全国全国高中数学联赛试题及解答.doc

1997年全国高中数学联赛 冯惠愚1997年全国高中数学联合竞赛试卷第一试(10月5日上午8:00-10:00)一、选择题(每小题6分，共36分)1已知数列xn满足xn+1=xnxn1(n2)，x1=a， x2=b， 记Sn=x1+x2+L+xn，则下列结论正确的是(A)x100=-a，S100=2b-a (B)x100=-b，S100=2b-a(C)x100=-b，S100=b-a (D)x100=-a，S100=b-a矚慫润厲钐瘗睞枥庑赖。2如图，正四面体ABCD中，E在棱AB上，F在棱CD上，使得=(0f()f(d)f()(B)f() f(d)f()f() (C)f(d)f()f()f()(D)f(d)f()f()f()彈贸摄尔霁毙攬砖卤庑。6如果空间三条直线a，b，c两两成异面直线，那么与a，b，c都相交的直线有(A)0条 (B)1条 (C)多于1 的有限条 (D) 无穷多条謀荞抟箧飆鐸怼类蒋薔。二填空题(每小题9分，共54分)1设x，y为实数，且满足则x+y=.厦礴恳蹒骈時盡继價骚。2过双曲线x2=1的右焦点作直线l交双曲线于A、B两点，若实数使得|AB| =的直线l恰有3条，则=.茕桢广鳓鯡选块网羈泪。3已知复数z满足=1，则z的幅角主值范围是4已知三棱锥S-ABC的底面是以AB为斜边的等腰直角三角形，SA=SB=SC=2，AB=2，设S、A、B、C四点均在以O为球心的某个球面上，则点O到平面ABC的距离为鹅娅尽損鹌惨歷茏鴛賴。5设ABCDEF为正六边形，一只青蛙开始在顶点A处，它每次可随意地跳到相邻两顶点之一若在5次之内跳到D点，则停止跳动；若5次之内不能到达D点，则跳完5次也停止跳动，那么这只青蛙从开始到停止，可能出现的不同跳法共种籟丛妈羥为贍偾蛏练淨。6设a=logz+logx(yz)-1+1，b=logx-1+log(xyz+1)，c=logy+log(xyz)-1+1，记a，b，c中最大数为M，则M的最小值为預頌圣鉉儐歲龈讶骅籴。三、（本题满分20分）设xyz，且x+y+z=，求乘积cosx siny cosz的最大值和最小值渗釤呛俨匀谔鱉调硯錦。四、(本题满分20分)设双曲线xy=1的两支为C1，C2(如图)，正三角形PQR的三顶点位于此双曲线上(1)求证：P、Q、R不能都在双曲线的同一支上；(2)设P(-1，-1)在C2上， Q、R在C1上，求顶点Q、R的坐标五、(本题满分20分)设非零复数a1，a2，a3，a4，a5满足铙誅卧泻噦圣骋贶頂廡。其中S为实数且|S|2求证：复数a1，a2，a3，a4，a5在复平面上所对应的点位于同一圆周上第二试(10月5日上午10:30-12:30)一、（本题50分）如图，已知两个半径不相等的O1与O2相交于M、N两点，且O1、O2分别与O内切于S、T两点.求证：OMMN的充分必要条件是S、N、T三点共线.擁締凤袜备訊顎轮烂蔷。二、（本题50分）试问：当且仅当实数x0，x1，xn（n2）满足什么条件时，存在实数y0，y1，yn使得z=z+z+z成立，其中zk=xk+iyk，i为虚数单位，k=0，1，n.证明你的结论.贓熱俣阃歲匱阊邺镓騷。三、（本题50分）在10025的长方形表格中每一格填入一个非负实数，第i行第j列中填入的数为xi,j（i=1，2，100；j=1，2，25）（如表1）.然后将表1每列中的数按由小到大的次序从上到下重新排列为x1,jx2,jx100,j（j=1，2，25）.（如表2）坛摶乡囂忏蒌鍥铃氈淚。求最小的自然数k，使得只要表1中填入的数满足xi，j1（i=1，2，100），蜡變黲癟報伥铉锚鈰赘。