江苏省淮安市文通中学九年级物理上学期第二次月考试题（A卷含解析） 新人教版.doc

2015-2016学年江苏省淮安市文通中学九年级（上）第二次月考物理试卷（a卷）一选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的）1如图所示的简单机械，在使用中属于费力杠杆的是（）a起子b镊子c钢丝钳d托盘天平2下列四种情境中，人对物体做功的是（）a背着书包站立b举着杠铃原地不动c将地上物体往上叠放d用力推车，但没有推动3如图为淮安市有轨电车某一车站的设计方案，与站台连接的轨道为一个小的坡度，据工程师介绍：这样能有效的提高能量的利用率，下列说法中正确的是（）a电车进站时动能增大，势能减小b电车出站时势能减小，动能增大c电车出站时势能增大，动能减小d电车进站时动能、势能不变4下列四个电路图中与实物图相对应的是（）abcd5洗衣机、电冰箱、电脑等许多家用电器均使用三脚插头与电源插座连接，如图所示细心观察可以发现，三脚插头中与用电器金属外壳连接的那个插脚比另外两个插脚要稍长这样的设计主要考虑下列哪一因素（）a使插头的造型更美观b插入插座中可更稳固c有利于识别火线和零线插脚d插入插座时，可确保用电器外壳先接地6今年南京雾霾较严重二氧化物传感器能用于雾霾浓度的检测，它的原理是其电阻随雾霾浓度的增大而减小若将二氧化物传感器接入如图所示的电路中，当二氧化物传感器所处空间的雾霾浓度增大时，电压表示数u与电流表示数i发生变化，其中正确的是（）au变小，i变小bu变大，i变大cu变小，i变大du变大，i变小7如图所示，为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统当乘客坐在座椅上时，座椅上的开关s1闭合；若未系安全带，则开关s2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关s2闭合，指示灯熄灭，下列设计比较合理的是（）abcd8小明将额定电压相同的两只小电灯l1、l2串联接在电源上，如图所示，闭合开关后发现l1发出明亮的光，却看不到l2发光，造成此现象的原因可能是（）al2断路bl1的电阻相对于l2太小cl1的额定功率相对于l2太大dl2的额定功率相对于l1太大9如图，在探究“通过导体中的电流与电阻之间关系”的实验中，当我们将电阻由5换成10后，接下来的操作正确的是（）a将变阻器滑片p向左移动，保持电压表示数不变b将变阻器滑片p向左移动，保持电流表示数不变c将变阻器滑片p向右移动，保持电压表示数不变d将变阻器滑片p向右移动，保持电流表示数不变10led灯具有节能、环保特点“220v 11w”led灯泡和“220v 60w”白炽灯泡正常发光的亮度相当与白炽灯泡相比，led灯泡可以节能约为（）a18.3%b83.5%c16.5%d81.7%二填空题（本题共10小题，每空1分，共20分）11如图是引体向上的示意图，小云同学在半分钟内做了12个规范的引体向上已知小云的质量为60kg，每次引体向上他能将自身重心提高0.4m，则小云每做一次引体向上所做的功为j，整个过程中的平均功率为w（g取10n/kg）12如图是刘星在“十一”假期探究“海水和海滩的温度随时间变化的规律”时画的一张示意图根据图给的信息，刘星观察的时间是（选填“中午”或“夜晚”），产生这一现象的原因是水的比沙石的大13如图所示为生活中常用的热水瓶，其外壁采用镀银的双层玻璃，并将中间抽成真空，这是为了减少注入一定量的热水后，立即盖上软木塞，软木塞会跳起来这一过程中瓶内气体的能转化为软木塞的机械能汽油机的冲程也发生同样的能量转化14一节干电池的电压是v家用微波炉正常工作的电压为v，它与家中其它用电器是连接的（选填“并联”或“串联”）15白炽灯通电后灯丝很快发光发热，灯丝内能的改变是通过来实现的发光不久的灯泡玻璃也变得很热，玻璃内能的改变是通过来实现的16如图，导体a、b材料相同、长度相等，a比b的横截面积大，则a的电阻b 的电阻；若将它们串联在电路中，则a两端的电压b两端的电压（两空均填“大于”、“小于”或“等于”）17两种不同的金属片插入柠檬，制成“水果电池”用电压表测量水果电池的电压，如图所示，则：金属片b是水果电池的极，水果电池将能把转化为电能18如图所示，在静止的小磁针上方拉一根与磁针平行的导线，给导线通电时，磁针会转动，这就是著名的实验，这个实验表明电流周围存在19如图是一种自动测定油箱内油面高度的装置，r是转动式变阻器，它的金属滑片p是杠杆的一端，则电表应是表（填“电压”或“电流”），油量减少时，电表示数（填“变大”、“变小”或“不变”）20为了搞好城市建设，南通市在市区各交叉路口相继安装了交通红灯、绿灯、黄灯和电子警察监控系统如图所示某一路口的红灯、绿灯、黄灯设施已知三只灯泡均标有“220v 