高考物理 课后提分训练23.doc

2014高考物理课后提分训练23 (时间45分钟，满分100分)一、单项选择题(本大题共4小题，每小题6分，共24分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得6分，选错或不答的得0分)1.图8220如图8220所示，图线1表示的导体电阻为r1，图线2表示的导体电阻为r2，则下列说法正确的是()ar1r213br1r231c将r1与r2串联后接于电源上，则电流比i1i213d将r1与r2并联后接于电源上，则电流比i1i2132.一电池外电路断开时的路端电压为3 v，接上8 的负载电阻后路端电压降为2.4 v，则可以判定电池的电动势e和内阻r为()ae2.4 v，r1 be3 v，r2 ce2.4 v，r2 de3 v，r1 3如图8221，电源的内阻不能忽略，当电路中点亮的电灯的数目增多时，下面说法正确的是()图8221a外电路的总电阻逐渐变大，电灯两端的电压逐渐变小b外电路的总电阻逐渐变大，电灯两端的电压不变c外电路的总电阻逐渐变小，电灯两端的电压不变d外电路的总电阻逐渐变小，电灯两端的电压逐渐变小4.图8222按图8222所示的电路连接各元件后，闭合开关s，l1、l2两灯泡都能发光在保证灯泡安全的前提下，当滑动变阻器的滑动头向左移动时，下列判断正确的是()l1变暗l1变亮l2变暗 l2变亮abc d二、双项选择题(本大题共5小题，每小题8分，共40分在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得8分，只选1个且正确的得4分，有选错或不答的得0分)5.图8223平行板电容器c与三个可变电阻器r1、r2、r3以及电源连成如图8223所示的电路闭合开关s待电路稳定后，电容器c两极板带有一定的电荷要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是()a只增大r1，其他不变b只增大r2，其他不变c只减小r3，其他不变d只减小a、b两极板间的距离，其他不变6.图8224某导体中的电流随其两端电压的变化如图8224所示，则下列说法中正确的是()a加5 v电压时，导体的电阻约是5 b加12 v电压时，导体的电阻约是1.4 c由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断增大d由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断增大7.图8225如图8225所示，电源电动势e8 v，内电阻为r0.5 ，“3 v3 w”的灯泡l与电动机m串联接在电源上，灯泡刚好正常发光，电动机刚好正常工作，电动机的线圈电阻r01.5 .下列说法中正确的是()a通过电动机的电流为1 ab电源的输出功率是8 wc电动机消耗的电功率为3 wd电动机的输出功率为3 w8如图8226所示电路，在平行金属板m、n内部左侧中央p有一质量为m的带电粒子(重力不计)以水平速度v0射入电场并打在n板的o点改变r1或r2的阻值，粒子仍以v0射入电场，则()图8226a该粒子带负电b减小r2，粒子还能打在o点c减小r1，粒子将打在o点右侧d增大r1，粒子在板间运动时间不变9如图8227甲所示，其中r两端电压u随通过该电阻的直流电流i的变化关系如图8227乙所示，电源电动势为7.0 v(内阻不计)，且r11 000 (不随温度变化)若改变r2，使ab与bc间的电压相等，这时()甲乙图8227ar的阻值为1 000 br的阻值为1 300 c通过r的电流为1.5 mad通过r的电流为2.0 ma三、非选择题(本大题共2小题，共36分按题目要求作答解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)10.图8228(16分)如图8228所示，电源电动势e6 v，内电阻r2 ，定值电阻r1r212 ，电动机m的内电阻r32 .当开关s闭合，电动机转动稳定后，电压表的读数u14 v若电动机除内电阻外其他损耗不计，求：(1)电路的路端电压u2；(2)电动机输出的机械功率p.11.图8229(20分)在如图8229所示的电路中，r12 ，r2r34 ，当电键k接a时，r2上消耗的电功率为4 w，当电键k接b时，电压表示数为4.5 v，试求：(1)电键k接a时，通过电源的电流和电源两端的电压；(2)电源的电动势和内电阻；(3)当电键k接c时，通过r2的电流答案及解析1.【解析】根据iu图线斜率的倒数表示电阻大小知，r1r213，故a正确，b错误再根据串、并联电路的特点，串联时电流相同，c错误；并联时，i1i2r2r131，d错误【答案】a2.【解析】因为电路断开时路端电压为3 v，所以e3 v，当r8 时，u2.4 v，所以i a0.3 a，euir，所以r2 ，故b正确【答案】b3【解析】由于电源内阻不能忽略，并联电灯数目增多时，总电阻变小，总电流变大，内电压变大，路端电压变小，故电灯两端的电压变小，d正确【答案】d4.【解析】滑动变阻器的滑动头向左移动时，电路中的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律i知，干路电流增大，则l2变亮，路端电压减小，又l2两端的电压增加，则并联电路两端的电压减小，那么l1两端的电压减小，l1变暗【答案】c5.【解析】电容器两端电压等于电阻r2两端的电压，只增大r1时，电容器两端的电压减小，电容器所带电荷量减小，选项a错误；只增大r2时，电容器两端的电压增大，电容器所带电荷量增大，选项b正确；只减小r3时，电容器两端的电压不变，电容器所带电荷量不变，选项c错误；只减小a、b两极板间的距离时，电容变大，电容器所带电荷量增大，选项d正确【答案】bd6.【解析】【答案】ac7.【解析】“3 v3 w”的灯泡l与电动机m串联，说明通过灯泡与电动机的电流相等，其电流大小为il a1 a；路端电压ueir8 v10.5 v7.5 v，电源的输出功率p出ui7.51 w7.5 w；电动机消耗的功率为pmp出pl7.5 w3 w4.5 w；电动机的热功率为p热ir0121.5 w1.5 w；电动机的输出功率为pmp热4.5 w1.5 w3 w；正确选项为a、d.【答案】ad8【解析】由电场方向和粒子偏转方向知粒子带负电；由于r2与平行金属板相连所以此支路断路，调节r2对平行板内电场无影响，粒子仍打在o点；当减小r1时，根据串联电路电压分配原理，平行板内电场将增强，所以粒子将打在o点左侧；当增大r1时，同理得平行板内电场将减弱，所以粒子将打在o点右侧，粒子在板间运动时间变长【答案】ab9【解析】要使ab与bc间的电压相等，即有euabubc，uabubc，解得ubc3.5 v而ubcuir1，联立解得uubcir1，将ubc3.5 v，r11 000 代入得u3.51 000i，在题给图象中作出函数关系u3.51 000i的图象如图所示，两图象的交点对应的横纵坐标i1.5 ma，u2 v即为公共解，由iru解得r1 300 .【答案】bc10.【解析】(1)设干路电流为i，对闭合电路而言，有eu2ir成立设通过r1和电动机的电流为i1，通过r2的电流为i2.对r1、r2而言，欧姆定律适用，有i1，i2.由并联电路特点，有ii1i2.代入数据后得6u2()2，解得u25 v，i1 a.(2)电动机中输入的电功率p1i1u1，转化为机械功率p和通过其内电阻生热的功率p2ir3.据能量守恒定律有pp1p2，代入数据得p4()22 w w0.32 w.【答案】(1)5 v(2)0.32 w11.【解析】(1)k接a时，r1被短路，外电阻为r2，根据电功率公式pi2r可得通过电源电流i11 a再根据p得电源两端电压u14 v.(2)