2012陕西中考物理试卷解析

2012年陕西中考物理试卷解析一、选择题（每小题2分，共计16分每小题只有一个选项是符合题意的）1下列四幅图中的现象，与光的折射有关的是（）A天鹅在水中的倒影B5月21日发生的日环食C通过“水杯望远镜”观看远处的景物D通过凸面镜能看见拐弯车辆的像考点：光的折射现象及其应用。专题：应用题。分析：（1）光在同一均匀介质中沿直线传播光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；（2）光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用；（3）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象解答：解：A、水中的倒影是平面镜成像，属于光的反射现象，不合题意B、日食就是月亮挡在地球和太阳的中间，是光沿直线传播，不合题意C、“水杯望远镜”观看远处的景物，光从空气中进入玻璃中，是光的折射，符合题意D、凸面镜利用了光的反射，不合题意故选C点评：此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的2关于对考场内一些物理量的估测，下列数据最接近实际的是（）A课桌高度约为80cmB考场内的气温约为50C一份理化试卷的质量约为80gD一块橡皮从课桌掉到地上所用时问约为5s考点：长度的估测；温度；质量的估测；时间的估测。专题：估算题。分析：做这种题目，要对一些常见的物理量要有一定的估测能力，根据生活常识去判断题目的对错解答：解：A、课桌的高度约为80cm，符合实际；B、考场内的气温约为30，不符合实际；C、一份理化试卷的质量约为8g，不符合实际；D、一块橡皮从课桌掉到地上所用时间约为0.4s，不符合实际故选A点评：此题考查的是学生对一些常见物理量的估测能力，需要学生对生活中的常见物理量单位、大小有所认识，此题就会得到正确答案3在亚丁湾海域，我国海军护航编队使用“金噪子”（又名“声波炮”）震慑海盗，它的声波定向发射器外观类似喇叭，能发出145dB以上的高频声波，甚至比喷气式飞机引擎的噪声还要刺耳，根据以上信息，下列说法中错误的是（）A声波具有能量B声波定向发射器喇叭状外观可以减少声音的分散，从而增大响度C使用“金嗓子”时，护航官兵佩戴耳罩是在人耳处减弱噪声D“金噪子”发出的声波是次声波考点：超声波与次声波。专题：应用题。分析：解答本题要知道：声音既能传递信息，又能传递能量；减弱噪声的途径有三条：在声源处、传播过程、人耳处；次声波振动频率低于20赫兹，超声波振动频率高于20000赫兹解答：解：A、声波具有能量，正确，不符合题意；B、声波定向发射器喇叭状外观可以减少声音的分散，从而增大响度，正确，不符合题意；C、使用“金嗓子”时，护航官兵佩戴耳罩是在人耳处减弱噪声，正确，不符合题意；D、“金噪子”发出的声波是高频声波，不是次声波，不正确，符合题意；故选D点评：解决此类问题考查的是声学中的综合知识点，难度不大，比较基础，也是中考的热点之一4关于水的物态变化，下列说法中正确的是（）A冰雹在下落过程中表面熔化成水需要吸收热量B从冰箱里拿出的冰块周围出现“白气”是升华现象C水蒸气液化成水，分子间距离增大D水沸腾时温度不变，内能不变考点：熔化与熔化吸热特点；物质的三态及其基本特征；液化及液化现象；热传递改变物体内能。专题：应用题。