江西省南昌三中高一化学下学期期中试卷（含解析）.doc

2014-2015学年江西省南昌三中高一（下）期中化学试卷一、选择题：（本小题共16小题，每小题3分，共48分，每小题只有一个正确答案）1将盛有nh4hco3粉末的小烧杯放入盛有少量醋酸的大烧杯中然后向小烧杯中加入盐酸，反应剧烈，醋酸逐渐凝固由此可见（）anh4hco3和盐酸的反应是放热反应b该反应中，热能转化为产物内部的能量c反应物的总能量高于生成物的总能量d反应的化学方程式为：nh4hco3+2hcl=nh4cl+co2+h2o解：a、醋酸逐渐凝固说明反应吸收热量导致醋酸溶液温度降低，即nh4hco3与hcl的反应为吸热反应，故a错误；b、因反应为吸热反应，即吸热的热量转化为产物内部的能量，故b正确；c、因反应为吸热反应，则反应后生成物的总能量高于反应物的总能量，故c错误；d、书写热化学方程式时，应注明物质的状态，故d错误；故选b2下列关于同温同压下的两种气体12c18o和14n2的判断正确的是（）a体积相等时密度相等b原子数相等时具有的中子数相等c体积相等时具有的电子数相等d质量相等时具有的质子数相等解：a由于12c18o和14n2的相对分子质量不等，故体积相等的两种气体的质量不等，因此密度不等，故a错误；b.1个12c18o分子中有16个中子，1个14n2分子中含有14个中子，二者均为双原子分子，原子数相等，即分子数相等，但中子数不等，故b错误；c12c18o和14n2均为14电子分子，同温同压下，体积相等则分子数相等，所具有的电子数相等，故c正确；d12c18o和14n2分子内均有14个质子，由于二者的相对分子质量不等，故等质量的两种分子所具有的质子数不等，故d错误故选c3下列各组中两种微粒所含电子数不相等的是（）ah3o+和ohbco和n2chno2和 no2dch3+和nh4+解：a、h3o+的质子数为11，电子数为111=10，oh的质子数为9，电子数为9+1=10，电子数相同，故a错误；b、co的质子数为14，电子数为14，n2的质子数为14，电子数为14，电子数相同，故b错误；c、hno2的质子数为1+7+82=24，电子数为24，no2的质子数为7+82=23，电子数为23+1=24，电子数相同，故c错误；d、ch3+的质子数为6+13=9，电子数为91=8，nh4+的质子数为11，电子数为111=10，电子数不同，故d正确故选：d4今年是门捷列夫诞辰181周年，下列事实不能用元素周期律解释的只有（）a碱性：kohnaohb相对原子质量：arkc酸性hclo4h2so4d元素的金属性：mgal解：ana、k位于周期表相同周期，金属性kna，元素的金属性越强，对应的最高价氧化物的水化物的碱性越强，能用元素周期律解释，故a不选；b相对原子质量的大小与原子序数有关，不能用元素周期律解释，故b选；c非金属性cls，元素的非金属性越强，对应的最高价氧化物的水化物的酸性越强，能用元素周期律解释，故c不选；d同周期元素从左到右，元素的金属性逐渐减弱，能用元素周期律解释，故d不选故选：b5根据原子结构及元素周期律的知识，下列推断正确的是（）a同主族元素含氧酸的酸性随核电荷数的增加而减弱b核外电子排布相同的微粒化学性质也相同ccl、s2、ca2+、k+半径逐渐减小d得电子能力相同解：a同主族元素最高价含氧酸自上而下酸性减弱，不是最高价含氧酸不一定，如hclo为弱酸、hbro4为强酸，故a错误；b核外电子排布相同的微粒，化学性质不一定相同，如ar原子化学性质稳定，而s2离子具有强还原性，故b错误；cs2、cl、ca2+、k+电子层结构相同，核电荷数越大离子半径越小，故离子半径s2clk+ca2+，故c错误；d3517cl与3717cl互为同位素，化学性质几乎完全相同，电子能力相同，故d正确，故选d6短周期主族元素x、y、z、w的原子序数依次增大，x原子的最外层电子数是其内层电子数的2倍，y是地壳中含量最高的元素，z2+与y2具有相同