100w”字样，这三只灯是联的，该设施正常工作一天（24h）将消耗kwh的电能三、解答题（本题共7小题，共40分每空1分，解答22，23题时，应写出解题过程）21按题目要求作图（1）在图1中，通过图示滑轮组向上提升重物，请画出最省力的绕绳方法（2）在图2中，用笔画线代替导线将电灯与按钮开关正确接入电路（3）在图3中，标出条形磁体的n、s极（图中小磁针黑端为n极）（4）在图4中，画出力f的力臂（图中o点为支点）22如图所示是一种塔式起重机上的滑轮组已知在匀速起吊600kg的物体时，滑轮组的机械率是80%，g取10n/kg（1）使物体上升5m，所做的有用功是多少？（2）使物体上升5m，所做的总功是多少？（3）绳端的拉力f是多大？23某型号的家用电饭煲有两档，其原理如图所示“1”档是保温焖饭，“2”档是高温烧煮若已知电阻r0=44，r=2156，求：（1）当开关s置于“1”档时，电路中的电流i1和r0两端的电压u0；（2）当开关s置于“2”档时，电饭煲高温烧煮的功率p24在研究杠杆平衡条件的实验中：（1）如图1所示，实验前没有挂钩码静止时，杠杆右端上翘，杠杆处于（填“平衡”或“不平衡”） 状态，为使杠杆处在水平平衡状态，应将杠杆右端的平衡螺母b向（选填“左”或“右”）调（2）在如图2所示的装置中，每个钩码重1n（杠杆上每格等距，杠杆自重不计），要使杠杆在水平位置平衡，小张应在b处挂个1n重的钩码而邻组的小强则在c处施加一个竖直方向的力，也使杠杆在水平位置平衡，则这个力的方向应，大小为n25总结本学期所做的物理探究实验会发现：（1）当要研究的物理量不易直接测量时，都要想办法把它们的大小间接表示出来如图1的实验是通过，间接的知道物体动能的大小；如图2的实验是通过，间接比较两个电阻丝产生的热量的多少（2）当要研究的物理量与多个因素有关时，都要采用控制变量法如图1中，使用同一个球就是为了相同，探究动能大小与的关系；如图2中，将两个电阻串联起来，就是为了相同，探究电流产生的热量与的关系26如图所示，a、b、c三个实验装置完全相同：（1）烧杯内液体的质量应该（选填“相同”或“不同”）（2）比较不同燃料的热值应选择两个装置，比较不同物质的比热容应选择两个装置（选填装置序号a、b、c）燃料完全燃烧放出的热量的多少是通过来反映的（选填“温度计示数”或“加热时间”）（3）在a装置中，酒精的质量为10g，烧杯中水的质量为200g、初温为20点燃酒精直至烧完，此时温度计示数上升到70，则水吸收的热量为j；给水加热的效率为%（水的比热容为4.2103j/（kg）酒精热值3107j/kg）27测定小灯泡电功率的实验中，选用的电源电压为4.5v，小灯泡的额定电压为2.5v、电阻约为10：（1）连接电路时开关应，电流表的量程应选0a（2）用笔画线代替导线，连接完整如图1所示的实物电路（3）闭合开关前，图1中滑动变阻器的滑片p应位于（选填“a”或“b”）端其作用是（4）正确接入电压表后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表示数等于电源电压，其故障可能是（5）排除故障后，闭合开关、移动滑片p至电压表的示数如图2所示，其读数为v；要获得小灯泡额定功率的数据，滑片p应向（选填“a”或“b”）端移动（6）移动滑片p，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图3所示的iu图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是w2015-2016学年江苏省淮安市文通中学九年级（上）第二次月考物理试卷（a卷）参考答案与试题解析一选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的）1如图所示的简单机械，在使用中属于费力杠杆的是（）a起子b镊子c钢丝钳d托盘天平【考点】杠杆的分类 