辽宁省辽阳县集美学校高二物理10月月考试题.doc

辽宁省辽阳县集美学校2018-2019学年高二物理10月月考试题1、 选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中. 16题只有一项符合题目要求； 712题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）1如图所示的电路中，电源电动势为12 v，内阻r=1，灯泡l上标有“6 v、12 w”字样，电动机线圈的电阻rm0.50 。闭合电键后，灯泡恰好正常发光，电动机也恰好正常工作，以下判断正确的是（ ）a 电动机的输入功率为12 wb 电动机的输出功率为6 wc 电动机的机械效率为85%d 电源的输出功率为24 w2如图所示，电解槽内有一价的电解溶液，t s内通过溶液内横截面s的正离子数是n1，负离子数是n2，设元电荷的电量为e，以下解释正确的是（ ）a 正离子定向移动形成电流，方向从a到b，负离子定向移动形成电流方向从b到ab 溶液内正负离子沿相反方向运动，电流相互抵消c 溶液内电流方向从a到b，电流i=d 溶液内电流方向从a到b，电流i=3导线中带电粒子的定向运动形成了电流带电粒子定向运动时所受洛伦兹力的矢量和，在宏观上表现为导线所受的安培力如图所示，设导线ab中每个带正电粒子定向运动的速度都是，单位体积的粒子数为n，粒子的电荷量为q，导线的横截面积为s，磁感应强度大小为b、方向垂直纸面向里，则下列说法正确的是 () a 题中导线受到的安培力的方向可用安培定则判断b 由题目已知条件可以算得通过导线的电流为c 每个粒子所受的洛伦兹力为，通电导线所受的安培力为d 改变适当的条件，有可能使图中带电粒子受到的洛伦兹力方向反向而导线受到的安培力方向保持不变4如图所示，条形磁铁静止放在桌面上，当在其左上方放一电流方向垂直纸面向里的通电直导线后，则磁铁受到的摩擦力和弹力（ ）a 摩擦力为零b 摩擦力方向向左c 弹力保持不变d 摩擦力方向向右5如图所示，匀强电场的电场强度方向与水平方向夹角为30且斜向右上方，匀强磁场的方向垂直于纸面(图中未画出)一质量为m、电荷量为q的带电小球(可视为质点)以与水平方向成30角斜向左上方的速度v做匀速直线运动，重力加速度为g.则()a 匀强磁场的方向可能垂直于纸面向外b 小球一定带正电荷c 电场强度大小为d 磁感应强度的大小为6如图所示，直线mn上方有垂直纸面向里的匀强磁场，电子1从磁场边界上的a点垂直mn和磁场方向射入磁场，经时间从b点离开磁场之后电子2也由a点沿图示方向以相同速率垂直磁场方向射入磁场，经时间从a、b连线的中点c离开磁场，则为（ ）a 23 b 31 c 32 d 217如图所示，电源的电动势为e，内阻为r，r1为定值电阻，r2为滑动变阻器，c为电容器，l为小灯泡，电表均为理想电表，闭合开关s后，若滑动变阻器的触头p向下滑动时，则( )a 小灯泡的功率减小b 电压表的示数增大c 电容器上的电荷量增加d 两表示数变化量的比值|不变8如图1是回旋加速器d型盒外观图，如图2是回旋加速器工作原理图。微观粒子从s处从静止开始被加速，达到其可能的最大速度vm后将到达导向板处，由导出装置送往需要使用高速粒子的地方。下列说法正确的是（ ）a d型盒半径是决定vm的一个重要因素b 粒子从回旋加速器的磁场中获得能量c 高频电源的电压是决定vm的重要因素d 高频电源的周期等于粒子在磁场中运动周期9一个带电粒子（不计重力）从容器a下方的小孔s1飘入电势差为u的加速电场，其初速度几乎为0，然后经过s3沿着与磁场垂直的方向进入匀强磁场，最后打到照片底片d上。