天津市大港油田中学2013年中考物理一模试卷.doc

天津市大港油田中学2013年中考物理一模试卷一、单项选择题（本大题共10小题，每小题2分，共20分）每小题给出的四个选项中，只有一个最符合题意，请将其序号涂在答题卡上1（2分）如图所示，8个相同的玻璃瓶内装有深度不同的水，用筷子轻轻敲击瓶口，则这些瓶子所发出的声音，主要不同的是（）A响度B音调C音色D无法判断考点：频率及音调的关系专题：声现象分析：用筷子轻轻敲击瓶口，是瓶子与水振动发声，振动的频率的快慢决定了其音调的高低解答：解：当用筷子轻轻敲击瓶口，是瓶子与水振动发声，瓶中的水越少，越容易振动，其振动的频率越高，发出声音的音调越高故选B点评：本题考查了音调、响度、音色的辨别，明确敲击不同的瓶子时，是振动的频率不同，是本题的关键2（2分）如图所示，岸边的树木和房屋在水中的像看上去都是倒立的，这其中的道理下列说法正确的是（）A光沿直线传播B光的折射C反射角等于入射角D平静的水面相当于平面镜考点：光的反射专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：光的反射现象，知道平面镜成像是由于光的反射形成的解答：解：水面是一个“平面镜”，水中的倒影是岸上的物体经水面所成的像，平面镜成像是由光的反射形成的故选D点评：本题考查了平面镜成像的原理、规律，用平面镜成像的知识解释自然现象，学生除熟练掌握基础知识外，还要有较强的分析问题，解决问题的能力3（2分）（2013塘沽区二模）一束光通过透镜的光路如图所示，哪幅图是正确的？（）ABCD考点：透镜的光路图专题：透镜及其应用分析：凸透镜三条特殊光线的作图：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变凹透镜三条特殊光线的作图：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变解答：解：A、入射光线平行于主光轴，经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，故A正确B、过焦点的入射光线经凸透镜折射后应该平行于主光轴射出，故B错误C、凹透镜对光线有发散作用，现在是会聚了，故C错；D、平行于主光轴的入射光线经过凹透镜折射后，折射光线的反向延长线过焦点故D错故选A点评：关于凸透镜三条特殊光线：过焦点的；平行于主光轴的；过光心的关于凹透镜三条特殊光线：射向另一个焦点的； 平行于主光轴的；过光心的关于这三条特殊光线的考查一般是告诉入射光线让画出出射光线或者告诉出射光线让画出入射光线解这种题目时，把握入射光线和出射光线的特点的对应是解决此题的关键4（2分）（2012宜昌）游泳运动员刚从水中上岸感觉特别冷，是由于运动员身上的水（）A熔化吸热B汽化吸热C升华吸热D液化放热考点：汽化及汽化吸热的特点专题：应用题分析：解决此题需掌握：物质由液态变成气态的现象叫做汽化，汽化方式有两种：蒸发和沸腾；蒸发是在任何温度下都能进行的汽化方式，液体蒸发需要吸收热量解答：解：人上岸后，人体表面的水分开始蒸发，人身上的水蒸发需要从人体吸收热量，于是人会感觉冷故选B点评：此题考查物理知识的应用，我们要能够根据我们所学过的物理知识来解释生活中的现象5（2分）（2013永州）如图所示的探究实验装置中不能完成探究内容的是（）A探究磁极间相互作用规律B探究磁性强弱与电流大小的关系C探究通电直导线周围存在磁场D探究产生感应电流的条件考点：磁极间的相互作用；通电直导线周围的磁场；探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验；产生感应电流的条件专题：电和磁分析：（1）磁极间的作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；（2）电磁铁磁性的强弱与电流的大小和线圈的匝数