江西省宜市奉新一中高考物理模拟试卷（含解析）.doc

2015年江西省宜春市奉新 一中高考物理模拟试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第69题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全对的得3分，有选错的得0分1（6分）（2015宜春校级模拟）关于物理学的研究方法，以下说法错误的是（）a伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法b卡文迪许在利用扭秤实验装置测量万有引力常量时，应用了放大法c合力与分力、总电阻、交流电的有效值用的是“等效替代”的方法d电场强度是用比值法定义的，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比2（6分）（2015宜春校级模拟）截面为直角三角形的木块a质量为m，放在倾角为的斜面上，当=37时，木块恰能静止在斜面上，如图甲现将改为30，在a与斜面间放一质量为m的光滑圆柱体b，如图乙，已知sin37=0.6，cos37=0.8，则（）aa、b仍一定静止于斜面上b若m=2m，则a受到斜面的摩擦力为mgc若m=4m，则a受到斜面的摩擦力为mgd以上说法都不对3（6分）（2015宜春校级模拟）如图所示，两个等量异种点电荷对称地放在一无限大平面的两侧（两点电荷未画出），o点是两点电荷连线与平面的交点，也是连线的中点在平面内以o点为圆心画两个同心圆，两圆上分别有a、b、c、d四个点，则以下说法正确的是（）a若某个检验电荷只在此电场的电场力作用下运动到c点和d点时，加速度大小一定相等ba、c两点电场强度大小相等c带正电的检验电荷从a点在平面内移动到d点电势能一定减小d检验电荷可以仅在此电场的电场力作用下在此平面内做匀速圆周运动4（6分）（2015河南模拟）如图所示，某极地轨道卫星的运行轨道平面通过地球的南北两极，已知该卫星从北纬60的正上方，按图示方向第一次运行到南纬60的正上方时所用时间为1h，则下列说法正确的是（）a该卫星与同步卫星的运行半径之比为1：4b该卫星与同步卫星的运行速度之比为1：2c该卫星的运行速度一定大于7.9km/sd该卫星的机械能一定大于同步卫星的机械能5（6分）（2015安徽模拟）如图所示，两个垂直于纸面的匀强磁场方向相反，磁感应强度的大小均为b，磁场区域的宽度均为a高度为a的正三角形导线框abc从图示位置沿x轴正向匀速穿过两磁场区域，以逆时针方向为电流的正方向，在下列图形中能正确描述感应电流i与线框移动距离x关系的是（）abcd6（6分）（2015宜春校级模拟）质量为m的小球由轻绳a和b分别系于一轻质细杆的a点和b点，如图所示，绳a与水平方向成角，绳b在水平方向且长为l，当轻杆绕轴ab以角速度匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动，则下列说法正确的是（）aa绳张力不可能为零ba绳的张力随角速度的增大而增大c若b绳突然被剪断，则a绳的弹力一定发生变化d当角速度，b绳将出现弹力7（6分）（2015宜春校级模拟）理想变压器原线圈a匝数n1=200匝，副线圈b匝数n2=100匝，线圈d接在u=44sin314t（v）交流电源上，“12v，6w”的灯泡恰好正常发光电阻r2=l6，电压表v为理想电表下列推断正确的是（）a交变电流的频率为100 hzb穿过铁芯的磁通量的最大变化率为wb/scr1消耗的功率是1wd.电压表v的示数为22 v8（6分）（2015洛阳二模）海洋中蕴藏着巨大的能量，利用海洋的波浪可以发电，在我国南海上有一浮筒式波浪发电灯塔，其原理示意图如图甲所示，浮桶内的磁体通过支柱固定在暗礁上，浮桶内置线圈随波浪相对磁体沿竖直方向运动，且始终处于磁场中，该线圈与阻值r=15的灯泡相连浮桶下部由内、外两密封圆筒构成，（图乙中斜线阴影部分），如图乙所示，其内为产生磁场的磁体，与浮桶内侧面的缝隙忽略不计；匝数n=200的线圈所在处辐向磁场的磁感应强度b=0.2t，线圈直径d=0.4m，电阻r=1取重力加速度g=10m/s2，210，若浮筒随波浪上下运动的速度可表示为v=0.4sin（t）m/s，则下列说法正确的是（）a波浪发电产生电动势e的瞬时表达式为e=16sin（t）vb灯泡中电流i的瞬时表达式为i=4sin（t）ac灯泡的电功率为120wd灯泡两端电压的有效值为v三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须作答第13第18题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共129分）9（7分）（2015宜春校级模拟）利