分析：（1）判断物态变化现象，我们首先要清楚各种物态变化的定义；然后看物态变化中是什么状态变为什么状态，从而确定是什么物态变化（2）放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华解答：解：A、冰雹在下落过程中表面熔化成水需要吸收热量，是熔化现象，吸热，故A正确B、从冰箱里拿出的冰块周围出现“白气”，是空气中的水蒸气遇到温度较低的冰块液化成小水珠形成的，是液化现象，故B错误C、水蒸气液化成水，分子间距离变小，一般液态物质的体积小于气态，故C错误D、水沸腾时吸热，内能变大，温度不变，故D错误故选A点评：该题通过日常生活中的实例考查学生对物态变化的理解，难度不大，关键是搞清楚物质物态变化前后的状态5在超导体研究领域我国取得了令人瞩目的成就，关于超导状态下的超导体，下列说法中错误的是（）A超导体的电阻为零B使用超导体制成的导线将降低远距离输电线中的电能损耗C超导体适合制作滑动变阻器中的电阻丝D超导体适合制作电动机的线圈考点：超导体的特点。专题：应用题。分析：超导材料是一种电阻为零的材料超导体的电阻为0，不会放热，所以电能无法转化为内能解答：解：A、当温度降低到一定程度时，某些物质的电阻会变为零，这种物质叫做超导体正确，不合题意B、用超导体做输电导线，可以减小由电能到内能的损耗，提高传输效率正确，不符合题意C、电阻丝工作时，必须要有电阻，用超导体做电阻丝，将使电路中电流变大，损坏电路错误，符合题意D、利用超导体材料制作电动机线圈，可减少电能损失，提高电能利用率；正确，不合题意故选C点评：本题主要考查学生对超导现象及超导材料的特点的认识和了解，是一道基础题6 2012年4月30日4时50分我国西昌卫星发射中心用“长征三号乙”运载火箭，成功发射了两颗北斗导航卫星，关于火箭和导航卫星的说法，下列选项中正确的是（）A火箭升空过程中，燃料燃烧释放的内能全部转化成火箭的机械能B火箭加速上升时只受到重力的作用C导航卫星随火箭升空过程中，相对于火箭是运动的D导航卫星和地面的联系是利用电磁被传递信息考点：卫星中继通信；运动和静止的相对性；重力；能量转化的现象。专题：应用题。分析：（1）燃料燃烧释放的内能部分转化成火箭的机械能，一部分散失了（2）火箭加速运动时，不受平衡力，受到重力，摩擦力还有推力作用（3）判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的（4）卫星在太空中是通过无线电波传递信号的解答：解：A、燃料燃烧的化学能只有一部分转化成火箭的机械能，还有一部分被损失了不合题意B、火箭加速上升，受力不平衡，火箭受的向上的推力大于向下的重力，合力向上，火箭加速上升不合题意C、因火箭与卫星同步，所以以火箭为参照物，卫星与地球之间的相对位置没有发生变化，则卫星是静止的；不合题意D、太空中的信息是通过无线电波把信息传递到地面指挥中心所以卫星工作时靠无线电波向地面传递信息的符合题意故选D点评：此题考查了热机工作时的能量转化、加速运动的物体所受的力、运动和静止的相对性，电磁波的应用，涉及的知识点较多，需要认真分析，认真解答7关于生活和自然中蕴含的物理知识，下列说法中正确的是（）A使用天然气作燃料，燃烧越充分，热值越大B汽车发动机采用水进行冷却，是利用了水的比热容较大的属性C西岳华山海拔高，山顶上的气压低，水的沸点高D为地球带来光明和生机的太阳能是不可再生能源考点：水的比热容的特点及应用；沸点及沸点与气压的关系；燃料的热值；不可再生能源的特点。专题：应用题。