云南省红河州开远九中高二物理下学期期中试卷（含解析）.doc

云南省红河州开远九中2014-2015学年高二下学期期中物理试卷 一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分在每一小题给出的四个选项中有的小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的，全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不选的得0分1（4分）下列说法中正确的是（）a电场强度为零的点，电势不一定为零b电场强度处处相等的区域内，电势也一定处处相等c电流在磁场中某点不受磁场力作用，则该点的磁感应强度不一定为零d由b=可知，b与f成正比，与il成反比2（4分）真空中有两个静止的点电荷q1、q2若保持它们之间的距离不变，而把它们的电荷量都变为原来的2倍，则两电荷间的静电力将变为原来的（）a2倍b4倍c8倍d16倍3（4分）如图所示，一个带正电的粒子进入一点电荷+q的电场中，初速度为v0，轨迹如图，则（）an点电势高于m点电势bn点电势低于m点电势c该粒子在m点动能比在n点动能大d该粒子在m点电势能比在n点电势能大4（4分）如图所示为某个电场的部分电场线，把a、b两点的场强记作ea、eb，a、b两点的电势分别记作a、b，则（）aab，eaebbab，eaebcab，eaebdab，eaeb5（4分）如图1所示是一火警报警器的部分电路示意图，其中r2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻r2随温度t变化的图线如图2所示电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器当传感器r2所在处出现火情时，显示器的电流i和报警器两端的电压u的变化情况是（）ai变大，u变大bi变大，u变小ci变小，u变大di变小，u变小6（4分）一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地两板间有一个 正电荷固定在p点，如图所示，以e表示两板间的场强，u表示电容器两板间的电压，表示正电荷在p点的电势，ep表示正电荷在p点的电势能，若保持负极板不动，将正极板向下移到图示的虚线位置，则（）ae变大bep不变c变大du不变7（4分）如图所示，虚线a、b、c代表静电场中的三个等势面，它们的电势分别为a，b和c，abc一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线klmn所示，由图可知（）a粒子从k到l过程中，电场力做负功b粒子从l到k过程中，电场力做负功c粒子从k到l过程中，电势能增加d粒子从l到k过程中，动能减少8（4分）如图所示的四个图中，标出了匀强磁场的磁感应强度b的方向、带正电的粒子在磁场中速度v的方向和其所受洛伦兹力f的方向，其中正确表示这三个方向关系的图是（）abcd9（4分）如图电路中，在滑动变阻器的滑片p向上端a滑动过程中，两表的示数情况为（）a电压表示数增大，电流表示数减少b电压表示数减少，电流表示数增大c两电表示数都增大d两电表示数都减少10（4分）如图所示，图线1表示的导体电阻为r1，图线2表示的导体的电阻为r2，则下列说法正确的是（）ar1：r2=1：3br1：r2=3：1c将r1与r2串联后接于电源上，则电流比i1：i2=1：3d将r1与r2并联后接于电源上，则电流比i1：i2=1：3二、填空、实验题（本题共7小题，每空2分，共28分）11（4分）把一个电量q=5109c的负电荷放在电场中的a点，测得受到的电场力大小为5104n，方向水平向右，则a点的场强是 