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平行线物理复习卷十一一选择题（共12小题）1甲、乙、丙三个轻质小球，将其中任意两个靠近，它们都相互吸引。下列判断正确的是（）A三个小球都必须带电B有两个小球带电C有一个小球带电就可以D三个小球都不带电2如图所示，电流表测通过L1的电流是图（）ABCD3如下图所示是滑动变阻器的结构示意图，把A、C两个接线柱接入电路中时，当滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变化（） A变大B变小C不变D无法确定4在击剑比赛中，甲的剑击中乙的导电服，乙头顶上的指示灯就会亮；乙的剑击中甲的导电服，甲头顶上的指示灯就会亮，这里的剑相当于“开关”，图中能反映上述比赛原理的电路图是（）ABCD5如图所示电路，当开关S闭合后，两表均有示数而且L1与L2工作正常。过一会儿发现电压表示数突然变大，电流表示数为0而且L1与L2不亮。下列故障判断可能的是（） AL1灯短路BL2灯短路CL1灯丝断开DL2灯丝断开6如图所示，A、B为两盏白炽灯，A灯型号是“110V 25W”，B灯型号是“110V 100W”，R是一个未知电阻。若把它们接到电压为220V的电路上，下面四种接法中可能让两盏灯都正常发光的电路是（）A B C D7如图所示，将灯L1、L2按图甲、乙两种方式接在电压均为U的两个电路中，在甲图中灯L1的功率为4W，在乙图中灯L1的功率为9W，设灯丝电阻不变。下列说法中正确的是（） A甲、乙两图中灯 L2两端的电压之比是 2：3B甲、乙两图电路消耗的总功率之比是 2：9CL1、L2两灯灯丝电阻之比是 1：2D乙图中灯 L1、L2的功率之比是 2：18把标有“12V，12W”的小灯泡L1和标有“12V，6W”的小灯泡L2串联后接在电源电压12V的电路中（不考虑灯丝电阻的变化），下列说法正确的是（）A因为通过它们的电流相等，所以一样亮B因为灯L1实际功率较大，所以灯L1较亮C因为灯L2实际功率较大，所以灯L2较亮D因为灯L1额定功率较大，所以灯L1较亮9有一定值电阻R0连接在某一电路中，当电阻的电流从0.2A增加到0.4A时，电阻两端的电压变化了2V则定值电阻R0的电功率改变了（）A1.4WB1.2WC1.0WD0.8W10甲、乙两电热丝电阻之比为3：4，通过的电流之比为3：1，则相同时间内产生的热量之比为（）A27：4B9：4C4：9D4：2711将规格为“2.5V 0.3A”的小灯泡L1和规格为“3.8V 0.3A”的小灯泡L2串联，接在3V的电源上，下列判断正确的是（）AL1的电阻大于L2的电阻BL1的亮度比L2的亮度更小C两只灯泡都正常发光D两只灯泡实际功率相等12在如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1=20闭合开关S，移动滑动变阻器R2的滑片到中点c时，电流表的示数为0.4A；移动滑片P至最左端a时，电流表的示数为0.3A则滑片P在最左端a时，通电4秒钟滑动变阻器产生的热量是（）A24JB7.2JC32JD12.8J二填空题（共5小题）13电流做功的实质：电流做功的过程是把 能转化为 能，电流做了多少功就会消耗多少电能，也就会转化为多少其他形式的能。14电功率是表示 的物理量，它是电流在单位时间内做的功。甲电动机在5s内做功15000J，乙电动机在2s内做功8000J，则 （填“甲”或“乙”）电动机做功较快。15某用户在3月底抄表时，电能表的示数如图（甲）所示，4月底抄表时，电能表的示数如图（乙）所示，则该用户4月份用电 kWh若每度电交纳电费0.5元，小明家本月应交纳电费 元。16家用电器通常是 （选填“串联”或“并联”）在家庭电路中；空调和电灯的导线都是铜线，但规格不同，这主要是因为 （选填“长度”或“横截面积”）对导线电阻的影响；一个“220V 8W”的节能灯正常发光时，1kwh的电能可使该灯正常工作 h。