湖北省十堰市郧阳区中考物理一模试卷（含解析）.doc

2015年湖北省十堰市郧阳区中考物理一模试卷一、单选题1关于热量、温度、内能之间的关系，下列说法正确的是（）a物体温度升高，内能一定增加b物体吸收热量，温度一定升高c物体温度不变，一定没有吸热d物体温度升高，一定吸收热量2四冲程内燃机工作时，将机械能转化成内能的冲程是（）a吸气冲程b压缩冲程c做功冲程d排气冲程3如图是用带电小球探究电荷间相互作用规律的实验装置，其中符合事实的是（）abcd4用同种材料制成的粗细均匀的某段金属导体，对于其电阻大小下列说法正确的是（）a当导体两端电压和通过导体的电流为零时，导体的电阻为零b当导体被均匀拉长至原来的二倍时，他的电阻减小为原来的一半c电阻是导体本身的一种性质，所以温度无论如何变化，电阻也不可能变为零d电阻是导体本身的一种性质，与电压和电流无关5如图所示，电源电压不变，当开关s闭合，滑动变阻器的滑片p由中点位置向右滑动的过程中，下列判断正确的是（）a电压表示数不变，电流表示数增大b电压表示数增大，电流表示数增大c电压表示数不变，电流表示数减小d电压表示数减小，电流表示数减小6如图所示，电源电压保持不变，闭合开关s1、s2，电压表示数为6v，电流表示数为0.6a，断开s2后，电压表示数变为2v，则r2的电阻和电源电压分别是（）a10、9vb20、6vc20、9vd10、6v7小琳同学在“探究影响电灯亮度的因素”时，用甲、乙两个小灯泡连成如图所示的电路闭合开关s后，甲、乙两灯均正常发光，但甲灯亮度比乙灯亮度大下列说法正确的是（）a两灯均正常发光时，甲灯的电阻小于乙灯的电阻b两灯均正常发光时，甲灯的功率等于乙灯的功率c若将两灯位置对换，则乙灯的亮度比甲灯亮度大d如果将两灯串联在该电源上，甲灯的亮度仍然会大于乙灯的亮度8某电热器有两根电阻丝，只给一根通电，煮沸一壶水用的时间为t1；只给另一根通电，煮沸同样一壶水用的时间为t2若两根电阻丝并联到原来的电源上，煮沸同样一壶水需用的时间为t，则（）at=t1+t2b =+ctt1dtt29人们生活水平逐渐提高，家用电器不断增多，在家庭电路中，下列说法正确的是（）a家中用电器与插座是串联的b使用测电笔时，不能用手接触到笔尾金属体c在更换灯泡之前应首先断开开关d家庭电路电压是安全电压10关于能源及其利用的下列说法正确的是（）a所有能源都是一次能源b太阳能是可再生能源c能量转化装置的效率可以达到100%d目前核能发电主要是利用核聚变方式二、填空题11酒精的热值是3107焦/千克2千克的酒精完全燃烧，放出热量焦；在两个相同的杯子里分别倒入等量的开水和凉水，用勺子分别放入等量的蔗糖，过一会儿，分别用勺子去尝两个杯子表示的水，你会在水杯中先尝到甜味，这说明是影响快慢的因素12加在某段导体两端的电压是6伏特时，通过它的电流强度是200毫安，则该导体的电阻是 欧姆，如果加在该导体两端的电压增至12伏特时，该导体的电阻是 欧姆，当加在该导体两端的电压减小为零时，该导体的电阻是 欧姆；在家庭电路中发生触电事故，通常都是人体直接或间接接触线所造成的（选填“火”或“零”）13有一个标有“8v 2w”的小灯泡，如果接在12v的电源上，必须联一个阻值为的电阻才能使小灯泡正常发光，此时在这个电阻上消耗的电功率是w；通电10s，产生的热量为j14有一种轮子会发光的溜冰鞋，轮子是透明的，磁环固定在轮周上，由金属线圈和发光二极管组成的闭合电路固定在轮的轴上溜冰时磁环随轮周转动，相当于金属线圈做运动，电路中产生，从而使发光二极管发光，这个过程中能的转化是15如图是由电磁铁p等构成的自动空气开关的原理图，当电路由于短路或等原因导致电流过大时，电磁铁的磁性，吸引衔铁q的力变大，使衔铁转动，闸刀s在弹力的作用下自动开启，切断电路，起到保险作用三、作图题16（1）如图1所示，是练习使用滑动变阻器改变灯泡亮度的未完成电路，请用笔画线代替导线完成电路连接要求：灯l1和l2并联，开关同时控制两灯，滑动变阻器只控制l1的亮度，导线不能交叉（2）在图2中标出磁感线的方向和小磁针的n极四、实验探究题（5分+7分+7分+5分=24分）17为了探究物体吸收的热量与哪些因素有关，物理兴趣小组的同学们进行了种种的猜想（1）经过实验探究，证实了他们的三种猜想是正确的：即物体吸收的热量除了与物体的种类有关，还与物体的质量和有关（2）为了验证吸