n/c，方向12（4分）有一量程为100ma内阻为1的电流表，按如图所示的电路改装，量程扩大到1a和10a，则图中的r1=，r2=13（4分）有一只电流计，已知其ig=500a，rg=100，现欲改装成量程为6v的电压表，则应该联的电阻14（4分）如图所示为一正点电荷电场的电场线，电场中a、b两点间的电势差uab=300v电量q=+6.0108c的点电荷从a点移到b点，电场力对其做功为j若已知b点的电势b=100v，则a点的电势a=v15（4分）在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，某同学根据测得的数据，画出了如图所示的iu图象从图象中可以看出：当小灯泡两端的电压为u1时，通过灯丝的电流为i1，则此时灯丝的电阻为；小灯泡两端的电压从u1增大到u2的过程中，随着电压的增大，灯丝的电阻（选填“增大”、“减小”或“不变”）16（4分）用多用表的欧姆档测量阻值约为几十k的电阻rx，以下给出的是可能的操作步骤，其中s为选择开关，p为欧姆档调零旋钮，把你认为正确的步骤前的字母按合理的顺序填写在下面的横线上a将两表笔短接，调节p使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，断开两表笔b将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出rx的阻值后，断开两表笔c旋转s使其尖端对准欧姆档1kd旋转s使其尖端对准欧姆档100e旋转s使其尖端对准交流500v档，并拔出两表笔根据如图指针位置，此被测电阻的阻值约为17（4分）用如图甲所示的电路做“测定电池的电动势和内电阻”的实验，根据测得的数据做出了如图乙所示的ui图象，由图可知测得的电池的电动势为v，内电阻为三、论述、计算题：（共32分）解题要求：写出必要的文字说明、方程式、演算步骤和答案.有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位.18（6分）电场中某区域的电场线如图所示，a、b是电场中的两点一个电荷量为q=+4.0108c的点电荷在a点所受电场力fa=2.0104n，将该点电荷从a点移到b点，电场力做功w=8.0107j求：（1）a点电场强度的大小ea（2）a、b两点间的电势差u19（12分）如图所示，由静止开始被电场（加速电压为u1）加速的带电粒子平行于两正对的平行金属板且从两板正中间射入，从右侧射出，设在此过程中带电粒子没有碰到两极板若金属板长为l，板间距离为d、两板间电压为u2求（1）粒子穿越加速电场获得的速度v1（2）粒子在偏转电场发生的侧位移y（3）粒子射出偏转电场时的速度v220（6分）一台直流电动机线圈电阻r=1，与一阻值r=10的电阻串联，当所加电压u=150v，电动机正常工作时电压表示数100v，求电动机消耗的功率及输出的机械功率21（8分）如图所示，在与水平方向成60的光滑金属导轨间连一电源，在相距1m的平行导轨上垂直于导轨放一重力为3n的金属棒ab，棒上通以3a的电流，磁场方向竖直向上，这时棒恰好静止求：（1）匀强磁场的磁感应强度b；（2）ab棒对导轨的压力云南省红河州开远九中2014-2015学年高二下学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分在每一小题给出的四个选项中有的小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的，全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不选的得0分1（4分）下列说法中正确的是（）a电场强度为零的点，电势不一定为零b电场强度处处相等的区域内，电势也一定处处相等c电流在磁场中某点不受磁场力作用，则该点的磁感应强度不一定为零d由b=可知，b与f成正比，与il成反比考点：磁感应强度；电场强度 分析：电场的基本性质是对放入的电荷有力的作用，而通电导线放入磁场中不一定有磁场力的作用；电场与磁场都是客观存在的特殊物质；电势是描述电场性质的一种物理量，与电场强度没有直接关系解答：解：a、电场强度与电势没有关系，电场强度为零的地方电势不一定为零，电势为零的地方电场强度也不一定为零，故a正确；b、电场强度处处相等的区域内，电势不处处相等，比如匀强电场，沿着电场线方向，电势是降低的故b错误；c、处在电场中的电荷一定受到电场力，但在磁场中运动的电荷不一定有磁场力存在，当运动方向与磁场方向平行时，没有磁场力作用，因此某点不受磁场力作用，则该点的磁感应强度不一定为零故c正确；d、磁感应强度的大小b=，是比值定义法，因此b与f，与il均没有关系，故d错误；故选：ac点评：考查电场与磁场的基本知识，通过相互比较来加强理解注意电荷在磁场中受洛伦兹力是“有条件”的即运动电荷和磁场方向有夹角，若是平行或电荷与磁场相对静止则不受洛伦兹力作用，而电荷在电场中受电场力是“无条件”的即电场力与电荷的运动状态无关是一道基础题，同时也是易错题2（4分）真空中有两个静止的点电荷q1、q2若保持它们之间的距离不变，而把它们的电荷量都变为原来的2倍，则两电荷间的静电力将变为原来的（）a2倍b4倍c8倍d16倍考点：库仑定律 