【红对勾】高考生物一轮总复习 第1章 第2节 孟德尔的豌豆杂交实验(二)高考真题练习 新人教版必修2(1).DOC

【红对勾】2015高考生物一轮总复习 第1章 第2节 孟德尔的豌豆杂交实验(二)高考真题练习 新人教版必修2 一、选择题1(2013天津理综)大鼠的毛色由独立遗传的两对等位基因控制。用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实验，结果如图。据图判断，下列叙述正确的是()p黄色黑色 f1灰色 f1雌雄交配f2灰色黄色黑色米色9: 3: 3:1a黄色为显性性状，黑色为隐性性状bf1与黄色亲本杂交，后代有两种表现型cf1和f2中灰色大鼠均为杂合体df2黑色大鼠与米色大鼠杂交，其后代中出现米色大鼠的概率为1/4解析：本题考查自由组合定律的应用。根据遗传图谱分析可知，该性状的遗传受两对等位基因控制，若假设分别由a、a与b、b控制，则基因型与表现型之间的对应关系为：a_b_(灰色)、a_bb(黄色或黑色)、aab_(黑色或黄色)、aabb(米色)；f1的基因型为aabb，与黄色亲本aabb(或aabb)杂交，后代有a_bb(或aab_)(灰色)、a_bb(aab_)(黄色)两种表现型；f1中灰色大鼠肯定为杂合子，而f2中灰色大鼠可能为纯合子，也可能为杂合子；f2中黑色大鼠(aab_或a_bb)与米色大鼠aabb杂交有：2/3aabb(或aabb)aabb和1/3aabb(或aabb)aabb，后代中出现米色大鼠的概率为2/31/21/3。答案：b2(2012山东卷)某遗传病的遗传涉及非同源染色体上的两对等位基因。已知1基因型为aabb，且2与3婚配的子代不会患病。根据以下系谱图，正确的推断是()a3的基因型一定为aabbb2的基因型一定为aabbc1的基因型可能为aabb或aabbd2与基因型为aabb的女性婚配，子代患病的概率为3/16解析：本题主要考查了遗传规律的应用。已知该遗传病是由两对等位基因控制的，2和3患病但子代不会患病，说明这两对等位基因中每对等位基因的隐性纯合子(即aa或bb)均可引起该遗传病，只有a_b_的个体才能表现正常。进一步结合1的基因型(aabb)可确定2和3的基因型分别为aabb和aabb，所以3的基因型是aabb或aabb，1和2的基因型均为aabb。2(aabb)与基因型为aabb的女性婚配，子代正常(a_b_)的概率是9/16，患病的概率应为7/16。答案：b3(2011海南卷)假定五对等位基因自由组合，则杂交组合aabbccddeeaabbccddee产生的子代中，有一对等位基因杂合、四对等位基因纯合的个体所占的比率是()a1/32b1/16c1/8 d1/4解析：把五对等位基因杂交后代分开统计发现：dddddd，后代全为杂合子，因此dd杂合，其他四对等位基因纯合的个体所占比率是：1。答案：b4(2013北京卷)决定小鼠毛色为黑(b)/褐(b)色，有(s)/无(s)白斑的两对等位基因分别位于两对同源染色体上。基因型号为bbss的小鼠间相互交配，后代中出现黑色有白斑小鼠的比例是()a1/16 b3/16c7/16 d9/16解析：本题主要考查基因自由组合定律的应用。基因型为bsss的小鼠间相互交配，后代表现型比为9:3:3:1，其中黑色有白斑小鼠(基因型为b_ss)的比例为3/16。答案：b5(2010安徽卷)南瓜的扁盘形、圆形、长圆形三种瓜形由两对等位基因控制(a、a和b、b)，这两对基因独立遗传。现将2株圆形南瓜植株进行杂交，f1收获的全是扁盘形南瓜；f1自交，f2获得137株扁盘形、89株圆形、15株长圆形南瓜。据此推断，亲代圆形南瓜植株的基因型分别是()aaabb和aabb baabb和aabbcaabb和aabb daabb和aabb解析：本题以“遗传特例”的形式考查考生对基因自由组合定律的理解。从f2的性状及比例(9:6:1)可推知：基因型a _b_为扁盘形，基因型a_bb和aab_为圆形，基因型aabb为长圆形，故f1的基因型为aabb，亲代圆形的基因型为aabb和aabb。答案：c二、非选择题6(2013课标)一对相对性状可受多对等位基因控制，如某种植物花的紫色(显性)和白色(隐性)这对相对性状就受多对等位基因控制。科学家已从该种植物的一个紫花品系中选育出了5个基因型不同的白花品系，且这5个白花品系与该紫花品系都只有一对等位基因存在差异。某同学在大量种植该紫花品系时，偶然发现了1株白花植株，将其自交，后代均表现为白花。