有关；（3）据奥斯特实验可知，通电导线周围存在着磁场；（4）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，该现象叫电磁感应现象解答：解：A、如图，据小磁针偏转的情况可以判断磁极间的作用规律，A选项能探究，故不符合题意；B、如图，该实验电路中电流大小不能改变，所以不能研究电磁铁磁性的强弱与电流大小的关系故B错误，但符合题意；C、如图，该实验装置是奥斯特实验装置图，可探究通电导线周围存在着磁场，C能探究，故不符合题意；D、如图，此时电路是闭合，导体在磁场中做切割磁感线运动时，能产生感应电流，D能探究，故不符合题意故选B点评：该题考查了磁体间的作用规律、电磁铁磁性强弱的影响因素、奥斯特实验的理解和电磁感应现象的理解，是一道综合题6（2分）（2012宁波）下列电路图中，开关S闭合后，两个电阻并联的是（）ABCD考点：串联电路和并联电路的辨别专题：应用题；图析法分析：根据串联和并联电路的特点，结合选项闭合开关进行分析，找出符合题意的选项解答：解：A、两个电阻顺次连接，因此该电路为串联电路；B、开关闭合，导线对上边的电阻短路，只有下面的电阻连入电路；故不符合题意；C、两个电阻并列连接，因此该电路为并联电路；D、开关闭合，会对电源短路，烧坏电源，两个电阻不能工作，故不符合题意故选C点评：知道串并联的特点，并会根据串、并联电路的特点识别电路7（2分）（2009惠安县）如图中，上瓶内装有空气，下瓶内装有红棕色的二氧化氮气体，将上下两瓶间的玻璃板抽掉，过一段时间后，两瓶气体混合在一起，颜色变均匀这个现象说明（）A分子间存在引力B分子间存在斥力C大气压强的存在D物质间有扩散现象考点：扩散现象；分子间的作用力专题：信息给予题；实验探究题分析：不同的物质在相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散现象由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现解答：解：一切物质的分子不停地做无规则运动的现象属于扩散现象因为分子在永不停息做无规则运动，所以分子的运动无方向性，空气向下扩散，二氧化氮也会向上扩散，空气和二氧化氮将同时向对方扩散，所以两瓶气体混合在一起，颜色均匀，这与分子间的作用力和大气压强无关故选D点评：要解答本题需掌握：扩散现象是分子运动的结果，一切物质的分子都在不停的做无规则运动8（2分）如图是运动员顶足球的情景，以下说法中正确的是（）A顶足球时，球对头没有作用力B足球在空中一直受到头的作用力C头对足球的力和足球的重力是一对平衡力D足球在空中继续上升是由于惯性考点：平衡力的辨别；惯性；力与运动的关系专题：应用题；运动和力分析：（1）力是物体对物体的作用，物体间力作用是相互的；（2）物体的运动不需要力来维持，惯性才是维持物体运动状态不变的原因；（3）惯性指物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性；（4）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上解答：解：A、物体间力的作用是相互的，头顶球，头对球施加力，同时球也对球施加力，故该选项说法不正确；B、足球在空中飞行靠的是惯性，不再受头对它的作用力，故该选项说法不正确；C、由图可见，头对足球的力方向是斜向上的，而足球的重力的方向是竖直向下的，二者不在同一直线上，因此不是一对平衡力，故该选项说法不正确；D、足球在空中继续运动是由于惯性，故该选项说法正确故选D点评：本题通过运动员顶球考查了力的相互性、惯性、平衡力、力与运动的关系等知识，有一定的综合性，熟练掌握基础知识是解题的关键9（2分）能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱，关于它们下列说法中正确的是（）