山东省淄博市八校联考高二物理下学期期末试卷（含解析）.doc

山东省淄博市八校联考2014-2015学 年 高二下学期期末物理试卷一、选择题（每个4分，1-8为单选，9-12为多选，选不全2分，不选或错选0分）1伽利略为了研究自由落体的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”，对于这个研究过程，下列说法正确的是（）a斜面实验是一个理想实验b斜面实验放大了重力的作用，便于测量小球运动的路程c通过对斜面实验的观察与计算，直接得到落体运动的规律d不直接做落体实验是因为当时时间测量不够精确22013年6月11日17时38分，“神舟十号”飞船发射升空，并进入预定轨道，通过一系列的姿态调整，完成了与“天空一号”的交会对接，关于以上信息，下列说法中正确的是（）a“17时38分”表示“时刻”b“神舟十号”飞船绕地球飞行一周的过程中，位移和路程都为零c“神舟十号”飞船绕地球飞行一周的过程中，平均速度和每一时刻的瞬时速度都不为零d在“神舟十号”与“天宫一号”的交会对接过程中，可以把“神舟十号”飞船看作质点3一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度的方向相同，但加速度大小先保持不变，再逐渐减小直至为零，则此过程中（）a速度先逐渐变大，然后再逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值b速度先均匀增加，然后增加得越来越慢，当加速度减小到零时，速度达到最大值c位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大d位移先逐渐增大，后逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值4某质点做匀变速直线运动的位置x与时间t的关系为x=t2+5t+4（式中各物理量均采用国际单位制单位），该质点（）a运动的初速度为2m/sb运动的加速度为1m/s2c在第1s内的位移为6md在第1s内的平均速度为2m/s5从同一地点先后开出n辆汽车在平直的公路上排成直线行驶，各车均由静止出发先做加速度为a的匀加速直线运动，达到同一速度v后改做匀速直线运动，欲使n辆车都匀速行驶时彼此距离均为x，则各辆车依次启动的时间间隔为（不计汽车的大小）（）abcd6如图所示，水平地面上固定一倾角为30的表面粗糙的斜劈，一质量为m的小物块能沿着斜劈的表面匀速下滑，现对小物块施加一水平向右的恒力f，使它沿该斜劈表面匀速上滑，如图乙所示，则f大小应为（）amgbmgcmgdmg7如图所示，质量均为m的物体a和物体b，用跨过光滑定滑轮的轻质细绳相连，a置于倾角=30的固定斜面上，处于静止状态现用水平力f作用在物体b上，缓慢的拉开一小角度，物体a一直保持静止，此过程中a所受的摩擦力（）a逐渐增大b逐渐减小c先减少后增大d先增大后减少8如图所示，a、b为竖直墙面上等高的两点，ao、bo为长度相等的两根轻绳，co为一根轻杆，转轴c在ab中点d的正下方，aob在同一水平面内aob=120，cod=60若在o点处悬挂一个质量为m的物体，则平衡后绳ao所受的拉力和杆oc所受的压力分别为（）amg，mgbmg，mgcmg，mgdmg，mg9如图所示，小球从竖直砖墙某位置由静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5所示小球运动过程中每次曝光的位置连续两次曝光的时间间隔均为t，每块砖的厚度为d根据图中的信息，下列判断正确的是（）a位置“1”是小球释放的初始位置b小球做匀加速直线运动c小球下落的加速度为d小球在位置“3”的速度为10a、b两物体同时同地同向出发，其运动的vt图象和at图象如图甲、乙所示，已知在0t0和t02t0两段时间内，a物体在vt图象中的两段曲线形状相同，则有关a、b两物体的说法中，正确的为（）aa物体先加速后减速ba2=2a1ct0时刻，a、b两物体第一次相遇d2t0时刻，a、b两物体第