收热量的多少与物质的种类有关，他们设计了如图所示的实验，小明同学针对此实验列出了以下四点注意事项：a两个烧杯及杯中的电加热器必须是相同的；b杯中装的煤油和水的质量必须相等；c煤油和水的吸热时间必须相同；d煤油和水的温度变化必须相同为了验证吸收热量的多少与物质种类的关系，以上注意事项中，你认为点（填“a”、“b”、“c”或“d”）是必须去掉的（3）物理兴趣小组的同学们是通过在煤油和水的质量、温度变化相同的情况下比较得知水和煤油吸收的热量是不同的18在“探究电流与电压、电阻关系”的实验中：（1）利用如图（甲）所示实验电路，探究“通过导体的电流跟电压的关系”时：需要个定值电阻滑动变阻器的作用是利用实验数据作出的iu关系图线，与图（乙）中的最接近（2）实验数据记录如下：表1u=3v实验次序r/i/a150.62100.33200.15表2r=20实验次序u/vi/a120.1240.2360.3分析表1数据，可以得出的结论是：分析表2数据，可以得出的结论是：19在“测定小灯泡额定功率”的实验中，电源电压为6v，小灯泡和额定电压为3.8v（1）小明在连接实验电路时还有导线未接上，如图甲所示，请用笔画线代替导线把图甲中的电路连接好（导线不得交叉）（2）在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该移到（a/b）端（3）实验时，要使小灯泡正常发光，应移动滑动变阻器的滑片使电压表的示数为v，此时电流表的示数如图乙所示，其示数为a，那么小灯泡的额定功率是w（4）小华为了得到比较准确的小灯泡额定功率，她用同一套器材做了三次实验（她将电压表调到3.8v，图丙是其中一次实验所调的电压表示数），获得三组数据，并进行了三数据处理，如表：实验序号电流表示数/a额定功率/w额定功率的平均值/w10.712.698i=2.63520.652.62230.682.581她测得功率有差异的主要原因是这样处理数据的方法是否正确？（正确/不正确），其理由是20为探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”，小明以电池（电压一定）、滑动变阻器、数量较多的大头针、铁钉以及较长导线为主要器材，进行如图所示的简易实验（1）他将导线绕在铁钉上制成简易电磁铁，并巧妙地通过来显示电磁铁磁性的强弱（2）连接好电路，使变阻器连入电路的阻值较大，闭合开关，观察到图（a）所示的情景；接着，移动变阻器滑片，使其连入电路的阻值变小，观察到图（b）所示的情景比较图（a）和（b），可知图中的电流较小，从而发现，通过电磁铁的电流越（填“大”或“小”）磁性越强（3）如图（c），将导线绕在两枚铁钉上，构成两个简易电磁铁串联的电路从图（c）的情景看出，在相同的情况下，线圈的匝数越（填“多”或“少”）磁性越强五、计算题（6分+7分=13分）21设计汽车发动机时，既要考虑能量的利用效率，也要考虑发动机的冷却问题（1）为了防止发动机过热，汽车的冷却系统常用水的循环来降低发动机的温度5kg水在冷却系统中升高50，所吸收的热量是多少？c水=4.2103j/（kg）（2）柴油在某汽车发动机汽缸内燃烧时，如果每分钟释放1.2107j的能量，发动机输出的功率是8.5104w，则此汽车发动机的效率是多少？22如图所示，小灯泡l标有“6v 3w”字样，滑动变阻器的最大阻值为100，电压表的量程是015v，闭合开关后，移动滑动变阻器，使电压表的示数为6v，这时灯泡正常发光，求：（1）电源电压（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻是28时，小灯泡消耗的实际功率2015年湖北省十堰市郧阳区中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单选题1关于热量、温度、内能之间的关系，下列说法正确的是（）a物体温度升高，内能一定增加b物体吸收热量，温度一定升高c物体温度不变，一定没有吸热d物体温度升高，一定吸收热量【考点】温度、热量与内能的关系【专题】分子热运动、内能【分析】（1）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关（2）物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