的电子层结构，w与x同主族，下列说法正确的是（）a原子半径的大小顺序：r（w）r（z）r（y）r（x）by分别与z、w形成的化合物中化学键类型相同cx的最高氧化物对应的水化物的酸性比w的弱dy的气态简单氢化物的热稳定性比w的强解：x原子的最外层电子数是其内层电子数的2倍，因此x是c，y是地壳中含量最高的元素o，w与x同主族，w是si，短周期元素z2+与y2具有相同的电子层结构，电子层结构与ne相同，因此z为mga、mg和si、c和o同周期，c和si同主族，同周期自左到右原子半径逐渐减小，同主族自上而下原子半径逐渐增大，因此原子半径r（mg）r（si）r（c）r（o），故a错误；b、y分别与z、w形成的化合物分别为mgo、sio2，mgo中含有离子键，sio2中含有共价键，化学键类型不同，故b错误；c、c和si同主族，非金属性csi，因此碳酸的酸性大于硅酸的酸性，故c错误；d、非金属性osi，元素非金属性越强，简单气态氢化物越稳定，因此h2o的热稳定性大于sih4，故d正确；故选d7氯元素在自然界有35cl和37cl两种同位素，在计算式34.96975.77%+36.96624.23%=35.453中（）a75.77%表示35cl的质量分数b35.5表示氯元素的近似相对原子质量c24.23%表示35cl的丰度d36.966表示37cl的质量数解：a、75.77%表示35cl的丰度，不是质量分数，故a错误；b、元素的相对原子质量=各元素的质量数原子百分比，35.5表示氯元素的近似相对原子质量，故b正确；c、24.23%表示37cl的丰度，不是35cl的丰度，故b错误，故c错误；d、36.966表示37cl的相对原子质量，不是37cl的质量数，故d错误故选：b8在“石蜡液体石蜡石蜡蒸气裂化气”的变化过程中，被破坏的作用力依次是（）a范德华力、范德华力、范德华力b范德华力、范德华力、共价键c范德华力、共价键、共价键d共价键、共价键、共价键解：石蜡液体石蜡石蜡蒸气属于物质的三态变化，属于物理变化，破坏了范德华力，石蜡蒸气裂化气发生了化学变化，破坏了共价键；所以在“石蜡液体石蜡石蜡蒸气裂化气”的变化过程中，被破坏的作用力依次是范德华力、范德华力、共价键故选b9三氟化氮（nf3）是一种无色无味的气体，它是氨（nh3）和氟（f2）在一定条件下直接反应得到：4nh3+3f2=nf3+3nh4f下列有关nf3的叙述正确的是（）anf3是离子化合物bnf3的还原性比nh3强cnf3的氧化性比f2强dnf3中的n呈+3价解：anf3常温下为气体，沸点较低，为分子晶体，故a错误；b还原剂还原性大于还原产物还原性，则有nf3的还原性比nh3弱，故b错误；c反应中f2为氧化剂，nf3为氧化产物，则nf3的氧化性比f2弱，故c错误；dnf3中f的化合价为1价，则n呈+3价，故d正确故选：d10如图是模拟“侯氏制碱法”制取nahco3的部分装置下列操作正确的是（）aa通入c02，然后b通入nh3，c中放碱石灰bb通入nh3，然后a通入co2，c中放碱石灰ca通入nh3，然后b通入co2，c中放蘸稀硫酸的脱脂棉db通入c02，然后a通入nh3，c中放蘸稀硫酸的脱脂棉解：“侯氏制碱法”制取nahco3的原理是在饱和食盐水中通入氨气和二氧化碳，而得到nahco3的，在这一实验过程中，由于c02在水中的溶解度较小，而nh3的溶解度较大，为防止倒吸，b管通c02，a管通nh3，所以要在食盐水先通nh3然后再通c02，否则c02通入后会从水中逸出，等再通nh3时溶液中c02的量就很少了，这样得到的产品也很少；在这个实验中的尾气主要是c02和nh3，其中nh3对环境影响较大，要吸收，而nh3是碱性气体，所以在c装置中要装酸性物质，据此可知a错误、b错误、c正确、d错误，故选c11某合金（仅含铜、铁）中铜和铁的物质的量之和为y mol，其中cu的物质的量分数为a，将其全部投入50ml b