A雷达是利用电磁波来进行定位和导航的B核能是可再生能源C光导纤维是利用超声波来传递信息的D光电池和VCD光碟都应用了磁性材料考点：电磁波的传播；光纤通信；核能专题：应用题分析：A、雷达就是利用电磁波来工作的B、核能不能短期内从自然界得到补充，是不可再生能源；C、光导纤维是利用频率比较高的激光来传递信息的；D、录音带、录像带都是利用磁性材料来工作的，光电池和VCD光盘不是解答：解：A、雷达是利用电磁波来进行定位和导航的，所以A是正确的B、核能是不可再生能源，所以B是错误的；C、光导纤维是利用激光来传递信息的，所以C是错误的；D、光电池利用的是光电效应，没有用到磁性材料；VCD光碟用激光在盘上烧刻出一道道的凹痕，凹进去的地方对光的反射和凸的地方对光的反射是不一样的，利用的也是光电效应，没有用到磁性材料，所以D是错误的；故选A点评：这是一道学科综合题，考查了磁性材料、不可再生能源、光纤通信、雷达10（2分）（2012桂林）如图所示，是研究电流热效应的部分实验电路，甲电阻丝的阻值小于乙电阻丝的阻值比较通电后两根电阻丝各自两端的电压U甲、U乙以及它们在相同时间内分别产生的热量Q甲、Q乙的大小，下面关系中正确的是（）AU甲=U乙，Q甲=Q乙BU甲U乙，Q甲Q乙CU甲U乙，Q甲Q乙DU甲U乙，Q甲Q乙考点：焦耳定律；欧姆定律的应用专题：应用题；压轴题；控制变量法分析：两电阻丝串联，流过它们的电流I相等，通电时间t相等，由U=IR判断它们间的电压关系，由Q=I2Rt判断它们产生的热量关系解答：解：由于两电阻丝串联，流过它们的电流I相等，通电时间t相等，由题意知：R甲R乙，由U=IR知：U甲U乙；由Q=I2Rt知：Q甲Q乙；故选C点评：本题考查了串联电路的特点，欧姆定律，焦耳定律，熟练掌握基础知识是正确解题的关键二、不定项选择题：（本大题共4小题，每题3分，共12分每小题所提供的几个选项中，有一个或几个是正确的，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或错选的得零分，请将其序号涂到答题卡上）11（3分）下列对涉及压强的事例论述正确的是（）A推土机的履带宽大，是为了增大压强B斧头具有很窄的刃，是为了劈柴时增大压强C拦河坝坝堤筑成上窄下宽是因为液体的压强随深度增大而增大D铁轨铺在枕木上是为了减小压强考点：增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用；液体的压强的特点专题：应用题；压强、液体的压强分析：（1）压强大小跟压力大小和受力面积大小有关；增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强；减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强（2）液体压强跟液体的深度、密度有关，在液体的密度一定时，液体越深，液体的压强越大解答：解：A、推土机的履带宽大，是在压力一定时增大受力面积来减小压强，故A不正确；B、斧头具有很窄的刃，在压力一定时，减小受力面积来增大压强，故B正确；C、拦河坝坝堤筑成上窄下宽，是因为液体的压强随深度增大而增大，故C正确；D、铁轨铺在枕木上，是在压力一定时增大受力面积来减小压强，故D正确故选BCD点评：本题考查了增大和减小压强的办法以及液体压强的特点，理论联系生活，体现了物理知识来源于生活、服务生活的理念12（3分）（2012咸宁）光敏电阻的特点是有光照射它时阻值变小如图所示是某小区门口利用光敏电阻设计的行人监控装置，R1为光敏电阻，R2为滑动变阻器，A、B间接监控装置则（）A当有人通过通道而遮蔽光线时，A、B间电压降低B当有人通过通道而遮蔽光线时，A、B间电压升高C当仅增大R2连入电路中的阻值时，通过R1的电流变大D当仅增大R2连入电路中的阻值时，可降低A、B间的电压考