虚线为某粒子的运动轨迹，由图可知（ ）a 此粒子带负电b 下极板比上极板电势高c 若只增大加速电压u，则半径r变大d 若只增大入射粒子的质量，则半径r变大10如图所示，两根光滑金属导轨平行放置，导轨所在平面与水平面间的夹角为质量为m、长为l的金属杆ab垂直导轨放置，整个装置处于垂直ab方向的匀强磁场中当金属杆ab中通有从a到b的恒定电流i时，金属杆ab保持静止则磁感应强度的方向和大小可能为（ ）a 平行导轨向上， b 竖直向上，c 水平向右， d 水平向左，11如图所示，空间中存在一水平方向匀强电场和一水平方向匀强磁场，且电场方向和磁场方向相互垂直在电磁场正交的空间中有一足够长的固定粗糙绝缘杆，与电场正方向成夹角且处于竖直平面内一质量为m，带电量为的小球套在绝缘杆上初始，给小球一沿杆向下的初速度，小球恰好做匀速运动，电量保持不变已知，磁感应强度大小为b，电场强度大小为，则以下说法正确的是() a 小球的初速度为b 若小球的初速度为，小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止c 若小球的初速度为，小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止d 若小球的初速度为，则运动中克服摩擦力做功为12如图所示，在i、ii两个区域内存在磁感应强度大小均为b的匀强磁场，磁场方向分别垂直于纸面向外和向里，ad、ac边界的夹角dac=30，边界ac与边界mn平行，区域宽度为d，长度无限大，i区磁场右边界距a点无限远。质量为m、带电量为q的正粒子可在边界ad上的不同点射入。入射速度垂直于ad且垂直于磁场，若入射速度大小为，不计粒子重力，则（ ）a 粒子距a点0.5d处射入，不会进入区b 粒子在磁场区域内运动的最长时间为c 粒子在磁场区域内运动的最短时间为d 从mn边界出射粒子的区域长为二、实验题：（本题2小题，共18分。）13（1）在实验室，某同学用多用电表粗测一段样品的电阻。经正确操作后，用“100”档时发现指针偏转情况如图所示，则他应该换用_档(填“10”档或“1k”)重新测量。换档后，在测量前应_（2）某同学利用电压表和电阻箱测定一种特殊电池的电动势（电动势e大约在9 v左右，内阻r约为50)已知该电池允许输出的最大电流为150 ma该同学利用如图甲所示的电路进行实验，图中电压表的内阻约为2 k，r为电阻箱，阻值范围09999，r0是定值电阻，阻值为20，起保护电路的作用在图甲的实物图中，已正确地连接了部分电路，请完成余下电路的连接_。该同学完成电路的连接后，闭合开关s，调节电阻箱的阻值，读取电压表的示数，其中电压表的某一次偏转如图乙所示，其读数为_v .改变电阻箱的阻值，取得多组数据，作出如图丙所示的图线，则根据该同学所作出的图线可求得该电池的电动势e =_v，内阻r =_ .（结果保留两位有效数字）用该电路测电动势与内阻，测量值和真实值的关系_，_（填“大于”、“小于”、“等于”）.14某同学采用图甲的电路,测量电流表g1的内阻r1.其中电流表g1量程为05 ma内阻约200 ; 电流表g2量程为010 ma,内阻约40 ;定值电阻r0阻值为200 ; 电源电动势约为3 v.请回答下列问题:(1)可供选择的滑动变阻器r1阻值范围为01 000 ,r2阻值范围为020 .则滑动变阻器应选,_(填“r1”或“r2”).(2)图甲中,若要求g1表示数变大,变阻器滑动头p应向_(填“a”或“b”)端移动.(3)请用笔画线在乙图完成实物连线_.(4)若实验中读得g1表和g2表的读数为i1和i2,则g1表的内阻r1= _(用i1、i2及r0表示).三、计算题（本题共3小题，共34分。要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位。）15如图所示电路，电源电动势e3 v，内阻r1 ，两个定值电阻阻值r1r22 ，电容器的电容c20 f。开关全部闭合时，一粒带电油滴恰能在极板间静止。