新平衡后变小c滑动触头向a端滑动，用更强的光照射r1则电压表示数变小d保持滑动触头不动，用更强的光照射r1，则u的变化量的绝对值与i的变化量的绝对值的比值变小7如图所示，m、n是平行板电容器的两个极板，r0为定值电阻，r1、r2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器内部。闭合开关s，小球静止时受到悬线的拉力为f。调节r1、r2，关于f的大小判断正确的是( )a保持r1不变，缓慢增大r2时，f将变大b保持r1不变，缓慢增大r2时，f将变小c保持r2不变，缓慢增大r1时，f将变大d保持r2不变，缓慢增大r1时，f将变小8在电学探究实验课中，某组同学在实验室利用如图甲所示的电路图连接好电路，并用于测定定值电阻r0，电源的电动势e和内电阻r。调节滑动变阻器的滑动触头p向某一方向移动时，一个同学记录了电流表a和电压表v1的测量数据，另一同学记录了电流表a和电压表v2的测量数据。根据所得数据描绘了如图乙所示的两条u-i直线。则有( )a图象中的图线乙是电压表v1的测量值所对应的图线b由图象可以得出电源电动势和内阻分别是e1.50 v，r1.0 c图象中两直线的交点表示定值电阻r0上消耗的功率为0.55 wd图象中两直线的交点表示在本电路中该电源的效率达到最大值二、非选择题9如图所示，电源的电动势e110 v，电阻r121 ，电动机的电阻r00.5 ，开关s1始终闭合。当开关s2断开时，电阻r1的电功率是525 w；当开关s2闭合时，电阻r1的电功率是336 w，求：(1)电源的内电阻；(2)当开关s2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率。10如图所示电路，已知r34 ，闭合开关，电流表读数为0.75 a，电压表读数为2 v，经过一段时间，一个电阻被烧坏(断路)，使电流表读数变为0.8 a，电压表读数变为3.2 v，问：(1)哪个电阻发生断路故障？(2)r1的阻值是多少？(3)能否求出电源电动势e和内阻r？如果能，求出结果；如果不能，说明理由。11一电路如图所示，电源电动势e28 v，内阻r2 ，电阻r112 ，r2r44 ，r38 ，c为平行板电容器，其电容c3.0 pf，虚线到两极板距离相等，极板长l0.20 m，两极板的间距d1.0102 m。(1)若开关s处于断开状态，则当其闭合后，求流过r4的总电荷量为多少？(2)若开关s断开时，有一带电微粒沿虚线方向以v02.0 m/s的初速度射入c的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关s闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入c的电场中，能否从c的电场中射出？(要求写出计算和分析过程，g取10 m/s2)参考答案1b解析：外电路总电阻变大，干路电流变小，路端电压(即的读数)变大。r2与电流表串联电路电压变大，所以的读数变大。所以选b。2d解析：滑动变阻器的滑片p向右移动时，滑动变阻器连入电路部分的阻值变大，因而电流减小，由p总ie可知电源的总功率减小，选项a正确。滑动变阻器连入电路部分阻值变大，路端电压变大，由100%可知电源的效率增大，选项b正确。内部损耗功率为p内i2r，电流减小，因而内部损耗功率减小，选项c正确。电源输出功率为外电阻消耗功率，但外电阻与内电阻的大小关系未知，因而不能判断输出功率的变化情况，选项d错误。3b解析：分析电路图可知，l1和滑动变阻器并联后再与l2串联，当滑动变阻器连入电路部分的阻值变小后，整个电路的电流变大，外电压减小，故电流表读数增大，电压表读数减小，d项错误；流过l2的电流变大，加在l1两端的电压减小，故l1变暗，而l2变亮，b项正确。4a解析：电动机不是纯电阻，电动机消耗的总功率为ui，a选项正确；电动机消耗的热功率为i2r，b选项错误；电源的输出功率为ui，c选项错误；电源的效率为1，d选项正确。5c解析：由题图可知，rr时电源有最大输出功率，a正确；电源的功率pie，随外电阻r的增大而减小，c错误；由可知b、d正确。6c解析：r2的滑动触头向b端移动的时候，回路的总电阻变大，总电流减小，r3消耗的功率变小；触头不动，减弱光照时，光照电阻变大，分压增多，电容器板间场强变大，则小球重新平衡后变大；当用更强的光照射r1同时将滑动触头p向a端滑动，回路总电阻变小，总电流增大，内电压增大，外电压变小，电压表示数变小；变阻器r2、定值电阻r3分压增多，电容器两端电压减小、小球稳定后偏转角度变小。r，仅增强光照其比值不变。7b解析：当r1不变，增大r2时，电路中总电流i减小，r0分压相应减小，mn极板间的电场强度也减少，所以f也变小。而当r2不变，调节r1时，mn极板间的电压不变，f应不变。选项b正确。8b解析：题图中图线甲是由路端电压与干路电流的数据所描绘的，图线乙是r0的ui曲线且u2ir0，所以a错误；由甲图线可知，电源内阻r1.0 ，电源电动势e1.50 v，b选项正确；由乙图线可求出定值电阻r02.0 ，图象中两直线的交点表示此时电路中的电流为0.5 a，电压表v1的示数u11.0 v，电压表v2的示数u21.0 v，此时r0上消耗的功率p0iu10.5 w，所以c错误；由于电源的效率，r外越大，越大，所以当p滑到最右端时，r外最大，最大，因此d选项错误。9答案：(1)1 (2)26 a1 606 w解析：(1)电键s1闭合，r1的电功率525 w，u1105 v。，则r 1 。(2)电键s2闭合时，336 w，u184 v。流过电源电流i a26 a。通过电动机的电流imiir1(26)a22 a电动机的输入功率p入u1im8422 w1 848 w电动机的输出功率p出p入ir01 848 w2220.5 w1 606 w。10答案：(1)r2(2)4 (3)见解析解析：(1)由电压表和电流表示数都增大可以确定r2断路。(2)r2断路后，电压表测量的是r1两端的电压，根据r，r1 4 (3)r2断路前，r3两端的电压为u3i1r1u2(0.7542) v1 vi3 a0.25 ar2断路前后，根据闭合电路欧姆定律e0.754 v(0.25 a0.75 a)(r4r)e3.2 v0.8 a(r4r)解得e4 vr4r1 故只能求出电源电动势e，而不能求出内阻r。11答案：(1)6.01012 c(2)不能解析：(1)当s断开时，电容器两极板间的电势差u1r38 v16 v，电容器的带电荷量q1cu13.0101216 c481012 c上极板为正。当s闭合时，外电路的总电阻r外 6 ，干路电流i a，流过r3的电流i3 ar3分得的电压u2i3r314 v。电容器的带电量q2cu23.0101214 c421012