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律专题：应用题；压轴题；动态预测题；推理法分析：（1）由电路图可知，两电阻串联，监控装置与R2并联；根据题意得出有人通过时R1阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和A、B间电压的变化；（2）当仅增大R2连入电路中的阻值时，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知A、B间电压的变化解答：解：由电路图可知，两电阻串联，监控装置与R2并联（1）当有人通过通道而遮蔽光线时，R1阻值变大，电路中的总电阻变大；根据I=可知，电路中的电流变小，故B不正确；根据U=IR可知，R2阻值不变时，其两端的电压变小，即A、B间电压降低，故A正确（2）当仅增大R2连入电路中的阻值时，电路中的电阻变大；根据I=可知，电路中的电流变小，故C不正确；根据U=IR可知，R1阻值不变时，其两端的电压变小；根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，R2两端的电压变大，即A、B间电压升高，故D不正确故选A点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是会分析当有人通过通道而遮蔽光线时和当仅增大R1连入电路中的阻值时电路的动态分析，要注意光敏电阻的特点13（3分）（2012安顺）某地在江面上修建一座大桥，如图中甲是使用吊车向江底投放长方形石料的示意图在整个投放过程中，石料以恒定速度下降乙是钢绳的拉力F随时间t变化的图象（从开始投放到石料刚好接触湖底前）t=0时刻吊车开始下放石料，忽略水的摩擦阻力则下列说法错误的是（）A石料在t=20s时开始浸入水中B石料的重力是1400NC石料受到的浮力始终是500ND石料完全浸没水后钢绳的拉力为900N考点：阿基米德原理；力的合成与应用专题：压轴题；推理法；图析法分析：图象可以分成三个过程分析：前20s，钢绳的拉力不变，等于物体的重力，此时物体在水面以上；中间10s，钢绳的拉力减小，物体从与水面接触到完全浸没；最后90s，钢绳的拉力不变，此时物体完全浸没在水中解答：解：A、由图象可以看出，物体在第20s开始浸入水中此选项正确，不符合题意；B、在前20s，物体的重力等于受到的拉力为1400N此选项正确，不符合题意；C、在第20s30s的过程中，物体排开水的体积不断增大，由公式F浮=液gV排知，浮力不断增大此选项错误，符合题意；D、石料完全浸没后，浮力不变，钢绳的拉力不变，始终为900N此选项正确，不符合题意故选C点评：将物理规律或数据以表格或函数图象的形式呈现，体现了数学学科的工具性，也考查了学生利用数学知识解决物理问题的能力，一直是物理命题的热点14（3分）（2009朝阳）如图所示，在拉力F作用下，物体A在水平桌面上以速度向右匀速运动了距离S，已知A的重力为G，桌面对A的摩擦力为f（滑轮及绳重不计）则下列说法不正确的是（）A有用功为GSB拉力做功为3FSC拉力做功的功率为3FD装置的机械效率为考点：功的计算；滑轮（组）的机械效率专题：压轴题分析：本题只有逐项算出各个物理量，所带数据错误的就是不正确的A 因为物体在水平方向上运动，所以有用功应该是摩擦力与水平方向移动的距离S的乘积，所以本选项符合题意解答：解：因为有用功等于摩擦力与水平移动的距离S的乘积，所以A不正确利用公式W=FS得，W拉=3FS，功率P=3FV，机械效率为：，所以B、C、D正确故选A点评：有关计算的题型只能逐一计算，只到找到与题意相关的答案三、填空题（本大题共7小题，每小题4分，共28分）15（4分）小聪一家去北京旅游，在北京市郊公路的十字路口，他看到如图所示的交通标志牌，标志牌上的数字“40”表示的意思是什么？，汽车在遵守交通规则的前提下，从此标志牌处匀速到达北京，最快需要多长时间？