专题：计算题分析：由库仑定律可得出变化前后的库仑力表达式，则作比可得出两者的倍数解答：解：由库仑定律可得：变化前f=；而变化后，f=4f； 故=4故选b点评：本题考查库仑定律的直接应用，只需正确代入公式即可求解，属基础题目3（4分）如图所示，一个带正电的粒子进入一点电荷+q的电场中，初速度为v0，轨迹如图，则（）an点电势高于m点电势bn点电势低于m点电势c该粒子在m点动能比在n点动能大d该粒子在m点电势能比在n点电势能大考点：电势；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场线的疏密判断电场强度的大小，再去判断电场力的大小由轨迹的弯曲方向判断带电粒子所受电场力的大致方向，再根据电场力做功的正负判断电势能的大小和动能的大小解答：解：a、由运动轨迹可知，正点电荷在运动轨迹的右侧，根据顺着电场线方向电势逐渐降低可知，n点的电势高于m点的电势，故a正确，b错误c、粒子受力的方向指向运动轨迹凹的一侧，故粒子从m运动到n的过程中，电场力做负功，粒子的电势能增大，动能减小，则粒子在m点的电势能小于在n点的电势能；粒子在m点的动能大于在n点的动能故c正确，d错误故选：ac点评：对于粒子在电场中运动的问题，往往要根据曲线运动的特点：合力方向指向轨迹的内侧判断电场力方向再结合电场线的物理意义分析场强、电势的大小4（4分）如图所示为某个电场的部分电场线，把a、b两点的场强记作ea、eb，a、b两点的电势分别记作a、b，则（）aab，eaebbab，eaebcab，eaebdab，eaeb考点：电场线；电场强度；电势 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向沿着电场线方向电势是降低的解答：解：由电场线的分布情况可知，b处电场线比a处电场线密，则b点的场强大于a点的场强，即ebea画出过b点的等势线与a所在的电场线交于c点，如图，则有a点的电势高于c点的电势，所以a点的电势高于b点的电势，即ab故选：b点评：掌握电场线的特点即可解决问题可通过动能定理判断电荷动能的变化即可知道电势能的变化注意电场力的方向与运动方向来确定电场力做功的正负是解题的关键5（4分）如图1所示是一火警报警器的部分电路示意图，其中r2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻r2随温度t变化的图线如图2所示电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器当传感器r2所在处出现火情时，显示器的电流i和报警器两端的电压u的变化情况是（）ai变大，u变大bi变大，u变小ci变小，u变大di变小，u变小考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：由题知，当传感器r2所在处出现火情时，r2减小，分析外电路总电阻如何变化，根据欧姆定律分析干路电流的变化情况和路端电压u的变化情况，根据r2、r3并联电压的变化情况，分析通过r3电流的变化情况，即可知电流表示数变化情况解答：解：当传感器r2所在处出现火情时，由题意知r2减小，r2、r3并联电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流i总增大，电源的内电压增大，路端电压减小，即a、b两端电压u变小；r2、r3并联电压u并=ei总（r1+r），i总增大，e、r1、r均不变，则u并减小，通过r3电流i减小，即电流表示数i变小故d正确，abc错误故选d点评：本题判断路端电压u的变化情况时，也可以直接根据路端电压随外电阻减小而减小判断6（4分）一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地两板间有一个 正电荷固定在p点，如图所示，以e表示两板间的场强，u表示电容器两板间的电压，表示正电荷在p点的电势，ep表示正电荷在p点的电势能，若保持负极板不动，将正极板向下移到图示的虚线位置，则（）ae变大bep不变c变大du不变考点：电容器；电场强度；电势 