取重力加速度g10 m/s2，求：(1)极板的带电荷量大小；(2)电源的效率；(3)断开开关s2(认为电容器充放电过程极快完成)，油滴加速度的大小和方向。16质谱仪是测量带电粒子的质量和分析同位素的重要工具如图所示为一种质谱仪的示意图已知离子的质量为m，带电量为q, 重力不计.速度选择器其中电场强度为e，匀强磁场磁感应强度为b1 (1) 为了使离子从静止开始经加速电场后沿直线穿过速度选择器，加速电压u应多大？(2) 离子进入匀强磁场区域b2后，要使离子打在乳胶底片上的位置距离射入点o的距离为l，b2应为多大？(3) 离子在匀强磁场区域b2中运动的时间多长？17如图甲所示装置由加速电场、偏转电场和偏转磁场组成，偏转电场处在相距为d的两块水平放置的平行导体板之间，匀强磁场水平宽度为l，竖直宽度足够大大量电子(重力不计)由静止开始，经加速电场加速后，连续不断地沿平行板的方向从两板正中间射入偏转电场已知电子的质量为m、电荷量为e，加速电场的电压为u1.当偏转电场不加电压时，这些电子通过两板之间的时间为t；当偏转电场加上如图乙所示的周期为t、大小恒为u0的电压时，所有电子均能通过电场，穿过磁场后打在竖直放置的荧光屏上(1)求水平导体板的板长l0；(2)求电子离开偏转电场时的最大侧向位移ym；(3)要使电子打在荧光屏上的速度方向斜向右下方，求磁感应强度b的取值范围高二物理月考未命名 一、单选题未命名1如图所示的电路中，电源电动势为12 v，内阻r=1，灯泡l上标有“6 v、12 w”字样，电动机线圈的电阻rm0.50 。闭合电键后，灯泡恰好正常发光，电动机也恰好正常工作，以下判断正确的是（ ） a 电动机的输入功率为12 wb 电动机的输出功率为6 wc 电动机的机械效率为85%d 电源的输出功率为24 w2如图所示，电解槽内有一价的电解溶液，t s内通过溶液内横截面s的正离子数是n1，负离子数是n2，设元电荷的电量为e，以下解释正确的是（ ） a 正离子定向移动形成电流，方向从a到b，负离子定向移动形成电流方向从b到ab 溶液内正负离子沿相反方向运动，电流相互抵消c 溶液内电流方向从a到b，电流i=d 溶液内电流方向从a到b，电流i=3导线中带电粒子的定向运动形成了电流带电粒子定向运动时所受洛伦兹力的矢量和，在宏观上表现为导线所受的安培力如图所示，设导线ab中每个带正电粒子定向运动的速度都是，单位体积的粒子数为n，粒子的电荷量为q，导线的横截面积为s，磁感应强度大小为b、方向垂直纸面向里，则下列说法正确的是 ( ) a 题中导线受到的安培力的方向可用安培定则判断b 由题目已知条件可以算得通过导线的电流为c 每个粒子所受的洛伦兹力为，通电导线所受的安培力为d 改变适当的条件，有可能使图中带电粒子受到的洛伦兹力方向反向而导线受到的安培力方向保持不变4如图所示，条形磁铁静止放在桌面上，当在其左上方放一电流方向垂直纸面向里的通电直导线后，则磁铁受到的摩擦力和弹力 a 摩擦力为零b 摩擦力方向向左c 弹力保持不变d 摩擦力方向向右5如图所示，匀强电场的电场强度方向与水平方向夹角为30且斜向右上方，匀强磁场的方向垂直于纸面(图中未画出)一质量为m、电荷量为q的带电小球(可视为质点)以与水平方向成30角斜向左上方的速度v做匀速直线运动，重力加速度为g.则( ) a 匀强磁场的方向可能垂直于纸面向外b 小球一定带正电荷c 电场强度大小为d 磁感应强度的大小为6如图所示，直线mn上方有垂直纸面向里的匀强磁场，电子1从磁场边界上的a点垂直mn和磁场方向射入磁场，经时间从b点离开磁场之后电子2也由a点沿图示方向以相同速率垂直磁场方向射入磁场，经时间从a、b连线的中点c离开磁场，则为 a 23 b 31 c 32 d 21 二、多选题7如图所示，电源的电动势为e，内阻为r，r1为定值电阻，r2为滑动变阻器，c为电容器，l为小灯泡，电表均为理想电表，闭合开关s后，若滑动变阻器的触头p向下滑动时，则( ) a 小灯泡的功率减小b 电压表的示数增大c 电容器上的电荷量增加d 两表示数变化量的比值|不变8如图1是回旋加速器d型盒外观图，如图2是回旋加速器工作原理图。