分析：（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度、放出热量的多少以及燃烧温度的高低等均无关；（2）因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析（3）大气压和高度有关，越高的位置，大气压越低；液体的沸点和气压有关，气压越低，沸点越低；（4）可以重复利用，取之不尽用之不竭，能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源，如：水能、风能、太阳能、生物质能；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源，如：化石能源、核能等解答：解：A、热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度、放出热量的多少以及燃烧温度的高低等均无关，故A错误；B、因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖气供暖中用水；升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机冷却用水作为工作物质，故B正确；C、西岳华山海拔高，山顶上的气压低，水的沸点较低，故C错误；D、太阳能是能够源源不断的从自然界得到的能源，属于可再生能源，故D错误故选B点评：本题综合考查学生对热值、可再生能源和不可再生能源特点、水的比热容较大及沸点与气压的关系的理解和掌握，难度不大，但综合性强，是中招热点8小刚有一个带有开关、指示灯和多个插座的接线板，如图所示，每当接线板的插头插入家庭电路中的插座，闭合接线板上的开关时，总出现“跳闸”现象关于“跳闸”原因和接线板中的电路连接，下判说法中正确的是（）A“跳闸”的原因是接线板中的电路发生了断路B“跳闸”的原因是接线板中的电路发生了短路C接线板上的多个插座与指示灯串联D接线板上的开关与指示灯并联考点：家庭电路的故障分析；家庭电路的连接。专题：应用题。分析：当电路中发生短路或用电器总功率过大导致电流过大时，空气开关会自动断开，切断电路；插座与指示灯是并联的；指示灯与开关是串联的解答：解：A、B、“跳闸”的原因是接线板中的电路发生了短路，造成电路电流过大，而不是电路断路；故A错误；B正确；C、接线板上的多个插座与指示灯互不影响，所以它们是并联的；故C错误；D、接线板上的开关与指示灯应该是串联的；故D错误；故选B点评：一说到“跳闸”，学生可能首先会想到是由于电路出现短路或家用电器总功率过大造成电流过大而出现的“跳闸”，忽视了漏电保护器的作用是当有漏电或人触电时，它也能自动断开电路五、填空和作图题（共6小题，19分）9目前，青少年近视现象十分严重，近视眼看远处物体时，物体的像落在视网膜的前方（选填“前方”或“后面”），需要配带对光线有发散作用的凹透镜进行矫正，使远处物体在视网膜上成倒立，缩小的实像考点：近视眼的成因与矫正办法。专题：应用题。分析：（1）近视眼能看清近处的物体，不能看清远处的物体是因为晶状体太厚或眼球太长，使像成在视网膜的前方（2）近视眼戴凹透镜使光线发散一些，使像成在视网膜上（3）远视眼能看清远处的物体，不能看清近处的物体是因为晶状体太薄或眼球太短，使像成在视网膜的后方（4）远视眼戴凸透镜使光线会聚一些，使像成在视网膜上解答：解：近视眼看不清楚远处的物体，原因是远处物体的像成在视网膜的前方，但是我们可用发散作用的凹透镜矫正，使光线会聚能力减弱，能使像成在视网膜上，能看清物体眼球好像一架照相机，成的是倒立、缩小的实像故答案为：前方；发散；凹；缩小点评：本题考查了近视眼的成因和矫正方法，本题与学生的实际生活联系密切，能够体现从物理走向生活的理念10科学家发明了一款单缸六冲程内燃机，它每一个工作循环的前四个冲程与单缸四冲程内燃机相同，在第四冲程结束后，立即向汽缸内喷水，水在高温汽缸内迅速汽化成高温、高压水蒸气，推动活塞再次做功，水蒸气温度降低（选填“升高”、“降低”或“不变”），这样燃烧同样多的燃料获得了更多的机械能，提高了热机的效率为进入下一个工作循环，这款内燃机的第六冲程是排气冲程考点：做功改变物体内能；内燃机的四个冲程。专题：应用题。