高考物理总复习 课时作业 5.doc

课后作业(五)(时间45分钟，满分100分)一、单项选择题(本大题共4小题，每小题6分，共24分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得6分，选错或不答的得0分)1长为l的轻杆a一端固定一个质量为m的小球b，另一端固定在水平转动轴o上，杆随转动轴o在竖直平面内匀速转动，角速度为，某时刻杆与水平方向成角，如图2216所示，则此时刻杆对小球的作用力方向在图中哪个范围内()图2216a竖直向上b沿ob方向c图中区域 d图中区域2(2013届合肥市教学质量检测)如图2217所示，一条细绳跨过定滑轮连接物体a、b，a悬挂起来，b穿在一根竖直杆上，两物体均保持静止，不计绳与滑轮、b与竖直杆间的摩擦，已知绳与竖直杆间的夹角，则物体a、b的质量之比mamb等于()图2217acos 1 b1cos ctan 1 d1sin 3如图2218所示，滑轮本身的质量可忽略不计，滑轮轴o安在一根轻木杆b上，一根轻绳ac绕过滑轮，a端固定在墙上，且绳保持水平，c端下面挂一个重物，bo与竖直方向的夹角为45，系统保持平衡若保持滑轮的位置不变，改变的大小，则滑轮受到木杆的弹力大小的变化情况是()图2218a只有变小，弹力才变大b只有变大，弹力才变大c无论变大还是变小，弹力都变大d无论变大还是变小，弹力都不变4(2013届广东省实验中学质量检测)如图2219所示，小球用细线拴住放在光滑斜面上，用力推斜面向左运动，小球缓慢升高的过程中，细线的拉力将()图2219a先增大后减小 b先减小后增大c一直增大 d一直减小二、双项选择题(本大题共5小题，每小题8分，共40分在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得8分，只选1个且正确的得4分，有选错或不答的得0分)5.图2220如图2220所示，轻质光滑滑轮两侧用细绳连着两个物体a与b，物体b放在水平地面上，a、b均静止已知a和b的质量分别为ma、mb，绳与水平方向的夹角为，则()a物体b受到的摩擦力可能为0b物体b受到的摩擦力为magcos c物体b对地面的压力可能为0d物体b对地面的压力为mbgmagsin 6物块a、b静置在水平地面上，如图2221，某时刻起，对b施加一沿斜面向上的力f，力f从零开始随时间均匀增大，在这一过程中，a、b均始终保持静止则地面对a的()图2221a支持力不变 b支持力减小c摩擦力增大 d摩擦力减小7(2012无锡模拟)如图2222所示，质量为m的正方体和质量为m的正方体放在两竖直墙和水平面间，并处于静止状态m和m的接触面与竖直方向的夹角为，若不计一切摩擦，下列说法正确的是()图2222a水平面对正方体m的弹力大小等于(mm)gb水平面对正方体m的弹力大小为(mm)gcos c墙面对正方体m的弹力大小为mgcot d墙面对正方体m的弹力大小为mgtan 8(2013届广东仲元中学检测)如图2223所示，a、b两木块放在水平面上，它们之间用细线相连，两次连接情况中细线倾斜方向不同但倾角一样，两木块与水平面间的动摩擦因数相同先后用水平力f1和f2拉着a、b一起匀速运动，线上的张力分别为ft1和ft2，则()图2223af1f2 bf1f2cft1ft2 dft1ft29在如图2224所示装置中，m1由轻质滑轮悬挂在绳间，两物体质量分别为m1、m2，悬点a、b间的距离远大于滑轮的直径，不计一切摩擦，整个装置处于静止状态，则()图2224a一定等于 bm1一定大于m2cm1可能等于2m2 dm1可能等于m2三、非选择题(本大题共2小题，共36分按题目要求作答解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)10(18分)如图2225所示，将一条轻而柔软的细绳一端固定在天花板上的a点，另一端固定在竖直墙上的b点，a、b两点到o点的距离相等，绳的长度为oa的两倍k为一质量和半径可忽略的动滑轮，滑轮下悬挂一质量为m的重物，设摩擦力可忽略现将动滑轮和重物一起挂到细绳上，在达到平衡时，绳所受的拉力是多大？