化（3）改变物体内能的两种方式：做功和热传递【解答】解：a、物体温度升高，分子热运动加剧，内能一定增加，故a正确；b、物体吸收热量，内能增加，但温度不一定升高，如晶体熔化时吸热但温度不变，故b错误；c、物体温度不变，不一定没有吸热，如晶体熔化时吸热但温度不变，故c错误；d、物体温度升高，不一定吸收热量，也可能是物体对其做了功，故d错误故选a【点评】正确理解温度、热量与内能的关系解决问题的诀窍是：物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的2四冲程内燃机工作时，将机械能转化成内能的冲程是（）a吸气冲程b压缩冲程c做功冲程d排气冲程【考点】内燃机的四个冲程【专题】应用题【分析】四冲程内燃机包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程其中有两个冲程存在能量转化：压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能【解答】解：在四冲程内燃机的四个冲程中，压缩冲程中活塞压缩气体对其做功，将机械能转化为内能故选b【点评】此题主要考查了四个冲程中的能量转化情况压缩冲程与做功冲程发生了能量的转化，转化情况正好相反3如图是用带电小球探究电荷间相互作用规律的实验装置，其中符合事实的是（）abcd【考点】电荷间的相互作用规律【专题】实验题【分析】掌握电荷间的作用规律进行判断【解答】解：a、同种正电荷之间相互排斥，两球应该远离不符合题意b、正、负异种电荷之间相互吸引，两球相互靠近符合题意c、同种负电荷相互排斥，两球应该远离不符合题意d、正、负异种电荷之间相互吸引，两球相互靠近不符合题意故选b【点评】本题属于基础题，掌握同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引是关键4用同种材料制成的粗细均匀的某段金属导体，对于其电阻大小下列说法正确的是（）a当导体两端电压和通过导体的电流为零时，导体的电阻为零b当导体被均匀拉长至原来的二倍时，他的电阻减小为原来的一半c电阻是导体本身的一种性质，所以温度无论如何变化，电阻也不可能变为零d电阻是导体本身的一种性质，与电压和电流无关【考点】影响电阻大小的因素【专题】错解分析题；控制变量法【分析】（1）电阻是导体本身的属性，只与导体的长度，导体的横截面积和导体的材料有关，还与导体的温度有关；与电流、电压的大小无关（2）在相同温度的条件下，同种材料的导体，相同横截面积、长度越长，电阻越大；相同长度，横截面积越小，电阻越大【解答】解：a、电阻是导体本身的属性，与电压和通过导体的电流的大小无关，故a错误；b、当导体被均匀拉长至原来的二倍时，则它的长度增加一倍，横截面积变为原来的二分之一，则电阻增大为原来的四倍，故b错误；c、电阻是导体本身的一种性质，但在一定的温度下，电阻可能变为零，如超导体；故c错误；d、电阻是导体本身的性质，与电流和电压的大小无关，故d正确故选d【点评】本题是考查影响电阻大小的因素，知道电阻是导体本身的属性，导体的电阻大小与导体的材料、长度、横截面积和温度等有关，与电流以及电压的大小无关5如图所示，电源电压不变，当开关s闭合，滑动变阻器的滑片p由中点位置向右滑动的过程中，下列判断正确的是（）a电压表示数不变，电流表示数增大b电压表示数增大，电流表示数增大c电压表示数不变，电流表示数减小d电压表示数减小，电流表示数减小【考点】电路的动态分析；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用【专题】应用题【分析】由电路图可知，r1和r2并联，电压表测电源的电压，电流表测滑动变阻器支路的电流；当滑动变阻器的滑片p由中点位置向右滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知该支路的电流变小；根据电源的电压不变可知电压表的示数不变，据此分析判断【解答】解：电源电压不变，电压表的示数不变；当滑动变阻器的滑片p由中点位置向右滑动的过程中，滑动变阻器连入的电阻变大，i=本支路的电流变小，即电流表的示数变小故选c【点评】本题考查滑动变阻器的使用和欧姆定律的应用，本类题型的关键是能够识别电路的