【红对勾】高中物理 4.7 用牛顿运动定律解决问题（二）课后作业 新人教版必修1(1).doc

【红对勾】2014-2015学年高中物理 4.7 用牛顿运动定律解决问题（二）课后作业时间：45分钟满分：100分一、单项选择题(每小题6分，共30分)1如下图所示，三根质量和形状都相同的光滑圆柱a，b，c，它们的重心位置不同，三个相同的支座上支点p，q在同一水平面上，a球的重心oa位于球心，b球的重心ob位于球心正上方，c球的重心oc位于球心正下方，三球均处于平衡状态，支点p对a球的弹力为fna，对b，c球的弹力分别为fnb和fnc，则()afnafnbfncbfnafnbfnccfnafnbfnbfnc2升降机中弹簧测力计下挂一重物，重物的质量为5 kg，而弹簧测力计的示数为25 n，那么升降机的运动可能是()a竖直向上匀加速运动b竖直向下变加速运动c竖直向上匀减速运动d竖直向下匀减速运动3如图所示，一物块置于水平地面上当用与水平方向成60角的力f1拉物块时，物块做匀速直线运动；当改用与水平方向成30角的力f2推物块时，物块仍做匀速直线运动若f1和f2的大小相等，则物块与地面之间的动摩擦因数为()a.1 b2c. d14轻质弹簧的上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小铁球，电梯中有质量为50 kg的乘客，如图所示，在电梯运行时，乘客发现弹簧的伸长量是电梯静止时轻质弹簧的伸长量的一半，这一现象表明(g10 m/s2)()a电梯此时可能正以大小为1 m/s2的加速度减速上升，也可能以大小为1 m/s2的加速度加速下降b电梯此时可能正以大小为1 m/s2的加速度减速上升，也可能以大小为5 m/s2的加速度加速下降c电梯此时正以大小为5 m/s2的加速度加速上升，也可能是以大小为5 m/s2的加速度减速上升d无论电梯此时是上升还是下降，也无论电梯是加速还是减速，乘客对电梯底板的压力大小一定是250 n5如图所示，小球用细绳系住，绳的另一端固定于o点现用水平力f缓慢推动斜面体，小球在斜面上无摩擦地滑动，细绳始终处于直线状态，当小球升到接近斜面顶端时细绳接近水平，此过程中斜面对小球的支持力fn以及绳对小球的拉力ft的变化情况是()afn保持不变，ft不断增大bfn不断增大，ft不断减小cfn保持不变，ft先增大后减小dfn不断增大，ft先减小后增大二、多项选择题(每小题6分，共18分)6如下图所示，质量分别为m1，m2的两个物体通过轻弹簧连接，在力f的作用下一起沿水平方向做匀速直线运动(m1在地面，m2在空中)，力f与水平方向成角则m1所受支持力fn和摩擦力ff正确的是()afnm1gm2gfsinbfnm1gm2gfcoscfffcosdfffsin7下列仪器在太空中的国际空间站上能正常使用的有()a天平 b温度计c弹簧测力计 d水银气压计8某实验小组利用dis系统观察超重和失重现象，他们在电梯内做实验，在电梯的地板上放置一个压力传感器，在传感器上放一个重力为20 n的物块，如图甲所示，实验中计算机显示出传感器所受物块的压力大小随时间变化的关系如图乙则以下根据图象分析得出的结论中正确的是()a从时刻t1到t2，物块处于失重状态b从时刻t3到t4，物块处于失重状态c电梯可能开始停在低楼层，先加速向上，接着匀速向上，再减速向上，最后停在高楼层d电梯可能开始停在高楼层，先加速向下，接着匀速向下，再减速向下，最后停在低楼层答案课后作业1a不管小球重心位于o点上方还是下方，支座对三个球的支持力方向相同，故弹力大小相同2c重物重力为50 n，而测量结果为25 n，故物体处于失重状态，加速度向下，故c有可能；而选项b中，虽然物体也处于失重状态，但弹簧测力计示数不稳定3b本题意在考查考生对力的正交分解的理解以及对平衡条件的理解与应用当用f1拉物块时，由平衡条件可知f1cos60(mgf1sin60)，当用f2推物块时，又有f2cos30(mgf2sin30)，又f1f2，求得2，b正确4d弹簧的伸长量是原来伸长量的一半，此时弹簧对小铁球的拉力f，说明小铁球处于失重状态，且其具有向下的加速度，数值为，故a，b，c均不正确由于乘客与小铁球的运动状态相同，故乘客也具有向下的加速度，对乘客进行受力分析得mgfnmg解得fn250 n，故d正确5d本题考查动态平衡问题，意在考查考生解决动态平衡问题的能力由于缓慢地推动斜面体，小球处于动态平衡，小球受到大小方向不变的重力，方向不变的斜面的支持力，还有绳的拉力，三力构成封闭三角形，如图所示，开始时绳的拉力与支持力的夹角为锐角，随着绳的拉力ft按顺时针转动，其大小先减小后增大，而支持力fn一直增大，d项正确6ac本题考查整体法和隔离法及受力分析、物体平衡条件应用等知识点，意在考查考生对新情景的分析能力和综合运用知识的能力把两个物体看做一个整体，由两个物体一起沿水平方向做匀速直线运动可知水平方向fffcos，选项c正确，d错误；设轻弹簧中弹力为f1弹簧方向与水平方向的夹角为，隔离m2，分析受力，由平衡条件知，在竖直方向有，fsinm2gf1sin，隔离m1，分析受力，由平衡条件知，在竖直方向有，m1gfnf1sin，联立解得，nm1gm2gfsin，选项a正确，b错误7bc太空中的国际空间站处于完全失重状态下，在此环境下与重力有关的仪器将不能使用由重力产生的一切物理现象都会消失。