17将阻值为R1=5和R2=10的电热丝，按图串联接入电源电压为6V的电路中，经过一段时间后，电流通过 （选填“R1”或“R2”）产生的热量多，此实验可说明导体产生的热量与 有关；通电1min，R2产生的热量是 J。三计算题（共1小题）18如图所示，电源电压为10V保持不变，小灯泡标有“6V、3W“字样，滑动变阻器R的最大阻值为50。求：（1）小灯泡正常工作5min将消耗多少电能？（2）小灯泡恰好正常发光时，则变阻器的电功率是多少？参考答案与解析一选择题（共12小题）1甲、乙、丙三个轻质小球，将其中任意两个靠近，它们都相互吸引。下列判断正确的是（）A三个小球都必须带电B有两个小球带电C有一个小球带电就可以D三个小球都不带电【分析】根据电荷间的相互作用规律（同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引）和带电体的性质（能吸引轻小物体）分析。【解答】解：三个通草球两两靠近，都会相互吸引，A、若三个都带电，则会出现其中两个小球一定带同种电荷，则这两个就会互相排斥；所以不可能是三个小球都带电，故A错误。B、有两个小球带异种电荷，异种电荷相互吸引，并且带电体吸引不带电的轻小物体，它们两两靠近，都相互吸引，故B正确；C、若两个不带电，只有一个带电的话，则会出现带电的吸引不带电的两个，而不带电的两个不会相互吸引，故C错误。D、若都不带电，则不会出现相互吸引的情况，故D错误。故选：B。【点评】根据电荷间的作用规律、带电体的性质，结合自然界中只有两种电荷，利用题目中告诉的金属球之间的作用规律即可确定三个金属球的带电情况。2如图所示，电流表测通过L1的电流是图（）ABCD【分析】电流表是测量电流的仪表，电流表使用时要与测量的用电器串联。【解答】解：AB、L1、L2并联，电流表在干路上，则电流表测量干路电流，故AB不符合题意；C、L1、L2并联，电流表与L1串联，则测量L1的电流，故C符合题意；D、L1、L2并联，电流表与L2串联，则测量L2的电流，故D不符合题意。故选：C。【点评】本题考查了电流表的使用，电流表要测量哪个电灯的电流就要与哪个电灯串联。3如图所示是滑动变阻器的结构示意图，把A、C两个接线柱接入电路中时，当滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变化（）A变大B变小C不变D无法确定【分析】根据滑动变阻器的原理进行解答，即滑动变阻器是靠改变接入电路中的电阻线的长度来改变电阻大小的。【解答】解：把变阻器的A、C接线柱接入电路时，当滑片P向右滑动，接入电路中电阻丝的长度变长，电阻变大。故A正确。故选：A。【点评】滑动变阻器连入电路的电阻取决于接入电路的下方接线柱，靠近下方接线柱，电阻变小；远离下方接线柱，电阻变大。4在击剑比赛中，甲的剑击中乙的导电服，乙头顶上的指示灯就会亮；乙的剑击中甲的导电服，甲头顶上的指示灯就会亮，这里的剑相当于“开关”，图中能反映上述比赛原理的电路图是（）ABCD【分析】当甲方运动员的剑击中乙方的导电服时，乙方指示灯亮，而甲方指示灯不会亮；同理，当乙方运动员的剑击中甲方的导电服时，甲方指示灯亮，而乙方指示灯不会亮，由此可知这两盏灯的连接方式为并联，且S甲与乙方的灯串联，S乙与甲方的灯串联。【解答】解：因为甲方指示灯和乙方指示灯可以单独工作，并且互不影响，因此甲、乙指示灯为并联连接；根据题意可知，甲方开关控制乙方指示灯的工作；乙方开关控制甲方指示灯的工作；因此D选项电路符合要求。故选：D。【点评】本题考查串并联电路的特点，会根据用电器的工作情况确定用电器的连接方式，并会根据题意确定开关的位置是解决本题的关键。5如图所示电路，当开关S闭合后，两表均有示数而且L1与L2工作正常。过一会儿发现电压表示数突然变大，电流表示数为0而且L1与L2不亮。下列故障判断可能的是（）AL1灯短路BL2灯短路CL1灯丝断开DL2灯丝断开【分析】电路故障分为短路和断路：短路时，电路中有电流，并且电流较大；断路时，电路中无电流；先根据电流表示数的变化确定电路的故障，然后再根据电压表示数的变化确定故障的具体位置。