专题：电容器专题分析：平行板电容器充电后与电源断开后所带电量不变移动极板，根据推论分析板间场强是否变化由电容的决定式分析电容的变化，确定电压u的变化根据p点与上板间电势差的变化，分析p点的电势如何变化，判断电势能的变化解答：解：平行板电容器充电后与电源断开所带电量不变，当极板距离减小时，根据电容决定式c=知，d减小，则电容c增大，根据u=知，u减小电场强度e=，知电场强度不变，所以p与负极板间的电势差不变，则p点的电势不变，电势能不变故b正确，a、c、d错误故选b点评：本题考查电容器的动态分析，关键抓住电容器与电源断开，电荷量不变，结合电容的定义式和决定式进行分析求解7（4分）如图所示，虚线a、b、c代表静电场中的三个等势面，它们的电势分别为a，b和c，abc一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线klmn所示，由图可知（）a粒子从k到l过程中，电场力做负功b粒子从l到k过程中，电场力做负功c粒子从k到l过程中，电势能增加d粒子从l到k过程中，动能减少考点：电势能；电势 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据轨迹的弯曲判断出电荷的受力，通过电场力做功判断电势能的变化，以及根据动能定理，通过电场力做功判断动能的变化解答：解：a、由轨迹弯曲方向可知粒子受到的是斥力，粒子从k到l的过程中，电场力方向与运动方向相反，电场力做负功故a正确bc、粒子从l到k过程中，电场力做正功，动能增大，故bd错误c、粒子从k到l的过程中，电场力做负功，电势能增加故c正确故选：ac点评：解决本题的关键知道电场力做功与电势能的关系，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加8（4分）如图所示的四个图中，标出了匀强磁场的磁感应强度b的方向、带正电的粒子在磁场中速度v的方向和其所受洛伦兹力f的方向，其中正确表示这三个方向关系的图是（）abcd考点：判断洛仑兹力的方向 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：本题考查了左手定则的直接应用，根据左手定则即可正确判断磁场、运动方向、洛伦兹力三者之间的关系解答：解：根据左手定则可知a图中洛伦兹力方向向下，故a错误；b图中磁场、运动方向、洛伦兹力三者之间的关系，故b正确；c图中洛伦兹力方向应该垂直向外，故c错误；d图中洛伦兹力方向应该垂直向里，故d错误故选b点评：对于左手定则要熟练掌握，加强应用，为学习带电粒子在磁场中的运动打好基础9（4分）如图电路中，在滑动变阻器的滑片p向上端a滑动过程中，两表的示数情况为（）a电压表示数增大，电流表示数减少b电压表示数减少，电流表示数增大c两电表示数都增大d两电表示数都减少考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：动态变化分析问题一般按照“局部整体局部”的顺序，分析总电阻变化总电流变化总电压变化，再分析局部电压、电流、功率的变化进行对于电流表读数来说，由于滑动变阻器的电流、电压和电阻都在变化，不好确定，可从总电流的变化和r2电流变化确定解答：解：当滑动变阻器的滑片p向a滑动时，接入电路的电阻增大，与r2并联的电阻增大，外电路总电阻r总增大，总电流i减小，路端电压u=eir增大，电压表读数增大；并联部分的电阻增大，分担的电压增大，u2增大，流过r2的电流i2增大，电流表的读数ia=ii2，则减小故a正确，bcd错误故选：a点评：电路动态变化分析是常见的题型，容易犯的错误是认为支路电阻增大，并联总电阻减小本题中变阻器的电压、电流和电阻都是变化的，技巧是研究干路电流和另一支路电流变化情况来确定10（4分）如图所示，图线1表示的导体电阻为r1，图线2表示的导体的电阻为r2，则下列说法正确的是（）ar1：r2=1：3br1：r2=3：1c将r1与r2串联后接于电源上，则电流比i1：i2=1：3d将r1与r2并联后接于电源上，则电流比i1：i2=1：3考点：闭合电路的欧姆定律；串联电路和并联电路 专题：恒定电流专题分析：由题图象是电阻的伏安特性曲线，其斜率k等于电阻的倒数将r1与r2串联后接于电源上时，电流相等将r1与r2并联后接于电源上时，电压相等，电流与电阻成反比解答：解：a、b由图r1=1，r2=3，故a正确 