连接方式，以及电压表和电流表测量的电压和电流6如图所示，电源电压保持不变，闭合开关s1、s2，电压表示数为6v，电流表示数为0.6a，断开s2后，电压表示数变为2v，则r2的电阻和电源电压分别是（）a10、9vb20、6vc20、9vd10、6v【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电压规律【专题】计算题；压轴题【分析】闭合开关s1、s2，电路中只有电阻r1，电压表测r1两端电压，也就是电源电压，电流表测量r1的电流，根据欧姆定律可求r1的阻值断开开关s2，两只电阻串联，电压表测r1两端电压，根据欧姆定律可求此时电路电流，已知电源电压，电源电压减去r1两端电压就是电阻r2两端电压，同样利用欧姆定律可求电阻r2的阻值【解答】解：闭合开关s1、s2，电压表测r1两端电压，也就是电源电压为6v；电阻r1=10，断开开关s2，此时电路电流i=0.2a，r2两端电压u2=uu1=6v2v=4v，r2=20故选b【点评】本题考查电压、电阻、电流的计算，关键是欧姆定律公式及其变形的灵活运用，还要知道串联电路中电压的规律7小琳同学在“探究影响电灯亮度的因素”时，用甲、乙两个小灯泡连成如图所示的电路闭合开关s后，甲、乙两灯均正常发光，但甲灯亮度比乙灯亮度大下列说法正确的是（）a两灯均正常发光时，甲灯的电阻小于乙灯的电阻b两灯均正常发光时，甲灯的功率等于乙灯的功率c若将两灯位置对换，则乙灯的亮度比甲灯亮度大d如果将两灯串联在该电源上，甲灯的亮度仍然会大于乙灯的亮度【考点】实际功率；串联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电功率的计算【专题】应用题；压轴题；错解分析题【分析】灯泡正常工作时的功率和额定功率相等，灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，根据并联电路的电压特点和r=确定两灯泡的电阻关系；根据串联电路的电流特点和p=i2r确定两灯泡串联时的灯泡的亮暗关系【解答】解：（1）两灯泡并联时，灯泡两端的电压相等，所以两灯泡位置对换时，灯泡的亮暗不变，即甲灯亮度比乙灯亮度大，故c不正确；因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，所以甲灯亮度比乙灯亮度大说明甲灯泡的实际功率较大、额定功率也较大，故b不正确；根据r=可知，甲灯泡的电阻小于乙灯泡的电阻，故a正确；（2）当两灯泡串联时，通过它们的电流相等，根据p=i2r可知，乙灯泡的实际功率较大，灯泡较亮，故d不正确故选a【点评】本题考查了并联电路的电压特点和串联电路的电流特点，关键是电功率公式的灵活应用和知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小以及灯泡正常发光时的功率与额定功率相等8某电热器有两根电阻丝，只给一根通电，煮沸一壶水用的时间为t1；只给另一根通电，煮沸同样一壶水用的时间为t2若两根电阻丝并联到原来的电源上，煮沸同样一壶水需用的时间为t，则（）at=t1+t2b =+ctt1dtt2【考点】电功的计算；焦耳定律【专题】计算题；应用题；压轴题【分析】根据功率的公式，借助功率和功的关系式：p=p1+p2，q=q1=q2可推导出时间的关系式【解答】解：两根电阻丝并联到原来的电源上，则p=p1+p2，所以=+，又因为q=q1=q2所以=+故选b【点评】本题考查了热量公式的应用，熟练掌握公式q=w=pt是正确解题的前提，解题是要认真、细心9人们生活水平逐渐提高，家用电器不断增多，在家庭电路中，下列说法正确的是（）a家中用电器与插座是串联的b使用测电笔时，不能用手接触到笔尾金属体c在更换灯泡之前应首先断开开关d家庭电路电压是安全电压【考点】家庭电路的连接；测电笔的使用【专题】应用题【分析】（1）家庭电路中用电器之间、插座与用电器之间都是并联连接；（2）使用测电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体；（3）控制灯泡的开关与火线相连；（4）不高于36v的电压为安全电压【解答】解：a、家庭电路中的用电器为了单独工作，互不影响，因此插座和用电器之间、用电器和用电器之间均为并联连接