【解答】解：电流表示数为0而且L1与L2不亮，说明电路出现了断路；电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源的正负极是接通的，所以故障的原因是L1灯丝断开。故选：C。【点评】本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和开路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。6如图所示，A、B为两盏白炽灯，A灯型号是“110V 25W”，B灯型号是“110V 100W”，R是一个未知电阻。若把它们接到电压为220V的电路上，下面四种接法中可能让两盏灯都正常发光的电路是（）ABCD【分析】（1）根据串联电路电阻的分压特点可知，电压相等时，电阻也要相等。（2）已知电源电压相等，根据公式P=可知，电路中电阻越大。消耗的功率就越小，先根据公式R=分别求出灯泡A和灯泡B的电阻，再求出A、B、C图总电阻进行比较，即可得出结论。【解答】解：根据公式P=可知，灯泡A的电阻RA=484，灯泡B的电阻RB=121。A、图中灯泡A和B的并联，电压为220V，则A、B两端电压均为220V，大于其额定电压，故两盏灯都不正常发光，故A不符合题意；B、图中灯泡A和B的串联在电压为220V的电路中，由于两灯泡电阻不同，所以两灯泡两端的电压都不是其额定电压110V，则两盏灯都不正常发光，故B不符合题意；C、图是灯泡A和可变电阻并联后又和灯泡B串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡A与可变电阻R并联后和灯泡B的电阻相等；但并联电路中，电阻越并越小，小于任何一个分电阻，所以此电路中灯泡A和灯泡B能正常工作，故C符合题意；D、图是灯泡B和可变电阻并联后又和灯泡A串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡B与可变电阻并联后和灯泡A的电阻相等；并联电路，电阻更小；故灯泡A和灯泡B不能正常工作时，故D不符合题意；故选：C。【点评】本题考查电功率的计算和串、并联电路电阻的计算，关键是电功率公式及其变形的灵活运用，重点知道串联电路总电阻大于任何一个串联的电阻，并联电路的总电阻小于任何一个并联的电阻。7如图所示，将灯L1、L2按图甲、乙两种方式接在电压均为U的两个电路中，在甲图中灯L1的功率为4W，在乙图中灯L1的功率为9W，设灯丝电阻不变。下列说法中正确的是（）A甲、乙两图中灯 L2两端的电压之比是 2：3B甲、乙两图电路消耗的总功率之比是 2：9CL1、L2两灯灯丝电阻之比是 1：2D乙图中灯 L1、L2的功率之比是 2：1【分析】由甲图知两灯串联，乙图中两灯并联，由P=表示出L1在两电路中功率，从而得到它在两电路的电压关系，再得到甲图中两灯电压关系；由串联电路分压原理得到两灯电阻关系，由P=I2R得到两灯功率关系；分别计算两电路中电流，由P=UI可得两图中总功率关系。【解答】解：由图甲可知，两灯串联，由P=可知：P1=4W，由图乙可知，两灯并联，所以U=U1=U2，则有：P1=9W，所以：=，解得：=，则U1=U，根据串联电路的电压特点和U1=U，可得L2的电压：U2=U，甲、乙两图中灯 L2两端的电压之比：=，故A错误；由串联电路的分压原理可得两灯电阻之比：=，即R1=2R2，故C错误；并联联电路各支路两端电压都相等，由P=可得，图乙中两灯功率之比：=，故D错误；甲电路中电流：I串=，乙电路中电流：I并=+=+=，由P=UI可得，甲、乙两图电路消耗的总功率之比：=，故B正确。故选：B。【点评】本题考查了串联和并联电路的特点、电功率、欧姆定律公式的应用，比值的计算过程要细心。