【专题】简单机械【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆【解答】解：a、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；b、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；c、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；d、托盘天平的实质是等臂杠杆，在使用过程中，动力臂等于阻力臂，不省力也不费力故选b【点评】此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力2下列四种情境中，人对物体做功的是（）a背着书包站立b举着杠铃原地不动c将地上物体往上叠放d用力推车，但没有推动【考点】力是否做功的判断 【专题】功、功率、机械效率【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可【解答】解：a、背着书包站立，有力但没有距离，所以不做功，故不做功，不合题意；b、举着杠铃原地不动，有力但没有距离，所以不做功，故不做功，不合题意；c、将地上物体往上叠放，有力也有距离，具备做功的两个必要因素，做了功，符合题意；d、用力推车，但没有推动，有力但没有距离，所以不做功，故不做功，不合题意故选c【点评】有力有距离，力对物体不一定做功，物体必须在力的方向上通过了距离，即力的方向和物体前进的距离的方向一致，力对物体才做功3如图为淮安市有轨电车某一车站的设计方案，与站台连接的轨道为一个小的坡度，据工程师介绍：这样能有效的提高能量的利用率，下列说法中正确的是（）a电车进站时动能增大，势能减小b电车出站时势能减小，动能增大c电车出站时势能增大，动能减小d电车进站时动能、势能不变【考点】动能和势能的大小变化 【专题】应用题；机械能及其转化【分析】动能和重力势能是可以相互转化的，物体由低处向高处运动，动能转化成重力势能；反之，重力势能转化成动能【解答】解：ad、电车进站时，因为地势越来越高，电车的动能转化成重力势能；动能减小，重力势能增大；故ad错误；bc、电车出站时，是由高处向低处运动，重力势能又转化成了动能，动能增大，重力势能减小；故b正确、c错误故选b【点评】重力势能和动能的相互转化，关键是看，物体是向高处运动还是向低处运动4下列四个电路图中与实物图相对应的是（）abcd【考点】根据实物图画电路图 【专题】电流和电路【分析】由实物图可知，电流从电源的正极出发，分别流经两个灯泡，经过一个灯泡后，直接回到负极，经过另一个灯泡后，再经过开关，回到负极，两灯并联，开关控制一只灯泡，对各选项逐一分析【解答】解：在a中，两只灯泡串联，不合题意在b中，两只灯泡并联，开关控制一只灯泡，符合题意在c中，两只灯泡并联，开关控制两只灯泡，不合题意在d中，开关闭合后，一只灯泡被短路，不合题意故选b【点评】本题考查根据就实物图画电路图，关键是分析实物图中电路的连接，根据实物图画出对应的电路图，这是本题的重点也是难点5洗衣机、电冰箱、电脑等许多家用电器均使用三脚插头与电源插座连接，如图所示细心观察可以发现，三脚插头中与用电器金属外壳连接的那个插脚比另外两个插脚要稍长这样的设计主要考虑下列哪一因素（）a使插头的造型更美观b插入插座中可更稳固c有利于识别火线和零线插脚d插入插座时，可确保用电器外壳先接地【考点】插座的构造与工作方式 【专题】推理法【分析】三脚插头与三孔插座相连接时，把有金属外壳的用电器的外壳与地线相接；因用电器漏电时，会使外壳带电，若接上地线，电流就通过地线，流入大地，以防止触电事故的发生；插头制作的长一些是为了插插头入插座时先让金属外壳与大地相连，若漏电则先跳闸而防止触电【解答】解：插头制作的长一些，可以使用电器在与火线接通之间先使外壳与地线相通，在拔插头时，先使插头与火线相脱离，防止触电事故的发生故选d【点评】本题考查了三脚插头的构造及其作用，由此感叹劳动人民的智慧6今年南京雾霾较严重二氧化物传感器能用于雾霾浓度的检测，它的原理是其电阻随雾霾浓度的增大而减小若将二氧化物传感器接入如图所示的电路中，当二氧化物传感器所处空间的雾霾浓度增大时，电压表示数u与电流表示数i发生变化，其中正确的是（）au变小，i变小bu变大，i变大cu变小，i变大du变大，i变小【考点】电路的动态分析 