考点：速度公式及其应用专题：计算题；应用题分析：（1）根据对常见交通标志牌含义的了解答题；（2）由交通标志牌找出汽车的速度、车距北京的距离，由速度公式的变形公式t=可以求出汽车的行驶时间解答：解：（1）标志牌上的“40”表示此处汽车限速40km/h；（2）由交通标志牌知车的最大速度，即限速v=40km/h，此处到北京的距离s=60km，从此标志牌处匀速到达北京，最快需要时间t=1.5h；答：标志牌上的数字“40”表示此处汽车限速40km/h；从此标志牌处匀速到达北京，最快需要1.5h点评：本题考查了交通标志牌的含义、求汽车的行驶时间，是一道基础题；要熟悉常见交通标志牌的含义，这是正确解题的前提与关键，对我们现实生活也有重大意义16（4分）如图所示，大口玻璃瓶内有一些水，水的上方有水蒸气给瓶内打气，当瓶塞跳出时，瓶内气体的内能将减少（填“增加”或“减少”），这是采用做功的方式来改变物体的内能的考点：做功改变物体内能专题：分子热运动、内能分析：用力打气，对瓶内气体做功，瓶内气体内能增加、温度升高；继续打气，当瓶内气体压强大于大气压强，瓶塞跳起，水蒸气对塞子做功，内能减少、温度降低解答：解：给瓶内打气，当瓶塞跳出时，瓶内气体膨胀做功，将气体的内能转化为瓶塞的机械能，气体的内能减少、温度降低，这是采用做功的方式来改变物体的内能的故答案为：减少；做功点评：本题考查了做功改变物体内能对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小；物体对外做功，物体的内能减小、温度降低17（4分）（2011桂林）如图所示，潜水艇能够上浮和下沉是通过改变自重来实现的；潜水艇在上浮过程中，未露出水面之前，所受的浮力将不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）考点：物体的浮沉条件及其应用；阿基米德原理专题：应用题分析：潜水艇浸没在水中，潜水艇的体积不变（排开水的体积不变），受浮力不变；通过让海水进、出压力舱改变潜水艇受到的重力，根据物体的浮沉条件分析是怎么上浮或下沉的解答：解：在水中，潜水艇受到水的浮力和重力的作用，F浮=水v排g，潜水艇的体积不变，排开水的体积不变，潜水艇受到水的浮力不变；把压缩空气压入潜水艇的压力舱，将海水排出，潜水艇自重G减小，当F浮G时，潜水艇上浮；打开压力舱的阀门，让海水进入压力舱内，潜水艇自重G增大，当F浮G时，潜水艇下沉；当F浮=G时，潜水艇悬浮，可以停留在任何深度；由此可见，潜水艇能够上浮和下沉是通过改变自重来实现的故答案为：自重，不变点评：本题考查了学生对阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握和运用，知道潜水艇自身体积不变（排开水的体积不变、受浮力不变）是本题的关键18（4分）在使用试电笔辨别火线和零线时，使用方法正确的是图中甲，若氖管发光，则被测导线是火线考点：测电笔的使用专题：电与热、生活用电分析：正确使用测电笔：手接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火线；氖管不发光的是零线手千万不要接触笔尖金属体解答：解：甲图中手与金属笔卡接触，操作正确，乙图中手没有与金属笔卡接触，操作错误，故甲是正确的测量方法；当测电笔与火线接触时，氖管发光故答案为：甲；火点评：本题考查了测电笔的使用，是一道基础题19（4分）如图所示，打夯时，夯锤高高抛起又下落，砸在工作面上如夯锤从最高点下落的过程中，夯锤的动能增大；重力势能减少（填“增大”“减少”“不变”）考点：动能和势能的大小变化专题：控制变量法；机械能及其转化分析：（1）动能大小跟质量、速度有关质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大（2）重力势能大跟质量、高度有关质量一定时，高度越高，重