如单摆停摆、天平失效、浸没于液体中的物体不再受浮力、水银气压计失效等，但测力的仪器中弹簧测力计是可以使用的，因为弹簧测力计是根据fkx原理制成的，而不是根据重力制成的。在太空中，物体处于完全失重的状态因此，在太空中天平、水银气压计就不能正常使用了故a、d错误，b、c正确8bc选b、c由图线知，在t1t2时间内，物块对传感器的压力大于重力，处于超重状态，a错误；由图线知，在t3t4时间内，物块对传感器的压力小于重力，处于失重状态，b正确；在t1t2时间内，物块可能向上加速运动，也可能向下减速运动，不能向下加速运动，在t3t4时间内，物块可能向上减速，也可能向下加速，不可能向上加速运动或向下减速运动，c对，d错。三、非选择题(共52分)9(8分)如下图所示，两轻环e和d分别套在光滑杆ab和ac上，ab与ac的夹角为，e和d用细线连接，一恒力f沿ac方向拉环d，当两环平衡时，细线与ac间的夹角为_，细线的拉力为_10(8分)某人在以2.5 m/s2的加速度匀加速下降的升降机里最多能举起80 kg的物体，他在地面上最多能举起_kg的物体若此人在一匀加速上升的升降机中最多能举起40 kg的物体，则此升降机上的加速度为_m/s2.11(12分)质量为60 kg的人，站在升降机中的体重计上，升降机做下列各种运动时，体重计的读数是多少？(g10 m/s2)(1)升降机匀速上升；(2)升降机以4 m/s2的加速度加速上升；(3)升降机以5 m/s2的加速度加速下降12(10分)风筝(如下图甲)借助于均匀的风对其作用力和牵线对其拉力作用，才得以在空中处于平衡状态如图乙，风筝平面ab与地面夹角为30，牵线与风筝面夹角为53，风筝质量为300 g，求风对风筝的作用力的大小(风对风筝的作用力与风筝平面相垂直，取g10 m/s2)13(14分)在倾斜角为的长斜面上，一带有风帆的滑块从静止开始沿斜面下滑，滑块(连同风帆)的质量为m，滑块与斜面间的动摩擦因数为、风帆受到向后的空气阻力与滑块下滑的速度v大小成正比，即fkv.滑块从静止开始沿斜面下滑的vt图象如下图所示，图中的倾斜直线是t0时刻速度图线的切线(1)由图象求滑块下滑的最大加速度和最大速度的大小；(2)若m2 kg，37，g10 m/s2，求出和k的值(sin370.6，cos370.8)答案9.解析：d，e为轻环，重力不计，用力f拉d环时，稳定后，细线拉紧，且细线必与ab杆垂直，e环处于二力平衡状态，d环处于三力平衡状态两环稳定时，两环受力如下图所示细线与ac间夹角为；对d环，有ftcosf，即ftsinf，所以细线拉力ft.10605解析：人的举力是一定的，为f.第一种情况m1gfm1a1，得f600 n，则在地面上举60 kg.第二种情况fm2gm2a2，得a25 m/s2.11(1)600 n(2)840 n(3)300 n解析：体重计的读数即人对体重计压力的大小，因而分析人的受力情况，求出体重计对人的支持力fn，然后再由牛顿第三定律，即可得出体重计的读数，人站在升降机的体重计上受力情况如右图所示(1)当升降机匀速上升时，a0.由牛顿第二定律知，fnmg0.所以fnmg600 n由牛顿第三定律，人对体重计的压力，即体重计的示数为600 n.(2)当升降机以4 m/s2的加速度加速上升时，有fnmgma，所以fnm(ga)60(104)840 n.由牛顿第三定律，人对体重计的压力，即体重计的示数为840 n(超重状态)(3)当升降机以5 m/s2的加速度加速下降时，此时a的方向向下，有mgfnma.所以fnm(ga)60(105) n300 n.由牛顿第三定律知，人对体重计的压力，即体重计的示数为300 n(失重状态)124.6 n解析：本题是一共点力平衡问题风筝平衡时共受到三个力作用，即重力mg、风对它的作用力f和绳对它的拉力ft(如下图所示)，ab方向为x轴，f方向为y轴，建立一个坐标系，将重力和拉力ft正交分解，根据平衡条件即能求得f的大小在x轴方向mgsin30ftsin370，得ftmg/1.22.5 n在y轴方向fftcos37mgcos30(2