c、r1与r2串联后接于电源上，则电流比i1：i2=1：1故c错误 d、将r1与r2并联后接于电源上，电流比i1：i2=r2：r1=3：1故d错误故选a点评：本题考查识别、理解物理图象的能力物理图象往往从数学角度，研究图象的斜率、面积、交点等意义二、填空、实验题（本题共7小题，每空2分，共28分）11（4分）把一个电量q=5109c的负电荷放在电场中的a点，测得受到的电场力大小为5104n，方向水平向右，则a点的场强是1.0105 n/c，方向向左考点：电场强度 专题：电场力与电势的性质专题分析：本题比较简单直接考查了电场强度定义式的理解和应用以及电场方向的判定解答：解：根据电场强度的定义式：，得a点的场强为：，电场方向和正电荷受力方向相同和负电荷受力方向相反，由于该电荷为负，故电场方向向左故答案为：1.0105，向左点评：电场强度的概念是电场中的重要概念，要正确理解其定义式的物理意义和各个物理量含义，尤其注意电场强度大小和检验电荷无关12（4分）有一量程为100ma内阻为1的电流表，按如图所示的电路改装，量程扩大到1a和10a，则图中的r1=0.011，r2=0.1考点：把电流表改装成电压表 专题：实验题；恒定电流专题分析：本题的关键是根据欧姆定律分别列出两种情况下的表达式，然后求解即可解答：解：根据欧姆定律可知，量程是1a时应有：=（），其中=1a，量程是10a时应有：=（），其中=10a，联立以上两式解得=0.011，=0.1故答案为：0.011，0.1点评：电表的改装问题就是欧姆定律和串并联规律的应用问题，求解时应根据电路图列出相应的表达式，然后求解即可13（4分）有一只电流计，已知其ig=500a，rg=100，现欲改装成量程为6v的电压表，则应该串联11900的电阻考点：把电流表改装成电压表 专题：实验题分析：把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值解答：解：把电流计改装成电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值为：r=rg=100=11900；故答案为：串，11900点评：本题考查了电压表的改装，知道电压表改装原理、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题14（4分）如图所示为一正点电荷电场的电场线，电场中a、b两点间的电势差uab=300v电量q=+6.0108c的点电荷从a点移到b点，电场力对其做功为1.8105j若已知b点的电势b=100v，则a点的电势a=400v考点：电场线；电势 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据公式wab=quab求出电场力做功根据uab=ab计算出a点的电势解答：解：根据公式wab=quab点电荷从a点移到b点，电场力对其做功：j根据：uab=ab得a点的电势为：a=uab+b=300+100=400v故答案为：1.8105；400点评：本题考查电场力做功的计算和分析电场力做功与电势能变化的能力电场力做功公式应用时，一般各量均代入符号计算，根据计算结果的正负，确定正功还是负功15（4分）在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，某同学根据测得的数据，画出了如图所示的iu图象从图象中可以看出：当小灯泡两端的电压为u1时，通过灯丝的电流为i1，则此时灯丝的电阻为；小灯泡两端的电压从u1增大到u2的过程中，随着电压的增大，灯丝的电阻增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）考点：描绘小电珠的伏安特性曲线 