力势能越大；高度一定时，质量越大，重力势能越大（3）机械能=动能+势能解答：解：夯锤下落时，夯锤的质量不变，速度增大，动能增大；高度减小，重力势能减少故答案为：增大；减少点评：（1）掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素（2）能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化20（4分）如图中是同学们做过的两个物理实验甲现象：在两张纸片中间向下吹气，可观察到两纸片靠拢，其原因是中间的空气流动速度增大，压强减小乙现象：铁桶内放些水，烧开后把开口堵住，再浇上冷水，可看到铁桶压扁，其原因是桶内的压强小于外界大气压，在大气压的作用下，铁桶被压扁了考点：流体压强与流速的关系专题：气体的压强、流体压强与流速的关系分析：（1）流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小比较纸的内外受到的压强是解决本题的关键（2）大气压强是由于空气具有重力和流动性而产生的，吸盘、吸管吸饮料、覆杯实验等都证明了大气压强的存在，所以据桶内空气的多少导致气压的变化进行分析即可判断解答：解：（1）没有吹气时，纸的中间和外侧的压强相等，纸在重力的作用下自由下垂当向中间吹气时，中间的空气流动速度增大，压强减小纸外侧的压强不变，纸受到向内的压强大于向外的压强，受到向内的压力大于向外的压力，纸在压力差的作用下向中间靠拢（2）在薄皮铁桶内放些水，烧开后把开口堵住，再浇上冷水，铁桶内的气压减小，桶内的压强小于外界大气压，在大气压的作用下，铁桶被压扁了；若不把铁桶的口堵住，铁桶内外的大气压相等，铁桶就不会被压扁，此实验证明大气压强确实是存在的故答案为：中间的空气流动速度增大，压强减小；桶内的压强小于外界大气压，在大气压的作用下，铁桶被压扁了点评：本题结合生活事例考查了流体压强与流速的关系、大气压强存在的验证，物理来源于生活，要学以致用21（4分）（2009沈阳）如图所示，闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片向a端滑动，电流表的示数将 变大；电压表与电流表的示数之比将 不变（填“变大”、“变小”或“不变”）考点：欧姆定律的应用；影响电阻大小的因素专题：计算题；压轴题分析：两电阻串联，电压表与R1并联，电流表串联在电流中；当滑片向a端滑动时，分析其接入电路中电阻的变化，根据电阻的大小与其两端电压和通过的电流无关，大小等于两端电压和通过的电流的比值解答：解：滑片向a端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中的总电阻减小，电流增大，即电流表示数变大；又因R1的阻值变，由U=IR1得，电压表示数也变大；由于R1的阻值与其两端电压和通过的电流无关，并且等于两端电压和通过电流的比值，故电压表和电流表的示数比值不变故答案为 变大，不变点评：本题考查欧姆定律应用的掌握情况，并且知道电阻的大小与电阻两端的电压和通过的电流无关四、综合题：（本大题共7小题，共40分，计算题中应有公式，还要有数据的代入过程，结果要有数值和单位）22（6分）（2012聊城）某电热水壶及铭牌如图所示，装入1.5kg20的凉水，通电正常工作6分钟即被烧开至100已知水的比热容c=4.2103J/（kg） 