广东省东莞市厚街中学高考物理模拟试卷（一）（含解析）.doc

2015年广东省东莞市厚街中 学高考物理模拟试卷（一）一、单项选择题（每题4分）1（4分）（2015东莞校级模拟）如图所示，两竖直放置的平行光滑导轨处于垂直于导轨平面的匀强磁场中，金属杆ab可沿导轨滑动，金属杆ab始终与导轨接触良好且保持水平，原先s断开，让ab杆由静止下滑，一段时间后闭合s，则从s闭合开始记时，ab杆的运动速度v随时间t的关系图不可能是下图中的哪一个？（）abcd2（4分）（2015东莞校级模拟）如图所示，图形凹槽半径r=30cm，质量m=1kg的小物块在沿半径方向的轻弹簧挤压下处于静止状态已知弹簧的劲度系数k=50n/m，自由长度l=40cm，一端固定在圆心o处，弹簧与竖直方向的夹角为37取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8则下列说法错误的是（）a物块对槽的压力大小是15nb弹簧对物块的压力大小是5nc槽对物块的摩擦力大小是6nd槽对物块的作用力大小是n3（4分）（2015东莞校级模拟）如图所示，图中以点电荷q为圆心的虚线同心圆是该点电荷电场中球形等势面的横截面图一个带正电的粒子经过该电场，它的运动轨迹如图中实线所示，m和n是轨迹上的两点不计带电粒子受到的重力，由此可以判断（）a此粒子在m点的加速度大于在n点的加速度b此粒子在m点的电势能大于在n点的电势能c此粒子在m点的动能大于在n点的动能d电场中m点的电势高于n点的电势4（4分）（2015东莞校级模拟）如图，金属棒ab、cd与足够长的水平光滑金属导轨垂直且接触良好，匀强磁场垂直导轨所在的平面ab棒在恒力f的作用下向右运动，则（）a安培力对ab棒做正功b安培力对cd棒做负功cabdca回路的磁通量先增加后减少df做的功等于回路产生的总热量和系统动能增量之和二、双项选择题（每题6分）5（6分）（2012广州一模）充足气的自行车内胎在阳光下曝晒时容易爆裂与曝晒前相比，爆裂前车胎内气体（）a内能增加b密度增大c压强增大d分子间引力增大6（6分）（2015东莞校级模拟）下列说法正确的是（）au+nba+kr+3n是查德威克发现中子的核反应方程buth+he是衰变方程c半衰期与原子所处的物理状态无关、与化学状态有关d氢原子从n=3跃迁到n=1时将辐射特定频率的光7（6分）（2014宜昌模拟）为保证用户电压稳定在220v，变电所需适时进行调压，图甲为调压变压器示意图保持输入电压u1不变，当滑动接头p上下移动时可改变输出电压某次检测得到用户电压u2随时间t变化的曲线如图乙所示以下正确的是（）au2=190 sin（100t）vbu2=190sin（100t）vc为使用户电压稳定在220v，应将p适当下移d为使用户电压稳定在220v，应将p适当上移8（6分）（2015东莞校级模拟）2012年6月18日，由林州籍刘洋等三人乘坐的神州九号飞船与天宫一号目标飞行器在离地面343km的近圆轨道上成功进行了我国首次载人空间交会对接对接轨道所处的空间存在极其稀薄的空气，下面说法正确的是（）a如果不加干预，天宫一号的轨道高度将缓慢降低b如果不加干预，在运行一段时间后，天宫一号的动能可能会增加c航天员在天宫一号中处于失重状态，说明航天员不受地球引力作用d为实现对接，两者运行速度的大小都应介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间9（6分）（2014淮安四模）如图所示，用电流传感器研究自感现象电源内阻不可忽略，线圈的自感系数较大，其直流电阻小于电阻r的阻值t=0时刻闭合开关s，电路稳定后，t1时刻断开s，电流传感器连接计算机分别描绘了整个过程线圈中的电流il和电阻中的电流ir随时间t变化的图象下列图象中可能正确的是（）abcd三、实验题10（10分）（2015东莞校级模拟）某同学采用如图甲所示的电路测定电源电动势和内电