回答下列问题：(1)假设上述植物花的紫色(显性)和白色(隐性)这对相对性状受8对等位基因控制，显性基因分别用a、b、c、d、e、f、g、h表示，则紫花品系的基因型为_；上述5个白花品系之一的基因型可能为_(写出其中一种基因型即可)。(2)假设该白花植株与紫花品系也只有一对等位基因存在差异，若要通过杂交实验来确定该白花植株是一个新等位基因突变造成的，还是属于上述5个白花品系中的一个，则：该实验的思路：_；预期实验结果和结论：_。解析：本题主要考查基因自由组合定律的原理和应用。(1)植株的紫花和白花是由8对等位基因控制的，紫花为显性，且5种已知白花品系与该紫花品系都只有一对等位基因存在差异，据此可推断该紫花品系为8对等位基因的显性纯合子。上述5种白花品系都是只有一对基因为隐性纯合，另外7对等位基因为显性纯合，如aabbccddeeffgghh、aabbccddeeffgghh等。(2)该紫花品系的后代中出现了1株能稳定遗传的白花植株，且与紫花品系也只有一对等位基因存在差异，若已知5种白花品系中隐性纯合的那对基因分别为aa、bb、cc、dd、ee，则该突变白花植株的基因型可能与上述5种白花品系之一相同，也可能出现隐性纯合基因是ff或gg或hh的新突变。判断这两种情况的方法是让该白花植株的后代分别与5个白花品系杂交，预测子代花色遗传情况：若为新等位基因突变，则5种杂交组合中的子代应全为紫花；若该白花植株为上述5个白花品系之一，则与之基因型相同的一组杂交子代全为白花，其余4组杂交子代均为紫花。由此可判断该突变白花植株的类型。答案：(1)aabbccddeeffgghhaabbccddeeffgghh(或8对等位基因中任意1对等位基因为隐性纯合，且其他等位基因为显性纯合)(2)用该白花植株的后代分别与5个白花品系杂交，观察子代花色在5个杂交组合中，如果子代全部为紫花，说明该白花植株是新等位基因突变造成的；在5个杂交组合中，如果4个组合的子代为紫花，1个组合的子代全为白花，说明该白花植株属于这5个白花品系之一7(2013福建理综)甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因控制，三对等位基因分别位于三对同源染色体上。花色表现型与基因型之间的对应关系如下表。表现型白花乳白花黄花金黄花基因型aa_ _ _ _aa_ _ _ _aab_ _ _aa_ _d_aabbdd请回答：(1)白花(aabbdd)黄花(aabbdd)，f1基因型是_，f1测交后代的花色表现型及其比例是_。(2)黄花(aabbdd)金黄花，f1自交，f2中黄花基因型有_种，其中纯合个体占黄花的比例是_。(3)甘蓝型油菜花色有观赏价值，欲同时获得四种花色表现型的子一代，可选择基因型为_的个体自交，理论上子一代比例最高的花色表现型是_。解析：本题主要考查基因自由组合定律的相关知识。题干中说，三对等位基因分别位于三对同源染色体上，表明三对等位基因的遗传遵循自由组合定律。(1)白花(aabbdd)黄花(aabbdd)，f1基因型是aabbdd，f1测交即aabbddaabbdd，其后代基因型及比例为：aabbdd:aabbdd1:1，结合图表信息推知其表现型及比例为：乳白花:黄花1:1。(2)黄花(aabbdd)金黄花(aabbdd)，f1(aabbdd)自交，f2有9种基因型，其中除基因型为aabbdd金黄花外，其他8种基因型的个体都表现为黄花，其纯合个体的基因型为aabbdd、aabbdd、aabbdd，占黄花个体的比例为3/15，即1/5。(3)只有选择全杂合的个体(即基因型为aabbdd)自交，后代才会出现所有基因型的个体，获得四种花色表现型的子一代。理论上子一代中白花、乳白花、黄花和金黄花所占比例分别为1/4、1/2、15/64、1/64。答案：(1)aabbdd乳白花:黄花1:1(2)81/5(3)aabbdd乳白花8(2013浙江理综)在玉米中，控制某种除草剂抗性(简称抗性，t)与除草剂敏感(简称非抗，t)、非糯性(g)与糯性(g)的基因分别位于两对同源染色体上。有人以纯合的非抗非糯性玉米(甲)为材料，经过ems诱变处理获得抗性非糯性个体(乙)；甲的花粉经ems诱变处理并培养等，获得可育的非抗糯性个体(丙)。请回答：(1)获得丙的过程中，运用了诱变育种和_育种技术。(2)若要培育抗性糯性的新品种，采用乙与丙杂交，f1只出现抗性非糯性和非抗非糯性的个体；从f1中选择表现型为_的个体自交，f2中有抗性糯性个体，其比例是_。