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图所示，水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨；导轨上a点处有一带长方形遮光片的滑块，其总质量为m，左端由跨过轻质光滑定滑轮的细绳与一质量为m的小球相连；遮光片两条长边与导轨垂直；导轨上b点有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的挡光时间t，用d表示a点到光电门b处的距离，b表示遮光片的宽度，将遮光片通过光电门的平均速度看作滑块通过b点时的瞬时速度，实验时滑块在a处由静止开始运动（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度b，结果如图所示，由此读出bmm；（2）滑块通过b点的瞬时速度可表示为vb（用题中字母表示）；（3）某次实验测得倾角=30，重力加速度用g表示，滑块从a处到达b处时m和m组成的系统动能增加量可表示为ek，系统的重力势能减少量可表示为ep，在误差允许的范围内，若ek=ep则可认为系统的机械能守恒；（用题中字母表示）10（8分）（2015宜春校级模拟）某同学要测量一电阻rx（阻值约18）的阻值，实验室提供如下器材：电池组e（电动势3v，内阻约1）；电流表（量程为0.6a，内阻约0.5）；电压表（量程为3v，内阻约5k）；电阻箱r（阻值范围099.99，额定电流1a）；开关s，导线若干（1）为使测量尽可能准确，应采用图1给出的所示电路进行测量（2）表中记录了电阻箱阻值r及对应电流表、电压表的测量数据i、u，请在图2的坐标纸上作出图象，根据图象得出电阻rx的测量值为 次数12345r/812162024i/a0.440.360.320.290.25u/v2.302.402.562.602.70/10.190.150.120.110.09/10.130.080.060.050.04（3）此实验中电阻rx的测量值与真实值相比（选填“偏大”或“偏小”）11（14分）（2015洛阳一模）2014年11月22日16时55分，四川省康定县境内发生6.3级地震并引发一处泥石流一汽车停在小山坡底，突然司机发现山坡上距坡底240m处的泥石流以8m/s的初速度，0.4m/s2的加速度匀加速倾泻而下，假设泥石流到达坡底后速率不变，在水平地面上做匀速直线运动，司机的反应时间为1s，汽车启动后以恒定的加速度一直做匀加速直线运动其过程简化为图所示，求：（1）泥石流到达坡底的时间和速度大小？（2）试通过计算说明：汽车的加速度至少多大才能脱离危险？（结果保留三位有效数字）12（18分）（2015潮阳区校级模拟）如图所示，在以坐标原点o为圆心、半径为r的圆形区域内，有相互垂直的匀强电场和匀强磁场，磁感应强度为b，磁场方向垂直于xoy平面向里一带正电的粒子（不计重力）从m点沿y轴正方向以某一速度射人，带电粒子恰好做匀速直线运动，经t0时间从n点射出（1）求电场强度的大小和方向（2）若仅撤去磁场，带电粒子仍从m点以相同的速度射入，经时间恰从圆形区域的边界射出求粒子运动加速度的大小（3）若仅撤去电场，带电粒子仍从m点射入，且速度为原来的2倍，请结合（2）中的条件，求粒子在磁场中运动的时间【物理-选修3-3】（共2小题，满分15分）13（5分）（2015宜春校级模拟）下列说法正确的是（）a布朗运动就是液体分子的运动b两分子之间同时存在着引力和斥力，引力和斥力都随分子间的距离增大而减小，但斥力比引力减小得更快c热力学温标的最低温度为0 k，它没有负值，它的单位是物理学的基本单位之一d空中的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果e气体的温度越高，每个气体分子的动能越大14（10分）（2015运城二模）如图所示，一直立的气缸用一质量为m的活塞封闭一定量的理想气体，活塞横截面积为s，汽缸内壁光滑且缸壁是导热的，开始活塞被固定在a点，打开固定螺栓k，活塞下落，经过足够长时间后，活塞停在b点，已知ab=h，大气压强为p0，重力加速度为g求活塞停在b点时缸内封闭气体的压强；设周围环境温度保持不变，求整个过程中通过缸壁传递的热量q（一定量理想气体的内能仅由温度决定）【物理-选修3-4】（共2小题，满分0分）15（2015宜春校级模拟）一列简谐横波沿x轴正方向传播，t=0时刻的波形如图中实线所示，t=0.1s时刻的波形如图中的虚线所示波源不在坐标原点o，p是传播介质中离坐标原点2.5m处的一个质点则以下说法正确的是（）a波的频率可能为12.5hzb波的传播速度可能为50m/sc质点p的振幅为0.1md在t=0.1 s时刻与p相距5 