；故a错误；b、使用测电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体故b错误；c、为了安全起见，更换灯泡时，应与火线断开，因此需先断开开关；故c正确；d、家庭电路电压为220v，因此不是安全电压；故d错误故选c【点评】家庭电路是安全用电的重点知识，测电笔的使用、用电器之间的连接、灯泡与开关的连接等都是重点知识，也是我们在家庭生活中经常遇到的10关于能源及其利用的下列说法正确的是（）a所有能源都是一次能源b太阳能是可再生能源c能量转化装置的效率可以达到100%d目前核能发电主要是利用核聚变方式【考点】能源的分类；核能【专题】应用题【分析】（1）能源按照能否直接从自然界获取分为一次能源和二次能源（2）能源按照能否从自然界得到补充分为可再生能源和不可再生能源（3）由于消耗能量在做有用功的同时，必不可少的要做额外功，因此其转化效率不可能达到100%（4）核电站就是利用原子核的裂变产生的能量来发电的【解答】解：a、一次能源是指可以从自然界直接获取的能源，如：风能、太阳能、地热能、核能；二次能源是不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源，如电能、内能不合题意b、能源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源，如：水能、风能、太阳能、生物质能；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源，如：化石能源、核能等符合题意c、在利用能量做功的同时，由于机械摩擦、废气等因素影响，都要消耗能量，因此其转化效率不可能达到100%不合题意d、核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的不合题意故选b【点评】此题考查了有关能源的分类、能量转化、以及核能的利用等知识，是一道基础题二、填空题11酒精的热值是3107焦/千克2千克的酒精完全燃烧，放出热量6107焦；在两个相同的杯子里分别倒入等量的开水和凉水，用勺子分别放入等量的蔗糖，过一会儿，分别用勺子去尝两个杯子表示的水，你会在热水杯中先尝到甜味，这说明温度是影响分子无规则运动快慢的因素【考点】燃料的热值；分子的运动【专题】应用题；分子热运动、内能；比热容、热机、热值【分析】（1）已知酒精的热值和质量，利用公式q放=mq计算完全燃烧2kg酒精放出的热量；（2）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高，分子运动越剧烈蔗糖分子在热水中无规则运动越快，所以先尝到甜味【解答】解：（1）酒精完全燃烧放出的热量：q放=mq=2kg3.0107j/kg=6107j；（2）两个茶杯中分别注入同体积的凉水和热水，分别加入相同质量的蔗糖，立即尝两个杯子里水的味道，发现热水杯中的水较甜；通过以上信息，可知分子无规则运动速度与温度有关：温度越高运动越快故答案为：6107；热；温度；分子无规则运动【点评】本题主要考查了燃料完全燃烧放热公式的应用，注意固体（液体）燃料完全燃烧放热公式q放=mq、热值单位j/kg；气体燃料完全燃烧放热公式q放=vq、热值单位j/m312加在某段导体两端的电压是6伏特时，通过它的电流强度是200毫安，则该导体的电阻是30 欧姆，如果加在该导体两端的电压增至12伏特时，该导体的电阻是30 欧姆，当加在该导体两端的电压减小为零时，该导体的电阻是30 欧姆；在家庭电路中发生触电事故，通常都是人体直接或间接接触火线所造成的（选填“火”或“零”）【考点】欧姆定律的应用【专题】欧姆定律【分析】（1）根据欧姆定律，可由其变形公式r=求出电阻的大小；电阻是导体本身具有的性质，与其两端的电压和通过它的电流成无关，再判断后两种情况下电阻的大小（2）在家庭电路中发生触电事故，通常都是人体直接或间接接触火线所造成的【解答】解：（1）电流i=200ma=0.2a，由欧姆定律i=得导体电阻：r=30，因为电阻是导体本身具有的性质，与其两端的电压和通过它的电流成无关，所以，加在该导体两端的电压增至12v时，该导体的电阻仍是30，当加在该导体两端的电压减小为零时，该导体的电阻也是30（2）在家庭电路中发生触电事故，通常都是人体直接或间接接触火线所造成的这样会有电流通过人体，才会引发触电事故故答案为：30；30；30；火【点评】此题考查了利用欧姆定律的变形公式进行电阻值的计算和电阻的性质，属于基本题型同时还要了解触电是与火线接触造成的13有一个标有“8v 