求：（1）该过程中水吸收的热量（2）电热水壶的效率考点：电功与热量的综合计算；热量的计算；电功的计算专题：计算题；信息给予题分析：（1）知道水的质量、水的初温和末温、水的比热容，根据吸热公式Q吸=cmt计算出水吸收的热量；（2）已知电热水壶的额定功率和通电时间，根据公式W=Pt求出消耗的电能；水吸收的热量与消耗电能的比值就等于电热水壶的热效率解答：解：（1）水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）1.5kg（10020）=5.04105J（2）电热水壶正常工作，水壶的功率：P=P额=1500W，6min内消耗的电能：W=Pt=1500W660s=5.4105J电热水壶的效率：=93.3%答：（1）该过程中水吸收的热量为5.04105J；（2）电热水壶的效率为93.3%点评：本题为热量和电功的综合计算，考查了吸热公式、电功率公式以及热效率公式的应用，知识点多、联系实际生活，属于中考常见题型23（6分）如图所示的杠杆是一根重为5牛、质量均匀的硬棒小明将棒的一端固定，把重为15牛物体挂在棒的中点，然后用手竖直提起棒的另一端，若把物体提升了10cm，求：（1）小明使用杠杆所做的有用功？（2）此杠杆的总功是多少？考点：有用功和额外功专题：功、功率、机械效率分析：（1）已知物重和高度可求有用功；（2）已知杠杆重和被提升高度可求额外功，根据总功等于有用功和额外功之和解答：解：（1）W有用=Gh=15N0.1m=1.5J；（2）W额=G杆h=5N0.1m=0.5JW总=W有用+W额=1.5J+0.5J=2J答：（1）小明使用杠杆所做的有用功为1.5J；（2）此杠杆的总功是2J点评：本题考查有用功、额外功以及总功的计算，比较简单24（6分）（2010无锡）在“测量小灯泡额定功率”的实验中，小刚同学用一个电压表、一个电流表、一个开关、一个滑动变阻器、电压为6V的电源和额定电压为3.8V的小灯泡，设计了如图甲所示的电路（1）实验中需要依据图甲所示的电路图，将图乙所示器材进行连线，请用笔画线代替导线，将图乙所示电路连接完整（2）正确连接好电路后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表示数变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）当电压表的示数为3.8V时小灯泡正常发光，此时电流表指针如图丙所示，其示数为0.3A小灯泡的额定功率为1.14W（3）小明同学按同一电路图连接电路，当连接最后一根导线时，灯泡立即发出明亮耀眼的光并很快熄灭检查后发现连线正确，请你找出实验中操作不当之处：连线时，开关没有断开；闭合开关前，滑动变阻器的滑片没有移到阻值最大位置考点：探究用电器的电功率实验；实物的电路连接；电流表的使用；电流表的读数方法；滑动变阻器的使用；电功率的计算专题：计算题；实验题；作图题；压轴题；动态预测题分析：（1）由灯泡的额定电压确定电压表的量程，电压表要与灯泡并联；根据丙图确定电流表的量程，电流表要与灯泡串联，注意电压表和电流表的正负接线柱（2）滑动变阻器与灯泡串联，当滑动变阻器向移动时，接入电路的电阻减小，电路中的总电阻减小；根据欧姆定律可知，电路中的电流增大，灯泡两端分得的电压增大，达到额定电压时小灯泡正常发光；根据量程和分度值读出电流表的示数，利用根据P=UI求出小灯泡的额定功率（3）连接完最后一根导线，灯泡立即发光，说明实验前开关未处于断开状态；灯泡发出明亮耀眼的光，很快熄灭，说明电路电流太大，电路中总电阻太小，即滑动变阻器接入电路电阻未达到阻值最大处解答：解：（1）灯泡额定电压为3.8V，所以电压表选择015V量程，且与电压表与灯泡并联；由丙图确定电流表的量程为00.6A，且与灯泡串联；电流从电表的正接线柱流入负接线柱流出，如图（2）滑动变阻器与灯泡串联，滑动变阻器向移动时，接入电路的电阻减小，电路中的总电阻减小；根据欧姆定律可知：电路电流变大，电流表示数变大；灯泡分得的电压增大，当达到3.8V时小灯泡正常工作；电流表选择00.6A量程，分度值为0.02A，所以电流表的示数为0.3A，小灯泡的额定功率：P=UI=3.8V0.3A=1.14W（3）连接完最后一根导线时灯泡发光的原因是：连线时，开关没有断开；灯泡发出明亮耀眼的光很快熄灭的原因是：闭合开关前，滑动变阻器的滑片没有移到阻值最大位置故答案为：（1）如图；（2）变大；3.8；0.3；1.14；（3）连线时，开关没有断开；闭合开关前，滑动变阻器的滑片没有移到阻值最大位置点评：本题考查了电表的正确使用、欧姆定律和功率的计算、以及电路故障原因的分析等，特别是电路故障问题，是学生实际操作和考试中非常重要内容，一定要掌握好25（5分）距离传感器是一种测量距离的半导体材料，它发出的超声波遇到物体后反射回传感器，传感器收到信号后自动计算出物体与传感器的距离，并显示物体的St图象已知超声波在空气中的速度是340 