(3)采用自交法鉴定f2中抗性糯性个体是否为纯合子。若自交后代中没有表现型为_的个体，则被鉴定个体为纯合子；反之则为杂合子。请用遗传图解表示杂合子的鉴定过程。(4)拟采用转基因技术改良上述抗性糯性玉米的抗虫性。通常从其他物种获得_，将其和农杆菌的_用合适的限制性核酸内切酶分别切割，然后借助_连接，形成重组dna分子，再转移到该玉米的培养细胞中，经筛选和培养等获得转基因抗虫植株。解析：本题主要考查生物育种相关问题，其中涉及诱变育种、杂交育种、单倍体育种以及基因工程育种的相关知识。(1)个体丙是由二倍体花粉培育成的可育后代，花粉含一个染色体组，要想培育成可育二倍体，需经染色体加倍，由此推知获得丙的过程要运用单倍体育种技术。(2)纯合的非抗非糯性玉米(甲)基因型为ttgg，经ems诱变处理获得抗性非糯性个体(乙)基因型应为ttgg，非抗糯性个体(丙)的基因型为ttgg。采用乙与丙杂交产生f1，即ttggttggf1：ttgg、ttgg。在f1的两种基因型个体中，只有基因型为ttgg个体自交，f2中才可出现抗性糯性个体，在16种组合中只有基因型为ttgg(1/16)和ttgg(2/16)的个体为抗性糯性个体，故其比例为3/16。(3)若f2中抗性糯性个体为杂合子ttgg，其自交后代会出现另一性状非抗糯性，遗传图解见答案。若f2中抗性糯性个体为纯合子ttgg，其自交后代就不会出现另一性状非抗糯性。(4)由于上述玉米不含抗虫基因，故通常需从其他物种获取抗虫基因(目的基因)，然后将抗虫基因与农杆菌的ti质粒连接，该过程用到限制性核酸内切酶和dna连接酶，最终形成重组dna分子，再转移到该玉米的培养细胞中，经筛选和培养等获得转基因抗虫植株，从而达到运用转基因技术改良上述玉米的抗药性的目的。答案：(1)单倍体(2)抗性非糯性3/16(3)非抗糯性p抗性糯性 ttgg 雌配子雄配子tgtgtgttgg抗性糯性ttgg抗性糯性tgttgg抗性糯性ttgg非抗糯性抗性糯性:非抗糯性3:1(4)抗虫基因(或目的基因)ti质粒dna连接酶9(2012全国卷)果蝇中灰身(b)与黑身(b)、大翅脉(e)与小翅脉(e)是两对相对性状且独立遗传。灰身大翅脉的雌蝇与灰身小翅脉的雄蝇杂交，子代中47只为灰身大翅脉，49只为灰身小翅脉，17只为黑身大翅脉，15只为黑身小翅脉。回答下列问题：(1)在上述杂交子代中，体色和翅脉的表现型比例依次为_和_。(2)两个亲本中，雌蝇的基因型为_，雄蝇的基因型为_。(3)亲本雌蝇产生卵的基因组成种类数为_，其理论比例为_。(4)上述子代中表现型为灰身大翅脉个体的基因型为_，黑身大翅脉个体的基因型为_。解析：本题考查基因的自由组合定律的基本知识。(1)将两对相对性状分开来看均遵循基因的分离定律，由题中信息可分别推知后代体色和翅脉的表现型比例。(2)将两对相对性状分开分析：子代中灰身与黑身之比为3:1，可推出双亲基因型为bb和bb，由大翅脉与小翅脉之比为1:1，可推出双亲基因型为ee和ee，然后合并便可推出双亲基因型。(3)亲本雌蝇的基因型为bbee，根据基因自由组合定律实质(等位基因分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合)，可推出产生雌配子的种类及比例。(4)根据双亲的基因型bbee和bbee，可推出子代的基因型有6种，其中bbee和bbee均表现为灰身大翅脉，只有bbee为黑身大翅脉。答案：(1)灰身:黑身3:1大翅脉:小翅脉1:1(2)bbeebbee(3)41:1:1:1(4)bbee和bbeebbee10(2011课标全国卷)某植物红花和白花这对相对性状同时受多对等位基因控制(如a、a；b、b；c、c)。 当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时(即a_b_c_)才开红花，否则开白花。现有甲、乙、丙、丁4个纯合白花品系，相互之间进行杂交，杂交组合、后代表现型及其比例如下：甲乙 乙丙 f1白色 f1红色 f2白色 f2红色81:白色175乙丁 甲丙 f1红色 f1白色 f2红色27:白色37 f2白色甲丁 丙丁 f1红色 f1白色 f2红色81:白色175 f2白色根据杂交结果回答问题： (1)这种植物花色的遗传符合哪些遗传定律？ (2)本实验中，植物的花色受几对等位基因的控制，为什么？解析：(1)同源染色体上的等位基因的遗传符合分离定律，非同源染色体上的非等位基因的遗传符合自由组合