微观粒子从s处从静止开始被加速，达到其可能的最大速度vm后将到达导向板处，由导出装置送往需要使用高速粒子的地方。下列说法正确的是（ ） a d型盒半径是决定vm的一个重要因素b 粒子从回旋加速器的磁场中获得能量c 高频电源的电压是决定vm的重要因素d 高频电源的周期等于粒子在磁场中运动周期9一个带电粒子（不计重力）从容器a下方的小孔s1飘入电势差为u的加速电场，其初速度几乎为0，然后经过s3沿着与磁场垂直的方向进入匀强磁场，最后打到照片底片d上。虚线为某粒子的运动轨迹，由图可知 a 此粒子带负电b 下极板比上极板电势高c 若只增大加速电压u，则半径r变大d 若只增大入射粒子的质量，则半径r变大10如图所示，两根光滑金属导轨平行放置，导轨所在平面与水平面间的夹角为质量为m、长为l的金属杆ab垂直导轨放置，整个装置处于垂直ab方向的匀强磁场中当金属杆ab中通有从a到b的恒定电流i时，金属杆ab保持静止则磁感应强度的方向和大小可能为 a 平行导轨向上， b 竖直向上，c 水平向右， d 水平向左，11如图所示，空间中存在一水平方向匀强电场和一水平方向匀强磁场，且电场方向和磁场方向相互垂直在电磁场正交的空间中有一足够长的固定粗糙绝缘杆，与电场正方向成夹角且处于竖直平面内一质量为m，带电量为的小球套在绝缘杆上初始，给小球一沿杆向下的初速度，小球恰好做匀速运动，电量保持不变已知，磁感应强度大小为b，电场强度大小为，则以下说法正确的是( ) a 小球的初速度为b 若小球的初速度为，小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止c 若小球的初速度为，小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止d 若小球的初速度为，则运动中克服摩擦力做功为12如图所示，在i、ii两个区域内存在磁感应强度大小均为b的匀强磁场，磁场方向分别垂直于纸面向外和向里，ad、ac边界的夹角dac=30，边界ac与边界mn平行，区域宽度为d，长度无限大，i区磁场右边界距a点无限远。质量为m、带电量为q的正粒子可在边界ad上的不同点射入。入射速度垂直于ad且垂直于磁场，若入射速度大小为，不计粒子重力，则 a 粒子距a点0.5d处射入，不会进入区b 粒子在磁场区域内运动的最长时间为c 粒子在磁场区域内运动的最短时间为d 从mn边界出射粒子的区域长为 三、实验题13（1）在实验室，某同学用多用电表粗测一段样品的电阻。经正确操作后，用“100”档时发现指针偏转情况如图所示，则他应该换用_档(填“10”档或“1k”)重新测量。换档后，在测量前应_ （2）某同学利用电压表和电阻箱测定一种特殊电池的电动势（电动势e大约在9 v左右，内阻r约为50)已知该电池允许输出的最大电流为150 ma该同学利用如图甲所示的电路进行实验，图中电压表的内阻约为2 k，r为电阻箱，阻值范围09999，r0是定值电阻，阻值为20，起保护电路的作用 在图甲的实物图中，已正确地连接了部分电路，请完成余下电路的连接_。该同学完成电路的连接后，闭合开关s，调节电阻箱的阻值，读取电压表的示数，其中电压表的某一次偏转如图乙所示，其读数为_v .改变电阻箱的阻值，取得多组数据，作出如图丙所示的图线，则根据该同学所作出的图线可求得该电池的电动势e =_v，内阻r =_ .（结果保留两位有效数字）用该电路测电动势与内阻，测量值和真实值的关系_，_（填“大于”、“小于”、“等于”）.14某同学采用图甲的电路,测量电流表g1的内阻r1.