则当ik时，在表2中就能保证xi，j1成立.買鲷鴯譖昙膚遙闫撷凄。表1表2x1,1x1,2x1,25x1,1x1,2x1,25x2,1x2,2x2,25x2,1x2,2x2,25x100,1x100,2x100,25x100,1x100,2x100,251997年全国高中数学联赛解答第一试一、选择题(每小题6分，共36分)1已知数列xn满足xn+1=xnxn1(n2)，x1=a， x2=b， 记Sn=x1+x2+L+xn，则下列结论正确的是(A)x100=-a，S100=2b-a (B)x100=-b，S100=2b-a(C)x100=-b，S100=b-a (D)x100=-a，S100=b-a綾镝鯛駕櫬鹕踪韦辚糴。解：x1=a，x2=b，x3=ba，x4=a，x5=b，x6=ab，x7=a，x8=b，易知此数列循环，xn+6=xn，于是x100=x4=a，驅踬髏彦浃绥譎饴憂锦。又x1+x2+x3+x4+x5+x6=0，故S100=2ba选A2如图，正四面体ABCD中，E在棱AB上，F在棱CD上，使得= (0+)，记f()=+其中表示EF与AC所成的角，表示EF与BD所成的角，则猫虿驢绘燈鮒诛髅貺庑。(A)f()在(0，+)单调增加(B)f()在(0，+)单调减少(C)f() 在(0，1)单调增加，而在(1，+单调减少(D)f()在(0，+)为常数解：作EGAC交BC于G，连GF，则=，故GFBD故GEF=，GFE=，但ACBD，故EGF=90故f()为常数选D锹籁饗迳琐筆襖鸥娅薔。3设等差数列的首项及公差均为非负整数，项数不少于3，且各项的和为972，则这样的数列共有(A)2个 (B)3个 (C)4个 (D)5个構氽頑黉碩饨荠龈话骛。解：设首项为a，公差为d，项数为n，则na+n(n1)d=972，n2a+(n1)d=2972，即n为2972的大于3的约数輒峄陽檉簖疖網儂號泶。n=972，2a+(9721)d=2，d=0，a=1；d1时a0有一解；n=97，2a+96d=194，d=0，a=97；d=1，a=a=49；d=2，a=1.有三解； n=297，n=2972，无解n=1，2时n3.选C4在平面直角坐标系中，若方程m(x2+y2+2y+1)=(x2y+3)2表示的曲线为椭圆，则m的取值范围为(A)(0，1) (B)(1，+) (C)(0，5) (D)(5，+)尧侧閆繭絳闕绚勵蜆贅。解：看成是轨迹上点到(0，1)的距离与到直线x2y+3=0的距离的比：=5，选D识饒鎂錕缢灩筧嚌俨淒。5设f(x)=x2x，a=arcsin，=arctan，=arcos()，d=arccot()，则(A)f()f()f(d)f()(B)f() f(d)f()f() (C)f(i)f()f()f()(D)f(d)f()f()f()凍鈹鋨劳臘锴痫婦胫籴。解：f(x)的对称轴为x=， 易得， 00故f(t)单调增，现x1=1y，x+y=2釷鹆資贏車贖孙滅獅赘。2过双曲线x2=1的右焦点作直线l交双曲线于A、B两点，若实数使得|AB| =的直线l恰有3条，则=怂阐譜鯪迳導嘯畫長凉。解：右支内最短的焦点弦=4又2a=2，故与左、右两支相交的焦点弦长2a=2，这样的弦由对称性有两条故=4时谚辞調担鈧谄动禪泻類。设AB的倾斜角为，则右支内的焦点弦=4，当=90时，=4嘰觐詿缧铴嗫偽純铪锩。与左支相交时，=arccos时，=4故=4熒绐譏钲鏌觶鷹緇機库。3已知复数z满足=1，则z的幅角主值范围是解：=14r4+(4cos21)r2+1=0，这个等式成立等价于关于x的二次方程4x2+(4cos21)x+1=0有正根=(4cos21)2160，由x1x2=0，故必须x1+x2=0鶼渍螻偉阅劍鲰腎邏蘞。