m处的质点也一定向上振动e在t=0到t=0.1s，质点q通过的路程为0.1m16（2010山东）如图所示，一段横截面为正方形的玻璃棒，中间部分弯成四分之一圆弧形状，一细束单色光由mn端面的中点垂直射入，恰好能在弧面ef上发生全反射，然后垂直pq端面射出求该玻璃的折射率若将入射光向n端平移，当第一次射到弧面ef上时（填“能”“不能”或“无法确定能否”）发生反射【物理选修3-5】（共2小题，满分0分）17（2015宜春校级模拟）关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）a普朗克曾经大胆假设：振动着的带电微粒的能量只能是某一最小能量值的整数倍，这个不可再分的最小能量值叫做能量子b卢瑟福认为，原子是一个球体，正电荷弥漫性地均匀分布在整个球体内，电子镶嵌其中c按照爱因斯坦的理论，在光电效应中，金属中的电子吸收一个光子获得的能量是h，这些能量的一部分用来克服金属的逸出功w0，剩下的表现为逸出后电子的初动能ekd玻尔的原子理论第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，成功地解释了所有原子光谱的实验规律e德布罗意提出：实物粒子也具有波动性，而且粒子的能量和动量p跟它对所应的波的频率和波长之间，遵从关系v=和=18（2015南昌校级二模）如图所示，平板小车c上固定有两个完全相同的弹射装置，在弹射装置中分别压装上两个光滑小球a、b，将它们停放在光滑水平地面上先打开球a所在的装置，将球a发射出去，球a获得va=8m/s的速度已知球a的质量ma=1kg，小车c和球b的总质量m=4kg则：发射球a时，弹射装置释放的能量为多少？将球a发射出去后，要使小车c停止，必须以多大的速度将质量为kg的球b发射出去？2015年江西省宜春市奉新一中高考物理模拟试卷参考答案与试题解析二、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第69题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全对的得3分，有选错的得0分1（6分）（2015宜春校级模拟）关于物理学的研究方法，以下说法错误的是（）a伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法b卡文迪许在利用扭秤实验装置测量万有引力常量时，应用了放大法c合力与分力、总电阻、交流电的有效值用的是“等效替代”的方法d电场强度是用比值法定义的，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比考点：物理学史分析：伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法；卡文迪许在利用扭秤实验装置测量万有引力常量时，应用了放大法；电场强度是用比值法定义的，但是电场强度与电场力不成正比，与试探电荷的电量不成反比，电场强度由电场本身的性质确定；“合力与分力”“总电阻”“交流电的有效值”用的是“等效替代”的方法解答：解：a、16世纪末，伽利略对运动的研究，不仅确立了许多用于描述运动的基本概念，而且创造了一套对近代科学发展极为有益的方法这些方法的核心是把逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法故a正确b、扭秤实验可以测量微弱的作用，关键在于它把微弱的作用经过了两次放大：一方面微小的力通过较长的力臂可以产生较大的力矩，使悬丝产生一定角度的扭转；另一方面在悬丝上固定一平面镜，它可以把入射光线反射到距离平面镜较远的刻度尺上，从反射光线射到刻度尺上的光点的移动，就可以把悬丝的微小扭转显现出来故b正确c、合力与分力、总电阻、交流电的有效值用的是“等效替代”的方法，故c正确；d、电场强度是用比值法定义的，但是电场强度与电场力不成正比，与试探电荷的电量不成反比，电场强度由电场本身的性质确定故d错误本题选错误，故选：d点评：物理学的发展离不开科学的思维方法，要明确各种科学方法在物理中的应用，如控制变量法、理想实验、理想化模型、极限思想等2（6分）（2015宜春校级模拟）截面为直角三角形的木块a质量为m，放在倾角为的斜面上，当=37时，木块恰能静止在斜面上，如图甲现将改为30，在a与斜面间放一质量为m的光滑圆柱体b，如图乙，已知sin37=0.6，cos37=0.8，则（）aa、b仍一定静止于斜面上b若m=2m，则a受到斜面的摩擦力为mgc若m=4m，则a受到斜面的摩擦力为mgd以上说法都不对考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力专题：共点力作用下物体平衡专题分析：根据受力分析及平衡方程，来确定动摩擦因数与夹角的关系，从而求出动摩擦因数；当放在斜角为30的