云南省红河州蒙自一中高二物理下学期3月月考试卷（含解析）.doc

2014学年云南省红河州蒙自一中高二（下）月考物理试卷（3月份）一、选择题：（9小题，每小题6分，共54分在以下每小题所给出的选项中，第2、4、9题为多选题，其余各题均为单选题，请将正确答案填在答题卡中，选对得6分，对而不全得3分，选错或有一个选项选错得0分）1（6分）（2014杨浦区一模）关于感应电流，下列说法中正确的是（）a只要闭合电路内有磁通量，闭合电路中就有感应电流产生b穿过螺线管的磁通量发生变化时，螺线管内部就一定有感应电流产生c线框不闭合时，即使穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中也没有感应电流d只要电路的一部分作切割磁感线运动，电路中就一定有感应电流考点：感应电流的产生条件版权所有分析：感应电流产生的条件：只要穿过闭合电路的磁通量发生变化就能产生感应电流可以分解为两个条件：1、闭合电路，2、磁通量发生变化这两个条件必须同时满足，才能有感应电流产生解答：解：a、满足闭合电路，但是磁通量没有变化，没有感应电流，故a错b、满足磁通量变化，但是没有满足闭合电路这个条件，故b错误c、线框不闭合时，即使穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中也没有感应电流故c正确d、不知道电路是否闭合，因此不能确定有电流产生故d错误故选c点评：此题要求理解感应电流产生的条件：只要穿过闭合电路的磁通量发生变化才能产生感应电流要产生感应电流，电路一定要闭合，穿过的磁通量还要变化，缺一不可2（6分）（2013春沈河区校级期中）穿过一个电阻为2的闭合线圈的磁通量每秒均匀减小0.4wb，则线圈中（）a感应电动势为0.4vb感应电动势每秒减小0.4vc感应电流恒为0.2ad感应电流每秒减小0.2a考点：法拉第电磁感应定律版权所有专题：电磁感应与电路结合分析：穿过闭合线圈的磁通量每秒均匀减小0.4wb，得到磁通量变化率，由法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由欧姆定律求解感应电流解答：解：a、穿过闭合线圈的磁通量每秒均匀减小0.4wb，则得到磁通量变化率大小为=0.4wb/s，由法拉第电磁感应定律得：e=0.4v，感应电动势不变，故a正确，b错误c、由欧姆定律得，感应电流为i=0.2a，电流恒定不变，故c正确，d错误故选：ac点评：当穿过闭合线圈的磁通量均匀变化时，线圈中产生的感应电动势和感应电流是恒定不变的3（6分）（2014秋射阳县校级期末）在闭合铁芯上绕有一组线圈，线圈与滑动变阻器、电池构成电路，假定线圈产生的磁感线全部集中在铁芯内a、b、c三个闭合金属圆环，位置如图所示当滑动变阻器滑动触头左右滑动时，能产生感应电流的圆环是（）aa、b两环bb、c两环ca、c两环da、b、c三个环考点：变压器的构造和原理版权所有专题：交流电专题分析：由题，线圈产生的磁场全部集中在铁芯内，当滑动变阻器的滑片左、右滑动时，线圈中电流将发生改变，产生的磁场随之改变，a、b两环中磁通量会发生改变，即可知道有无感应电流产生而c环中总磁通量为零，保持不变，则知没有感应电流产生解答：解：据题意，线圈产生的磁场全部集中在铁芯内，根据安培定则判断可知，穿过a的磁感线方向向右，穿过b的磁感线向下，a、b两环都有磁通量当滑动变阻器的滑片左、右滑动时，线圈中电流将发生改变，产生的磁场随之改变，a、b两环中磁通量会发生改变，故a、b两环中将产生感应电流而向左和向右穿过c环的磁感线条数相等，完全抵消，总的磁通量为零，不发生变化，故c环中没有感应电流产生故a正确，bcd错误故选：a点评：判断有无感应电流产生，要紧扣感应电流产生的条件：穿过闭合电路的磁通量发生变化，对于有两种磁感线穿过线圈时，要看抵消后总的磁通量是否变化4（6分）（2014春蒙自县校级月考）如图所示，一个有界匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外，一个矩形闭合导线框abcd，沿纸面由位置1（左）匀速运