图222511.图2226(18分)如图2226是压榨机的原理示意图，b为固定铰链，a为活动铰链，在a处作用一水平力f，滑块c就以比f大得多的压力压物体d.已知图中l0.5 m，b0.05 m，f200 n，c与左壁接触面光滑(滑块和杆的重力不计)，求d受到的压力多大？答案及解析一、1【解析】球b只受两个力：重力g和杆对它的作用力f，g的方向竖直向下，因整个装置在竖直平面内做匀速转动，则球所受力的合力充当向心力必沿杆指向o，由图可知f的方向应在区【答案】c2【解析】由物体a平衡可知，绳中张力fmag，物体b平衡，竖直方向合力为零，则有fcos mbg，故得：mamb1cos ，b正确【答案】b3【解析】无论变大还是变小，水平绳和竖直绳中的拉力均不变，因这两个力的合力与杆的弹力平衡，故弹力都不变【答案】d4【解析】“缓慢”说明小球始终处于平衡状态，对小球受力分析如图所示将拉力f与支持力fn平移跟重力g组成封闭三角形，其中重力g的大小和方向不变，斜面支持力fn的方向不变，在矢量三角形中，随小球缓慢升高线对小球的拉力f与小球重力g之间的夹角逐渐增大，可见，该过程中，拉力f先减小后增大，斜面的支持力fn一直增大【答案】b二、5.【解析】对b受力分析如图所示，则水平方向上：fftcos 由于ftmag所以fmagcos ，故a错，b对；竖直方向上：fnbftsin mbg，所以fnbmbgftsin mbgmagsin ，故c错，d对【答案】bd6【解析】将a、b看做一个整体，受到重力、地面对a的支持力和水平向左的静摩擦力以及力f.由于在f增大的过程中a、b均始终保持静止，所以力f的水平分力增大，竖直分力增大，故与水平分力平衡的摩擦力也随之增大，竖直分力与支持力的合力与重力平衡，故支持力减小，所以b、c项正确【答案】bc7【解析】对m和m组成的整体受力分析，竖直方向上水平面对m的支持力等于二者的总重力，故a项对、b项错；隔离m受力分析，它受到重力、右侧墙的弹力和m的弹力(方向垂直于图中虚线指向右上方)，在力的三角形中找到力的关系，则墙面对m的弹力大小为mgcot ，故d项错；墙面对正方体m的弹力和墙面对m的弹力等大反向(在整体法分析中是一对平衡力)，故c项正确【答案】ac8【解析】取a、b为整体分析可知，f1f2(mamb)g.隔离a物体，应用平衡条件可得ft1sin (magft1cos )，ft2sin (magft2cos )，比较可得ft1ft2.【答案】bd9【解析】拉滑轮的两个力是同一条绳的张力，因此两力相等，这两力的合力与重力等大反向，作出的平行四边形为菱形，因此合力方向为角平分线，a正确；对m2由平衡条件ftm2g，而对滑轮两个拉力ft与m1g是合力与分力的关系，根据互成角度的两个力与合力的关系，即任意一个力大于另外两力差、小于两力和，故0m12m2，b、c错，d正确【答案】ad三、10【解析】将滑轮挂到细绳上，对滑轮进行受力分析如图所示，滑轮受到下面悬绳的拉力tmg和ak、bk的拉力f，且ak、bk的拉力相等，由于对称，因此t作用线必过ak和bk的角平分线延长ak交墙壁于c点，因kbkc，所以由已知条件akkcac2ao，所以图中的角度30，即两拉力f与拉力t作用线的夹角两个拉力的合力f合与t等大反向，所以：2fcos 30f合mg，所以fmg/2cos 30 mg/3.【答案】mg/311.【解析】力f的作用效果是对ab、ac两杆沿杆方向产生挤压作用，因此可将f沿a