斜面上，根据受力分析，结合力的平行四边形定则与滑动摩擦力的公式，即可求解解答：解：a、由题意可知，当=37时，木块恰能静止在斜面上，则有：mgcos37=mgsin37；代入数据解得：=0.75现将改为30，在a与斜面间放一质量为m的光滑圆柱体b，对a受力分析，则有：f=nn=mgcos30；而f=mgsin30当fmgsin30+mgsin30，则a相对斜面向下滑动，当fmgsin30+mgsin30，则a相对斜面不滑动，因此a、b是否静止在斜面上，由b对a弹力决定，故a错误； b、若m=2m，则mgsin30+mgsin30=mg；而f=n=0.75mgcos30=mg；因fmgsin30+mgsin30，a滑动，a受到斜面的滑动摩擦力，大小为f=n=0.75mgcos30=mg=mg，故b错误；c、若m=4m，则mgsin30+mgsin30=mg；而f=n=0.75mgcos30=mg；因fmgsin30+mgsin30，a不滑动，a受到斜面的静摩擦力，大小为：mgsin30+mgsin30=mg=，故c正确，d错误；故选：c点评：考查对研究对象进行受力分析，掌握受力平衡方程，理解滑动摩擦力与静摩擦力的大小计算，注意会判定物体是否在斜面上滑动是解题的关键3（6分）（2015宜春校级模拟）如图所示，两个等量异种点电荷对称地放在一无限大平面的两侧（两点电荷未画出），o点是两点电荷连线与平面的交点，也是连线的中点在平面内以o点为圆心画两个同心圆，两圆上分别有a、b、c、d四个点，则以下说法正确的是（）a若某个检验电荷只在此电场的电场力作用下运动到c点和d点时，加速度大小一定相等ba、c两点电场强度大小相等c带正电的检验电荷从a点在平面内移动到d点电势能一定减小d检验电荷可以仅在此电场的电场力作用下在此平面内做匀速圆周运动考点：电势差与电场强度的关系；电场强度专题：电场力与电势的性质专题分析：两等量异号点电荷电场线的分布具有对称性，两连线的垂直平分线是一条等势线，两个同心圆均在同一等势面上根据等量异号点电荷电场线的对称性，分析ac场强关系和电势关系a点的电势等于d点的电势，即可知a、d电势关系，由推论：正电荷在电势高处电势能大，分析电势能关系解答：解：ab、根据等量异号点电荷电场线的对称性可知，a、b两处电场线疏密程度相同，则场强大小相同，d、c两点的电场强度大小也相同，但a、c两点电场强度大小不相等故b错误由上分析可知，c点和d点的电场强度的大小相等，则加速度的大小也一定相等故a正确c、两等量异号点电荷连线的垂直平分线是一条等势线，则a、b、c、d四个点电势均相等，由推论：正电荷从a点在平面内移动到d点电势能不变故c错误d、根据等量异种点电荷的电场线的分布，可知，检验电荷受到的电场力不在此平面内，因此不可能做圆周运动，故d错误故选：a点评：等量异号点电荷的电场线和等势线分布情况是考试的热点，抓住对称性和其连线的垂直平分线是一条等势线是学习的重点对于电势能大小或变化的判断，可根据推论或电场力做功正负判断4（6分）（2015河南模拟）如图所示，某极地轨道卫星的运行轨道平面通过地球的南北两极，已知该卫星从北纬60的正上方，按图示方向第一次运行到南纬60的正上方时所用时间为1h，则下列说法正确的是（）a该卫星与同步卫星的运行半径之比为1：4b该卫星与同步卫星的运行速度之比为1：2c该卫星的运行速度一定大于7.9km/sd该卫星的机械能一定大于同步卫星的机械能考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：地球表面重力等于万有引力，卫星运动的向心力由地球对卫星的万有引力提供，据此展开讨论即可解答：解：a、卫星从北纬60的正上方，按图示方向第一次运行到南纬60的正上方时，偏转的角度是120，刚好为运动周期的t，所以卫星运行的周期为3t，同步卫星的周期是24h，由得：，所以：故a正确；b、由=m得：故b错误；c、7.9km/s是卫星环绕地球做匀速圆周运动的最大速度，所以该卫星的运行速度一定小于7.9km/s故c错误；d、由于不知道卫星的质量关系，故d错误故选：a点评：该题考查人造卫星与同步卫星的关系，灵活运动用重力和万有引力相等以及万有引力提供圆周运动的向心力是解决本题的关键5（6分）（2015安徽模拟）如图所示，两个垂直于纸面的匀强磁场方向相反，磁感应强度的大小均为b，磁场区域的宽度均为a高度为a的正三角形导线框abc从图示位置沿x轴正向匀速穿过两磁场区域，以逆时针方向为电流的正方向，在下列图形中能正确描述感应电流i与线框移动距离x关系的是（）abcd考点：导体切割磁感线时的感应电动势专题：电磁感应与电路结合分析：本题导体的运动可分为三段进行分析，根据楞次定律可判断电路中感应电流的方向；由导体切割磁感线时的感应电动势公式可求得感应电动势的大小，再求得感应电流的大小解答：解：x在0a内，由楞次定律可知，电流方向为逆时针，为正方向；有效切割的长度为 