阻，已知干电池的电动势约为1.5v，内阻约2，电压表（03v约3k），电流表（00.6a约1.0），滑动变阻器有r1（102a）和r2（1000.1a）各一只（1）实验中滑动变阻器应选用（选填“r1”或“r2”）（2）在图乙中用笔画线代替导线连接实验电路（3）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的ui图象，由图可较准确地求出电源电动势e=v；内阻r=11（8分）（2015东莞校级模拟）用气垫导轨验证机械能守恒定律的装置如图所示，先非常仔细地把导轨调成水平，然后用垫块把导轨一端垫高h滑块m上面装有l=3cm的挡光框，使它由轨道上端任一处滑下，测出它通过光电门g1和g2的速度v1和v2，便可验证机械能是否守恒若实验中测得图中l=1m，s=0.5m，h=20cm，m=500g，滑块通过g1和g2的时间分别为5.0102s和2.0102s，当地重力加速度g=9.80m/s则滑块通过光电门g1时的速度v1=m/s，滑块从g1到g2的动能增加量ek=j，势能减少量ep=j，由此可以得到的结论为：四、计算题12（18分）（2015东莞校级模拟）如图所示，可视为质点的总质量（包括装备）为m=60kg的滑板运动员，从高为h=15m的斜面ab的顶端a点由静止开始沿斜面下滑，在b点进入光滑的四分之一圆弧bc，圆弧bc半径为r=5m，运动员经c点沿竖直轨道冲出向上运动，经时间t=2s后又落回轨道若运动员经c点后在空中运动时只受重力，轨道ab段粗糙、bc段光滑g=10m/s2（不计过b点时机械能的损耗）求：（1）运动员在c点的速度和离开c点可上升的高度（2）运动员（包括装备）运动到圆轨道最低点b时对轨道的压力大小（3）从a点到b点，运动员损失的机械能13（18分）（2015东莞校级模拟）如图所示为一真空示波管，电子从灯丝k发出（初速度不计），经灯丝与a板间的加速电压u1加速，从a板中心孔沿中心线ko射出，然后进入两块平行金属板m、n形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入m、n间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的p点已知加速电压为u1，m、n两板间的电压为u2，两板间的距离为d，板长为l1，板右端到荧光屏的距离为l2，电子的质量为m，电荷量为e求：（1）电子穿过a板时的速度大小；（2）电子从偏转电场射出时的侧移量；（3）p点到o点的距离2015年广东省东莞市厚街中学高考物理模拟试卷（一）参考答案与试题解析一、单项选择题（每题4分）1（4分）（2015东莞校级模拟）如图所示，两竖直放置的平行光滑导轨处于垂直于导轨平面的匀强磁场中，金属杆ab可沿导轨滑动，金属杆ab始终与导轨接触良好且保持水平，原先s断开，让ab杆由静止下滑，一段时间后闭合s，则从s闭合开始记时，ab杆的运动速度v随时间t的关系图不可能是下图中的哪一个？（）abcd考点：导体切割磁感线时的感应电动势专题：电磁感应与电路结合分析：s闭合后，金属杆在下滑过程中，受到重力和安培力作用，分析安培力与重力大小关系，根据安培力大小与速度大小成正比，分析金属杆的加速度变化，确定金属杆的运动情况解答：解：闭合开关后，导体棒在磁场中受到的安培力：f=bil=；a、当闭合开关时s时，满足mg=时，金属杆匀速运动，故a正确b、当速度大小变化时，感应电动势也会变化，感应电流也变化，安培力大小也变化，所以金属杆的加速度也在变化，所以不可能做匀加速运动，故b错误c、如果mg时，金属杆加速运动，速度增大，安培力增大，加速度减小最后匀速，故c正确；d、当mg时，金属杆减速运动，速度减小，安培力减小，加速度减小，故d正确本题选不可能的，即错误的，故选：b点评：本题是电磁感应的动态变化分析，分析方法可以和机车启动的动态变化过程进行类比解答属于基础题