福建省三明市宁化县城东中学九级物理上学期第16周周练试卷（含解析） 新人教版.doc

2015-2016学年福建省三明市宁化县城东中学九年级（上）第16周周练物理试卷一、选择题（每题5分，共50分；每小题只有一个选项符合题意）1四只不同规格的灯泡，各自在额定电压下工作，其中最亮的是（）a“220v25w”b“110v40w”c“36v60w”d“12v25w”2小林做作业时，电灯突然变暗，其原因可能是（）a电灯的实际电压变大b电灯的额定电压变小c电灯的实际功率变小d电灯的额定功率变小3家庭电路中，某用电器正常工作15min消耗电能0.3kwh，该用电器可能是下列哪一个（）a空调b洗衣机c白炽灯d电视机4将两只额定电压相同的小灯泡l1、l2串联在电路中，如图所示闭合开关后，发现灯l1较亮，灯l2较暗，其原因是（）a灯l1额定功率较大b灯l2两端电压较大c灯l1的电阻较大d通过灯l1的电流较大5将一盏标有“pz22040”字样的普通照明灯泡（灯丝电阻不随温度变化）接在家庭电路中，则下列说法正确的是（）a这盏灯接在家庭电路中，此时不能正常发光b这盏灯正常发光时，灯丝电阻是2420c这盏灯正常发光时，通过灯丝的电流是0.3ad如果这盏灯正常发光10h，它消耗的电能是0.4kwh6已知r1r2，分别按下图所示的四种方法连接，并接入同一电路中，能获得最大总功率的是（）abcd7下列各用电器均标有“220v 60w”字样，它们正常工作相同的时间，发热最多的用电器是（）a电热毯b电风扇c电冰箱d电灯8如图所示的电路中，电源电压恒定l1、l2均标有“6v6w”的字样（设灯丝的电阻不变）当s1、s2闭合时，灯l1正常发光；则s1闭合，s2断开时，两盏灯的总功率是（）a12 wb6 wc3 wd2 w9如图所示电路中，电源电压不变，闭合开关s，当滑动变阻器的滑片p向左移动时，下列判断正确的是（）a电压表的示数变小b电流表的示数不变cr1上消耗的功率变大dr2上消耗的功率变大10如图所示，闭合开关s后，灯泡l发光，现把滑动变阻器的滑片p向a端移动，则灯泡l的亮度与电流表示数的变化情况是（）a灯泡l变亮，电流表示数变大b灯泡l变暗，电流表示数变小c灯泡l变亮，电流表示数变小d灯泡l变暗，电流表示数变大二、简答题（共5分）11小明在使用如图家中的电炉时发现，电热丝热得发红而跟它相连的导线却不怎么热，这是为什么？三、计算题（共20分）12如图所示，将一个标有“6v 3w”的灯泡与一阻值为6的r2串联接入一电源上，灯泡恰好正常发光，求：（1）灯泡电阻r1（2）灯泡的额定电流i额（3）电源电压u（4）r2的电功率13为了科学用电，共建节能型社会提倡居民夏季期间空调温度设定在2628为响应倡导，小明将家中的一台额定电压为220v，制冷额定功率为1000w的空调，温度设定从原来24改为28，仅此一项措施，家中的电能表平均每天少走2kwh求：（1）这台空调正常制冷时，工作电流是多少？（计算结果保留一位小数）（2）这台空调一个月（按30天计算）可节约电能多少kwh？（3）若某边远山区的“希望小学“，每间教室仅有两盏“220v 40w“电灯，那么小明家中的这台空调一个月所节约的电能，可供这两盏电灯正常发光多少小时？四、实验题（共25分）14小明利用图所示的实验装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”甲、乙两瓶中装有质量与初温都相同的煤油，甲瓶中铜丝的电阻比乙瓶中镍铬合金丝的电阻小（1）实验中煤油吸热的多少是通过来反映的（选填“温度计示数”或“加热时间”）（2）为了在较短的时间内达到明显的实验效果，小明选用煤油而不用水做实验，是因为煤油的比热容水的比热容（选填“大于”或“小于”）（3）通电一定时间后，乙瓶中的温度计示数升高的快，由此得出的实验结论是（4）该实验中用到的研究物理问题的法是15小功同学在测标有“2.5v”字样的小灯泡功率实验时，他的电路已经连成，如图甲所示（1）请你用笔画线代替导线，帮他把电压表正确连入电路，连线不能交叉在连接好电路后，要先将滑动变阻器滑片p移至 （选填“a”或“b”）端后，开关才能（2）如果用干电池作电源，他至少要用节（3）图乙是根据实验数据绘制成的iu图象当p在某位置时，电压表示数为1.5v，灯泡电阻为，灯泡发光（选填“较暗”或“较亮”）；要使灯正常发光，应将滑片p向（选填“a”或“b”）端移动，灯泡的额定功率为w（4）小功同学实验时，突然灯不亮，且电流表示数变小、电压表示数变大，你认为故障原因可能是2015-2016学年福建省三明市宁化县城东中学九年级（上）第16周周练物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题5分，共50分；每小题只有一个选项符合题意）1四只不同规格的灯泡，各自在额定电压下工作，其中最亮的是（）a“220v25w”b“110v40w”c“36v60w”d“12v25w”【考点】电功率【分析】（1）灯泡在额定电压下工作的实际功率等于其额定功率；（2）灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，实际功率越大，灯泡越亮，从选项中找出额定功率最大的灯泡即可【解答】解：各灯泡都在额定电压下工作，灯泡都能正常发光，实际功率等于其额定功率；灯的额定功率越大、实际功率越大，灯泡越亮，由题意可知：c的额定功率最大，因此它最亮；故选c2小林做作业时，电灯突然变暗，其原因可能是（）a电灯的实际电压变大b电灯的额定电压变小c电灯的实际功率变小d电灯的额定功率变小【考点】实际功率【分析】灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，灯变暗可能是功率变小【解答】解：a、根据p=，若电灯实际电压变大，实际功率也会变大，灯会变亮，故a错误；bd、用电器的额定电压是指其正常工作时的电压，额定功率是在额定电压下工作时的功率用电器的额定电压和额定功率只有一个，不会改变故bd错误；c、灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，若实际功率变小；会导致电灯将会变暗故c正确故选c3家庭电路中，某用电器正常工作15min消耗电能0.3kwh，该用电器可能是下列哪一个（）a空调b洗衣机c白炽灯d电视机【考点】电功率的计算【分析】已知15min内消耗的电能是0.3kwh，根据p=求出用电器的功率，则由家电的功率知识可判断为哪种用电器【解答】解：用电器的电功率：p=1.2kw，以上四种家用电器中功率超1000w的只有空调故选a4将两只额定电压相同的小灯泡l1、l2串联在电路中，如图所示闭合开关后，发现灯l1较亮，灯l2较暗，其原因是（）a灯l1额定功率较大b灯l2两端电压较大c灯l1的电阻较大d通过灯l1的电流较大【考点】电功率的计算；串联电路的电流规律；电阻的串联【分析】已知两灯串联，通过的电流相同，根据公式p=i2r可比较实际功率的大小根据公式u=ir可比较灯泡两端电压的大小【解答】解：灯l1较亮，灯l2 较暗，说明灯l1的实际功率大于灯l2 的实际功率，两灯通过的电流相同，根据公式p=i2r可知，电阻越大，实际功率越大，说明灯l1的电阻大于灯l2 的电阻，故a、d错误，c正确，根据公式u=ir可知电流相同时，电阻越大，灯泡两端的电压越大，所以灯l1两端电压较大，故b错误故选c5将一盏标有“pz22040”字样的普通照明灯泡（灯丝电阻不随温度变化）接在家庭电路中，则下列说法正确的是（）a这盏灯接在家庭电路中，此时不能正常发光b这盏灯正常发光时，灯丝电阻是2420c这盏灯正常发光时，通过灯丝的电流是0.3ad如果这盏灯正常发光10h，它消耗的电能是0.4kwh【考点】电功率的计算【分析】（1）家庭电路的电压为220v，额定电压下灯泡正常发光；（2）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据p=求出灯丝的电阻；（3）