l=2（ax）=（ax），感应电动势为 e=blv，感应电流为 i=，随着x的增大，i均匀减小，当x=0时，i=i0；当x=a时，i=0；x在a2a内，线框的ab边和其他两边都切割磁感线，由楞次定律可知，电流方向为顺时针，为负方向；有效切割的长度为 l=（2ax），感应电动势为 e=blv，感应电流大小为 i=2bv，随着x的增大，i均匀减小，当x=a时，i=2i0；当x=2a时，i=0；x在2a3a内，由楞次定律可知，电流方向为逆时针，为正方向；有效切割的长度为 l=（3ax），感应电动势为 e=blv，感应电流为 i=，随着x的增大，i均匀减小，当x=2a时，i=i0；当x=3a时，i=0；故根据数学知识可知b正确故选：b点评：本题为选择题，而过程比较复杂，故可选用排除法解决，这样可以节约一定的时间；而进入第二段过程，分处两磁场中的线圈两部分产生的电流相同，且有效长度是均匀变大的，当将要全部进入第二磁场时，线圈中电流达最大2i06（6分）（2015宜春校级模拟）质量为m的小球由轻绳a和b分别系于一轻质细杆的a点和b点，如图所示，绳a与水平方向成角，绳b在水平方向且长为l，当轻杆绕轴ab以角速度匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动，则下列说法正确的是（）aa绳张力不可能为零ba绳的张力随角速度的增大而增大c若b绳突然被剪断，则a绳的弹力一定发生变化d当角速度，b绳将出现弹力考点：向心力专题：匀速圆周运动专题分析：小球做匀速圆周运动，在竖直方向上的合力为零，水平方向合力提供向心力，结合牛顿第二定律分析判断解答：解：a、小球做匀速圆周运动，在竖直方向上的合力为零，水平方向上的合力提供向心力，所以a绳在竖直方向上的分力与重力相等，可知a绳的张力不可能为零，故a正确b、根据竖直方向上平衡得，fasin=mg，解得，可知a绳的拉力不变，故b错误cd、当b绳拉力为零时，有：mgcot=ml2，解得，可知当角速度时，b绳出现弹力故d正确由于b绳可能没有弹力，故b绳突然被剪断，a绳的弹力可能不变，故c错误故选：ad点评：解决本题的关键知道小球做圆周运动向心力的来源分析，知道小球竖直方向合力为零，这是解决本题的关键7（6分）（2015宜春校级模拟）理想变压器原线圈a匝数n1=200匝，副线圈b匝数n2=100匝，线圈d接在u=44sin314t（v）交流电源上，“12v，6w”的灯泡恰好正常发光电阻r2=l6，电压表v为理想电表下列推断正确的是（）a交变电流的频率为100 hzb穿过铁芯的磁通量的最大变化率为wb/scr1消耗的功率是1wd.电压表v的示数为22 v考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：根据理想变压器中原副线圈的电流、电压与匝数比之间关系可以直接求解，注意电压表、电流表示数均为有效值解答：解：a、由表达式知交变电流的频率为f=50hz，a错误b、根据em=n知=wb/s，b正确c、灯泡正常发光，加在灯泡上的电压为12v，所以副线圈电流为i=0.5a，r2消耗的电压为u=ir=0.512=6v，电压表v的示数为12+6=18v，根据电流与匝数成反比，原线圈电流为0.25a，由题意可知：原线圈电压有效值44v，根据电压与匝数成正比得：u1=36v；r1消耗的功率是p=（4436）0.25=2w，故cd错误；故选：b点评：要根据理想变压器中电流、电压与匝数比之间的关系进行有关问题的解答，注意电表的示数均为有效值8（6分）（2015洛阳二模）海洋中蕴藏着巨大的能量，利用海洋的波浪可以发电，在我国南海上有一浮筒式波浪发电灯塔，其原理示意图如图甲所示，浮桶内的磁体通过支柱固定在暗礁上，浮桶内置线圈随波浪相对磁体沿竖直方向运动，且始终处于磁场中，该线圈与阻值r=15的灯泡相连浮桶下部由内、外两密封圆筒构成，（图乙中斜线阴影部分），如图乙所示，其内为产生磁场的磁体，与浮桶内侧面的缝隙忽略不计；匝数n=200的线圈所在处辐向磁场的磁感应强度b=0.2t，线圈直径d=0.4m，电阻r=1取重力加速度g=10m/s2，210，若浮筒随波浪上下运动的速度可表示为v=0.4sin（t）m/s，则下列说法正确的是（）a波浪发电产生电动势e的瞬时表达式为e=16sin（t）vb灯泡中电流i的瞬时表达式为i=4sin（t）ac灯泡的电功率为120wd灯泡两端电压的有效值为v考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理；电功、电功率专题：交流电专题分析：根据感应电动势公式e=blv和v=0.4sin（t）m/s，求出电动势e的瞬时表达式；由欧姆定律可得灯泡电流表达式；由电流有效值来计算灯泡电功率；由欧姆定律来计算灯泡电压的有效值解答：解：a、线圈在磁场中切割磁感线，产生电动势为：emax=nblvmax