一次相遇11如图所示，质量为m的正方体和质量为m的正方体放在两竖直墙和水平面间，处于静止状态，m和m的接触面与竖直方向的夹角为，重力加速度为g，若不计一切摩擦，下列说法正确的是（）a水平面对正方体m的弹力大小大于（m+m）gb水平面对正方体m的弹力大小为（m+m）gcosc墙面对正方体m的弹力大小为mgtand墙面对正方体m的弹力大小为12如图所示，倾角为的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物体a放在斜面上，轻质细线一端固定在物体a上，另一端绕过光滑的滑轮固定在c点，滑轮2下悬挂物体b，系统处于静止状态若将固定点c向右移动少许，而a与斜劈始终静止，则（）a细线对物体a的拉力增大b斜劈对地面的压力减小c斜劈对物体a的摩擦力减小d地面对斜劈的摩擦力增大二、实验（每空3分，共18分）13如图1所示为用打点计时器记录小车运动情况的装置，开始时小车在水平玻璃板上匀速运动，后来在薄布面上做匀减速运动，所打出的纸带如图2所示（附有刻度尺），纸带上相邻两点对应的时间间隔为0.02s从纸带上记录的点迹情况可知，a、e两点迹之间的距离为cm，小车在玻璃板上做匀速运动的速度大小为m/s；小车在布面上运动的加速度大小为m/s214利用如图所示的装置可以探究合力与分力的关系，在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮a和b，将绳子打一个结点o，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子oa、ob、oc拉力的大小分别为f1、f2和f3，回答下列问题：（1）改变钩码个数，实验能完成的是a钩码的个数n1=n2=2，n3=5b钩码的个数n1=n2=3，n3=4c钩码的个数n1=n2=n3=4d钩码的个数n1=4，n2=5，n3=9（2）在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是a标记结点o的位置，并记录oa、ob、oc三段绳子的方向b、量出oa、ob、oc三段绳子的长度c用量角器量出三根绳子之间的夹角d用天平测出钩码的质量（3）在作图时，某组同学以表示f1、f2的线段为邻边做平行四边形得到f合，并在图中画出表示竖直方向的虚线，你认为图中图是正确的（填“甲”或“乙”）三、计算（共计34分）15十字路口一侧停车线后已经停有20辆汽车排成一排，平均每辆汽车有效占道路的长度为5m，绿灯亮起后，假设每辆汽车都同时以加速度0.8m/s2启动，速度达到4m/s改为匀速行驶，如果十字路口马路的宽度为70m那么这一次绿灯亮多长时间才能让全部停着的车辆都穿过马路？162012年11月，“歼15”舰载机在“辽宁号”航空母舰上成功起降，标志着中国航母元年的到来假设某航母的飞行跑道长l=160m，舰载机发动机产生的最大加速度a=5m/s2，舰载机所需的起飞速度为v=50m/s舰载机在航母跑道上起飞的过程可以简化为匀加速直线运动（1）若航母静止，请通过计算判断，舰载机能否靠自身的发动机从舰上起飞？为了使舰载机安全起飞，弹射装置给舰载机的初速度至少为多大？（2）若航母沿舰载机起飞的方向以某一速度匀速航行，为了使舰载机安全起飞，航母匀速运动的速度至少为多大？17质量为m的斜面倾角为，在水平面上保持静止，当将一质量为m的木块放在斜面上时正好匀速下滑若用与斜面成角的力f拉着木块匀速上升，如图，求：（1）当为多少时，拉力f有最小值，并求出这个最小值；（2）此时水平面对斜面的摩擦力是多少？