专题：实验题；恒定电流专题分析：根据欧姆定律求出灯泡电阻；iu图象某点与坐标原点连线的斜率是电阻的倒数，根据图象判断灯泡电阻随电压如何变化解答：解：当小灯泡两端的电压为u1时，通过灯丝的电流为i1，则此时灯丝的电阻为r=；由于坐标原点与图象上某点连线的斜率倒数等于电阻，由图象可知，坐标原点与图象上1点连线的斜率大于坐标原点与点2连线的斜率，因此小灯泡两端的电压从u1增大到u2的过程中，随着电压的增大，灯丝的电阻增大故答案为：；增大点评：本题考查了求电阻、比较电阻大小问题，应用欧姆定律、分析清楚图象即可正确解题，要掌握应用图象法处理实验数据的方法16（4分）用多用表的欧姆档测量阻值约为几十k的电阻rx，以下给出的是可能的操作步骤，其中s为选择开关，p为欧姆档调零旋钮，把你认为正确的步骤前的字母按合理的顺序填写在下面的横线上a将两表笔短接，调节p使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，断开两表笔b将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出rx的阻值后，断开两表笔c旋转s使其尖端对准欧姆档1kd旋转s使其尖端对准欧姆档100e旋转s使其尖端对准交流500v档，并拔出两表笔c、a、b、e根据如图指针位置，此被测电阻的阻值约为3104考点：用多用电表测电阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：使用欧姆表测电阻，应选择合适的挡位，使指针指针中央刻度线附近，选择挡位后要进行欧姆调零，然后再测电阻，欧姆表使用完毕，要把选择开关置于off挡或交流电压最高挡上解答：解：测阻值约为几十k的电阻rx，应选择k挡，然后进行欧姆调零，用欧姆表测待测电阻阻值，读出其示数，最后要把选择开关置于off挡或交流电压最高挡上，因此合理的实验步骤是：c、a、b、e；由图象可知，被测电阻阻值为301000=3104；故答案为：c、a、b、e；3104点评：本题考查了欧姆表的使用方法以及测量电阻的步骤、欧姆表读数；欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数17（4分）用如图甲所示的电路做“测定电池的电动势和内电阻”的实验，根据测得的数据做出了如图乙所示的ui图象，由图可知测得的电池的电动势为1.40v，内电阻为1.0考点：测定电源的电动势和内阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：在ui图象中纵坐标的截距代表的是电源的电动势，直线的斜率代表的是电源的内阻的大小解答：解：在ui图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，所以由图可以读出电源的电动势为1.40v，图象中的斜率表示电源的内阻，所以电源的内阻为r=1.0故答案为：1.40，1.0点评：本题考查测定电动势和内电阻的数据处理，要求能根据公式得出图象中斜率及截距的含义在计算电源的内阻的时候，一定要注意纵坐标的数值是不是从0开始的三、论述、计算题：（共32分）解题要求：写出必要的文字说明、方程式、演算步骤和答案.有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位.18（6分）电场中某区域的电场线如图所示，a、b是电场中的两点一个电荷量为q=+4.0108c的点电荷在a点所受电场力fa=2.0104n，将该点电荷从a点移到b点，电场力做功w=8.0107j求：（1）a点电场强度的大小ea（2）a、b两点间的电势差u考点：电势能；电势差 专题：电场力与电势的性质专题分析：（1）由电场强度的定义式求场强（2）由u=可求得电势差解答：解：a点电场强度的大小 a、b两点间的电势=20 v答：（1）5.0103n/c （2）20 v点评：考查电场强度的定义式，电势差与电场力做功的关系会用表达式求相应的物理量19（12分）如图所示，由静止开始被电场（加速电压为u1）加速的带电粒子平行于两正对的平行金属板且从两板正中间射入，从右侧射出，设在此过程中带电粒子没有碰到两极板若金属板长为l，板间距离为d、两板间电压为u2求（1）粒子穿越加速电场获得的速度v1（2）粒子在偏转电场发生的侧位移y（3）粒子射出偏转电场时的速度v2考点：带电粒子在匀强电场中的运动 专题：电场力与电势的性质专题分析：（1）由动能定理可求得加速穿过加速电场速度（2）由水平方向的匀速直线运动规律可求得穿越偏转电场的时间，由沿电场线的匀加速直线运动规律可求得侧移距离；（3）分别求出水平速度和沿电场的速度，由速度的合成解答：解：（1）设电子被加速后速度大小为v0，对于电子在加速电场中由动能定理得：qu1=所以v0=（2）在偏转电场中，由电子做类平抛运动，设加速度为a，极板长度为l，由于电子恰好射出电场，所以有：l=v0t 解得：t=；粒子穿越偏转电场时沿电场方向的加速度a：带电粒子在偏转电场中运动时沿电场方向的加速度