cos2 (2k+1)arccos2(2k+1)+arccos纣忧蔣氳頑莶驅藥悯骛。k+arccosk+arccos，(k=0，1)颖刍莖蛺饽亿顿裊赔泷。4已知三棱锥S-ABC的底面是以AB为斜边的等腰直角三角形，SA=SB=SC=2，AB=2，设S、A、B、C四点均在以O为球心的某个球面上，则点O到平面ABC的距离为濫驂膽閉驟羥闈詔寢賻。解：SA=SB=SC=2，S在面ABC上的射影为AB中点H，SH平面ABCSH上任意一点到A、B、C的距离相等SH=，CH=1，在面SHC内作SC的垂直平分线MO与SH交于O，则O为SABC的外接球球心SM=1，SO=，OH=，即为O与平面ABC的距离銚銻縵哜鳗鸿锓謎諏涼。5设ABCDEF为正六边形，一只青蛙开始在顶点A处，它每次可随意地跳到相邻两顶点之一若在5次之内跳到D点，则停止跳动；若5次之内不能到达D点，则跳完5次也停止跳动，那么这只青蛙从开始到停止，可能出现的不同跳法共种挤貼綬电麥结鈺贖哓类。解：青蛙跳5次，只可能跳到B、D、F三点(染色可证)青蛙顺时针跳1次算+1，逆时针跳1次算1，写5个“1”，在中填“+”号或“”号：11111规则可解释为：前三个中如果同号，则停止填写；若不同号，则后2个中继续填写符号前三同号的方法有2种；前三个不同号的方法有232=6种，后两个中填号的方法有22种 共有2+64=26种方法6设a=logz+logx(yz)-1+1，b=logx-1+log(xyz+1)，c=logy+log(xyz)-1+1，记a，b，c中最大数为M，则M的最小值为赔荊紳谘侖驟辽輩袜錈。解：a=log(+z)，b=log(yz+)，c=log(+y)塤礙籟馐决穩賽釙冊庫。a+c=log(+yz+x)2log2于是a、c中必有一个log2即Mlog2，于是M的最小值log2裊樣祕廬廂颤谚鍘羋蔺。但取x=y=z=1，得a=b=c=log2即此时M=log2于是M的最小值log2 所求值=log2三、（本题满分20分）设xyz，且x+y+z=，求乘积cosx siny cosz的最大值和最小值仓嫗盤紲嘱珑詁鍬齊驁。解：由于xyz，故x2=绽萬璉轆娛閬蛏鬮绾瀧。cosx siny cosz=cosxsin(y+z)+sin(yz)=cos2x+cosxsin(yz)cos2=即最小值骁顾燁鶚巯瀆蕪領鲡赙。 (由于x，yz，故cosxsin(yz)0)，当y=z=，x=时，cosx siny cosz=瑣钋濺暧惲锟缟馭篩凉。cosx siny cosz=coszsin(x+y)sin(xy)=cos2zcoszsin(xy)鎦诗涇艳损楼紲鯗餳類。由于sin(xy)0，cosz0，故cosx siny coszcos2z=cos2=(1+cos)=栉缏歐锄棗鈕种鵑瑶锬。当x=y=，z=时取得最大值 最大值，最小值四、(本题满分20分)设双曲线xy=1的两支为C1，C2(如图)，正三角形PQR的三顶点位于此双曲线上(1)求证：P、Q、R不能都在双曲线的同一支上；(2)设P(-1，-1)在C2上， Q、R在C1上，求顶点Q、R的坐标解：设某个正三角形的三个顶点都在同一支上此三点的坐标为P(x1，)，Q(x2，)，R(x3，)不妨设0x1x20辔烨棟剛殓攬瑤丽阄应。kPQ=；kQR=；峴扬斕滾澗辐滠兴渙藺。tanPQR=0)则h2(cos2+isin2)Rsin2=0謾饱兗争詣繚鮐癞别瀘。 1h2(cos2+isin2)1h2(cos2+isin2)，cos20=k(kZ)呙铉們欤谦鸪饺竞荡赚。 