2017-2018学年度崇文中学第二次周练.docx

内装订线学校:_姓名：_班级：_考号：_外装订线2017-2018学年度崇文中学第二次周练物理试卷考试时间：60分钟 满分：100分一、选择题（1-4题为单选题，5-10题为多选题。每题4分，共40分）题号12345678910答案1在物理学的重大发现中，科学家总结出许多物理学方法，如：理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假说法和建立理想模型法等，以下关于物理学研究方法的叙述不正确的是( )A. 根据速度的定义式，当t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法B. 引入平均速度重心合力与分力的槪念运用了等效替代法C. 在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法D. 用比值法定义了速度加速度位移这三个物理量2在斜面上等高处，静止着两个相同的物块A和B，两物块之间连接着一个轻质弹簧，劲度系数为k，斜面的倾角为，两物块和斜面间的动摩擦因数为，设最大静摩擦力和滑动摩擦力相等，则弹簧的最大伸长量是（ ）A. mgkB. mgcoskC. mgsin+mgcoskD. mg2cos2-sin2k3用细线将篮球拴在升降机光滑的侧壁上，当升降机加速下降时，出现如图所示的情形四位同学对此现象做出了分析与判断，其中可能正确的是（ ）A. 升降机的加速度大于g，侧壁对球无挤压B. 升降机的加速度小于g，侧壁对球有挤压C. 升降机的加速度等于g，侧壁对球无挤压D. 升降机的加速度等于g，侧壁对球有挤压4完全相同的直角三角形滑块A、B，按如图所示叠放，设A、B接触的斜面光滑，A与桌面间的动摩擦因数为，现在B上作用一水平推力F，恰好使A、B一起在桌面上匀速运动，且A、B保持相对静止则A与桌面间的动摩擦因数与斜面倾角的关系为（ ）A. tan B. 12tanC. 2tan D. 与无关5如图所示，完全相同的磁铁A、B分别位于铁质车厢竖直面和水平面上，A、B与车厢间的动摩擦因数均为，小车静止时，A恰好不下滑，现使小车加速运动，为保证A、B无滑动，则（ ）A. 速度可能向左，加速度可小于gB. 加速度一定向右，不能超过（1+）gC. 加速度一定向左，不能超过gD. 加速度一定向左，不能超过（1+）g6在光滑水平面上，a、b两小球沿水平面相向运动. 当小球间距小于或等于L时，受到大小相等、方向相反的相互排斥恒力作用，小球间距大于L时，相互间的排斥力为零，小球在相互作用区间运动时始终未接触，两小球运动时速度v随时间t的变化关系图象如图所示， 由图可知（ ）A. a球质量大于b球质量B. 在t1时刻两小球间距最小C. 在0-t2时间内两小球间距逐渐减小D. 在0-t3时间内b球所受排斥力方向始终与运动方面相反7在举重比赛中，运动员举起杠铃时必须使杠铃平衡一定时间，才能被裁判视为挺（或抓）举成功如图所示，运动员在保持杠铃平衡时两手握杆的距离要有一定的要求，下列说法正确的是（）A. 两手间的距离越大，运动员手臂用力越大，可能导致举重失败B. 两手间的距离越大，运动员手臂用力越小，举重越容易成功C. 两手间的距离越小，运动员手臂用力越小，举重越容易成功D. 两手间的距离过小，杠铃不易保持平衡，可能导致举重失败8如图所示是滑梯简化图，一小孩从滑梯上A点开始无初速度下滑，在AB段匀加速下滑，在BC段匀减速下滑，滑到C点恰好静止，整个过程中滑梯保持静止状态。假设小孩在AB段和BC段滑动时的动摩擦因数分别为1和2，AB与BC长度相等，则( ) A. 整个过程中地面对滑梯始终无摩擦力作用B. 动摩擦因数122tanC. 小孩从滑梯上A点滑到C点先超重后失重D. 整个过程中地面对滑梯的支持力先小于小孩和滑梯的总重力后大于小孩和滑梯的总重力9如图甲所示，木块A和长木板B叠放在水平地面上，假定木板与地面之间、木板和木板之间的最大静摩擦力都和滑动摩擦力相等，用一水平力F作用于B，A、B的加速度与F的关系如图乙所示，重力加速度g取10m/s2，则下列说法中正确的是（ ）A. A的质量为0.5kgB. B的质量为1.5kgC. B与地面间的动摩擦因数为0.2D. A、B间的动摩擦因数为0.410如图，物体A、B用细绳与弹簧连接后跨过滑轮A静止在倾角为45的粗糙斜面上，B竖直悬挂已知质量mA=3mB，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45减小到30，下列说法正确的是（ ）A. 弹簧的弹力大小不变B. 物体A对斜面的压力将减少C. 物体A受到的静摩擦力可能增大D. 