山东省淄博市八校联考2014-2015学年高二下学期期末物理试卷一、选择题（每个4分，1-8为单选，9-12为多选，选不全2分，不选或错选0分）1伽利略为了研究自由落体的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”，对于这个研究过程，下列说法正确的是（）a斜面实验是一个理想实验b斜面实验放大了重力的作用，便于测量小球运动的路程c通过对斜面实验的观察与计算，直接得到落体运动的规律 d不直接做落体实验是因为当时时间测量不够精确考点：牛顿第一定律 分析：本题考查了有伽利略“斜面实验”的知识，根据其历史背景我们知道，之所以采用“斜面实验”，注意碍于当时对时间的测量技术、手段落后解答：解：a、伽利略“斜面实验”没有进行理想化处理，不是理想实验，故a错误；b、伽利略时代，没有先进的测量手段和工具，为了“冲淡”重力作用，采用斜面实验，其实就是为了使物体下落时间长些，减小实验误差，故b错误；c、根据实验结果，伽利略将实验结论进行合理的外推，得到落体的运动规律，并非是主观臆断得出的，是在实验的基础上得出的，故c错误；d、伽利略时代，没有先进的测量手段和工具，为了“冲淡”重力作用，采用斜面实验，其实就是为了使物体下落时间长些，减小实验误差，故d正确；故选：d点评：本题关键要了解伽利略“斜面实验”的历史背景，以及实验方法，体会实验在物理中的重要作用22013年6月11日17时38分，“神舟十号”飞船发射升空，并进入预定轨道，通过一系列的姿态调整，完成了与“天空一号”的交会对接，关于以上信息，下列说法中正确的是（）a“17时38分”表示“时刻”b“神舟十号”飞船绕地球飞行一周的过程中，位移和路程都为零c“神舟十号”飞船绕地球飞行一周的过程中，平均速度和每一时刻的瞬时速度都不为零d在“神舟十号”与“天宫一号”的交会对接过程中，可以把“神舟十号”飞船看作质点考点：万有引力定律及其应用 专题：万有引力定律的应用专题分析：时间是指时间间隔，而时刻是指时间点；位移是指初末两点间的直线距离的长度；而路程是指物体经过轨迹的长度；平均速度等于位移与时间的比值解答：解：a、“17时38分”是“神舟十号”发射的瞬间，指时刻，故a正确；b、“神舟十号”飞船绕地球飞行一周，路程不为零，故b错误；c、据平均速度的定义可知，绕地球飞行一周的过程中，由于位移为零，则平均速度为零，故c错误；d、在交会对接的过程中，对“神舟十号”姿态调整，涉及到转动，所以不能将“神舟十号”看成质点；故d错误；故选：a点评：本题考查位移与路程、时间与时刻及平均速度的定义，对于相近物理量要注意特别掌握，明确其相互间有区别和联系3一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度的方向相同，但加速度大小先保持不变，再逐渐减小直至为零，则此过程中（）a速度先逐渐变大，然后再逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值b速度先均匀增加，然后增加得越来越慢，当加速度减小到零时，速度达到最大值c位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大d位移先逐渐增大，后逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：知道加速度是描述速度变化快慢的物理量；判断物体速度增加还是减小是看物体的速度方向与加速度方向关系判读位移大小的变化是看初位置与某位置的距离解答：解：a、一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中，由于加速度的方向始终与速度方向相同，所以速度逐渐增大，当加速度减小到零时，物体将做匀速直线运动，速度不变，而此时速度达到最大值故a错误，b正确c、由于质点做方向不变的直线运动，所以位移逐渐增大，当加速度减小到零时，速度不为零，所以位移继续增大故cd错误故选：b点评：要清楚物理量的物理意义，要掌握某一个量的变化是通过哪些因素来确定的4某质点做匀变速直线运动的位置x与时间t的关系为x=t2+5t+4（式中各物理量均采用国际单位制单位），该质点（）a运动的初速度为2m/sb运动的加速度为1m/s2c在第1s内的位移为6md在第1s内的平均速度为2m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式得出质点的初速度和加速度，结合位移时间公式求出前2s内的位移，从而得出前2s内的平均速度