其中电流表g1量程为05 ma内阻约200 ; 电流表g2量程为010 ma,内阻约40 ;定值电阻r0阻值为200 ; 电源电动势约为3 v. 请回答下列问题:(1)可供选择的滑动变阻器r1阻值范围为01 000 ,r2阻值范围为020 .则滑动变阻器应选,_(填“r1”或“r2”). (2)图甲中,若要求g1表示数变大,变阻器滑动头p应向_(填“a”或“b”)端移动. (3)请用笔画线在乙图完成实物连线_.(4)若实验中读得g1表和g2表的读数为i1和i2,则g1表的内阻r1=_(用i1、i2及r0表示). 四、解答题15如图所示电路，电源电动势e3 v，内阻r1 ，两个定值电阻阻值r1r22 ，电容器的电容c20 f。开关全部闭合时，一粒带电油滴恰能在极板间静止。取重力加速度g10 m/s2，求：(1)极板的带电荷量大小；(2)电源的效率；(3)断开开关s2(认为电容器充放电过程极快完成)，油滴加速度的大小和方向。 16质谱仪是测量带电粒子的质量和分析同位素的重要工具如图所示为一种质谱仪的示意图已知离子的质量为m，带电量为q, 重力不计.速度选择器其中电场强度为e，匀强磁场磁感应强度为b1 (1) 为了使离子从静止开始经加速电场后沿直线穿过速度选择器，加速电压u应多大？(2) 离子进入匀强磁场区域b2后，要使离子打在乳胶底片上的位置距离射入点o的距离为l，b2应为多大？(3) 离子在匀强磁场区域b2中运动的时间多长？17如图甲所示装置由加速电场、偏转电场和偏转磁场组成，偏转电场处在相距为d的两块水平放置的平行导体板之间，匀强磁场水平宽度为l，竖直宽度足够大大量电子(重力不计)由静止开始，经加速电场加速后，连续不断地沿平行板的方向从两板正中间射入偏转电场已知电子的质量为m、电荷量为e，加速电场的电压为u1.当偏转电场不加电压时，这些电子通过两板之间的时间为t；当偏转电场加上如图乙所示的周期为t、大小恒为u0的电压时，所有电子均能通过电场，穿过磁场后打在竖直放置的荧光屏上(1)求水平导体板的板长l0；(2)求电子离开偏转电场时的最大侧向位移ym；(3)要使电子打在荧光屏上的速度方向斜向右下方，求磁感应强度b的取值范围 参考答案1b【解析】【详解】灯泡正常发光，则电路中的电流；电动机两端的电压：u1=e-ir-u灯=4v；电动机的输入功率：p1=iu1=8w，输出功率：，选项a错误，b正确；电动机的机械效率为，选项c错误；电源的输出功率为，选项d错误；故选b.2d【解析】【详解】a、b、电流的方向与正离子定向移动方向相同，与负离子定向移动方向相反。所以正离子定向移动形成电流，方向从a到b，负离子定向移动形成电流方向也从a到b，不会相互抵消。故a、b错误.c、d、溶液内电流方向从a到bt时间内通过通过溶液截面s的电荷量q=n1e+n2e=（n1+n2）e，则根据电流的定义式，故c错误，d正确故选d.【点睛】本题运用电流的定义式求解电流强度，对于电解质溶液，公式中q是通过溶液截面s的电荷量等于正离子与负离子电荷量绝对值之和3b【解析】【详解】安培力的方向是由左手定则来确定的，安培定则是判断磁场方向的，故a错误；由已知及电流的微观式可得导线中的电流为：，故b正确；每个粒子所受洛仑兹力为，通电导线所受的安培力要求得还要知道通电导线的长度，故没有：，故c错误；由安培力与洛仑兹力的关系可知，安培力的方向不可能在洛仑兹力的方向反向的情况下而保持不变，故d错误。故选b。【点睛】本题考查了电流的概念、安培力与洛仑兹力的关系，知道电流的微观表达式、安培力与洛仑兹力的关系及方向的判断方法是关键，基础题。