【专题】电路变化分析综合题【分析】由图可知，电阻r与二氧化锡传感器串联，由题意可知当浓度增大时电阻减小，则由欧姆定律可求得电路中电流的变化，由串联电路的电压规律可得出r两端的电压的变化【解答】解：电阻r及传感串联在电源两端，当一氧化碳浓度增大时，传感器中的电阻减小，由欧姆定律可得电路中的电流增大，故电流表示增大；因电压表并联在r两端，故电压表测量r两端的电压，因电流增大，则由欧姆定律可得r两端的电压增大，故电压表示数变大故选b【点评】本题考查欧姆定律的应用和传感器的特点，要求能灵活应用欧姆定律分析解答问题7如图所示，为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统当乘客坐在座椅上时，座椅上的开关s1闭合；若未系安全带，则开关s2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关s2闭合，指示灯熄灭，下列设计比较合理的是（）abcd【考点】串、并联电路的设计 【专题】电流和电路【分析】由题意知，只有坐在座位上时，指示灯才亮，故s1可控制灯，当开关s2闭合时，灯又不亮了，说明指示灯被短路了【解答】解：a、两开关并联，无论乘客坐下，还是系上安全带，指示灯都会发光，不符合题意；b、两开关串联，只有乘客坐下，系上安全带时指示灯才会发光，不符合题意；c、指示灯与s1串联，与s2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，并且不会出现电源短路，符合题意；d、指示灯与s1串联，与s2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，但出现电源短路，不符合题意故选c【点评】本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻是保护电阻，可使电路对电源不被短路8小明将额定电压相同的两只小电灯l1、l2串联接在电源上，如图所示，闭合开关后发现l1发出明亮的光，却看不到l2发光，造成此现象的原因可能是（）al2断路bl1的电阻相对于l2太小cl1的额定功率相对于l2太大dl2的额定功率相对于l1太大【考点】额定功率 【专题】电能和电功率【分析】（1）根据串联电路中各用电器相互影响，以及灯泡是否发光判断电路的通或断；（2）因为灯泡亮度是由实际功率决定的，根据p=i2r可知灯泡电阻的关系；（3）已知两灯泡的额定电压与电阻的关系，利用p=判断灯泡的额定功率；（4）利用u=ir判断灯泡两端实际电压的关系【解答】解：a、串联电路的电流处处相等，如图两个灯泡是串联的，闭合开关后，发现l1发出明亮的光，却看不到l2发光，说明电路为通路；故a错误；b、根据p=i2r可知，在电流相等时，由于闭合开关后发现l1发出明亮的光，却看不到l2发光所以灯泡l1的电阻比l2的电阻大的多故b错误；c、因为r1r2，在电流相等时，由u=ir可得，l1的实际电压大于l2两端的实际电压；故c错误；d、因为灯泡的额定电压相同，并且灯泡l1的电阻比l2的电阻大的多，由p=可知，电阻较小的额定功率大，即l2的额定功率相对太大；故d正确；故选：d【点评】灯泡亮度由实际功率决定是本题的突破口由灯泡实际功率判断出灯泡电阻大小后，其它问题就会迎刃而解9如图，在探究“通过导体中的电流与电阻之间关系”的实验中，当我们将电阻由5换成10后，接下来的操作正确的是（）a将变阻器滑片p向左移动，保持电压表示数不变b将变阻器滑片p向左移动，保持电流表示数不变c将变阻器滑片p向右移动，保持电压表示数不变d将变阻器滑片p向右移动，保持电流表示数不变【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；电路的动态分析 【专题】应用题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题【分析】要研究导体中的电流与电阻的关系，由控制变量法的思路可知，需要保证导体两端的电压不变，当电路中的电阻由5换成10时，导体两端的电压是否变化，怎样变化是此题的解题思路【解答】解：在滑片p不动的情况下，将电阻由5换成10后，闭合开关，电路总电阻变大，i=，电路中的电流变小，滑动变阻器两端的电压变小，串联电路的总电压等于各分电压之和可知，定值电阻两端的电压增大，要使电压表的示数不变，只能减小电路中的电流，增大滑动变阻器接入电路的电阻，即滑片p向右端移动故选c【点评】电源电压不变，两串联电阻，当其中一个电阻增大时，其两端电压也增大，另一个电阻两端的电压同时减小10led灯具有节能、环保特点“220v 11w”led灯泡和“220v 60w”白炽灯泡正常发光的亮度相当与白炽灯泡相比，led灯泡可以节能约为（）a18.3%b83.5%c16.5%d81.7%【考点】电功的计算 