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据p=ui求出灯丝的电流；（4）灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据w=pt求出正常发光10h消耗的电能【解答】解：a该灯的额定电压为220v，因此接在家庭电路中，能正常发光，故a错误；b这盏灯正常发光时，由p=可得灯丝电阻：r=1210，故b错误；c、这盏灯正常发光时，由p=ui可得通过灯丝的电流：i=0.18a，故c错误；d、如果这盏灯正常发光10h，由p=可得消耗的电能：w=pt=0.04kw10h=0.4kwh，故d正确故选d6已知r1r2，分别按下图所示的四种方法连接，并接入同一电路中，能获得最大总功率的是（）abcd【考点】电功率的计算；电阻的串联；电阻的并联【分析】此题属于电功率计算的内容，首先要掌握电功率的计算公式：p=ui，并要掌握其推导公式p=i2r、p=在分析过程中要注意分析几种连接方法中相等的量，根据串联电路和并联电路的电阻特点，分别求出各选项的总电阻，再利用公式p=比较即可求解【解答】解：由于接入同一电路中，所以电压相等当r1、r2并联时，根据并联电路的电阻特点，总电阻比任何一个分电阻都小，所以当r1、r2并联时，总电阻最小；当r1、r2串联时，根据串联电路的电阻特点，总电阻比任何一个分电阻都大；又知r1r2，所以d选项中电阻最小，根据公式p=，d的总功率最大故选d7下列各用电器均标有“220v 60w”字样，它们正常工作相同的时间，发热最多的用电器是（）a电热毯b电风扇c电冰箱d电灯【考点】电热【分析】解答本题需要分析各用电器的工作情况，即各用电器在工作时主要是将电能转化为什么能【解答】解：这四个用电器的额定功率都相同，所以它们正常工作相同的时间，消耗的电能一样多，但它们的发热量却各不相同a、电热毯属于电热器，它在工作时，主要将电能转化为热能；b、电风扇在工作时，主要将电能转化为机械能，有一小部分转化为热能；c、电冰箱在工作时，主要将电能转化为机械能，有一小部分转化为热能；d、电灯在工作时，主要将电能转化为光能和热能从各用电器工作时的能量转化情况可知，它们正常工作相同的时间，发热最多的用电器是电热毯故选a8如图所示的电路中，电源电压恒定l1、l2均标有“6v6w”的字样（设灯丝的电阻不变）当s1、s2闭合时，灯l1正常发光；则s1闭合，s2断开时，两盏灯的总功率是（）a12 wb6 wc3 wd2 w【考点】电功率的计算【分析】当s1、s2闭合时，电路为l1的简单电路，根据额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压；s1闭合，s2断开时，两灯泡串联，根据电阻的串联和p=求出两盏灯的总功率【解答】解：当s1、s2闭合时，电路为l1的简单电路，因灯l1正常发光，所以，电源的电压u=6v，设两灯泡的电阻均为r，则p1=6w，s1闭合，s2断开时，两灯泡串联，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，两盏灯的总功率：p=6w=3w故选c9如图所示电路中，电源电压不变，闭合开关s，当滑动变阻器的滑片p向左移动时，下列判断正确的是（）a电压表的示数变小b电流表的示数不变cr1上消耗的功率变大dr2上消耗的功率变大【考点】电路的动态分析【分析】由图可知滑动变阻器与r1并联，电压表测量并联电路两端电压，电流表测量干路电流；当滑片左移动时，滑动变阻器所在支路电阻变化，则可知该支路电流变化；因r1两端电压不变，则通过r1的电流不变，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，根据公式p=ui和p=可知电功率的变化【解答】解：a、电压表测量并联电路两端电压，所以示数不变，故a错误；bc、当滑片左移动时，r1两端的电压不变，故通过r1的电流不变，根据公式p=ui可知r1上消耗的