分析：改变物体内能的方法：一是做功，对物体做功，物体的内能增加，物体对外做功，物体的内能增加；二是热传递；单缸六冲程内燃机一个工作循环，6个冲程，燃气对外做功2次，据此分析回答解答：解：在做功冲程中，高温气体迅速膨胀对活塞做功，气体的内能减小，转化为机械能；在第四冲程结束后，立即向汽缸内喷水，水在高温汽缸内迅速汽化成高温、高压水蒸汽，推动活塞再次做功，水蒸汽温度降低；这样燃烧同样多的燃料获得了更多的机械能，提高了热机的效率；为进入下一个工作循环，这款内燃机的第六冲程是排气冲程故答案为：降低；效率；排气点评：本题考查了改变内能的方法、内燃机六个冲程的工作过程，理解并用好：新型内燃机一个工作循环，6个冲程，燃气对外做功2次11（1）如图1，直升机的螺旋浆高速旋转时，螺旋桨上方的空气流速较大，压强较小；当直升机悬停在空中时，它受到的升力方向是竖直向上（2）图2是耕地用的犁，它凝聚着劳动人民的智慧，犁是一个省力杠杆，犁地时，提压扶手容易改变铧在土中的深浅；犁的铧表面很光滑，使用中可以减小泥土对铧的摩擦力考点：流体压强与流速的关系；增大或减小摩擦的方法；杠杆的分类。专题：应用题。分析：本题主要考查（1）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大（2）动力臂大于阻力臂的杠杆就是省力杠杆；减小摩擦力的方法有：减小压力、减小接触面的粗糙程度、变滑动为滚动、在接触面之间加润滑油使接触面彼此分开解答：解：（1）螺旋桨上方的空气流速较大，压强较小；下方的空气流速小，压强大，所以机身受到一个向上的压强差，飞机受到向上的升力；当直升机悬停在空中时，它受到的升力方向是竖直向上；（2）从图中可以看出，犁是一个动力臂大于阻力臂的杠杆，所以为省力杠杆；犁刀前端是尖的，是采用减小受力面积的方法增大压强；让犁刀保持光洁是通过减小粗糙面的粗糙程度来减小摩擦力故答案为：（1）小；竖直向上；（2）省力；减小点评：本题考查了生活、生产中流体压强与流速的关系、杠杆的分类和减小摩擦力的方法，是对学生用物理知识解决实际问题的能力的考查12 1821年，世界上第一台电动机雏形由英国物理学家法拉第完成，其工作原理是通电线圈在磁场里受力转动，10年后，法拉第发现了电磁感应现象，根据这一现象他又制成了世界上第一台发电机模型考点：发电机的构造和原理；直流电动机的原理。专题：简答题。分析：发电机和电动机的共同点是：都存在磁场；不同点是：发电机没有电源，属于磁生电，将机械能转化为电能电动机有电源，通电后，导体受力运动，将电能转化为机械能解答：解：电动机是利用通电线圈在磁场里受力转动的原理制成的；10年后，法拉第发现了电磁感应现象，发电机就是利用电磁感应现象制成的故答案为：通电线圈在磁场里受力转动；电磁感应点评：此题主要考查了电动机和发电机的制作原理，注意区别：发电机因运动而产生电流，电动机因电流而产生运动13图1的电路中，电源电压恒为12V，滑动变阻器铭牌上标有“100 0.5A”字样，图2为R1的IU图象，R1的阻值为20，当电路中的电流为0.2A时，滑动变阻器R2接入电路的阻值为40，为了不损坏滑动变阻器R2，接入电路的阻值应不小于4考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律。专题：计算题；应用题；图析法。