【专题】电能和电功率【分析】设两种灯泡正常发光的时间为t，利用公式w=pt计算消耗的电能；消耗的电能之差与白炽灯消耗的电能之比就是节约的百分比【解答】解：设两种灯泡正常发光的时间为t，p=，led消耗的电能为w1=p1t=11wt白炽灯消耗的电能为w2=p2t=60wtled灯可以节约81.7%故选：d【点评】led灯具有节能、环保、对人眼无危害等特点，现在已基本替代白炽灯二填空题（本题共10小题，每空1分，共20分）11如图是引体向上的示意图，小云同学在半分钟内做了12个规范的引体向上已知小云的质量为60kg，每次引体向上他能将自身重心提高0.4m，则小云每做一次引体向上所做的功为240j，整个过程中的平均功率为96w（g取10n/kg）【考点】功的计算；功率的计算 【专题】计算题；功、功率、机械效率【分析】（1）已知小云的质量，利用重力公式求小云重，又知道引体向上移动的距离，根据公式w=gh可求小云每一次引体向上所做的功；（2）已知在半分钟内做了12个规范的引体向上，结合一次引体向上做的功进一步求出总功，然后利用p=求出整个过程中的平均功率【解答】解：（1）小云的重力：g=mg=60kg10n/kg=600n，小云每一次引体向上所做的功：w=gh=600n0.4m=240j；（2）小云半分钟做的总功：w总=240j12=2880j，t=0.5min=30s，小云做功的平均功率：p=96w故答案为：240；96【点评】本题考查做功和功率的计算，关键是要知道求平均功率要用总功除以总时间12如图是刘星在“十一”假期探究“海水和海滩的温度随时间变化的规律”时画的一张示意图根据图给的信息，刘星观察的时间是中午（选填“中午”或“夜晚”），产生这一现象的原因是水的比热容比沙石的大【考点】水的比热容的特点及应用 【专题】压轴题【分析】要解答本题需掌握：水的比热容大，在吸收和放出相同热量，温度变化小【解答】解：由图可知海滩上温度高，由于水的比热容比砂石大，因此白天升温和夜晚降温都比较快，因此，白天海滩温度比较高，夜晚海水温度比较高故观察时间是中午，产生这一现象的是因为海水的比热容大故答案为：中午，比热容【点评】本题主要考查学生对水的比热容大在生活中的应用的了解是一道基础题13如图所示为生活中常用的热水瓶，其外壁采用镀银的双层玻璃，并将中间抽成真空，这是为了减少热量散失（或热传递）注入一定量的热水后，立即盖上软木塞，软木塞会跳起来这一过程中瓶内气体的内能转化为软木塞的机械能汽油机的做功冲程也发生同样的能量转化【考点】热传递改变物体内能；做功改变物体内能；内燃机的四个冲程 【专题】应用题；简答题【分析】（1）热水瓶中间为双层玻璃瓶，两层之间抽成真空，并镀银或铝，真空状态可以避免热对流，玻璃本身是热的不良导体，镀银的玻璃则可以将容器内部向外辐射的热能反射回去；（2）瓶内热水蒸发产生大量水蒸气，水蒸气膨胀对瓶塞做功，内能转化为机械能；（3）汽油机的四个冲程中，压缩冲程机械能转化为内能，做功冲程内能转化为机械能【解答】解：（1）真空可以避免空气的对流，防止热传递的产生，减少热量散失，起到保温作用；（2）瓶塞跳起来，机械能增大，这是由于暖瓶内气体膨胀做功造成的，水蒸气的内能转化成瓶塞的机械能；（3）汽油机在做功冲程中，气缸内高温气体膨胀推动活塞做功，内能转化为机械能故答案为：热量散失（或热传递）；内；做功【点评】本题从生活中的物品入手，考查热传递的两种方式，注重了物理知识与生活的联系14一节干电池的电压是1.5v家用微波炉正常工作的电压为220v，它与家中其它用电器是并联连接的（选填“并联”或“串联”）【考点】电压；家庭电路的连接 【专题】电与热、生活用电【分析】一节干电池的电压为1.5v；家庭电路电压是220v；串联电路只有一条电流路径，各元件互相影响；并联电路有多条电流路径，各元件互不影响据此分析答题【解答】解：一节干电池的电压为1.5v；家庭电路中，微波炉正常工作时两端的电压是220伏；为了使微波炉能正常工作，且与其他用电器不互相影响，应将其与其它用电器并联连接故答案为：1.5；220；并联【点评】本题考查了干电池、家庭电路电压、用电器间的连接方式等问题，难度不大，熟练掌握基础知识即可正确解题15白炽灯通电后灯丝很快发光发热，灯丝内能的改变是通过做功来实现的发光不久的灯泡玻璃也变得很热，玻璃内能的改变是通过热传递来实现的【考点】物体内能的改变 