功率不变；故c错误；此时滑动变阻器接入电阻变小，由欧姆定律可得通过滑动变阻器的电流变大，由并联电路的电流规律可知电流表的示数变大；故b错误；d、r2两端的电压不变，当滑动变阻器的滑片p向左移动时，电阻变小，根据公式p=可知，r2上消耗的功率变大，故d正确故选d10如图所示，闭合开关s后，灯泡l发光，现把滑动变阻器的滑片p向a端移动，则灯泡l的亮度与电流表示数的变化情况是（）a灯泡l变亮，电流表示数变大b灯泡l变暗，电流表示数变小c灯泡l变亮，电流表示数变小d灯泡l变暗，电流表示数变大【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；滑动变阻器的使用；电阻的串联；实际功率【分析】从图可知，灯l与滑动变阻器串联，电流表测量的是整个电路中的电流，首先判断当滑动变阻器的滑片p向a端移动时，其连入电路中的电阻怎样变化，再根据串联电路电阻的特点判断电路中总电阻的变化，最后再利用公式i=判断电路中电流的变化，判断小灯泡的亮度应依据小灯泡的实际功率，已知电流和电阻，可利用公式p=i2r分析电功率的变化情况，从而判断灯泡的亮度的变化【解答】解：由图可知灯l与滑动变阻器串联，滑动变阻器的滑片p向a端移动时，其连入电路中的电阻变小，则电路中的总电阻r=r滑+rl变小，因此由欧姆定律i=可知，电路中的电流变大；因为灯泡的电阻不变，所以灯泡l的实际功率为pl实=i2rl变大，因此小灯泡的亮度变亮故选a二、简答题（共5分）11小明在使用如图家中的电炉时发现，电热丝热得发红而跟它相连的导线却不怎么热，这是为什么？【考点】焦耳定律在实际中的应用【分析】由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比电炉丝和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电炉丝的电阻比导线的电阻大，据焦耳定律分析原因【解答】解：电炉在使用时，电炉丝和导线串联，i电炉丝=i导线，通电时间t相同，因为q=i2rt，r电炉丝r导线，所以电流产生的热量：q电炉丝q导线，从而出现电炉丝热得发红，但跟电炉丝连接的导线都不怎么热的现象答：电炉丝与导线串联，而电炉丝电阻比导线大的多，根据焦耳定律，相同时间里电炉丝产生的热量比导线大的多，因此电炉丝热的发红而导线却不怎么热三、计算题（共20分）12如图所示，将一个标有“6v 3w”的灯泡与一阻值为6的r2串联接入一电源上，灯泡恰好正常发光，求：（1）灯泡电阻r1（2）灯泡的额定电流i额（3）电源电压u（4）r2的电功率【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系【分析】（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据p=求出灯泡的电阻；（2）根据p=ui求出灯泡的额定电流；（3）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出r2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；（4）根据p=ui求出r2的电功率【解答】解：（1）由p=可得，灯泡的电阻：r1=12；（2）由p=ui可得，灯泡的额定电流：i额=0.5a；（3）灯泡正常发光时的电压u1=6v，因串联电路中各处的电流相等，所以，r2两端的电压：u2=i2r2=i额r2=0.5a6=3v，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：u=u1+u2=6v+3v=9v；（4）r2的电功率：p2=u2i2=u2i额=3v0.5a=1.5w答：（1）灯泡电阻为12；（2）灯泡的额定电流为0.5a；（3）电源电压为9v；（4）r2的电功率为1.5w13为了科学用电，共建节能型社会提倡居民夏季期间空调温度设定在2628为响应倡导，小明将家中的一台额定电压为220v，制冷额定功率为1000w的空调，温度设定从原来24改为28，仅此一项措施，家中的电能表平均每天少走2kwh求：（1）这台空调正常制冷时，工作电流是多少？