分析：（1）根据R1的IU图象读出任意一点电流和对应的电压，根据欧姆定律求出R1的阻值；（2）由图象读出当电路中的电流为0.2A时对应的电压，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器R2接入电路的阻值；（3）根据滑动变阻器的铭牌可知电路中的最大电流，根据欧姆定律求出电路中的最小电阻，再根据电阻的串联求出接入电路的最小值解答：解：（1）由图象可知，当U1=6V时，I1=0.3A，则R1=20；（2）由电路图可知，两电阻串联，由图象可知当电路中的电流I=0.2A时，U1=4V，则U2=UU1=12V4V=8V，R2=40；（3）由滑动变阻器的铭牌可知，电路中的最大电流Imax=0.5A，则电路中的最小总电阻R总min=24，滑动变阻器接入电路的最小值R2min=R总minR1=2420=4故答案为：20；40；4点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图象得出相关的信息和根据滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最小电阻14（1）请在图1中用笔画线，画出用滑轮组提升重物最省力的绕法（2）电冰箱的压缩机和冷藏室内照明小灯泡工作时互相不影响，压缩机由温控开关控制，灯泡由门控开关控制，请在图2中用笔画线连接好电冰箱的工作电路图考点：滑轮组的设计与组装；电路图设计。专题：作图题。分析：（1）滑轮组绳子的绕法有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，然后再绕过下面的动滑轮再向上绕到定滑轮上，依次反复绕，这种绕法有偶数段绳子承担物重；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后再绕过上面的定滑轮再向下，依次反复绕，这种绕法有奇数段绳子承担物重（2）由题意可知，电动压缩机M与温控开关串联，照明灯泡与门控开关串联；根据生活经验可知灯和压缩机能独立工作、互不影响，即两者是并联解答：解：（1）对由一个动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮组，可绕线方法有两股和三股两种，在不计滑轮自重及摩擦的情况下，动滑轮和重物由几股绳子承担，拉力就是滑轮组提升物重的几分之一由此可知绳子股数越多越省力，根据题意滑轮组最省力的绕法是绳子股数最多，即三股绕线的方法答案如下图：（2）由题意可知：灯和压缩机是并联关系，且各自的支路有一个开关控制，干路上没有开关电路图如下：点评：（1）此题主要考查滑轮组承担物重绳子股数，滑轮组的绕线方法不同，拉力的方向不同，达到省力程度也不同，绳子股数越多越省力（2）本题考查了并联电路的特点和开关的作用，关键是根据生活经验可知灯泡与电动机独立工作、互不影响新课 标第一 网六、实验与探究题（共3小题，计19分）15（1）图1是牛顿第一定律的实验基础之一，让同一小车从斜面相同高度静止下滑，比较小车在不同水平面上通过的距离，据此可以推理得出：当水平面绝对光滑时，小车将做匀速直线运动（2）图2是测量标有“2.5V 0.3A”字样的小灯泡电功率实验，闭合开关，灯泡较暗，为了测出灯泡的额定功率须向右（选填“左”或“右”）端移动滑片P，使电压表示数为2.5V考点：牛顿第一定律；探究用电器的电功率实验。专题：实验题。分析：要解答本题需掌握：（1）能科学的认识事物，分析现象和把握物理规律；力是改变物体运动状态的原因；牛顿第一定律不能直接从实验得出结论，是在大量事实经验的基础上推理概况出来的牛顿第一定律的内容（2）含有滑动变阻器的电路中，在闭合开关之前，滑片要移到最大阻值处；闭合开关后，此时电路中的电流和灯泡两端的电压都很小解答：解：（1）让同一小车从斜面相同高度静止下滑，比较小车在不同水平面上通过的距离；由题干中图可知：小车在木板上滑行的距离最远，因为木板最光滑，由此可以推理：当小车不受阻力时，应该沿着光滑的水平面永远保持匀速直线运动状态（2）灯泡的额定电压为2.5V，为测额定功率，灯两端电压应为2.5V，根据串联电路电阻的分压特点可知滑动变阻器分得的电压减小，接入电路的电阻减小，应向右移动滑片故答案为：（1）距离（或路程）；匀速直线运动；ww