根据加速度求出任意1s内速度的增量解答：解：ab、根据x=v0t得质点的初速度v0=5m/s，加速度a=2m/s2，故ab错误c、根据x=v0t知第1s内的位移x1=12+51=6m，故c正确；d、则第1s内的平均速度为：=6m/s，故d错误故选：c点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式和速度时间公式，并能灵活运用，注意位移与位置的区别，基础题5从同一地点先后开出n辆汽车在平直的公路上排成直线行驶，各车均由静止出发先做加速度为a的匀加速直线运动，达到同一速度v后改做匀速直线运动，欲使n辆车都匀速行驶时彼此距离均为x，则各辆车依次启动的时间间隔为（不计汽车的大小）（）abcd考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：设某辆车从静止开始做匀加速直线运动经过时间t速度恰好达到v，其前面一辆车运动时间为t+t，根据两车的位移差为s即可求解解答：解：设某辆车从静止开始做匀加速直线运动经过时间t速度恰好达到v，其前面一辆车运动时间为t+t，则x1=at2，x1+x=at2+vt联立上述方程得各辆车依次启动的时间间隔：t=，故d正确故选：d点评：该题主要考查了匀加速直线运动位移时间公式，难度不大，属于基础题6如图所示，水平地面上固定一倾角为30的表面粗糙的斜劈，一质量为m的小物块能沿着斜劈的表面匀速下滑，现对小物块施加一水平向右的恒力f，使它沿该斜劈表面匀速上滑，如图乙所示，则f大小应为（）amgbmgcmgdmg考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对小物块能沿着斜劈的表面匀速下滑，时由受力平衡条件列方程求摩擦因数，使它沿该斜劈表面匀速上滑，重新受力分析，根据平衡条件列方程求出力f大小解答：解：小物块能沿着斜劈的表面匀速下滑，则mgsin30=mgcos30可知小物块与斜劈表面间的动摩擦因数=tan30，由小物块能沿着斜劈表面匀速上滑，受力分析如图：根据平衡条件：fcos30fmgsin30=0n=mgcos30+fsin30又f=n，联立可得f=mg，所以b、c、d选项错误，a选项正确故选：a点评：本题是简单的力平衡问题，关键是分析物体的受力情况，作出受力的示意图，要培养良好的作图习惯，注意用数学知识来确定极值问题7如图所示，质量均为m的物体a和物体b，用跨过光滑定滑轮的轻质细绳相连，a置于倾角=30的固定斜面上，处于静止状态现用水平力f作用在物体b上，缓慢的拉开一小角度，物体a一直保持静止，此过程中a所受的摩擦力（）a逐渐增大b逐渐减小c先减少后增大d先增大后减少考点：摩擦力的判断与计算 专题：摩擦力专题分析：原来装置处于静止状态，受力平衡，b所受的重力与细绳的拉力相等，以a为研究对象，分析受力是否变化当用水平向右的力f缓慢拉物体a时，a受力动态平衡，以整体为研究对象，分析受力情况，判断摩擦力变化情况解答：解：对a研究可知，原来细线的拉力大小等于b的重力，即t=mgmgsin，a原来所受的摩擦力沿斜面向下，当用水平向右的力f缓慢拉物体a，细线的竖直分力大小等于a的重力，所以细线所受拉力的大小一定增大，a所受的摩擦力增大，故选：a点评：本题涉及到三个物体的平衡问题，研究对象的选择是重点，可采用隔离法与整体法相结合的方法进行研究，简单方便8如图所示，a、b为竖直墙面上等高的两点，ao、bo为长度相等的两根轻绳，co为一根轻杆，转轴c在ab中点d的正下方，aob在同一水平面内aob=120，cod=60若在o点处悬挂一个质量为m的物体，则平衡后绳ao所受的拉力和杆oc所受的压力分别为（）amg，mgbmg，mgcmg，mgdmg，mg考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：本题是力平衡问题先以o点为研究对象，分析受力情况，作出力图，由平衡条件求出ao和bo的合力f的大小和方向，再将f进行分解，求出绳ao所受拉力的大小和杆对o点的支持力，即可