2w”的小灯泡，如果接在12v的电源上，必须串联一个阻值为16的电阻才能使小灯泡正常发光，此时在这个电阻上消耗的电功率是1w；通电10s，产生的热量为10j【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用【专题】欧姆定律；电能和电功率；电与热、生活用电【分析】由p=ui求出灯泡正常发光时的电流，灯泡正常发光时的电压等于其额定电压，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值，应用电功率公式可以求出电阻消耗的功率根据q=i2rt计算10s产生热量【解答】解：由p=ui可知，灯泡正常发光时的电流：i=0.25a，电源电压高于灯泡额定电压，所以要串联一个电阻灯泡才能正常发光，由i=可知，串联电阻阻值：r=16；电阻消耗的功率：pr=i2r=（0.25a）216=1w；电阻上产生热量：q=i2rt=（0.25a）21610s=10j故答案为：串；16；1；10【点评】本题考查了欧姆定律、电功率和焦耳定律的应用，结合串联电路特点，灵活运用公式即可正确解题14有一种轮子会发光的溜冰鞋，轮子是透明的，磁环固定在轮周上，由金属线圈和发光二极管组成的闭合电路固定在轮的轴上溜冰时磁环随轮周转动，相当于金属线圈做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，从而使发光二极管发光，这个过程中能的转化是机械能转化为电能【考点】产生感应电流的条件【专题】应用题；电动机、磁生电【分析】要解答本题需掌握：电磁感应现象的条件，以及电磁感应现象中是消耗了机械能，得到了电能【解答】解：产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动，就会产生感应电流；产生感应电流的导体相当于电源；溜冰时磁环随轮周转动，相当于金属线圈做切割磁感线运动，电路中产生感应电流；在此过程中能量的转化情况是：机械能转化为电能故答案为：切割磁感线；感应电流；机械能转化成电能【点评】本题主要考查学生对：电磁感应的条件，以及此过程中能量的转化情况的了解和掌握15如图是由电磁铁p等构成的自动空气开关的原理图，当电路由于短路或使用的用电器功率过大等原因导致电流过大时，电磁铁的磁性增强，吸引衔铁q的力变大，使衔铁转动，闸刀s在弹力的作用下自动开启，切断电路，起到保险作用【考点】家庭电路电流过大的原因【专题】应用题；图析法【分析】（1）家庭电路中电流过大的原因有：一是短路；二是用电器总功率过大（2）电磁铁的磁性跟电流大小、线圈的匝数、有无铁芯有关有铁芯时，电流越大，线圈匝数越多，磁性越强当线圈匝数不变，铁芯不变时，电磁铁中电流增大到一定值时，磁性增强能把衔铁q吸引过来，闸刀开关被弹簧拉起，电路断开，起到保护作用【解答】解：因为家庭电流中电流过大的原因有：短路或总功率过大因此无论什么原因导致电流过大时，电磁铁的磁性都会增强，则吸引衔铁q的力变大，使衔铁转动，闸刀s在弹力的作用下自动开启，切断电路，起到保险作用故答案为：使用的用电器功率过大；增强【点评】本题考查了家庭电路中电流过大的原因以及电流的大小可以影响电磁铁的磁性强弱，更重要的是要学会读图分析电磁继电器的工作过程三、作图题16（1）如图1所示，是练习使用滑动变阻器改变灯泡亮度的未完成电路，请用笔画线代替导线完成电路连接要求：灯l1和l2并联，开关同时控制两灯，滑动变阻器只控制l1的亮度，导线不能交叉（2）在图2中标出磁感线的方向和小磁针的n极【考点】实物的电路连接；磁感线及其特点；安培定则【专题】电流和电路；磁现象、电生磁【分析】（1）两灯并联，要求电流有两条路径；开关同时控制两盏电灯，开关必须接在干路上；滑动变阻器只控制l1的亮度，因此滑动变阻器与灯l1串联（2）根据螺线管中电流的方向和线圈的绕向，确定螺线管的n、s极；然后利用磁感线的特点可以得到磁感线的方向；利用磁极间的作用规律可以确定小磁针的n、s极【解答】解：（1）经过分析，电流路径有两条：从