w.xk b1.c om（2）右；2.5点评：本题主要考查学生对牛顿第一定律和滑动变阻器的了解和掌握，也是对科学探究的能力的考查，是一道基础题16有一块火山石可以漂浮在水中，小王用天平、量筒和水等器材测量这块火山石的密度，实验步骤如下：用天平测出石块的质量m，天平的示数如图；向量筒中倒入V1=60mL的水；用细线系住石块，放入量筒，用铁丝将其压入水中足够长时间，水面到达65mL处；取出石块，水面降到了V3=58mL处；小王认为石块体积测量不够准确，石块的体积应该包含材质和其中空隙部分的体积，于是又向量筒中加水到60mL处，将刚才取出的石块表面吸附的水清除后，再次没入量筒的水中，此时水面到达V4=66mL处请解答下面问题：（1）该实验原理为=（用物理符号表示）（2）在步骤中，水面未回到60mL处的原因是火山石块吸附了2mL的水（3）请你根据小王的实验思路，将有关数据及计算结果填入以下表格空白处物理量次数火山石块的质量m/gV1V2V3V4火山石块的体积V/cm3火山石块的密度/gcm1 14.8 60 65 58 6660.8实验次数太少；V1、V2、V3、V4无单位考点：固体的密度测量实验；物体的浮沉条件及其应用。专题：计算题。分析：（1）实验中，用天平测量火山石的质量，用量筒测量火山石的体积，根据密度公式=求火山石的密度；（2）原来水是60mL，取出火山石，水面应该降到60mL，现在水面降到了V3=58mL处，说明火山石吸附了部分水；（3）测火山石质量时没有用到砝码，只是使用了游码，标尺上的分度值为0.2g，从游码左边缘对应的刻线读出火山石的质量；通过步骤测量出火山石的体积，再利用密度公式=求火山石的密度；（4）观察表格，发现实验的次数只有1次，四次的体积无单位解答：解：（1）本实验原理为=；（2）水面未回到60mL处的原因是火山石块吸附了2mL的水；（3）火山石的质量：m=4.8g，火山石的体积：V=66mL60mL=6mL=6cm3，火山石的密度：=0.8cm3；（4）从设计的表格看出，存在的不足之处：实验次数太少，V1、V2、V3、V4无单位故答案为：（1）=；（2）火山石块吸附了2mL的水；（3）4.8；6；0.8；（4）实验次数太少；V1、V2、V3、V4无单位点评：本题考查了测量火山石密度的测量原理、表格设计、密度的计算，难点在火山石体积的测量、也是易错点，另外读游码示数时要以游码左边缘对应的刻线为准！17磁铁具有吸引铁、钴、镍等物质的性质，小蕊和小昌同学想探究磁体对回形针的吸引力的大小与放入它们之间物体的哪些因素有关，请你参与探究并解决一些问题（1）如图1，保持磁体和纸片间的距离一定，在纸片上放入不同的物体时，通过比较纸片下面能吸附的回形针数量，显示磁体对回形针吸引力的大小回形针的放置有图2中的甲、乙两种方法，依据二力平衡的原理，回形针在磁场中某点受到的吸引力等于它的重力，应选择图2中乙的方法（2）选择正确的方法后，他们在纸片上分别放入形状、面积和厚度相同，材料不同的铁板、铝板等，观察能吸引的回形针个数，多次实验后将数据记录在下表中磁体与纸片之间放入的物体不放物体铁板镍板铝板陶瓷板玻璃板塑料板吸引回形针数量/个 4 1 1 3 3 3 3铁、镍、铝都是导体，而铝对磁性屏蔽效果不明显，原因可能是铝不能被磁化铝是导体陶瓷、玻璃和塑料是绝缘体，从表中数据知道，它们对吸引力影响效果相同据此，你提出一个值得探究的问题：磁体屏蔽的效果与哪些因素有关（3）他们在纸片上分别放入形状和厚度相同、面积不同的铁板发现铁板面积越大，吸住的回形针数量越少（4）日常生恬中，磁卡常受外界磁场影响出现消磁现象请你根据含有铁、镍的物体对磁性屏蔽效果明显的性质，再写出一种保护磁卡磁性的方法：磁卡放入铁盒中考点：磁化；物理学方法；二力平衡条件的应用；磁极间的相互作用。