得解解答：解：设绳ao和绳bo拉力的合力为f，以o点为研究对象，o点受到重力mg、杆的支持力f2和绳ao与绳bo拉力的合力f，作出力的示意图，如图所示，根据平衡条件得：f=mgtan30=mgf2=mg将f分解，如右图，设ao所受拉力的大小f1，因为aob=120，根据几何知识得：f1=f=mg所以绳ao所受到的拉力f1为mg，而杆oc所受到的压力大小等于f2为mg故选：b点评：本题o点受到的力不在同一平面，关键是将受力情况分成竖直和水平两个平面研究9如图所示，小球从竖直砖墙某位置由静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5所示小球运动过程中每次曝光的位置连续两次曝光的时间间隔均为t，每块砖的厚度为d根据图中的信息，下列判断正确的是（）a位置“1”是小球释放的初始位置b小球做匀加速直线运动c小球下落的加速度为d小球在位置“3”的速度为考点：自由落体运动 专题：自由落体运动专题分析：根据初速度为零的匀变速直线运动的特点分析小球释放的初始位置根据x=at2，判断小球运动的性质，并求出加速度根据一段时间内中点时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度解答：解：a、若小球做初速度为零的匀变速直线运动，在连续相等时间内，位移之比为：1：3：5，而题中，1、2、3、4、5间的位移之比为2：3：4所以位置“1”不是小球释放的初始位置故a错误b、由于相邻两点间位移之差等于d，符合匀变速直线运动的特点：x=at2，所以小球做匀加速直线运动故b正确c、由x=at2，得：加速度a=故c正确d、小球在位置“3”的速度等于2、4间的平均速度，则有v=，故d正确故选bcd点评：本题相当于打点计时器问题，根据匀变速直线运动的两大推论求出加速度和速度，并判断小球运动性质10a、b两物体同时同地同向出发，其运动的vt图象和at图象如图甲、乙所示，已知在0t0和t02t0两段时间内，a物体在vt图象中的两段曲线形状相同，则有关a、b两物体的说法中，正确的为（）aa物体先加速后减速ba2=2a1ct0时刻，a、b两物体第一次相遇d2t0时刻，a、b两物体第一次相遇考点：匀变速直线运动的图像 专题：运动学中的图像专题分析：通过速度时间图线围成的面积表示位移，加速度时间图线围成的面积表示速度的变化量进行分析解答：解：a、从速度时间图线知，a物体的速度一直增加，所以a物体一直加速故a错误b、因为at图线围成的面积表示速度的变化量，在在0t0时间内，从甲图可知，速度变化量相同，从乙图可知，at图线围成的面积相等，所以a2=2a1故b正确c、从vt图线可知，t0时刻图线围成的面积不等，位移不等，两物体未相遇故c错误d、2t0时刻，a、b两物体速度时间图线围成的面积相等，则位移相等，两物体第一次相遇故d正确故选bd点评：解决本题的关键知道速度时间图线和加速度时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示的意义11如图所示，质量为m的正方体和质量为m的正方体放在两竖直墙和水平面间，处于静止状态，m和m的接触面与竖直方向的夹角为，重力加速度为g，若不计一切摩擦，下列说法正确的是（）a水平面对正方体m的弹力大小大于（m+m）gb水平面对正方体m的弹力大小为（m+m）gcosc墙面对正方体m的弹力大小为mgtand墙面对正方体m的弹力大小为考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：本题为共点力作用下物体平衡类题目，先整体进行受力分析，再对m和m分别进行受力分析即可解决此类题目解答：解：ab、对m和m构成的整体进行受力分析，受重力、底面支持力，两侧面的支持力，两物体受力平衡，根据共点力平衡条件，水平面对正方体m的弹力大小为：g=（m+m）g，故a错误，b错误cd、对m进行受力分析，受重力、墙面支持力，m的支持力，在木块受力平衡的过程中，根据共点力平衡条件，有：竖直方向：mg=nsin水平方向：n=