8把标有“12V，12W”的小灯泡L1和标有“12V，6W”的小灯泡L2串联后接在电源电压12V的电路中（不考虑灯丝电阻的变化），下列说法正确的是（）A因为通过它们的电流相等，所以一样亮B因为灯L1实际功率较大，所以灯L1较亮C因为灯L2实际功率较大，所以灯L2较亮D因为灯L1额定功率较大，所以灯L1较亮【分析】两灯泡的额定电压相等，额定功率不同，根据P=比较两灯泡的电阻大小；两灯泡串联时通过它们的电流相等，根据P=I2R比较两灯泡的实际功率的大小，实际功率大的灯泡较亮。【解答】解：由灯泡的铭牌可知，两灯泡的额定电压相等，额定功率不同，由P=的变形式R=可知，L2的额定功率较小，其电阻较大，即R2R1，两灯泡串联后接在电源电压为12V的电路中时，因串联电路中各处的电流相等，由P=I2R可知，L2的实际功率较大，所以灯 L2较亮。故选：C。【点评】本题考查了串联电路的电流特点和电功率公式的灵活运用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，与额定功率无关。9有一定值电阻R0连接在某一电路中，当电阻的电流从0.2A增加到0.4A时，电阻两端的电压变化了2V则定值电阻R0的电功率改变了（）A1.4WB1.2WC1.0WD0.8W【分析】根据欧姆定律表示出两种情况下电路中的电流得出等式求出电阻R的阻值，再根据P=I2R求出两种情况下电阻R消耗的电功率，进一步求出此过程中功率的增加量。【解答】解：根据欧姆定律可得：当I=0.2A时，电阻两端的电压为：U=0.2AR0当I=0.4A时，电阻两端的电压为：U+2V=0.4AR0由知：R0=10；U=2V，由P=UI和I=得，P=I2R0，定值电阻两端的电流由0.2A到0.4A时，此过程中功率增加了：P=RR=（0.4A）210（0.2A）210=1.2W故B正确。故选：B。【点评】本题考查了欧姆定律和焦耳定律、电功率公式的应用，关键是根据电压的变化确定定值电阻的阻值。10甲、乙两电热丝电阻之比为3：4，通过的电流之比为3：1，则相同时间内产生的热量之比为（）A27：4B9：4C4：9D4：27【分析】知道两导体的电阻之比和通过的电流之比，根据焦耳定律求出相同时间内产生的热量之比。【解答】解：由题意可知，R甲：R乙=3：4，I甲：I乙=3：1，由Q=I2Rt可得，在相同时间内产生的热量之比：=（）2=（）2=。故选：A。【点评】本题考查了焦耳定律计算公式的应用，是一道常见题目。11将规格为“2.5V 0.3A”的小灯泡L1和规格为“3.8V 0.3A”的小灯泡L2串联，接在3V的电源上，下列判断正确的是（）AL1的电阻大于L2的电阻BL1的亮度比L2的亮度更小C两只灯泡都正常发光D两只灯泡实际功率相等【分析】根据电路图可知，两灯泡串联；先根据欧姆定律的变形公式R=比较两灯泡阻值的大小，根据串联电路电流的特点以及P=I2R比较灯泡的明暗程度。根据P=I2R分析两只灯泡实际功率。【解答】解：A、由欧姆定律的变形公式R=可得：；故A错误；B、因为串联电路处处电流相等，由P=I2R可知，电流一定时，电阻越大，功率越大，因此灯泡L1的实际功率小于灯泡L2的实际功率，即灯泡L2更亮，故B正确；C、两只灯泡都没有在额定电压下工作，所以都不正常发光，故C错误；D、因两灯泡的电阻不等，由P=I2R可知，两只灯泡实际功率不相等，故D错误。故选：B。【点评】本题考查欧姆定律、串联电路电流的特点以及功率计算公式的应用，关键明确灯泡的实际功率决定灯泡的明暗程度。12在如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1=20闭合开关S，移动滑动变阻器R2的滑片到中点c时，电流表的示数为0.4A；移动滑片P至最左端a时，电流表的示数为0.3A则滑片P在最左端a时，通电4秒钟滑动变阻器产生的热量是（）A24JB7.2JC32JD12.8J【分析】由电路图可知，滑动变阻器R2与电阻R1串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律分别表示出两种情况下电源的电压，根据电源的电压不变得出等式求出滑动变阻器的最大阻值，再利用焦耳定律求滑片P在最左端a时，通电4秒钟滑动变阻器产生的热量。