moll1的硝酸溶液中，加热使其充分反应（假设no是唯一的还原产物）下列说法正确的是（）a若金属有剩余，在溶液中再滴入硫酸后，金属又开始溶解b若金属全部溶解，则溶液中一定含有fe3+c若金属全部溶解，且产生336ml气体（标准状况），则b=0.3d当溶液中金属离子只有fe3+、cu2+时，则a与b的关系为：b80y（1）解：a铁铜合金与硝酸反应除生成no外，还要生成相应的硝酸铁、硝酸铜等盐，即溶液中存在no，当在其中加入h2so4时，h+和no可继续氧化剩余的金属，故a正确；b因fe3+也可以氧化cu而被还原为fe2+，因此当金属全部溶解时也可能只有fe2+、cu2+，故b错误；c因没有告诉溶液中所含的铁离子是fe2+、fe3+，还是两者都有，故无法计算b，故c错误；d根据铁和铜与硝酸的反应，作酸性的硝酸在fe（no3）3和cu（no3）2中，为3y（1a）+2yamol，作氧化性的硝酸，得到的电子等于fe、cu失去的电子，由于no是唯一的还原产物，所以作氧化性的硝酸为mol，所有硝酸的总量为=，c（hno3）=80y（1），因为硝酸还可能有剩余，所以b80y（1），故d错误故选a121.52g 铜镁合金完全溶解于50ml 密度为1.50g/ml、质量分数为63%的浓硝酸中，得到no2和n2o4的混合气体1120ml（标准状况），向反应后的溶液中加入1.0mol/l naoh溶液，当金属离子全部沉淀时，得到2.54g沉淀下列说法不正确的是（）a该合金中铜与镁的物质的量之比是2：1b该浓硝酸中hno3的物质的量浓度是15.0 mol/lcno2和n2o4的混合气体中，no2的体积分数是20%d得到2.54 g沉淀时，加入naoh溶液的体积是690 ml解：a、金属离子全部沉淀时，得到2.54g沉淀为氢氧化铜、氢氧化镁，故沉淀中氢氧根的质量为2.54g1.52g=1.02g，氢氧根的物质的量为=0.06mol，根据电荷守恒可知，金属提供的电子物质的量等于氢氧根的物质的量，令铜、镁合金中cu、mg的物质的量分别为xmol、ymol，则：，解得x=0.02，y=0.01，故合金中铜与镁的物质的量之比是0.02mol：0.01mol=2：1，故a正确；b、该浓硝酸密度为1.40g/ml、质量分数为63%，故该浓硝酸的物质的量浓度为mol/l=15mol/l，故b正确；c、no2和n2o4混合气体的物质的量为=0.05mol，令二氧化氮的物质的量为amol，则四氧化二氮的物质的量为（0.05a）mol，根据电子转移守恒可知，a1+（0.05a）21=0.06，解得a=0.04，故no2的体积分数是100%=80%，故c错误；d、根据钠离子守恒可知，氢氧化钠的物质的量等于反应后溶液中硝酸钠的物质的量，根据氮元素守恒可知，硝酸钠的物质的量为0.05l15mol/l0.04mol（0.050.04）2=0.69mol，故需要氢氧化钠溶液的体积为=0.64l=690ml，故d正确；故选c13cu（no3）2受热分解的方程式为2cu（no3）2=2cuo+4no2+o2，将所得气体充满一干燥烧瓶（标准状况），再将烧瓶倒置于水中，过较长时间后，烧瓶中溶液的物质的量浓度可能为（假设烧瓶中的溶质不扩散到外面）（）a1/28mol/lb1/14mol/lc0mol/ld1/22.4mol/l解、因cu（no3）2受热分解产生的no2和o2体积比为4：1，恰好完全反应：4no2+o2+h2o=4hno3，反应完后试管内没有气体，试管中完全充满水，溶质为hno3，设烧瓶体积为vl，则hno3溶液的体积也是vl， 4no2 +o2 +2h2o4hno3 4 1 2 4 则，故选：a14青石棉是一种致癌物质，其化学式为na2fe5si8o22（oh）2青石棉用稀硝酸溶液处理时，还原产物只有no，下列说法正确的是（）a1 mol青石棉能使1 