m/s（1）若传感器在发出信号后0.01 s收到从物体反射回来的信号，物体距传感器多远？（2）若显示物体的St图象如图，物体在0至15s的运动情况如何？（3）另外一物体在F=10 N的水平拉力作用下，沿水平地面做直线运动传感器显示物体的St图象如图求：在0至15s物体受到的摩擦力多大？考点：速度的计算；二力平衡条件的应用；摩擦力的大小分析：解决此题的关键是通过st图象判断物体做什么运动，结合公式s=vt和二力平衡求解即可解答：解：（1）；（2）由图象可知，物体的路程S=20m始终没有改变，故该物体处于静止状态；（3）由图可知该物体S与t成正比，说明物体在做匀速直线运动，故受力平衡，则f=F=10N；答：（1）物体距传感器1.7m；（2）物体在0至15s始终处于静止状态；（3）在0至15s物体受到的摩擦力等于10N点评：在速度的计算题目中，结合st图象或vt图象考查是考题的一种常见方式26（5分）小明要测量一根Lm长、质地均匀、粗细不均（一头粗、一头细）的细木棒的质量，通过估测发现木棒的重力会略超出现有的弹簧测力计的量程请你帮小明只利用以下器材进行测量现有器材：弹簧测力计、几根足够长的细绳要求：写出主要实验步骤和需测量的物理量； 写出木棒质量的数学表达式（用测量量表示）考点：控制变量法与探究性实验方案专题：探究型实验综合题分析：（1）因为木棒的重力超出弹簧测力计的量程，因此不能用弹簧测力计直接测量，可以把木棒当做杠杆，利用杠杆平衡条件求解：将木棒放在水平地面上，用绳子系在木棒的一端，用弹簧测力计向上拉，当木棒刚好提起时，读出弹簧测力计的示数；同理将弹簧测力计拉木棒另一端，记下木棒刚好提起弹簧测力计的示数（2）根据杠杆平衡的条件表示动力、动力臂和阻力、阻力臂的关系，将关系式联立即可求得木棒的重力；根据重力公式求木棒的质量解答：解：实验步骤和需测量的物理量：a、将木棒放在水平地面上；b、将细绳系好在木棒的一端，然后再弹簧测量计垂直于木棒向上拉，当木棒刚好被提起时，读出弹簧测力计的示数F1；c、然后取下绳子，将细绳系好在木棒的另一端，然后再弹簧测量计垂直于木棒向上拉，当木棒刚好被提起时，读出弹簧测力计的示数F2；设重心距b步骤中支点的距离为x，则根据杠杆平衡的条件可得：Gx=F1LG（Lx）=F2L联立可得：G=F1+F2；故木棒质量的数学表达式为m=点评：本题巧用杠杆平衡条件测量木棒的质量，难点在实验步骤的设计，想到把木棒当做杠杆去用是本题的突破口27（6分）（2008佛山）学校课外活动小组为检测某传感器而设计的电路如图所示传感器上标有“3V 0.9W”的字样（传感器可看作一个电阻），滑动变阻器R0上标有“10 1A”的字样，电流表量程为0.6A，电压表量程为3V则：（1）该传感器的电阻和额定电流各是多少？（2）若电路各元件均完好，检测时，为了确保电路各部分的安全，在a、b之间所加的电源电压最大值是多少？（3）根据技术资料可知，如果传感器的电阻变化超过1，则该传感器就失去了作用实际检测时，将一个电压恒定的电源加在图中a、b之间（该电源电压小于上述所求电压的最大值），闭合开关S，通过调节R0来改变电路的电流和R0两端的电压检测记录如下：电压表示数/V电流表示数/A第一次1.490.16第二次0.910.22通过计算分析，你认为这个传感器是否仍可使用？此时a、b间所加的电压是多少？考点：电功率的计算；串联电路的电压规律；欧姆定律的