（计算结果保留一位小数）（2）这台空调一个月（按30天计算）可节约电能多少kwh？（3）若某边远山区的“希望小学“，每间教室仅有两盏“220v 40w“电灯，那么小明家中的这台空调一个月所节约的电能，可供这两盏电灯正常发光多少小时？【考点】电功率与电压、电流的关系；电功率与电能、时间的关系【分析】（1）已知空调的额定电压和制冷额定功率，利用p=ui可求得这台空调正常制冷时的工作电流；（2）已知改装后家中的电能表平均每天少走2kwh然后可求得这台空调一个月可节约的电能；（3）根据（2）求得的节约的电能，利用p=可求得供这两盏电灯正常发光的时间【解答】解：（1）由p=ui可得，i=4.5a，（2）已知改装后家中的电能表平均每天少走2kwh，则这台空调一个月（按30天计算）可节约电能w=302kwh=60kwh；（3）2盏电灯的功率p=240w=80w=0.08kw，由p=可得t=750h答：（1）这台空调正常制冷时，工作电流是4.5a；（2）这台空调一个月（按30天计算）可节约电能60kwh；（3）可供这两盏电灯正常发光750小时四、实验题（共25分）14小明利用图所示的实验装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”甲、乙两瓶中装有质量与初温都相同的煤油，甲瓶中铜丝的电阻比乙瓶中镍铬合金丝的电阻小（1）实验中煤油吸热的多少是通过温度计示数来反映的（选填“温度计示数”或“加热时间”）（2）为了在较短的时间内达到明显的实验效果，小明选用煤油而不用水做实验，是因为煤油的比热容小于水的比热容（选填“大于”或“小于”）（3）通电一定时间后，乙瓶中的温度计示数升高的快，由此得出的实验结论是在电流和通电时间相同时，导体电阻越大产生的热量越多（4）该实验中用到的研究物理问题的法是控制变量法【考点】焦耳定律；热量的计算【分析】（1）首先导体产生的热量是要通过煤油的温度变化体现出来，由t=+t0可知，煤油的质量和初温要相同（2）为了在较短的时间内达到明显的实验效果，即观察到得温度计示数变化大，则在同质量吸收相同热量的条件下，比热容小的液体温度变化大（3）使用相同质量的煤油，通电一定时间后，乙瓶中的温度计示数升高的快，说明乙瓶中的煤油吸收的热量多，即乙瓶中的镍铬合金丝产生的热量多；由此得出结论（4）知道热量与电流、电阻及通电时间有关，可变因素较多，本题是在电流、时间相同的前提下，使用不同的电阻，探究热量与电阻的关系，这采用的是控制变量法【解答】解：（1）两电阻丝产生热量的多少是通过温度计示数的变化反映出来的由q=cm（tt0）得，t=+t0，可见影响温度计示数的不只是热量，还有煤油的初温和质量，所以要保证煤油的初温和质量都相同，才能通过温度的变化反映出热量的多少（2）若将烧瓶中装有水，则由q=cmt可知：在相同质量的水和煤油中，吸收的相同的热量时，由于水的比热容大，温度升高的度数少，温度计的示数变化不明显；（3）综合实验过程，使用相同质量与初温都相同的煤油，在电流和通电时间相同的前提下，乙瓶中的温度计示数升高的快，说明乙瓶中的煤油吸收的热量多，即乙瓶中的镍铬合金丝产生的热量多；所以可得出的结论是：在电流和通电时间相同时，导体电阻越大产生的热量越多（4）为保证通过两个电阻的电流总是相等，电阻串联；同时保证了它们的通电时间也相等，导体中产生的热量就只与电阻有关了，为此采用控制变量法煤油吸热的多少是通过温度计示数的变化来反映的，这是采取的转换法故答案是：（1）温度计示数；（2）小于；（3）在电流和通电时间相同时，导体电阻越大产生的热量越多；（4）控制变量法（或转换法，填对一个即可）15小功同学在测标有“2.5v”字样的小灯泡功率实验时，他的电路已经连成，如图甲所示（1）请你用笔画线代替导线，帮他把电压表正确连入电路，连线不