目2（4分）（2015东莞校级模拟）如图所示，图形凹槽半径r=30cm，质量m=1kg的小物块在沿半径方向的轻弹簧挤压下处于静止状态已知弹簧的劲度系数k=50n/m，自由长度l=40cm，一端固定在圆心o处，弹簧与竖直方向的夹角为37取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8则下列说法错误的是（）a物块对槽的压力大小是15nb弹簧对物块的压力大小是5nc槽对物块的摩擦力大小是6nd槽对物块的作用力大小是n考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对滑块受力分析，受重力、支持力、弹簧的推力、静摩擦力，然后根据胡克定律求解出弹簧弹力，根据共点力平衡条件并结合正交分解法列式分析解答：解：b、根据胡克定律，有：f=kx=50n/m（0.40.3）m=5n，故b正确；ac、对滑块受力分析，受重力、支持力、弹簧的推力、静摩擦力，如图根据共点力平衡条件，有切线方向：mgsin37=f 径向：f+mgcos37=n 联立解得：f=6nn=13n故a错误，c正确；d、槽对物块的作用力是支持力和静摩擦力的合力，为：=n故d正确；本题选错误的，故选：a点评：本题关键是对滑块受力分析，然后根据平衡条件并结合正交分解法列式求解，不难3（4分）（2015东莞校级模拟）如图所示，图中以点电荷q为圆心的虚线同心圆是该点电荷电场中球形等势面的横截面图一个带正电的粒子经过该电场，它的运动轨迹如图中实线所示，m和n是轨迹上的两点不计带电粒子受到的重力，由此可以判断（）a此粒子在m点的加速度大于在n点的加速度b此粒子在m点的电势能大于在n点的电势能c此粒子在m点的动能大于在n点的动能d电场中m点的电势高于n点的电势考点：电势差与电场强度的关系；电势专题：电场力与电势的性质专题分析：从粒子运动轨迹看出，轨迹向左弯曲，可知带电粒子受到了向左的排斥力作用，从m到n过程中，电场力对粒子做负功，可判断电势能的大小、动能的大小根据q的电性，结合电场线的方向判断电势的高低解答：解：a、由库仑定律知，粒子在m点的库仑力小于在n点的，故由牛顿第二定律f=ma知粒子在m点的加速度小于在n点的加速度，故a错误b、从粒子运动轨迹看出，轨迹向左弯曲，可知带电粒子受到了向左的排斥力作用，从m到n库仑力做负功，电势能增加，则粒子在m点的电势能小于在n点的电势能，故b错误c、粒子从m到n库仑力对它做负功，电势能增加，由能量守恒定律可知其动能减小，即粒子在m点的动能大于在n点的动能，故c正确d、带电粒子受到了向左的力（排斥力）作用，该粒子带正电荷，故中心的点电荷必为正电荷，由点电荷电场分布规律知，电场中m点的电势低于n点的电势，故d错误故选：c点评：本题是轨迹问题，首先要根据弯曲的方向判断出带电粒子所受电场力方向，确定是排斥力还是吸引力由动能定理分析动能和电势能的变化是常用的思路4（4分）（2015东莞校级模拟）如图，金属棒ab、cd与足够长的水平光滑金属导轨垂直且接触良好，匀强磁场垂直导轨所在的平面ab棒在恒力f的作用下向右运动，则（）a安培力对ab棒做正功b安培力对cd棒做负功cabdca回路的磁通量先增加后减少df做的功等于回路产生的总热量和系统动能增量之和考点：导体切割磁感线时的感应电动势专题：电磁感应与电路结合分析：ab棒在恒力f作用下向右做加速运动，切割磁感线产生感应电动势和感应电流，cd棒在安培力作用下也向右运动，切割磁感线产生一个反电动势，当两棒的速度差恒定时，回路中产生的感应电流恒定，两棒均做匀加速运动，根据安培力方向与导体运动方向的关系，判断做功正负根据两棒的运动情况分析磁通量变化情况根据系统能量守恒分析f做功与热量和总动能增量的关系解答：解：a、ab棒在恒力f作用下向右做加速运动，根据楞次定律可知，回路中将产生的感应电流沿acdba方向，由左手定则判断可知，ab棒所受的安培力方