电源正极出发经开关分支，一支经l1、滑动变阻器；另一支经l2，然后共同回电源负极；找出电路的分支点和汇合点，整理如下图：（2）电流从螺线管的右端流入左端流出，结合线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管的左端为n极，右端为s极磁感线的方向是：在磁体的周围n极流出，回到s极由于螺线管的左端为n极，由此可以确定磁感线的方向是向右的根据异名磁极相互吸引可以确定与螺线管右端s极靠近的是小磁针的n极，则小磁针的左端为n极故答案见下图：【点评】（1）连接电路时，首先要通过题目中的已知条件，明确用电器是串联还是并联的，开关在支路还是干路上，电表测量谁的电压和电流，滑动变阻器控制哪个用电器（2）安培定则中共涉及三个方向：电流方向、线圈绕向、磁场方向，告诉其中的两个可以确定第三个，关键是用好右手四、实验探究题（5分+7分+7分+5分=24分）17为了探究物体吸收的热量与哪些因素有关，物理兴趣小组的同学们进行了种种的猜想（1）经过实验探究，证实了他们的三种猜想是正确的：即物体吸收的热量除了与物体的种类有关，还与物体的质量和升高的温度有关（2）为了验证吸收热量的多少与物质的种类有关，他们设计了如图所示的实验，小明同学针对此实验列出了以下四点注意事项：a两个烧杯及杯中的电加热器必须是相同的；b杯中装的煤油和水的质量必须相等；c煤油和水的吸热时间必须相同；d煤油和水的温度变化必须相同为了验证吸收热量的多少与物质种类的关系，以上注意事项中，你认为c点（填“a”、“b”、“c”或“d”）是必须去掉的（3）物理兴趣小组的同学们是通过在煤油和水的质量、温度变化相同的情况下比较加热时间得知水和煤油吸收的热量是不同的【考点】探究比热容的实验【专题】探究型实验综合题【分析】解决这种多因素问题时可利用控制变量法进行分析实验，物体吸收的热量与物质的种类、温度变化和质量有关；该实验是利用电热水器进行加热，由公式w=pt可以知道，加热时间越长，液体吸收的热量越多【解答】解：（1）由实验可知，物体吸收的热量除了与物质的种类有关，还与质量，升高的温度有关（2）为了验证吸收的热量多少与物质的种类即物质的吸热本领有关，应该用相同的加热器对煤油与水进行加热，应控制煤油与水的质量相同，使煤油与水升高相同的温度，比较水与煤油吸收热量的多少（加热时间长短）来比较水与煤油的吸热能力大小，因此abd是需要的，c是不需要的（3）也可以通过煤油和水的质量、温度变化相同的情况下比较加热时间长短得知水和煤油吸收的热量是不同的故答案为：（1）升高的温度；（2）c；（3）加热时间【点评】本题考查了探究物质吸热能力实验，实验要应用控制变量法，正确应用控制变量法分析即可正确解题18在“探究电流与电压、电阻关系”的实验中：（1）利用如图（甲）所示实验电路，探究“通过导体的电流跟电压的关系”时：需要1个定值电阻滑动变阻器的作用是改变定值电阻两端的电压利用实验数据作出的iu关系图线，与图（乙）中的b最接近（2）实验数据记录如下：表1u=3v实验次序r/i/a150.62100.33200.15表2r=20实验次序u/vi/a120.1240.2360.3分析表1数据，可以得出的结论是：电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比分析表2数据，可以得出的结论是：电阻一定时，导体中的电流跟它两端的电压成正比【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【专题】探究型实验综合题【分析】（1）探究通过导体的电流跟电压的关系，需控制电阻不变，改变电压；电压的改变是通过滑动变阻器完成的；根据电阻不变时，电压与导体的电阻成正比的特点进行分析；（2）分析表格中电流与电压、电阻的变化得出结论：电压不变，电流与电阻成反比；电阻不变，电流与电压成正比【解答】解：（1）要探究“通过导体的电流跟电压的关系”，需使电阻不变，改变电阻两端的电压，所以用1个定值电阻便可；滑动变阻器的作用是改变定值电阻两端的电压；电阻不变，电流与电压成正比，所以应为b图；（2）由表1知，电压不变，电阻增大为原来的几倍，电流便减小为原来的几分之一，可知电压不变时，导体中的电流与其电阻成反比；由表二知，电阻不变，电压增大为原来的几倍，电流也增大为原来