物体A受到的静摩擦力一定减小二、实验题（每空4分，共12分）11物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数。实验装置如图甲所示，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端装有定滑轮：木板上有一滑块，其一端与穿过电磁打点计时器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接。打点计时器使用的交流电源的频率为50 HZ。开始实验时，在托盘中放入适量砝码，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列点。图乙给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6、7是计数点，每相邻两计数点间还有4个计时点(图中未标出)，计数点间的距离如图所示。根据图中数据计算的加速度a=_ms2(保留两位有效数字)。为了测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的是_。A木板的长度LB木板的质量m1C滑块的质量m2D托盘和砝码的总质量m3E滑块运动的时间t滑块与木板间的动摩擦因数=_（用被测物理量的字母表示，重力加速度为g）三、计算题（每题16分，共48分）12小球A从地面以初速度vA12m/s竖直上抛，同时将小球B从A球正上方以初速vB8 m/s竖直上抛。忽略空气阻力，已知g=10m/s2 .（1）若B的抛出点距地面的高度h4m，求两球的相遇点距地面的高度； （2）要使两球在落地前相遇，求B的抛出点距地面的高度h的最大值。13（12分）如图所示，在倾角为的光滑斜面上，劲度系数分别为k1、k2的两个轻弹簧沿斜面悬挂着，两弹簧之间有一质量为m1的重物，最下端挂一质量为m2的重物，现用力F沿斜面向上缓慢推动m2，当两弹簧的总长等于两弹簧原长之和时，试求：（1）m1、m2各上移的距离（2）推力F的大小14传送带以恒定速度v=4m/s顺时针运行，传送带与水平面的夹角=37现将质量m=2kg的小物品轻放在其底端（小物品可看成质点），平台上的人通过一根轻绳用恒力F=20N拉小物品，经过一段时间物品被拉到离地高为H=1.8m的平台上，如图所示已知物品与传送带这间的动摩擦因数=0.5，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2，已知sin37=0.6，cos37=0.8求：物品从传送带底端运动到平台上所用的时间是多少？若在物品与传送带达到同速瞬间撤去恒力F，求物品还需多少时间离开皮带？第1页 共4页 第2页 共4页2017-2018学年度崇文中学第二次周练物理试卷参考答案1 D【解析】根据速度的定义式，当t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法，选项A正确； 引入平均速度重心合力与分力的槪念运用了等效替代法，选项B正确； 在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法，选项C正确； 用比值法定义了速度加速度这两个物理量，位移不是比值定义法定义的，选项D错误；此题选择错误的选项，故选D.2 D【解析】试题分析：物块静止在斜面上，在斜面这个平面内共有三个力作用在物体上，一个是重力沿斜面向下的分力mgsin，静摩擦力ffm=mgcos，方向不确定，弹簧弹力水平方向kx，则弹力等于mgsin和静摩擦力f的合力，当静摩擦力最大时，合力最大，此时：kx=fm2-(mgsin)2，故x=mg(cos)2-sin2k，故D正确3 C【解析】试题分析：当升降机加速下降时，加速度等于g，则小球在竖直方向上仅受重力，拉力为零，由于小球在水平方向上平衡，可知侧壁对小球无挤压，故C正确，D错误当升降机加速下降时，加速度大于g，小球受重力、绳子的拉力，由于水平方向上平衡，则侧壁对小球有弹力，即侧壁对球有挤压，故A错误当升降机加速下降是，加速度小于g，不会出现如图所示的情况，球会在悬点下方，故B错误故选C。考点：牛顿第二定律的应用【名师点睛】解决本题的关键知道小球和升降机具有相同的加速度，通过隔离对小球分析，合力在竖直下降，抓住水平方向平衡进行求解。