mol稀硝酸被还原b青石棉中含有一定量的石英晶体c青石棉属于新型无机非金属材料d青石棉不属于硅酸盐原料解：d青石棉用稀硝酸溶液处理时，还原产物只有no，所以青石棉中含有二价铁离子；根据氧化还原反应中得失电子相等判断青石棉与硝酸的关系式，所以青石棉与硝酸反应的关系式计算得：na2o3feofe2o38sio2h2ohno3，1mol 1mol所以1mol青石棉能使1mol硝酸被还原，故a正确；b石英主要成分为二氧化硅，青石棉化学式为：na2fe5si8o22（oh）2，用氧化物的形式可表示为：na2o3feofe2o38sio2h2o，青石棉不含二氧化硅，故b错误；c青石棉属于无机非金属材料，但不是新型材料，故c错误；d青石棉其化学式为：na2fe5si8o22（oh）2，是含硅、氧与其它化学元素的化合物，所以青石棉是一种硅酸盐产品，故d错误；故选a15在探究新制饱和氯水成分的实验中，下列根据实验现象得出的结论不正确的是（）a氯水的颜色呈浅黄绿色，说明氯水中含有cl2b向氯水中滴加硝酸酸化的agno3溶液，产生白色沉淀，说明氯水中含有clc向氯水中加入nahco3粉末，有气泡产生，说明氯水中含有h+d向fecl2溶液中滴加氯水，溶液颜色变成棕黄色，说明氯水中含有hclo解：溶液中存在平衡cl2+h2ohcl+hclo，a只有氯气有颜色，为黄绿色，氯水呈浅黄绿色是由于含有氯气，故a正确；b溶液与硝酸银反应产生白色沉淀，只能是氯离子与银离子反应得到agcl白色沉淀，说明氯水中含有cl，故b正确；c溶液呈酸性，能与碳酸氢钠反应生成二氧化碳，故c正确；d溶液中氯气、hclo都强氧化性，都可以将亚铁离子氧化为铁离子，而使溶液变为棕黄色，不能说明氯水中含有hclo，故d错误，故选d16往fecl3和bacl2的混合溶液中通入so2，溶液颜色由棕黄色变成浅绿色，同时有白色沉淀产生下列说法正确的是（）a该实验表明fecl3有还原性b白色沉淀为baso3c该实验表明so2有漂白性d反应后溶液酸性增强解：a、反应中溶液由由棕黄色变成浅绿色，三价铁变化为二价铁，该实验表明fecl3具有氧化性，故a错误；b、二氧化硫被氧化为硫酸，生成的沉淀为硫酸钡，故b错误；c、二氧化硫的漂白性是指二氧化硫和水反应生成的亚硫酸与有色物质结合为不稳定的无色物质，此反应中二氧化硫做还原剂，故c错误；d、反应后生成硫酸酸性增强，故d正确；故选d二、填空题（本大题共五小题，共52分）17工业上常利用含硫废水生产na2s2o35h2o，实验室可用如图装置（略去部分加持仪器）模拟生成过程烧瓶c中发生反应如下：na2s（aq）+h2o（l）+so2（g）=na2so3（aq）+h2s（aq） （i）2h2s（aq）+so2（g）=3s（s）+2h2o（l） （ii）s（s）+na2so3（aq）na2s2o3（aq） （iii）（1）仪器组装完成后，关闭两端活塞，向装置b中的长颈漏斗内注入液体至形成一段液注，若液柱高度保持不变，则整个装置气密性良好装置d的作用是防止倒吸装置e中为naoh溶液（2）为提高产品纯度，应使烧瓶c中na2s和na2so3恰好完全反应，则烧瓶c中na2s和na2so3物质的量之比为2：1（3）装置b的作用之一是观察so2的生成速率，其中的液体最好选择ca蒸馏水 b饱和na2so3溶液 c饱和nahso3溶液 d饱和nahco3溶液实验中，为使so2缓慢进入烧瓶c，采用的操作是控制滴加硫酸的速度已知反应（iii）相对较慢，则烧瓶c中反应达到终点的现象是溶液变澄清（或浑浊消失）反应后期可用酒精灯适当加热烧瓶a，实验室用酒精灯加热时必须使用石棉网的仪器含有ada烧杯 b蒸发皿 c试管 