动到位置2（右），则下列判断正确的是（）a导线框进入磁场时，感应电流方向为adcbab导线框离开磁场时，感应电流方向为abcdac导线框离开磁场时，受到的安培力方向水平向右d导线框进入磁场时，受到的安培力方向水平向左考点：楞次定律版权所有专题：电磁感应与电路结合分析：线框进入时dc边切割磁感线，出来时ab边切割磁感线，因此根据右手定则可以判断出电流方向，注意完全进入时，磁通量不变，无感应电流产生；然后根据左手定则判断安培力方向也可以利用楞次定律直接判断电流和受力方向解答：解：a、线框进入磁场时，由右手定则可知，感应电流沿顺时针方向，即为adcba，故a正确；b、由右手定则可知，导线框离开磁场时，感应电流方向为逆时针方向，即为abcda，故b正确；c、导线框进入磁场时，受到的安培力方向向左，故c错误；d、由左手定则可知，导线框离开磁场时，受到的安培力方向向左，故d正确；故选：abd点评：本题可以利用楞次定律直接判断电流和受力方向，也可以利用右手定则先判断电流向，然后利用左手定则判断受力方向5（6分）（2011朝阳区校级模拟）水平放置的金属框架cdef处于如图所示的匀强磁场中，金属棒ab置于粗糙的框架上且接触良好，从某时刻开始，磁感应强度均匀增大，金属棒ab始终保持静止，则（）aab中电流增大，ab棒所受摩擦力也增大bab中电流不变，ab棒所受摩擦力也不变cab中电流不变，ab棒所受摩擦力增大dab中电流增大，ab棒所受摩擦力不变考点：导体切割磁感线时的感应电动势；力的合成与分解的运用；安培力版权所有专题：电磁感应中的力学问题分析：磁感应强度均匀增大，穿过回路的磁通量均匀增大，回路中产生恒定的电流，安培力f=bil，分析安培力的变化，由平衡条件即可判断摩擦力的变化解答：解：磁感应强度均匀增大，穿过回路的磁通量均匀增大，根据法拉第电磁感应定律得知，回路中产生恒定的电动势，感应电流也恒定不变，ab棒所受的安培力f=bil，可知安培力f均匀增大，金属棒ab始终保持静止，则摩擦力也均匀增大故c正确，abd均错误故选c点评：本题关键根据法拉第电磁感应定律分析感应电动势如何变化，即可判断感应电流和安培力的变化6（6分）（2013东河区校级一模）在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图1所示，当磁场的磁感应强度b随时间t如图2变化时，图中正确表示线圈中感应电动势e变化的是（）abcd考点：感生电动势、动生电动势；楞次定律版权所有专题：电磁感应与电路结合分析：根据法拉第电磁感应定律求出各段时间内的感应电动势，根据楞次定律判断出各段时间内感应电动势的方向解答：解：在01s内，根据法拉第电磁感应定律，根据楞次定律，感应电动势的方向与图示箭头方向相同，为正值；在13s内，磁感应强度不变，感应电动势为零；在35s内，根据法拉第电磁感应定律，=根据楞次定律，感应电动势的方向与图示方向相反，为负值故a正确，b、c、d错误故选：a点评：解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律，会根据楞次定律判断感应电动势的方向7（6分）（2013秋曲沃县校级期末）一矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，产生交流电的图象如图所示，由图可以知道（）a0.01s时刻线圈处于中性面位置b0.01s时刻穿过线圈的磁通量为零c该交流电流有效值为2ad该交流电流频率为50hz考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率版权所有专题：交流电专题分析：由it图象可以读出电流的周期、最大值；当感应电动势最大时，线圈与中性面垂直；当感应电动势最小时，线圈与中性面重合解答：解：a、b、0.01s时刻感应电流最大，感应电动势最大，故线圈与中性面垂直，磁通量为零，故a错误，b正确；c、该交流电流的最大值为6.28a，故有效值为：i=，故c错误；d、该电流的周期为0.04s，故频率f=25hz，故d错误；故选：b点评：本题关键是明确：当线圈位于中性面时，感