4b【解析】【详解】磁铁的磁感线从n到s，故通电导线所处位置的磁场方向为斜向左下，根据左手定则可知导线受到斜向左上的安培力，根据牛顿第三定律可得磁铁受到导线给的斜向右下的作用力，该作用力可分解为水平向右和竖直向下，故磁铁受到的摩擦力水平向左，弹力增大，b正确5c【解析】【分析】本题主要考查受力分析、带电体在复合场中的运动，意在考查考生的分析推理能力【详解】b：小球做匀速直线运动，受到的合力为零，假设小球带正电，则小球的受力情况如图1所示，小球受到的洛伦兹力沿虚线但方向未知；小球受到的重力、电场力的合力与洛伦兹力不可能平衡，小球不可能做匀速直线运动，假设不成立，小球带负电。故b项错误。 a：小球带负电的受力情况如图2所示。小球受到的洛伦兹力一定斜向右上方，根据左手定则，匀强磁场的方向一定垂直于纸面向里。故a项错误。cd：由于电场力与洛伦兹力反方向、重力与洛伦兹力反方向的夹角均为300，据几何关系可得：、，解得：、。故c项正确，d项错误。6b【解析】【分析】电子1和2以相同的速率射进同一个磁场，则运动半径和周期都相同，画出两个粒子在磁场中的运动轨迹，根据几何关系求解即可【详解】粒子在磁场中都做匀速圆周运动，根据题意画出粒子的运动轨迹，如图所示：电子1垂直射进磁场，从b点离开，则运动了半个圆周，ab即为直径，c点为圆心，电子2以相同速率垂直磁场方向射入磁场，经时间从a、b连线的中点c离开磁场，根据半径可知，粒子1和2的半径相等，根据几何关系可知，aoc为等边三角形，则粒子2转过的圆心角为60，所以粒子1运动的时间，粒子2运动的时间，所以，b正确【点睛】本题的关键要知道电子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，电子在磁场中做圆周运动的周期和半径都相同，根据几何关系求解时间比值7bd【解析】【详解】由图可知，l和r2串联后和c并联，再与r1串联，电容器在电路稳定时相当于断路；当滑动变阻器的触头p向下滑动时时，电阻r2减小，电路的总电阻减小，总电流i增大，由欧姆定律知，电压表的示数增大，故b正确。流过小灯泡的电流增大，则小灯泡的功率增大，故a错误。电容器板间电压 uc=e-i（r1+r），i增大，则uc减小，电容器上的电荷量减少，故c错误。|=r1，保持不变，故d正确。故选bd。【点睛】此题考查电路的动态分析问题，要注意正确分析电路，再根据程序法按“局部-整体-局部”的思路进行分析解答8ad【解析】【详解】a、c、回旋加速器中的加速粒子最后从磁场中做匀速圆周运动离开，根据半径公式，可得，与加速的电压无关，而最大速度与加速器的半径、磁感线强度以及电荷的电量和质量有关。半径越大，能量越大；磁场越强，能量越大，则a正确，c错误。b、回旋加速器是利用电场加速增大速度、磁场偏转来改变粒子的速度方向，b错误。d、粒子在磁场中转动两个半圆的过程，电场的场源变换两次，则，d正确。故选ad。【点睛】解决本题的关键知道回旋加速器是利用电场加速、磁场偏转来加速粒子，但是最终粒子的动能与电场的大小无关9cd【解析】【详解】a.带电粒子在磁场中做顺时针圆周运动，由左手定则可知此粒子带正电，故a错误；b.带电粒子在电场中加速，所以上极板比下极板电势高，故b错误；c.根据，得，只增大加速电压u，则半径r变大；只增大入射粒子的质量，则半径r变大。故c正确，d正确。故选：cd10bd【解析】【分析】金属棒静止，金属棒处于平衡状态，所受合力为零，对金属棒进行受力分析，根据平衡条件及左手定则分析。【详解】a项：若磁场平行导轨向上，金属棒受重力，支持力，垂直斜面向下的安培力，所以金属棒不可能平衡，故a错误；b项：若磁场竖直向上，金属棒受重力，支持力，水平向右的安培力，由平衡条件可得：，解得：，故b正确；c项：若磁场水平向右，金属棒受重力，支持力，竖直向上的安培力，所以金属棒不可能平衡，故c错误。d项：若磁场水平向左，金属棒受重力，竖直向上的安培力，只有当mg=bil时，金属棒才静止，所以，故d正确。【点睛】金属棒静止处于平衡状态，所受合力为零，对金属棒正确受力分析，熟练应用左手定则是正确解题的关键。