专题：实验题；控制变量法；转换法。分析：（1）回形针在纸片下方处于静止状态，合力为零，明确受到的力就能确定原理；要保证回形针受到的吸引力和重力相等，两个力必须在同一直线上（2）磁体吸引回形针的数量多少从统计数据可以直接得到；根据回形针被吸起的数目多少，分析铁板和镍板对吸引力的影响屏蔽效果不同的原因从不同物质的物理属性分析围绕实验材料、实验现象提出探究的问题（3）探究屏蔽效果与金属面积的关系，也要应用控制变量法，除面积改变外，其它条件都要控制（4）根据含有铁、镍的物体对磁性屏蔽效果明显的性质确定保护磁卡磁性的方法解答：解：（1）回形针受到两个力的作用：重力和磁体的吸引力，处于静止状态，所以这两个力是一对平衡力应用的原理是二力平衡；甲图中，回形针受到的磁力和重力不在一条直线上，所以不是平衡力因此选择乙图；（2）分析数据可以得出，在其它条件相同时，放入铁板或镍板，吸引回形针的数量较少，说明铁板和镍板对吸引力的影响较大，即对磁性屏蔽效果明显；铁、镍、铝都是导体，而铝对磁性屏蔽效果不明显，原因可能是铝不是磁性物质，不能被磁化；铝是导体，陶瓷、玻璃和塑料是绝缘体，从表中数据知道，它们对吸引力影响效果相同铁、镍、铝都是导体，它们对吸引力影响效果却不同因此提出的问题是：磁体屏蔽的效果与哪些因素有关；（3）要研究屏蔽效果与铁板面积的关系，必须保持铁板的形状、厚度一定，改变面积大小，观察回形针被吸起的数目多少；（4）由于含有铁、镍的物体对磁性屏蔽效果明显，所以可以将磁卡放在铁盒中，磁性就能长时间保持了故答案为：（1）二力平衡；乙；（2）较少；较大；铝不能被磁化；磁体屏蔽的效果与哪些因素有关；（3）厚度；（4）磁卡放入铁盒中点评：此实验探究的问题不同物体的屏蔽效果与生活联系密切，实验过程充分应用了控制变量法和转换法题目设计新颖，难度适中，充分考查学生应用物理方法解决实际问题的能力，是一道好题七、综台题（共2小题计16分18图示为某型号压路机，其部分参数如下表其中振动频率30Hz是指压路机在施工中钢轮1秒钟压路30次（g取10N/kg ）整机质量（kg）18000钢轮振动频率（Hz） 30行驶速度（km/h）2.5/9.8钢轮振动振幅（mm）2.0/1.0发动机功率（kw） 110钢轮激振力（103N）320/160（2）压路机以2.5km/h的速度在路面上匀速行驶6min，通过的路程是多少？（3）若钢轮的激振力为大小不变垂直作用在路面上的力振动的振幅为钢轮每次下压路面的距离，则以表中较大激振力和较大振幅工作lmin激振力对路面所做的功是多少？功率是多大？考点：功率的计算；速度公式及其应用；重力的计算；增大压强的方法及其应用；功的计算。专题：计算题；应用题；信息给予题。分析：（1）压路机静止时对水平路面的压力等于自身的重力；根据公式P=可知，对地面压强的大小；（2）已知通过的时间和速度，根据公式S=Vt可求通过的路程；、（3）已知激振力和距离，根据公式W=FS可求做功的大小，再利用公式P=可求功率的大小解答：解：（1）压路机静止时对水平路面的压力是F=G=mg=18000kg10N/kg=1.8105N；根据公式P=可知，当对地面的压力大，接触面积小时，对地面的压强大故答案为：（1）1.8105；接触面积（2）通过的路程是S=Vt=2.5km/hh=0.25km=250m；答；通过的路程是250m；（3）激振力对路面所做的功是W=FS=320103N0.002m3060=1.152106J； 功率P=1.92104W答：激振力对路面所做的功是1.152106J；功率是1.92104W点评