应电动势最小，为零；当线圈与中性面垂直时，感应电动势最大8（6分）（2011福建模拟）如图所示，一闭合直角三角形线框以速度v匀速穿过匀强磁场区域从bc边进入磁场区开始计时，到a点离开磁场区止的过程中，线框内感应电流的情况（以逆时针方向为电流的正方向）是如图所示中的（）abcd考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律版权所有专题：电磁感应与电路结合分析：分三个阶段分析感应电流的变化情况，根据感应电流产生的条件判断线框中是否由感应电流产生，根据e=blv及欧姆定律判断感应电流的大小解答：解：根据感应电流产生的条件可知，线框进入或离开磁场时，穿过线框的磁通量发生变化，线框中有感应电流产生，当线框完全进入磁场时，磁通量不变，没有感应电流产生，故c错误；感应电流i=，线框进入磁场时，导体棒切割磁感线的有效长度l减小，感应电流逐渐减小；线框离开磁场时，导体棒切割磁感线的有效长度l减小，感应电流逐渐减小；故a正确，bd错误；故选a点评：本题可以采用排除法分析解题，掌握感应电流产生的条件、熟练应用e=blv及欧姆定律即可正确解题9（6分）（2001江西）一个理想变压器，原线圈和副线圈的匝数分别为n1和n2，正常工作时输入和输出的电压、电流、功率分别为u1和u2、i1和i2、p1和p2，已知n1n2，则（）au1u2，p1p2bp1=p2，i1i2ci1i2，u1u2dp1p2，i1i2考点：变压器的构造和原理版权所有专题：交流电专题分析：本题比较简单，直接根据理想变压器原副线圈匝数比与电压、电流比之间的关系即可求解，理想变压器的输入功率与输出功率相等解答：解：根据理想变压器的特点有：，p1=p2所以有电流关系为：，由于n1n2，所以有i1i2，u1u2，故ad错误，bc正确故选bc点评：本题考查了有关变压器的基础知识，对于这些基础知识平时要加强记忆与理解，同时通过做题加强对基本公式的理解与应用二、填空题（16分，每空2分）10（4分）（2013春蚌山区校级期中）如图，一理想变压器原副线圈的匝数比为1：2；副线圈电路中接有灯泡，灯泡的额定电压为220v，额定功率为22w；原线圈电路中接有电压表和电流表现闭合开关，灯泡正常发光此时电压表的读数u=110v；电流表的读数i=0.2a考点：变压器的构造和原理版权所有专题：交流电专题分析：灯泡正常发光说明副线圈的电压为220v，计算电流，根据变压器中电压与匝数成正比，电流与匝数成反比即可求解解答：解：灯泡正常发光说明副线圈的电压为220v，电流为=0.1a，根据电压、电流与匝数的关系知，原线圈中电压为220=110v，电流为20.1=0.2a故答案为：110，0.2点评：本题考查了变压器的特点；电压与匝数成正比，电流与匝数成反比11（6分）（2014春蒙自县校级月考）如图是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该电压的周期是0.02s；最大值是311v；有效值是220v考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系版权所有专题：振动图像与波动图像专题分析：根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等解答：解：由图象知周期为：t=0.02s；由图象知最大值为：um=311v；电压的有效值为：u=220v；故答案为：0.02s，311v，220v点评：本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时正确书写交流电的表达式12（6分）（2014春蒙自县校级月考）如图所示，在宽为0.5m的平行导轨上垂直导轨放置一个有效电阻为r=0.6的直导体棒，在导轨的两端分别连接两个电阻r1=4、r2=6，其他电阻不计整个装置处在垂直导轨向里的匀强磁场中，如图所示磁感应强度b=0.1t当直导体棒在导轨上以v=6m/s的速度向右运动时，充当电源的导体棒产生的电动势为0.3v，电路中直导体棒两端的电压为0.24v，导体棒中的电流