ncos解得n=mgcot，墙面对正方体m的弹力大小等于mgcot故c正确，d错误故选：c点评：本题是力平衡问题，关键是结合整体法和隔离法灵活选择研究对象，根据平衡条件列式分析，不难12如图所示，倾角为的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物体a放在斜面上，轻质细线一端固定在物体a上，另一端绕过光滑的滑轮固定在c点，滑轮2下悬挂物体b，系统处于静止状态若将固定点c向右移动少许，而a与斜劈始终静止，则（）a细线对物体a的拉力增大b斜劈对地面的压力减小c斜劈对物体a的摩擦力减小d地面对斜劈的摩擦力增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对滑轮和物体b受力分析，根据平衡条件求解细线的拉力变化情况；对物体a受力分析，判断物体a与斜面体间的静摩擦力的情况；对斜面体、物体a、物体b整体受力分析，根据平衡条件求解整体与地面间的静摩擦力和弹力的情况解答：解：a、对滑轮和物体b受力分析，受重力和两个拉力，如图所示：根据平衡条件，有：mbg=2tcos解得：t=将固定点c向右移动少许，则增加，故拉力t增加，故a正确；b、d、对斜面体、物体a、物体b整体受力分析，受重力、支持力、细线的拉力和地面的静摩擦力，如图所示：根据平衡条件，有：n=g总tcos=g总，n与角度无关，恒定不变；根据牛顿第三定律，压力也不变；故b错误；f=tsin=tan，将固定点c向右移动少许，则增加，故摩擦力增加；故d正确；c、对物体a受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，由于不知道拉力与重力的下滑分力的大小关系，故无法判断静摩擦力的方向，故不能判断静摩擦力的变化情况，故c错误；故选：ad点评：整体法和隔离法的使用技巧当分析相互作用的两个或两个以上物体整体的受力情况及分析外力对系统的作用时，宜用整体法；而在分析系统内各物体（或一个物体各部分）间的相互作用时常用隔离法整体法和隔离法不是独立的，对一些较复杂问题，通常需要多次选取研究对象，交替使用整体法和隔离法二、实验（每空3分，共18分）13如图1所示为用打点计时器记录小车运动情况的装置，开始时小车在水平玻璃板上匀速运动，后来在薄布面上做匀减速运动，所打出的纸带如图2所示（附有刻度尺），纸带上相邻两点对应的时间间隔为0.02s从纸带上记录的点迹情况可知，a、e两点迹之间的距离为7.30cm，小车在玻璃板上做匀速运动的速度大小为0.925m/s；小车在布面上运动的加速度大小为5m/s2考点：打点计时器系列实验中纸带的处理 专题：实验题；直线运动规律专题分析：从刻度尺上直接读出ae之间的距离，匀速运动的速度等于位移除以时间，根据匀变速直线运动的推论求解加速度解答：解：从刻度尺上直接读出ae之间的距离为：xae=13.306.00cm=7.30cm由图可知匀速运动时，0.02s内的位移为：x=13.3011.45=1.85cm所以小车在玻璃板上做匀速运动的速度大小为：v=小车做匀减速运动相等时间内的位移之差为：x=1.61.4cm=0.2cma=故答案为：7.30，0.925，5点评：本题主要考查了匀速运动的速度公式，匀变速运动的基本推论（相等时间内的位移之差是个定值），难度不大，属于基础题14利用如图所示的装置可以探究合力与分力的关系，在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮a和b，将绳子打一个结点o，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子oa、ob、oc拉力的大小分别为f1、f2和f3，回答下列问题：（1）改变钩码个数，实验能完成的是bca钩码的个数n1=n2=2，n3=5b钩码的个数n1=n2=3，n3=4c钩码的个数n1=n2=n3=4d钩码的个数n1=4，n2=5，n3=9（2）在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是aa标记结点o的位置，并记录oa、ob、oc三段绳子的方向b、量出oa、ob、oc三段绳子的长度c用量角器量出三根绳子之间的夹角d用天平测出钩码的质量（3）在作图时，某组同学以表示f1、f2的线段为邻边做平行四边形得到f合，并在图中画出表示竖直方向的虚线，你认为图中图甲是正确的（填“甲”或“乙”）考点：验证力的平行四边形定则 