的几倍，可知电阻不变时，导体的电流与它两端的电压成正比；故答案为：（1）1；改变定值电阻两端的电压；b；（2）电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；电阻一定时，导体中的电流跟它两端的电压成正比【点评】此题是“探究电流与电压、电阻关系”的实验，考查了对控制变量法的应用及滑动变阻器的作用，同时考查了对实验数据的分析，在总结结论时，注意控制的变量19在“测定小灯泡额定功率”的实验中，电源电压为6v，小灯泡和额定电压为3.8v（1）小明在连接实验电路时还有导线未接上，如图甲所示，请用笔画线代替导线把图甲中的电路连接好（导线不得交叉）（2）在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该移到a（a/b）端（3）实验时，要使小灯泡正常发光，应移动滑动变阻器的滑片使电压表的示数为3.8v，此时电流表的示数如图乙所示，其示数为0.7a，那么小灯泡的额定功率是2.66w（4）小华为了得到比较准确的小灯泡额定功率，她用同一套器材做了三次实验（她将电压表调到3.8v，图丙是其中一次实验所调的电压表示数），获得三组数据，并进行了三数据处理，如表：实验序号电流表示数/a额定功率/w额定功率的平均值/w10.712.698i=2.63520.652.62230.682.581她测得功率有差异的主要原因是测量3.8v的灯泡的额定功率时，电压表示数调节到3.8v时，电压表读数有误差这样处理数据的方法是否正确？正确（正确/不正确），其理由是取平均值，减小误差【考点】电功率的测量【专题】测量型实验综合题【分析】（1）分析实物图知，需要将电压表接入电路将电压表连入电路时，要注意连接的位置、电流的方向以及量程的选择；（2）为保护电路，滑动变阻器滑片应处于最大阻值处；（3）要使灯泡正常发光，两端电压必须等于额定电压，此时灯泡两端电压低于额定电压，要达到额定电压，在电源电压一定时，需要降低滑动变阻器两端电压，根据串联电路用电器两端电压与电阻成正比移动滑片；读取电流表的示数时，要明确电流表选择的量程和对应的分度值；已知灯泡的额定电压和对应的电流，利用公式p=ui计算灯泡的额定功率；（4）电压为3.8v时，需用015v的量程，读数会有误差；测出三次同一电压下的电功率值，可减小误差【解答】解：（1）因为灯泡的额定电压为3.8v，所以电压表选择015v量程与灯泡并联；如下图所示：（2）要使闭合开关前，滑动变阻器接入电路的电阻最大，滑片应位于a端；（3）已知灯泡额定电压为3.8v，要使灯泡正常发光，两端电压必须达到额定电压，所以灯泡两端电压要升高，在电源电压一定时，需要降低滑动变阻器两端电压，由串联电路用电器两端电压与其阻值成正比知，要使滑动变阻器两端电压降低，必须使其接入电路电阻减小，所以滑片向b端移动；由图乙知：电流表选择的是03a量程，对应的分度值为0.1a，此时的电流为0.7a；灯泡的额定功率为p额=u额i额=3.8v0.7a=2.66w；（4）由于电压为3.8v，电压表的读数有误差，所以测得的功率有差异；测三次求平均值是为了减小误差故答案为：（1）见上图；（2）a；（3）3.8；0.7；2.66；（4）测量3.8v的灯泡的额定功率时，电压表示数调节到3.8v时，电压表读数有误差；正确；取平均值，减小误差【点评】此题是“测定小灯泡额定功率”的实验，考查了电流表的读数、电功率的计算以及减小误差的方法20为探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”，小明以电池（电压一定）、滑动变阻器、数量较多的大头针、铁钉以及较长导线为主要器材，进行如图所示的简易实验（1）他将导线绕在铁钉上制成简易电磁铁，并巧妙地通过吸引大头针的多少来显示电磁铁磁性的强弱（2）连接好电路，使变阻器连入电路的阻值较大，闭合开关，观察到图（a）所示的情景；接着，移动变阻器滑片，使其连入电路的阻值变小，观察到图（b）所示的情景比较图（a）和（b），可知a图中的电流较小，从而发现，通过电磁铁的电流越大（填“大”或“小”）磁性越强（3）如图（c），将导线绕在两枚铁钉上，构成两个简易电磁铁串联的电路从图（c）的情景看出，在电流相同的情况下，线圈的匝数越多（填“多”或“少”）磁性越强【考点】探究影响