为0.1a考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律版权所有专题：电磁感应与电路结合分析：由e=blv求出感应电动势，由并联电路特点、欧姆定律可以求出电压与电流解答：解：导体棒切割磁感线产生电动势，相当于电源，等效电路图如图所示，感应电动势：e=blv=0.10.56=0.3v，外电阻：r外=2.4，总电流i=0.1a；故答案为：0.3；0.24；0.1点评：导体棒切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，应用e=blv、欧姆定律即可正确解题，要注意作出等效电路图三、计算题（本题共4小题，每题10分，满分40分）13（10分）（2014春砚山县校级月考）有一个1000匝的线圈，在0.4s内通过它的磁通量从0.02wb增加到0.09wb，求线圈中的感应电动势如果线圈的电阻是10欧，把一个电阻为990欧的电热器连接在它的两端，通过电热器的电流是多大？考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律版权所有专题：电磁感应与电路结合分析：根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势的大小，根据欧姆定律求出通过电热器的电流大小解答：解：线圈中的感应电动势，感应电流的大小i=答：线圈中的感应电动势为175v，通过电热器的电流为0.175a点评：本题考查了法拉第电磁感应和欧姆定律的综合运用，知道感应电动势与磁通量的变化率成正比，基础题14（10分）（2008秋鞍山期末）如图所示，变压器原线圈输入电压为220v，副线圈输出电压为36v，两只灯泡的额定电压均为36v，l1额定功率为12w，l2额定功率为6w，试求：（1）该变压器的原副线圈匝数比；（2）两灯均正常工作时原线圈的电流，以及只有l1正常工作时原线圈中的电流考点：变压器的构造和原理版权所有专题：交流电专题分析：根据电压与匝数成正比求比值，根据输入功率等于输出功率和功率的公式求解电流解答：解：（1）由电压变比公式得；（2）两灯均工作时，由能量守恒得p1+p2=u1i1i1=0.082a只有l1灯工作时，由能量守恒得p1=u1i2解得i2=0.055a；答：（1）该变压器的原、副线圈匝数比55：9；（2）两灯均正常工作时原线圈的电流0.082a，只有l1正常工作时原线圈中的电流0.055a点评：本题考查了变压器的变压原理，知道电压与匝数成正比，输入功率等于输出功率15（10分）（2014春蒙自县校级月考）如图所示，电阻为r的单匝正方形线圈abcd在外力作用下以速度v向右匀速进入磁场强度为b的匀强磁场，第二次又以速度2v匀速进入同一匀强磁场设正方形线框的边长为l，求：（1）第二次进入与第一次进入时线圈中电流之比；（2）第二次进入与第一次进入时线圈中产生的热量之比考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律版权所有专题：电磁感应与电路结合分析：（1）根据切割公式e=blv求解电动势，根据i=求解电流；（2）根据t=求解时间，根据q=i2rt求解热量解答：解：（1）线圈以速度v匀速进入磁场，当cd边在磁场中时，线框中感应电动势e1=blv，其中l为cd边的长度此时线框中的感应电流为：，其中r为线框的总电阻同理，线圈以速度2v匀速进入磁场时，线框中的感应电流最大值为：所以第二次与第一次线圈中最大电流之比为2：1 （2）线圈以速度v匀速进入磁场，线框中的感应电流为：设ad边长为l，则线框经过时间完全进入磁场，此后线框中不再有感应电流所以第一次线框中产生的热量为：同理，线圈以速度2v匀速进入磁场时，线框中产生的热量为：所以第二次与第一次线圈中产生热量之比为2：1 答：（1）第二次与第一次线圈中最大电流之比为2：1；（2）第二次与第一次线圈中产生热量之比为2：1点评：本题关键明确线圈进入磁场过程中，电动势e=blv，然后根据p=fv求解功率，根据q=i2rt求解热量16（10分）（2004北京）如图1