【分析】要解答本题首先要知道：灯丝发光发热是电能转化为内能，其次灯泡玻璃变热是因为热辐射，热辐射是热传递的一种方式【解答】解：因为灯丝发光，消耗了电能，得到了光能和内能玻璃的内能改变是灯丝的热辐射故本题答案为：（1）做功；（2）热传递【点评】本题考查改变物体内能的两种方法16如图，导体a、b材料相同、长度相等，a比b的横截面积大，则a的电阻小于b 的电阻；若将它们串联在电路中，则a两端的电压小于b两端的电压（两空均填“大于”、“小于”或“等于”）【考点】影响电阻大小的因素；串联电路的电压规律 【专题】控制变量法【分析】影响电阻大小的因素有导体的材料、长度、横截面积和温度；串联电路中导体两端的电压与电阻成正比【解答】解：当导体的材料相同、长度相等时（由题意知导体温度也相同），导体的横截面积越大，电阻越小，所以a的电阻小于b的电阻；串联电路中，导体两端的电压与电阻成正比，a的电阻小，所以a两端的电压小于b两端的电压；故答案为：小于、小于【点评】解决此类题目的关键是熟练掌握影响电阻大小的因素，并能灵活运用控制变量法进行分析17两种不同的金属片插入柠檬，制成“水果电池”用电压表测量水果电池的电压，如图所示，则：金属片b是水果电池的负极，水果电池将化学能把转化为电能【考点】电源及其能量转化 【专题】电流和电路【分析】（1）由图中电压表指针的偏转方向可判断电流方向，同时能判断水果电池的极性（2）水果电池是将化学能转化为电能的装置【解答】解：图中电压表指针正常偏转，则连接电压表正接线柱的是电池的正极，即金属片b是水果电池的负极水果电池和干电池、蓄电池类似，都是将化学能转化为电能的装置故答案为：负；化学【点评】本题考查的是电源的能量转化和用电压表判断水果电池极性方法运用电压表判断水果电池的正负极时，电压表正常偏转则连接电压表正接线柱的是电池的正极；电压表反向偏转时，连接电压表正接线柱的是电池的负极18如图所示，在静止的小磁针上方拉一根与磁针平行的导线，给导线通电时，磁针会转动，这就是著名的奥斯特实验，这个实验表明电流周围存在磁场【考点】通电直导线周围的磁场 【专题】磁现象、电生磁【分析】奥斯特实验：在静止的小磁针上方，放一根与磁针平行的导线，给导线通电时磁针将偏转，说明了通电导体周围存在磁场【解答】解：在静止的小磁针上方，放一根与磁针平行的导线，给导线通电时磁针将偏转，说明了通电导体周围存在磁场这是由丹麦的物理学家奥斯特首先发现的，被称为奥斯特实验故答案为：奥斯特；磁场【点评】本题考查了物理学史和奥斯特实验的做法及其说明的道理19如图是一种自动测定油箱内油面高度的装置，r是转动式变阻器，它的金属滑片p是杠杆的一端，则电表应是电压表（填“电压”或“电流”），油量减少时，电表示数变小（填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】欧姆定律的应用；电流表的使用；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；电阻的串联 【分析】滑动变阻器与定值电阻串联，然后根据电压表并联在电路中，电流表串联在电路中分析油量表的种类串联电路中电阻起分压作用，电阻越大，分担的电压越大，油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，油量表的示数越大【解答】解：因为油量表与滑动变阻器并联，因此油量表为电压表；又因为串联电路中电阻起分压作用，电阻越大，分担的电压越大，因此当油量减少时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，分得的电压变小，即油量表的示数变小 故答案为：电压，变小【点评】本题根据油量表并联在电路中，可以判断油量表是电压表；根据串联电路中电阻越大分担的电压越大，可以判断电压表的示数变大20为了搞好城市建设，南通市在市区各交叉路口相继安装了交通红灯、绿灯、黄灯和电子警察监控系统如图所示某一路口的红灯、绿灯、黄灯设施已知三只灯泡均标有“220v 100w”字样，这三只灯是并联的，该设施正常工作一天（24h）将消耗2.4kwh的电能【考点】串联电路和并联电路的辨别；电功的计算 