【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器R2与电阻R1串联，电流表测电路中的电流，移动滑动变阻器R2的滑片P到中点c时，因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I=可得电源的电压：U=I1（R1+R2）=0.4A（20+R2）移动滑片P到最左端a时，同理可得电源的电压：U=I2（R1+R2）=0.3A（20+R2）因为电源电压保持不变，所以由可得：0.4A（20+R2）=0.3A（20+R2），解得：R2=20，滑片P在最左端a时，通电4秒钟滑动变阻器产生的热量：Q=I22R2t=（0.3A）2204s=7.2J。故选：B。【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律和焦耳定律的应用，利用好电源的电压不变是关键。二填空题（共5小题）13电流做功的实质：电流做功的过程是把电能转化为其他形式能，电流做了多少功就会消耗多少电能，也就会转化为多少其他形式的能。【分析】电流流过导体时电流做功。电流做功的过程，是电能转化为其它形式能的过程，消耗多少电能转化为多少其它的能。【解答】解：电流做功的过程是电能转化为其它形式能的过程，电流做了多少功，就会消耗多少电能，也就会转化为多少其他形式的能。故答案为：电；其他形式。【点评】自然界的能量不会消失，也不会创生，一种形式的能减少，必然另一种形式的能增加，一个物体能量减少，必然另一个物体能量增加。并且减少的量和增加的量相等。14电功率是表示电流做功快慢的物理量，它是电流在单位时间内做的功。甲电动机在5s内做功15000J，乙电动机在2s内做功8000J，则乙（填“甲”或“乙”）电动机做功较快。【分析】知道甲、乙电动机做的功和做功时间，根据P=求出做功的功率；再根据电功率是表示电流做功快慢的物理量比较两者做功的快慢。【解答】解：电功率是表示电流做功快慢的物理量。甲、乙电动机的功率分别为：P甲=3000W，P乙=4000W，P甲P乙，所以乙电动机做功快。故答案为：电流做功快慢；乙。【点评】本题考查了电功率的计算和对电功率物理意义的理解与掌握，是一道基础题目。15某用户在3月底抄表时，电能表的示数如图（甲）所示，4月底抄表时，电能表的示数如图（乙）所示，则该用户4月份用电51.2kWh若每度电交纳电费0.5元，小明家本月应交纳电费25.6元。【分析】从电能表上可以读出3月底、4月底的示数，4月底的示数减去3月底的示数就是4月份消耗的电能；已知电费的单价，可求一个月的电费。【解答】解：由图甲、乙可知，该用户4月份用电：W=379.7kWh328.5kWh=51.2kWh，这个月应交纳的电费：0.5元/kWh51.2Wh=25.6元。故答案为：51.2；25.6。【点评】本题考查家用电能表的读数、家庭用电以及电费的计算，注意示数单位是kWh（度），最后一位是小数点后一位。16家用电器通常是并联（选填“串联”或“并联”）在家庭电路中；空调和电灯的导线都是铜线，但规格不同，这主要是因为横截面积（选填“长度”或“横截面积”）对导线电阻的影响；一个“220V 8W”的节能灯正常发光时，1kwh的电能可使该灯正常工作125h。【分析】（1）并联电路工作时互不影响，家用电器是并联接入电路的；（2）电阻是导体本身的一种性质，它由导体的材料、长度、横截面积和温度决定；（3）根据“220V 8W”的含义，利用P=的变形公式求灯正常工作的时间。【解答】解：家用电器工作时互不影响，是并联接入电路的；空调和电灯的导线虽然都是铜线，但规格明显不同，且空调线的横截面积大、电阻小，这主要是因为横截面积对导线电阻的影响。标有“220V 8W”的节能灯，表示灯的额定电压为220V，额定功率为8W，根据P=可得，1kWh的电能可供节能灯正常发光的时间：t=125h；故答案为：并联；横截面积；125。【点评】此题考查了家庭电路的连接方式、电阻大小影响因素，但难度不大。17将阻值为R1=5和R2=10的电热丝