11ac【解析】【详解】a：带电小球刚开始受重力、电场力、洛伦兹力、弹力（可能有）、摩擦力（可能有）；电场力，重力与电场力的合力刚好与杆垂直，大小为，如图： 洛伦兹力的方向垂直于杆，要使小球做匀速运动，摩擦力应为0，弹力也应为0，即洛伦兹力与重力、电场力的合力相平衡，；则小球的初速度。故a项正确。b：若小球的初速度为，则洛伦兹力大于，杆对球有弹力且，球会受到摩擦力作用，此摩擦力阻碍小球的运动，小球的速度会减小；当小球的速度减小，杆对球的弹力减小，球受的摩擦力减小，小球做加速度减小的减速运动；当小球的速度减小至，小球做匀速运动。故b项错误。cd：若小球的初速度为，则洛伦兹力小于，杆对球有弹力且，球会受到摩擦力作用，此摩擦力阻碍小球的运动，小球的速度会减小；当小球的速度减小，杆对球的弹力增大，球受的摩擦力增大，小球做加速度增大的减速运动，最终小球停止。此过程中重力、电场力和洛伦兹力的合力总与杆垂直，即此过程中这三力的合力对球做的功为零，摩擦阻力对小球做负功，据动能定理；此过程中，即克服阻力做功。故c项正确，d项错误。【点睛】本题考察小球在复合场中的运动，解答的关键是明确小球的受力情况，并能够结合受力的情况分析小球的运动情况，要知道小球何时做加速度减小的减速、何时匀速、何时做加速度增大的减速。12bd【解析】粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律，有： 得：画出恰好不进入区的临界轨迹，如图所示： 结合几何关系，有：；故从距a点05d处射入，会进入区，故a错误；b、粒子在磁场中转过的最大的圆心角为即在区内运动的轨迹为半个圆周，故最长时间为,故b正确；c、从a点进入的粒子在磁场中运动的轨迹最短（弦长也最短），时间最短，轨迹如图所示： 轨迹对应的圆心角为60，故时间为： ，故c错误；d、临界轨迹情况如图所示： 根据几何关系可得从mn边界出射粒子的区域长为 ，故d正确；故选bd点睛：本题是常见的带电粒子在磁场中运动的问题，画出轨迹，运用几何关系和牛顿第二定律等知识进行求解。131k欧姆调零6.5v1050小于【解析】【详解】（1）欧姆表指针偏转角度较小，电流较小，被测电阻的阻值较大，则应换大倍率档，即换用“1k”档。换档后，重新测量前，应欧姆调零。（2）电路连接如图： 电压表选015v量程，分度值为0.5v，电压表的某一次偏转如图乙所示，其读数为6.5v。据闭合电路欧姆定律，整理得：。对比图线，则图线的纵截距、图线的斜率，解得：、。该实验的原理为，与测量（伏安法）引起的误差相同。由于电压表分流作用，测量的电动势偏小，内阻偏小。【点睛】测电阻时，指针要指在表盘中间附近，若指针偏转小，说明被测电阻较大，应换成较大倍率档；若指针偏转大，说明被测电阻较小，应换成较小倍率档。换档后，测量前要欧姆调零。14r2br0【解析】【详解】(1)由电路图可知,本实验采用分压接法,故滑动变阻器应选择小电阻,故选r2.(2)为了使电流表电流增大,则应使并联的滑动变阻器部分增大;故滑片应向b端移动.(3)根据给出的原理图可得出其实物图,如图所示. (4) g1表与定值电阻r0并联,由欧姆定律可知g1表两端的电压u=(i2-i1)r0,则g1的内阻r=r0.【点睛】本题考查电阻测量实验，要注意明确电路结构，再根据实验电路图确定所选用的实验仪器及接法；并由欧姆定律分析实验结果。15(1)410-5c；(2)66.7%；(3)5m/s2，方向是竖直向上。【解析】【详解】(1)回路电流：i=1a，电容器两板间电压：u=ir1=12=2v，电容器带电：q=cu=201062=410-5c；(2)电源输出功率：p=iu=12=2w，电源总功率：p总=ie=13=3w，电源效率：= 100%= 100%=66.7%；(3)设油滴带电q，极板间距d，开始时=mg，后来mg=ma，代入数据解得：a=5m/s2，竖直向上