专题：实验题；平行四边形法则图解法专题分析：（1）两头挂有钩码的细绳跨过两光滑的固定滑轮，另挂有钩码的细绳系于o点（如图所示），由于钩码均相同，则钩码个数就代表力的大小，所以o点受三个力处于平衡状态，由平行四边形定则可知：三角形的三个边为三个力的大小；（2）为验证平行四边形，必须作图，所以要强调三力平衡的交点、力的大小（钩码的个数）与力的方向；（3）理解通过力的平行四边形定则得出的理论值与实验的实际值是存在差距的解答：解：（1）对o点受力分析oa ob oc分别表示三个力的大小，由于三共点力处于平衡，所以0c等于od因此三个力的大小构成一个三角形a、以钩码的个数表示力的大小，由于两边之和小于第三边，则不能构成三角形，故a错误；b、以钩码的个数表示力的大小，则三力为边构成等腰三角形，故b正确；c、以钩码的个数表示力的大小，则三力为边构成等边三角形，故c正确d、以钩码的个数表示力的大小，oa、ob、oc必须共线，不满足题意，故d错误故选：bc（2）为验证平行四边形定则，必须通过作受力图所以先明确受力点，其次要作出力的方向并读出力的大小，最后作出力的图示因此要做好记录，是从力的三要素角度出发，需要记录o点位置，oa、ob、oc三段绳子拉力的大小与方向，故a正确，bcd错误故选：a（3）本实验是要验证力的平行四边形定则，故应将由平行四边形定则得出的合力，与真实的合力进行比较而去判断平行四边形定则得出的结果是否正确，在实验中，实际合力一定与ao在同一直线上，由于误差的存在，根据平行四边形定则得出合力理论值与实验值不会完全重合的，故甲图正确故答案为：（1）bc；（2）a；（3）甲点评：掌握三力平衡的条件，理解平行四边形定则，同时验证平行四边形定则是从力的图示角度去作图分析，同时理解理论值和实际值的区别三、计算（共计34分）15十字路口一侧停车线后已经停有20辆汽车排成一排，平均每辆汽车有效占道路的长度为5m，绿灯亮起后，假设每辆汽车都同时以加速度0.8m/s2启动，速度达到4m/s改为匀速行驶，如果十字路口马路的宽度为70m那么这一次绿灯亮多长时间才能让全部停着的车辆都穿过马路？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：车辆全部通过马路，且其速度都一样，因此可以将全部车辆看成一个整体，那么就意味着需要最后一辆车的尾部通过马路求出整体需要前进的位移，将加速和匀速的位移表示出来，根据位移之间的关系列式求解即可解答：解：将全部车辆看成一个整体，则全部汽车穿过马路需要前进的总位移为：x=205+70=170m加速阶段：由v=v0+at得：4=0+0.8t1，解得：t1=5s，前进的位移为：x1=0.50.825=10m设匀速阶段时间为t2，则匀速阶段的位移为：x2=vt2=4t2由位移之间的关系得：x=x1+x2，即：170=10+4t2解得：t2=40s所以需要的总时间为：t=t1+t2=45s答：这一次绿灯亮45s才能让全部停着的车辆都穿过马路点评：本题主要考察了运动学公式的应用，选择研究对象找总位移是关键，这类题最好是画草图分析具体的运动过程162012年11月，“歼15”舰载机在“辽宁号”航空母舰上成功起降，标志着中国航母元年的到来假设某航母的飞行跑道长l=160m，舰载机发动机产生的最大加速度a=5m/s2，舰载机所需的起飞速度为v=50m/s舰载机在航母跑道上起飞的过程可以简化为匀加速直线运动（1）若航母静止，请通过计算判断，舰载机能否靠自身的发动机从舰上起飞？为了使舰载机安全起飞，弹射装置给舰载机的初速度至少为多大？（2）若航母沿舰载机起飞的方向以某一速度匀速航行，为了使舰载机安全起飞，航母