l=d联立得：emax=nbdvmax =2000.20.40.4v=64v则波浪发电产生电动势e的瞬时表达式：e=emaxsint=64sin（t）v故a错误b、根据闭合电路欧姆定律有：i=得：i=4sin（t）a故b正确c、灯泡电流的有效值为：，则灯泡的功率为：，故c正确d、灯泡两端电压的有效值为：，故d错误故选：bc点评：该题关键是用好感应电动势的最大值，该题是运动切割，故速度最大时，对应感应电动势最大；在求解灯泡两端电压时候，用欧姆定律最简单，不用硬套交流有效值公式三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须作答第13第18题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共129分）9（7分）（2015宜春校级模拟）利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图所示，水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨；导轨上a点处有一带长方形遮光片的滑块，其总质量为m，左端由跨过轻质光滑定滑轮的细绳与一质量为m的小球相连；遮光片两条长边与导轨垂直；导轨上b点有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的挡光时间t，用d表示a点到光电门b处的距离，b表示遮光片的宽度，将遮光片通过光电门的平均速度看作滑块通过b点时的瞬时速度，实验时滑块在a处由静止开始运动（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度b，结果如图所示，由此读出b3.80mm；（2）滑块通过b点的瞬时速度可表示为vb（用题中字母表示）；（3）某次实验测得倾角=30，重力加速度用g表示，滑块从a处到达b处时m和m组成的系统动能增加量可表示为ek，系统的重力势能减少量可表示为ep（m）gd，在误差允许的范围内，若ek=ep则可认为系统的机械能守恒；（用题中字母表示）考点：验证机械能守恒定律专题：实验题分析：（1）游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读不同的尺有不同的精确度，注意单位问题（2）由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度（3）根据重力做功和重力势能之间的关系可以求出重力势能的减小量，根据起末点的速度可以求出动能的增加量；根据功能关系得重力做功的数值等于重力势能减小量解答：解：（1）宽度b的读数为：3mm+160.05mm=3.80mm；（2）由于光电门的宽度b很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度滑块通过光电门b速度为：vb=；（3）滑块从a处到达b处时m和m组成的系统动能增加量为：ek=（m+m）（）2=；系统的重力势能减少量可表示为：ep=mgdmgdsin=（mmsin）gd=（m）gd；比较ep和ek，若在实验误差允许的范围内相等，即可认为机械能是守恒的故答案为：（1）3.85；（2）；（3）；（m）gd点评：了解光电门测量瞬时速度的原理实验中我们要清楚研究对象和研究过程，对于系统我们要考虑全面；此题为一验证性实验题要求根据物理规律选择需要测定的物理量，运用实验方法判断系统重力势能的变化量是否与动能的变化量相同是解题的关键10（8分）（2015宜春校级模拟）某同学要测量一电阻rx（阻值约18）的阻值，实验室提供如下器材：电池组e（电动势3v，内阻约1）；电流表（量程为0.6a，内阻约0.5）；电压表（量程为3v，内阻约5k）；电阻箱r（阻值范围099.99，额定电流1a）；开关s，导线若干（1）为使测量尽可能准确，应采用图1给出的a所示电路进行测量（2）表中记录了电阻箱阻值r及对应电流表、电压表的测量数据i、u，请在图2的坐标纸上作出图象，根据图象得出电阻rx的测量值为1617 