【专题】应用题【分析】各个指示灯要能做到独立工作互不影响，则由交通指示灯的特点可知三灯的连接方式应为并联；由电功公式可求得三灯消耗的总功【解答】解：因三灯要单独工作，故三灯只能并联在电路中，由开关单独控制；因三灯正常工作，故消耗功率均为额定功率，因三盏不能同时亮，每次只亮一盏，故一天内消耗的电功w=pt=100w24h=2.4kwh；故答案为：并，2.4【点评】本题利用了并联的特点来判断交通灯的关系及消耗电能的计算在计算电能时，要注意交通灯的特点及单位不能用错三、解答题（本题共7小题，共40分每空1分，解答22，23题时，应写出解题过程）21按题目要求作图（1）在图1中，通过图示滑轮组向上提升重物，请画出最省力的绕绳方法（2）在图2中，用笔画线代替导线将电灯与按钮开关正确接入电路（3）在图3中，标出条形磁体的n、s极（图中小磁针黑端为n极）（4）在图4中，画出力f的力臂（图中o点为支点）【考点】滑轮组的设计与组装；力臂的画法；磁感线及其特点；家庭电路的连接 【专题】作图题；比较思想；图像综合题【分析】（1）滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子连着动滑轮，段数越多越省力（2）开关控制灯泡时和灯泡是串联的火线过开关入灯座，零线直接入灯座（3）放在磁体周围的小磁针自由静止时，北极所指的方向就是该点的磁场方向由此可以利用小磁针的n、s极来确定螺线管的ns极；（4）做支点到力的作用线的垂线；【解答】解：（1）从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法如图所示：（2）火线首先进入开关，然后接到到灯泡顶端的金属点；零线直接接到灯泡的螺旋套这样在更换灯泡时更安全接法如图：（3）小磁针的左下端为n极，所以该点的磁场方向为向左下，又因为磁体周围的磁感线总是由北极出发回到南极的所以该条形磁体的右端为s极，左端为n极标注如下图：（4）反向延长力的作用线f，做o到力的作用线的距离标出力臂l如下图所示：【点评】（1）在滑轮组中，绕过动滑轮的绳子股数越多会越省力，即f=g（2）知道家庭电路中开关和灯泡的连接是解决该题的关键（3）此本题考查对磁体南北极的判断的理解和掌握（4）画力臂的方法是：一找点（支点），二作线（力的作用线），点向线作垂线22如图所示是一种塔式起重机上的滑轮组已知在匀速起吊600kg的物体时，滑轮组的机械率是80%，g取10n/kg（1）使物体上升5m，所做的有用功是多少？（2）使物体上升5m，所做的总功是多少？（3）绳端的拉力f是多大？【考点】有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率 【专题】计算题；功、功率、机械效率【分析】（1）先根据g=mg计算物体的重力，根据w=gh求出有用功；（2）根据=求出总功；（3）利用w总=fs的变形公式求出拉力【解答】解：（1）物体的重力g=mg=600kg10n/kg=6000n，有用功w有=gh=6000n5m=3104j；（2）滑轮组的机械效率=得：w总=3.75104j；（3）绳端的拉力f=2500n答：（1）使物体上升5m，所做的有用功是3104j；（2）使物体上升5m，所做的总功是3.75104j；（3）绳端的拉力f是2500n【点评】此题主要考查的是对重力、有用功、功率计算公式及其变形公式的理解和掌握，难度不大23某型号的家用电饭煲有两档，其原理如图所示“1”档是保温焖饭，“2”档是高温烧煮若已知电阻r0=44，r=2156，求：（1）当开关s置于“1”档时，电路中的电流i1和r0两端的电压u0；（2）当开关s置于“2”档时，电饭煲高温烧煮的功率p【考点】电路的动态分析 【专题】电路变化分析综合题【分析】（1）由电路图可知，开关置于1时，两电阻串联，由串联电路特点及欧姆定律可以求出电路电流、电阻r0两端的电压u0；（2）由电路图可知，开关置于2挡时，只有电阻r0接入电路，由电功率公式可以求出电饭煲高温烧煮的功率【解答】解：（1）开关置于1时，两电阻串联，电路电流i1=0.1a，r0两端的电压u0=i1r0=0.1a44=4.4v；（2）开关置于2挡时，只有电阻r0接入电路，电饭煲高温烧煮的功率p=1100w；答：（1）当开关s置于“1”档时，电路中的电流i1和r0两端的电压u0为4.4v；（2）当开关s置于“2”档时，电饭煲高温烧煮的功率为1100w【点评】分析清楚电路结构、熟练应用串联电路特点、欧姆定律、电功率公式即可正确解题24在研究杠杆平衡条件的实验中：（1）如图1所示，实验前没有挂钩码静止时，杠杆右端上翘，杠杆处于平衡（填“平衡”或“不平衡”） 状态，为使杠杆处在水平平衡状态，应将杠杆右端的平衡螺母b向右（选填“左”或“右”）调（2）在如图2所示的装置中，每个钩码重1n（杠杆上每格等距，杠杆自重不计），要使杠杆在水平位置平衡，小张应在b处挂3个1n重的钩码而邻组的小强则在c处施加一个竖直方向的力，也使杠杆在水平位置平衡，则这个力的方向应竖直向上，大小为6n【考点】探究杠杆的平衡条件实验 