d锥形瓶（4）反应终止后，烧瓶c中的溶液经蒸发浓缩即可析出na2s2o35h2o，其中可能含有na2so3、na2so4等杂质利用所给试剂设计实验，检测产品中是否存在na2so4，简要说明实验操作，现象和结论：取少量产品溶于足量稀盐酸中，静置，取上层清液（或过滤后取滤液），滴加bacl2溶液，若出现白色沉淀则说明含有na2so4杂质已知na2s2o35h2o遇酸易分解：s2o32+2h+=s+so2+h2o供选择的试剂：稀盐酸、稀硫酸、稀硝酸、bacl2溶液、agno3溶液解：（1）仪器组装完成后，关闭两端活塞，向装置b中的长颈漏斗内注入液体至形成一段液柱，若液柱高度保持不变，则气密性良好；d中左侧为短导管，为安全瓶，防止倒吸；装置e起到吸收尾气中so2、h2s的作用，可选用naoh溶液，故答案为：液柱高度保持不变；防止倒吸；naoh；（2）根据题目所给3个反应，可得出对应关系：2na2s2h2s3s3 na2so3，2na2s反应时同时生成2na2so3，还需要1na2so3，所以烧瓶c中na2s和na2so3物质的量之比为2：1，故答案为：2：1；（3）观察so2的生成速率，发生强酸制取弱酸的反应，a不生成二氧化硫，bd中物质均与二氧化硫反应，只有c中饱和nahso3溶液适合制取二氧化硫；中发生s（g）+na2so3（aq）na2s2o3（aq），反应达到终点是s完全溶解，可观察到溶液变澄清（或浑浊消失）；烧杯、锥形瓶需要加热时必须使用石棉网，故答案为：c；控制滴加硫酸的速度；溶液变澄清（或浑浊消失）；ad；（4）检测产品中是否存在na2so4，操作、现象和结论为取少量产品溶于足量稀盐酸中，静置，取上层清液（或过滤后取滤液），滴加bacl2溶液，若出现白色沉淀则说明含有na2so4杂质，故答案为：取少量产品溶于足量稀盐酸中，静置，取上层清液（或过滤后取滤液），滴加bacl2溶液，若出现白色沉淀则说明含有na2so4杂质18（下表是元素周期表的一部分，请回答有关问题：主族周期aaaaaaa0234（1）表中化学性质最不活泼的元素，其原子结构示意图为（2）表中能形成两性氢氧化物的元素是al （用元素符号表示），写出该两性氢氧化物与的氢化物的水溶液反应的离子方程式al（oh）3+3h+al3+3h2o（3）元素与元素形成的化合物的电子式为（4）、四种元素的最高价氧化物的水化物中酸性最强的是hclo4（填酸的化学式） （5）元素与元素两者核电荷数之差是26（6）两元素相比较，金属性较强的是镁（填名称），可以验证该结论的实验是b、c（填编号）（a）将在空气中放置已久的这两种元素的块状单质分别放入热水中（b）将形状、大小相同的这两种元素的单质分别和同浓度的盐酸反应（c）将形状、大小相同这两种元素的单质分别和热水作用，并滴入酚酞溶液（d）比较这两种元素的气态氢化物的稳定性解：由元素在周期表中的位置可知，为c，为n，为f，为mg，为al，为s，为cl，为ar，为k，为br，（1）ar的最外层电子数为8，为稳定结构，则化学性质不活泼，其原子结构示意图为，故答案为：；（2）上述元素中只有al的氢氧化物为两性，氢氧化铝与hcl反应生成氯化铝和水，其离子反应为al（oh） 3+3h+al3+3h2o，故答案为：al；al（oh） 3+3h+al3+3h2o；（3）氯化镁为离子化合物，其电子式为，故答案为：；（4）非金属性越强，则元素的最高价氧化物的水化物中酸性越强，cl、s、n、c中非金属性最强的为cl，其最高价氧化物的水化物为hclo4，故答案为：hclo4； （5）f的核电荷数为9，br的核电荷数为35，则359=26，故答案为：26； （6）同周期元素从左到右金属性在减弱，则金属性mgal，可利用金属单质与水、酸或最高价氧化物对应水化物的碱性来比较金属性，则b、c可以，故答案为：镁；b、c19a、b、c、d、e、f、g、h、和i是中学化学中常见的气体，它们均由短周期元素组成，具有如下性质：a、b、e、f、g能使湿润的蓝色石蕊试纸变红，能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，c、d、h不能使湿润的石蕊试纸变色；a和i相遇产生白烟b和e都能使品红溶液褪色将红热的铜丝放入装有b的瓶中，瓶内充满棕黄色的烟将点燃的镁条放入装有f的瓶中，镁条剧烈燃烧，生成白色粉末，瓶内壁附着黑色颗粒；c和d相遇生成红棕色气体；g在d中燃烧可以产生e和h2o将b和h 