向向左，cd棒所受的安培力方向向右，则安培力对ab棒做负功，对cd棒做正功，故ab错误c、两棒最终都做匀加速运动，速度之差恒定，ab棒的速度大于cd棒的速度，则abdca回路的磁通量一直增加，故c错误d、根据能量守恒定律得知，f做的功等于回路产生的总热量和系统动能增量之和，故d正确故选：d点评：本题的解题关键是分析导体棒受力情况，来确定其运动情况，从而判断磁通量如何变化二、双项选择题（每题6分）5（6分）（2012广州一模）充足气的自行车内胎在阳光下曝晒时容易爆裂与曝晒前相比，爆裂前车胎内气体（）a内能增加b密度增大c压强增大d分子间引力增大考点：封闭气体压强专题：气体的压强专题分析：自行车内胎中的气体曝晒时从外界吸收热量，温度升高，内能增大，压强变大；气体体积不变，密度不变；分子间距离不变，分子力不变解答：解：a、行车内胎在阳光下曝晒，气体吸收热量，温度升高，内能增加，故a正确；b、自行车内胎内的气体质量不变，体积不变，气体密度不变，故b错误；c、气体体积不变，温度升高，由查理定律可知，气体压强变大，故c正确；d、气体体积不变，气体分子间的距离不变，分子间的作用力不变，故d错误；故选ac点评：充满气的自行车内胎曝晒，胎内气体温度升高，压强变大，自行车胎容易爆炸6（6分）（2015东莞校级模拟）下列说法正确的是（）au+nba+kr+3n是查德威克发现中子的核反应方程buth+he是衰变方程c半衰期与原子所处的物理状态无关、与化学状态有关d氢原子从n=3跃迁到n=1时将辐射特定频率的光考点：玻尔模型和氢原子的能级结构；原子核衰变及半衰期、衰变速度；裂变反应和聚变反应专题：衰变和半衰期专题分析：重核裂变是质量数较大的原子核裂变为质量中等的核，半衰期与原子所处的物理状态无关、与化学状态无关，衰变生成氦原子核，原子跃迁量子化解答：解：a、本方程式是重核的裂变，故a错误；b、衰变生成氦原子核，uth+he是衰变方程半，故b正确；c、衰期与原子所处的物理状态无关、与化学状态无关，故c错误；d、氢原子从n=3跃迁到n=1时，氢原子减少的能量是特定的数值，所以将辐射特定频率的光，故d正确；故选：bd点评：该题中要掌握裂变和衰变的特点，知道半衰期由原子核本身决定，与外界因素无关，难度不大，基础题目7（6分）（2014宜昌模拟）为保证用户电压稳定在220v，变电所需适时进行调压，图甲为调压变压器示意图保持输入电压u1不变，当滑动接头p上下移动时可改变输出电压某次检测得到用户电压u2随时间t变化的曲线如图乙所示以下正确的是（）au2=190 sin（100t）vbu2=190sin（100t）vc为使用户电压稳定在220v，应将p适当下移d为使用户电压稳定在220v，应将p适当上移考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：根据图象可以得知用户的电压偏小了，根据电压和匝数成正比的关系，可以确定需要如何来调整滑动接头p解答：解：a、由于用户电压u2随时间t变化的曲线周期为0.02s，所以u2=190sin（100t），故b正确，a错误；c、为使用户电压稳定在220v，应减小变压器原线圈匝数，应将p适当上移，故c错误，d正确故选：bd点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，本题即可得到解决8（6分）（2015东莞校级模拟）2012年6月18日，由林州籍刘洋等三人乘坐的神州九号飞船与天宫一号目标飞行器在离地面343km的近圆轨道上成功进行了我国首次载人空间交会对接对接轨道所处的空间存在极其稀薄的空气，下面说法正确的是（）a如果不加干预，天宫一号的轨道高度将缓慢降低b如果不加干预，在运行一段时间后，天宫一号的动能可能会增加c航天员在天宫一号中处于失重状态，说明航天员不受地球引力作用d为实现对接，两者运行速度的大小都应介