【专题】探究题；归纳法；探究型实验综合题【分析】（1）杠杆处于静止状态或匀速转动状态都为杠杆的平衡状态；在实验中也必须使杠杆在水平位置平衡是为了便于测量力臂，实验前，应首先进行杠杆平衡调节，根据杠杆的平衡条件，杠杆左、右两端的螺母（或一端的螺母）向杠杆上翘的一端调节（2）根据钩码个数和距离支点的格数，结合杠杆平衡条件进行相关分析和计算【解答】解：（1）图1中实验前没挂钩码时，杠杆处于静止的平衡状态；发现杠杆右端上翘，调节时重心应向右移动，应将右端平衡螺母向右旋一些，使杠杆在水平位置平衡；在实验中也必须使杠杆在水平位置平衡是为了便于测量力臂；（2）假设每小格长度1cm，如图杠杆左端f2=1n4=4n，l2=1cm3=3cm，右端l1=1cm4=4cm，根据f1l1=f2l2得f1=3n所以应在b处挂3n的钩码，杠杆才平衡；如果动力作用点在c上，由于支点在一侧不是在中间，因此动力的方向与阻力的方向相反，为了方便读出力臂，力的方向与杠杆垂直，因此拉力的方向应竖直向上；此时阻力f2和阻力臂l2不变，动力臂l1=1cm2=2cm，根据f1l1=f2l2得f1=6n故答案为：（1）平衡；右；（2）3；竖直向上；6【点评】本题考查学生对调节平衡螺母的作用、杠杆实验时对动力和阻力的实验要求的了解和掌握，难点是学生对杠杆平衡状态的认识25总结本学期所做的物理探究实验会发现：（1）当要研究的物理量不易直接测量时，都要想办法把它们的大小间接表示出来如图1的实验是通过木块被推出的距离，间接的知道物体动能的大小；如图2的实验是通过温度计示数的变化，间接比较两个电阻丝产生的热量的多少（2）当要研究的物理量与多个因素有关时，都要采用控制变量法如图1中，使用同一个球就是为了质量相同，探究动能大小与速度的关系；如图2中，将两个电阻串联起来，就是为了电流相同，探究电流产生的热量与电阻的关系【考点】探究影响物体动能大小的因素；焦耳定律 【专题】实验题；控制变量法；转换法；探究型实验综合题【分析】物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法物理学中对于多因素（多变量）的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法【解答】解：（1）图1的实验中，动能的多少不能直接比较，但物体做功越多，说明能量越大，所以实验中小球动能的大小是通过观察比较木块被推出的距离长短反映出来的；图2的实验中，是通过温度计示数的变化，间接比较两个电阻丝产生的热量的多少，这些都用到了转换法（2）动能大小与物体的质量和运动速度都有关系，在研究小球动能的大小与速度的关系就要多次改变速度的大小，同时控制小球的质量不变，采用的是控制变量法如图2中，将两个电阻串联起来，可以控制电流和通电时间相同，从而探究电流产生的热量与电阻的关系同样是采用了控制变量法故答案为：（1）木块被推出的距离；温度计示数的变化；（2）质量；速度；电流；电阻【点评】控制变量法和转换法是科学探究中的重要思想方法，是初中物理中最常用的探索问题和分析解决问题的科学方法此类问题是结合初中物理实例考查对各种物理学方法的掌握情况26如图所示，a、b、c三个实验装置完全相同：（1）烧杯内液体的质量应该相同（选填“相同”或“不同”）（2）比较不同燃料的热值应选择bc两个装置，比较不同物质的比热容应选择ab两个装置（选填装置序号a、b、c）燃料完全燃烧放出的热量的多少是通过温度计示数来反映的（选填“温度计示数”或“加热时间”）（3）在a装置中，酒精的质量为10g，烧杯中水的质量为200g、初温为20点燃酒精直至烧完，此时温度计示数上升到70，则水吸收的热量为4.2104j；给水加热的效率为14%（水的比热容为4.2103j/（kg）酒精热值3107j/kg）【考点】燃料的热值；热量的计算 【专题】计算题；应用题；探究型实验综合题【分析】（1）实验要应用控制变量法，根据控制变量法的要求与实验目的分析答题；（2）燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小；（3）知道酒精的质量和酒精的热值，利用燃料完全燃烧放出的热量公式q放=mq求酒精完全燃烧放出的热量（总能量）；知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式q