4 B【解析】试题分析：先对整体分析，求出推力F的大小，再隔离对B分析，求出重力和推力的关系，从而得出A与桌面间的动摩擦因数与斜面倾角的关系整体在水平方向上受推力和滑动摩擦力，有F=2mg隔离对B分析，B受到重力、推力F和支持力，根据共点力平衡，运用合成法，求得：mgtan=2mg，解得=tan2故B正确，A、C、D错误点评：解决本题的关键掌握整体法和隔离法的运用，以及能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡进行求解5 AD【解析】试题分析：小车静止时，恰好不下滑，则重力等于最大静摩擦力，当小车加速时，根据弹力和吸引力的关系得出加速度的方向，对B分析，抓住B的最大静摩擦力求出加速度的最大值解：小车静止时，A恰好不下滑，所以对A有：mg=F引，当小车加速运动时，为了保证A不下滑，则FNF引，则FNF引=ma，加速时加速度一定向左，故B错误对B有（mg+F引）=mam，解得am=（1+）g，故A、D正确，C错误故选：AD【点评】本题考查了牛顿第二定律的临界问题，关键抓住A、B的最大静摩擦力进行求解，掌握整体法和隔离法的运用6 AC【解析】试题分析：从速度时间图象可以看出b小球速度时间图象的斜率绝对值较大，所以b小球的加速度较大，两小球之间的排斥力为相互作用力大小相等，根据a=Fm知，加速度大的质量小，所以b小球质量较小，故A正确；二者做相向运动，所以当速度相等时距离最近，即t2时刻两小球最近，之后距离又开始逐渐变大，所以B错误C正确；b球0-t1时间内匀减速，所以0-t1时间内排斥力与运动方向相反，D错误7 AD【解析】杠铃的总重力是恒定的，所以两只手的合力也是恒定的，当两手之间的距离增大时，夹角就变大，此时手的支持力就越大，容易导致举重失败，所以A正确，B错误；当两手间的距离越小时，运动员手臂用力越小，但是此时的杠铃不稳定，不易保持平衡，也容易导致举重失败，所以C错误，D正确；故选AD8 BD【解析】小朋友在AB段做匀加速直线运动，将小朋友的加速度a1分解为水平和竖直两个方向，由于小朋友有水平向右的分加速度即有向右的力，根据牛顿定律知，地面对滑梯的摩擦力方向先水平向右；有竖直向下的分加速度，则由牛顿第二定律分析得知：小孩处于失重，地面对滑梯的支持力FN小于小朋友和滑梯的总重力同理，小朋友在BC段做匀减速直线运动时，小孩处于超重，地面对滑梯的支持力大于小朋友和滑梯的总重力，地面对滑梯的摩擦力方向水平向左故AC错误，D正确设AB的长度为L，AB间的高度为h，则sin=hL，小孩在B点的速度为v小孩从A到B为研究对象，由动能定理得：-1mgLcoos+mgh=12mv2-0;小孩从B到C为研究过程，由动能定理得：-2mgLcos+mgh=0-12mv2；联立并代入数据得：1+2=2tan，故B正确故选BD点睛：本题主要考查了牛顿定律即动能定理的直接应用，注意当物体加速度有向下分量时处于失重状态，加速度有向上分量时处于超重状态.可以结合整体及隔离法分析.9 ACD【解析】由图可知，当F3N时，一起保持静止；当3NF9N时，A、B保持相对静止，故地面对B的最大静摩擦力fB=3N，根据牛顿第二定律可得： ；当F9N时，A与B发生相对滑动，根据牛顿第二定律，对B有： ，对A有： ，联立以上可得： ， ，故A正确，B错误；B与地面的摩擦因数为： ，B与A间的摩擦因数为： ,故CD正确。所以ACD正确，B错误。10 AD【解析】令B的质量为m， B受受重力和拉力，由二力平衡得到：T=mg，则知弹簧的弹力不变，故A正确；对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，沿斜面方向：f+T-3mgsin=0，在垂直于斜面方向：N-3mgcos=0，联立解得：f=3mgsin-mg，N=3mgcos，当变小时，物体A受到的静摩擦力f减小，物体A对斜面的压力N增大；故D正确，BC错误。所以AD正确，BC错误。11（1）0.49 （2）CD （3）m3g-(m3+m2)am2g【解析】试题分析：（1）电源频率为50Hz，每相邻两计数点间还有4个计时点，则计数点间的时间间隔：t=0.025s=0.1s，由匀变速运动的推论x=aT2可知：加速度a=x6-x33t2=0.0388-0.024030.12m/s20.49m/s2；（2）以系统为研究对象，由牛顿第二定律得：m3g-f=（m2+m3）a 滑动摩擦力：f=m2g解得：=m3g-(m3+m2)am2g，要测动摩擦因数，需要测出：滑块的质量m2与托盘和砝码的总质量m3，故选：CD（3）由（2）可知，动摩擦因数的表达式为：=m3g-(m3+m2)am2g12（1）7m （2）9.6m【解析】试题分析：A、B抛出后都做竖直上抛运动，对A和B分别有列运动方程，利用相遇条件即可解出高度；利用相遇时间，再结合运动学公式即可求出B的抛出点距地面的高度h的最大值。（1）A、B抛出后都做竖直上抛运动，对A和B分别有： ， A、 B相遇条件为：HA- HB=h ， 解得相遇时间： 相遇点距地面的高度为HA=7m （2）因为相遇时间： 要在A落地前相遇，即相遇时间： 解得：