在瓶中混合后于光亮处放置几分钟，瓶内壁出现油状液滴并产生a回答下列问题：（1）a的化学式是hcl，中白烟的化学式是nh4cl；（2）中发生反应的化学方程式是cu+cl2cucl2；（3）中发生反应的化学方程式是2mg+co22mgo+c；（4）c的化学式是no，d的电子式是；（5）中发生反应的化学方程式是2h2s+3o22h2o+2so2；（6）h的结构式是解：能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，为nh3；a和i相遇产生白烟，为nh3与hcl，则a为hcl，生成白烟为nh4cl；b和e都能使品红溶液褪色，为cl2和so2；将红热的铜丝放入装有b的瓶中，瓶内充满棕黄色的烟，故b为cl2，e为so2；mg条能在f中剧烈燃烧，有黑色和白色两种产物，f为co2；c和d相遇生成红棕色气体，为no和o2；g在d中燃烧可以产生e和h2o，e为so2，故d为o2，故c为no，g含有h、s两种元素，g为h2s；b为cl2，和h在瓶中混合后于亮处放置几分钟，瓶壁出现油状液滴并产生a（hcl），故h为ch4，（1）由以上分析可知a为hcl，中白烟的化学式是nh4cl，故答案为：hcl；nh4cl；（2）中发生反应为铜和氯气的反应，化学方程式是cu+cl2cucl2，故答案为：cu+cl2cucl2；（3）为镁在二氧化碳中的燃烧，发生反应的化学方程式是2mg+co22mgo+c，故答案为：2mg+co22mgo+c；（4）c为no，d为o2，电子式为，故答案为：no；（5）中发生反应的化学方程式是2h2s+3o22h2o+2so2，故答案为：2h2s+3o22h2o+2so2；（6）h为ch4，结构式为，故答案为：20下图是一些常见的单质、化合物之间的转化关系图，有些反应中的部分物质被略去常温常压下，a为无色有毒气体，b为红棕色粉末，c、e为金属单质反应均为工业上的重要反应请回答下列问题：（1）写出下列物质的化学式acokfecl3lnaalo2（2）写出f与naoh反应的化学方程式al2o3+2naoh=2naalo2+h2o（3）写出b与c高温反应生成e和f的化学方程式：fe2o3+2ala12o3+2fe试列举该反应在工业生产中的应用焊接铁轨（4）写出d与j的稀溶液反应生成g的离子方程式：co2+co32+h2o=2hco3（5）写出h与强碱反应后一段时间内所能观察出的现象先生成白色沉淀，迅速变为灰绿色沉淀，最后变为红褐色沉淀解：a为无色有毒气体，b为红棕色粉末，应为fe2o3，结合转化图，a为co，反应均为工业上的重要反应，推断是工业生产金属铁的反应，则d为co2，j为na2co3，g为nahco3，e为fe，h是fecl2，k为fecl3，反应应为铝热反应，c是金属al，f为al2o3，i为alcl3，l为naalo2，则（1）由以上分析可知，a为co，k为fecl3，l为naalo2，故答案为：co；fecl3；naalo2；（2）f为al2o3，为两性氧化物，可与naoh反应，反应的方程式为al2o3+2naoh=2naalo2+h2o，故答案为：al2o3+2naoh=2naalo2+h2o；（3）反应应为铝热反应，c是金属al，f为al2o3，在高温下反应生成fe，可用于焊接铁轨，反应的方程式为fe2o3+2ala12o3+2fe，故答案为：fe2o3+2ala12o3+2fe；焊接铁轨；（4）d为co2，j为na2co3，二者反应生成nahco3，反应的离子方程式为co2+co32+h2o=2hco3，故答案为：co2+co32+h2o=2hco3；（5）h是fecl2，与naoh反应生成fe（oh）2，不稳定，易被氧化生成红褐色的fe（oh）3，现象是先生成白色沉淀，迅速变为灰绿色沉淀，最后变为红褐色沉淀，故答案为：先生成白色沉淀，迅速变为灰绿色沉淀，最后变为红褐色沉淀21w、x、y、z均为短周期主