次数12345r/812162024i/a0.440.360.320.290.25u/v2.302.402.562.602.70/10.190.150.120.110.09/10.130.080.060.050.04（3）此实验中电阻rx的测量值与真实值相比偏小（选填“偏大”或“偏小”）考点：伏安法测电阻专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）该题的本质是伏安法测电阻，选择电路时注意电流表和电压表的指针偏转在三分之二左右偏转时比较准确，据此可正确选择电路（2）根据实验原理图可知，=+，因此图象为直线，图象在纵坐标轴上的截距为待测电阻的倒数，由此可画出图象并且求出待测电阻大小；（3）由于电压表的分流作用，导致待测电阻的电流偏大，因此实验中求得电阻r的值与真实值相比偏小解答：解：（1）该实验采用伏安法测电阻，若将待测电阻与电流表直接串联进行电压和电流的测量，导致电流表的示数很小，测量误差较大，因此可以将电阻箱和待测电阻并联后在进行测量，故比较准确的电路图为a故答案为：a（2）根据实验原理图可知，=+，因此图象为直线，利用描点法得出图象如下所示：图象在纵坐标轴上的截距为待测电阻的倒数，由此可画出图象并且求出待测电阻大小为rx16.3；故答案为：图象见上图，16.3（3）由于电压表的分流作用，导致待测电阻的电流偏大，由欧姆定律r= 可知待测电阻r的值与真实值相比偏小故答案为：偏小故答案为：（1）a；（2）1617；（3）偏小点评：解决实验问题的关键是明确实验原理，然后根据电路的串并联知识进行求解11（14分）（2015洛阳一模）2014年11月22日16时55分，四川省康定县境内发生6.3级地震并引发一处泥石流一汽车停在小山坡底，突然司机发现山坡上距坡底240m处的泥石流以8m/s的初速度，0.4m/s2的加速度匀加速倾泻而下，假设泥石流到达坡底后速率不变，在水平地面上做匀速直线运动，司机的反应时间为1s，汽车启动后以恒定的加速度一直做匀加速直线运动其过程简化为图所示，求：（1）泥石流到达坡底的时间和速度大小？（2）试通过计算说明：汽车的加速度至少多大才能脱离危险？（结果保留三位有效数字）考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：（1）根据匀变速直线运动的位移时间关系和速度时间关系求得泥石流到达坡底的速度和时间；（2）根据汽车速度达到与泥石流速度相等的安全临界速度，再根据运动规律求解最小加速度解答：解：（1）设泥石流到达坡底的时间为t1，速度为v1，由题意有：v0=8m/s，v1=v0+a1t1代入数据得：t1=20s，v1=16m/s（2）汽车速度加速到等于v1且两者在水平地面的位移刚好相等就安全了，故依题意有：v汽=at=v1泥石流在水平路面上的位移为：s石=v1（t+1t1）s汽由代入数据可解得：a=0.421m/s2答：（1）泥石流到达坡底的时间为20s，速度大小为16m/s；（2）汽车的加速度至少为0.421m/s2才能脱离危险点评：掌握匀变速直线运动的速度时间关系和位移时间关系是正确解题的基础，知道脱离危险的临界条件是正确解题的关键12（18分）（2015潮阳区校级模拟）如图所示，在以坐标原点o为圆心、半径为r的圆形区域内，有相互垂直的匀强电场和匀强磁场，磁感应强度为b，磁场方向垂直于xoy平面向里一带正电的粒子（不计重力）从m点沿y轴正方向以某一速度射人，带电粒子恰好做匀速直线运动，经t0时间从n点射出（1）求电场强度的大小和方向（2）若仅撤去磁场，带电粒子仍从m点以相同的速度射入，经时间恰从圆形区域的边界射出求粒子运动加速度的大小（3）若仅撤去电场，带电粒子仍从m点射入，且速度为原来的2倍，请结合（2）中的条件，求粒子在磁场中运动的时间考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）由左手定则判断出粒子所受洛伦兹力方向，然后应用平衡条件求出电场强度大小与电场强度方向（2）粒子在电场中做类平抛运动，应用类平抛运动规律可以求出粒子的加速度（3）粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律可以求出粒子运动的半径，然后结合偏转的角度求出时间解答：解：（1）由左手定则可知，粒子刚射入磁场时受到的洛伦兹力水平向右，粒子做匀速直线运动，洛伦兹力与电场力是一对平衡力，电场力水平向左，粒子带负电，则电场强度的方向水平向右；由平衡条件得：qe=qv0b，又：解得电场强度大小为：e=；（2）由左手定则可知，正电荷向上运动的过程中受到的洛伦兹力的方向向左，所以电场力的方向向右，电场的方向向右，撤去磁场后粒子在电场中做类平抛运动，竖直方向：y=v0t=，竖直方向的位移是r，所以粒子从圆形区域的最右边射出，所以水平方向的位移也是r，则水平方向：，解得：（2）若仅撤去电场，带电粒子仍从m点射入，且速度为原来的2倍粒子在磁场中做匀速圆周运动，粒子运动轨迹的半径r：粒子做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：q2v0b=m，而：qv0b=qe=ma=解得：粒子在磁场中运动的半径与磁场的半径相同，所以粒子在磁场中运动的轨迹是圆周，则运动的时间为周