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题：人造卫星问题分析：万有引力提供圆周运动的向心力，所以第一宇宙速度是围绕地球圆周运动的最大速度，卫星由于摩擦阻力作用，轨道高度将降低，运行速度增大，失重不是失去重力而是对悬绳的拉力或支持物的压力减小的现象根据相应知识点展开分析即可解答：解：a、卫星本来满足万有引力提供向心力即知，由于摩擦阻力作用卫星的线速度减小，万有引力将大于卫星所需要的向心力，故卫星将做近心运动，即轨道半径将减小，故a正确；b、根据万有引力提供向心力有：得：v=，得轨道高度降低，卫星的线速度增大，故动能将增大，故b正确；c、失重状态说明航天员对悬绳或支持物体的压力为0，但仍受到地球对他的万有引力，万有引力提供他随天宫一号围绕地球做圆周运动的向心力，故c错误；d、第一宇宙速度为最大环绕速度，天宫一号的线速度一定小于第一宇宙速度，故d错误故选：ab点评：解决卫星运行规律问题的核心原理是万有引力提供向心力，通过选择不同的向心力公式，来研究不同的物理量与轨道半径的关系9（6分）（2014淮安四模）如图所示，用电流传感器研究自感现象电源内阻不可忽略，线圈的自感系数较大，其直流电阻小于电阻r的阻值t=0时刻闭合开关s，电路稳定后，t1时刻断开s，电流传感器连接计算机分别描绘了整个过程线圈中的电流il和电阻中的电流ir随时间t变化的图象下列图象中可能正确的是（）abcd考点：自感现象和自感系数分析：电感对电流的变化起阻碍作用，闭合电键时，电感阻碍电流i1增大，断开电键，d1、l构成一回路，电感阻碍电流i1减小解答：解：当电键闭合时，电感阻碍电流变化，l为一个自感系数很大、直流电阻小于电阻r的阻值的线圈，所以电感的阻碍慢慢减小，即流过电感的电流增大，所以i1慢慢减小，最后稳定时电感相当于电阻，i1为恒定，当电键断开后，电感阻碍自身电流变化，产生的感应电流仍沿着原来方向，不过大小在减小，故a正确，b错误，当电键闭合时，电感阻碍电流变化，l为一个自感系数很大、有直流电阻的线圈，导致通过电阻的电流刚开始较大，当电感的阻碍慢慢减小，即流过电感的电流增大，所以i2慢慢增大，最后稳定，当断开电键，原来通过d2的电流立即消失当电键断开后，电感阻碍自身电流变化，产生的感应电流流过电阻，其方向与规定图示流过电阻的方向相反，i1慢慢减小最后为0故c错误，d正确故选ad点评：解决本题的关键掌握电感对电流的变化起阻碍作用，电流增大，阻碍其增大，电流减小，阻碍其减小三、实验题10（10分）（2015东莞校级模拟）某同学采用如图甲所示的电路测定电源电动势和内电阻，已知干电池的电动势约为1.5v，内阻约2，电压表（03v约3k），电流表（00.6a约1.0），滑动变阻器有r1（102a）和r2（1000.1a）各一只（1）实验中滑动变阻器应选用r1（选填“r1”或“r2”）（2）在图乙中用笔画线代替导线连接实验电路（3）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的ui图象，由图可较准确地求出电源电动势e=1.50v；内阻r=1.94考点：测定电源的电动势和内阻专题：实验题分析：（1）滑动变阻器在电路中起到保护电路并调节电流作用，在限流接法中取比内电阻大10左右即可过大则难以调节；过小起不到应有的调节作用（2）先串后并，并注意元件顺序，开关位置，且连线不能交叉（3）由闭合电路欧姆定律可得出电压与电流的关系，结合数学关系可知图象的斜率表示内阻，与纵坐标的交点表示电源的电动势解答：解：（1）由题意可知，电源的内阻约为1，故为了易于调节，准确测量，还有r2额定电流只有0.1a，很容易烧坏，所以滑动变阻器应选小电阻r1 （2）先串后并，并注意元件顺序，开关位置，且连线不能交叉，另注意电表+接线柱，如下图所示（3）由闭合电路欧姆定律可知：u=eir；即电动势与电流成一次函数关系，由数学知识可知，图象与纵坐标的交点为电源的电动势；图象的斜率表示内源内电阻；故由图可得电动势为：e=1.50v，r=1.94故答案为：（1）1；电路图如图所示；（3）1.50；1.94点评：测电动势和内电阻实验的考查中，一定会考到数据的处理； 因此要掌握好此实验的图象法分析电动势和内电阻的方法11（8分）（2015东莞校级模拟）用气垫导轨验证机械能守恒定律的装置如图所示，先非常仔细地把导轨调成水平，然后用垫块把导轨一端垫高h滑块m上面装有l=3cm的挡光框，使它由轨道上端任一处滑下，测出它通过光电门g1和g2的速度v1和v2，便可验证机械能是否守恒若实验中测得图中l=1m，s=0.5m，h=20cm，m=500g，滑块通过g1和g2的时间分别为5.0102s和2.0102s，当地重力加速度g=9.80m/s则滑块通过光电门g1时的速度v1=0.6m/s，滑块从g1到g2的动能增加量ek=0.47j，势能减少量ep=0.49j，由此可以得到的结论为：在误差允许范围内，滑块在运动过程中机械能守恒考点：验证机械能守恒定律专题：实验题；机械能守恒定律应用专题分析：光电门测量瞬时速度是实验中常用的方法由于光电门的宽度l很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度根据功能关系得重力做功的数值等于重力势能减小量解答：解：由于光电门的宽度l很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度滑块通过光电门1速度v1=0.6m/s滑块通过光电门2速度v2=1.5m/s根据动能的定义式得出：动能的增加量j重力势能的减小量ep=mgh=0.59.80.1=0.490j由此可以得出的结论是：在误差允许的范围内，滑块在运动过程中机械能守恒故答案为：0.6； 0.473； 0.490； 在误差允许的范围内，滑块在运动过程中机械能守恒点评：这个实验对于我们可能是一个新的实验，但该实验的原理都是我们学过的物理规律做任何实验问题还是要从最基本的物理规律入手去解决四、计算题12（18分）（2015东莞校级模拟）如图所示，可视为质点的总质量（包括装备）为m=60kg的滑板运动员，从高为h=15m的斜面ab的顶端a点由静止开始沿斜面下滑，在b点进入光滑的四分之一圆弧bc，圆弧bc半径为r=5m，运动员经c点沿竖直轨道冲出向上运动，经时间t=2s后又落回轨道若运动员经c点后在空中运动时只受重力，轨道ab段粗糙、bc段光滑g=10m/s2（不计过b点时机械能的损耗）求：（1）运动员在c点的速度和离开c点可上升的高度（2）运动员（包括装备）运动到圆轨道最低点b时对轨道的压力大小（3）从a点到b点，运动员损失的机械能考点：机械能守恒定律；动能定理专题：机械能守恒定律应用专题分析：（1）运动员在c点沿竖直方向冲出轨道，做竖直上抛运动，经过时间2s又从c点落回轨道，由竖直上抛运动的规律即可求出速度；（2）根据机械能守恒求出运动员经过最低点时的速度，再由牛顿运动定律求解对轨道的压力；（3）从a滑到3的过程中，部分的机械能转化为内能，机械能减小，由功能关系即可求出机械能的损失解答：解：（1）设运动员离开c点时的速度为v1，上升的最大高度为h，得：v1=g=10=10m/s，h=5m（2）设运动员到达b点时的速度为v2，则b到c，由机械能守恒得：+mgr=在轨道最低点，有：nmg=m联立解得：n=3000n由牛顿第三定律得运动员在轨道最低点b时对轨道的压力大小 n=n=3000n，方向竖直向下（3）a到b过程，运动员（包括装备）损失的机械能为：答：（1）运动员离开c点时的速度和上升的最大高度分别为10m/s和5m （2）运动员（包括装备）运动到圆轨道最低点b时对轨道的压力大小为3000n，方向竖直向下 （3）从a点到b点，运动员（包括装备）损失的机械能为3000j点评：本题考查学生应用运动学规律、牛顿运动定律和功能原理综合处理