期粒子在磁场中运动的时间为：答：（1）电场强度的大小是，方向水平向右（2）若仅撤去磁场，带电粒子仍从m点以相同的速度射入，经时间恰从圆形区域的边界射出粒子运动加速度的大小是（3）若仅撤去电场，带电粒子仍从m点射入，且速度为原来的2倍，请结合（2）中的条件，粒子在磁场中运动的时间点评：解答本题的关键是分析粒子的受力情况，再分析运动情况对于类平抛运动要掌握分解的方法，对于匀速圆周运动，运用几何知识确定圆心角是关键【物理-选修3-3】（共2小题，满分15分）13（5分）（2015宜春校级模拟）下列说法正确的是（）a布朗运动就是液体分子的运动b两分子之间同时存在着引力和斥力，引力和斥力都随分子间的距离增大而减小，但斥力比引力减小得更快c热力学温标的最低温度为0 k，它没有负值，它的单位是物理学的基本单位之一d空中的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果e气体的温度越高，每个气体分子的动能越大考点：分子势能；布朗运动；温度是分子平均动能的标志分析：固体小颗粒做布朗运动是液体分子对小颗粒的碰撞的作用力不平衡引起的，分子间引力和斥力随分子间距的增大而减小，热力学温标，温度是分子平均动能的标志解答：解：a、固体小颗粒做布朗运动是液体分子对小颗粒的碰撞的作用力不平衡引起的，故a错误；b、分子间引力和斥力随分子间距的增大而减小，故b正确；c、热力学温标的最低温度为0k，它没有负值，它的单位是物理学的基本单位之一，故c错误；d、由于蒸发，液体表面分子较内部是稀疏的，故表面分子力表现为引力，空中的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果，故d正确；e、温度是分子平均动能的标志，满足统计规律，故e错误；故选：bcd点评：考查了热力学定律的相关概念，会解释一些简单物理现象，难度一般14（10分）（2015运城二模）如图所示，一直立的气缸用一质量为m的活塞封闭一定量的理想气体，活塞横截面积为s，汽缸内壁光滑且缸壁是导热的，开始活塞被固定在a点，打开固定螺栓k，活塞下落，经过足够长时间后，活塞停在b点，已知ab=h，大气压强为p0，重力加速度为g求活塞停在b点时缸内封闭气体的压强；设周围环境温度保持不变，求整个过程中通过缸壁传递的热量q（一定量理想气体的内能仅由温度决定）考点：理想气体的状态方程专题：理想气体状态方程专题分析：（1）对活塞在b点利用平衡列式求解；（2）根据热力学第一定律列式求解解答：解：（1）设活塞停在b点时缸内封闭气体的压强为p1在b点活塞受力平衡得：p0s+mg=p1s解得：（2）由于气体温度不变，所以气体内能不变，即u=0由a到b，外界对气体做的功为：w=p1sh=（p0s+mg）h根据热力学第一定律得：w+q=u联立得：q=（p0s+mg）h“表示放热答：求活塞停在b点时缸内封闭气体的压强为；整个过程中通过缸壁传递的热量为（p0s+mg）h点评：本题考查了求传递的热量，应用热力学第一定律即可正确解题，求气体的压强的关键是选择正确的研究对象【物理-选修3-4】（共2小题，满分0分）15（2015宜春校级模拟）一列简谐横波沿x轴正方向传播，t=0时刻的波形如图中实线所示，t=0.1s时刻的波形如图中的虚线所示波源不在坐标原点o，p是传播介质中离坐标原点2.5m处的一个质点则以下说法正确的是（）a波的频率可能为12.5hzb波的传播速度可能为50m/sc质点p的振幅为0.1md在t=0.1 s时刻与p相距5 m处的质点也一定向上振动e在t=0到t=0.1s，质点q通过的路程为0.1m考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系专题：振动图像与波动图像专题分析：波可能沿x轴正方向传播，也可能沿x轴负方向传播，根据波形的平移法得到波的周期可能值，求出频率的可能值和速度的可能值根据时间与周期的关系，确定t=0时刻质点p的位置，判断加速度方向解答：解：a、波沿x轴正方向传播，则t=nt+，周期为t=s，频率为f=hz，（n=0.1.2.3），所以波的频率可能为2.5hz，12.5hz，故a正确；b、波速为v=f=4（10n+2.5）m/s=（40n+10）m/s，（n=0.1.2.3）；波的传播速度可能为50m/s（n=1），故b正确；c、由图读出振幅a=0.1m故c正确d、波沿x轴正方向传播，t=0.1s，p速度沿y轴正方向，与p相距5 m处的质点的速度沿y轴负方向故d错误e、在t=0到t=0.1s，质点q通过的路程为，因为周期不确定，故路程不确定，故e错误故选：abc点评：本题运用波形的平移法分析时间与周期的关系，确定波的周期，是经常采用的方法16（2010山东）如图所示，一段横截面为正方形的玻璃棒，中间部分弯成四分之一圆弧形状，一细