q+R再令q=r(cos+isin)，(r0)则q+=(r+)cos+i(r)sinRsin=0或r=1莹谐龌蕲賞组靄绉嚴减。 若sin=0，则q=r为实数此时q+2或q+2此时q+，或q+麸肃鹏镟轿騍镣缚縟糶。此时，由|(q+)2|1，知q=1此时，|ai|=2 納畴鳗吶鄖禎銣腻鰲锬。若r=1，仍有|ai|=2，故此五点在同一圆周上 若1+q+q2+q3+q4=0则q51=0， |q|=1此时|a1|=|a2|=|a3|=|a4|=|a5|，即此五点在同一圆上風撵鲔貓铁频钙蓟纠庙。综上可知，表示复数a1，a2，a3，a4，a5在复平面上所对应的点位于同一圆周上第二试一、（本题50分）如图，已知两个半径不相等的O1与O2相交于M、N两点，且O1、O2分别与O内切于S、T两点.求证：OMMN的充分必要条件是S、N、T三点共线.灭嗳骇諗鋅猎輛觏馊藹。证明：过S、T分别作相应两圆的公切线，交于点P，则PS=PT，点P在直线MN上(根轴)且O、S、P、T四点共圆铹鸝饷飾镡閌赀诨癱骝。 若S、N、T三点共线，连O1N，O2N，则OS=OT，O1S=O1N，于是S=T，S=O1NS，O1NS=T，O1NOT，同理，O2NOS，即OS=O2N+O1S即O的半径=O1与O2的半径的和攙閿频嵘陣澇諗谴隴泸。PTS=TSP=NMS，S、P、T、M共圆，故O、S、P、T、M五点共圆OMS=OTS=OST趕輾雏纨颗锊讨跃满賺。OMN=OMS+SMN=OST+TSP=OSP=90OMMN 反之，若OMMN，则OMO1O2，由OO2OO1=(Rr2)(Rr1)=r1r2=O1MO2M即O、M在以O1、O2为焦点的双曲线的不同两支上由双曲线的对称性，知O1O2MO是等腰梯形OO2=O1M夹覡闾辁駁档驀迁锬減。即OT=r1+r2，O1N=OO2，OO1=O2N，于是OO1NO2为平行四边形由于OST、O1SN、O2NT都是等腰三角形SO1N=O=NO2T，OST=OSN视絀镘鸸鲚鐘脑钧欖粝。S、N、T三点共线二（本题50分）试问：当且仅当实数x0，x1，xn（n2）满足什么条件时，存在实数y0，y1，yn使得z02=z12+z22+zn2成立，其中zk=xk+iyk，i为虚数单位，k=0，1，n.证明你的结论.偽澀锟攢鴛擋緬铹鈞錠。解：z02=x02y02+2x0y0i=(x12+x22+xn2)(y12+y22+yn2)+2(x1y1+x2y2+xnyn)i緦徑铫膾龋轿级镗挢廟。x02y02=(x12+x22+xn2)(y12+y22+yn2)；x0y0=x1y1+x2y2+xnyn若x02 x12+x22+xn2，则y02 y12+y22+yn2此时x02y02( x12+x22+xn2)( y12+y22+yn2)(x1y1+x2y2+xnyn)2=(x0y0)2矛盾騅憑钶銘侥张礫阵轸蔼。故必x02x12+x22+xn2反之，若x02x12+x22+xn2成立此时，可分两种情况： 当x02=x12+x22+xn2成立时，取yi=xi(i=0，1，2，n)，于是z02=(x0+y0i)2=x02y02+2x0y0i=2x0y0i，而z12+z22+zn2=(x12+x22+xn2)(y12+y22+yn2)+2(x1y1+x2y2+xnyn)i疠骐錾农剎貯狱颢幗騮。=2(x1y1+x2y2+xnyn)i=2(x12+x22+xn2)i=2x02i=2x0y0i即z02=z12+z22+zn2成立镞锊过润启婭澗骆讕瀘。 当x020，于是xi(i=1，2，n)不能全为0不妨设xn0，取y0=y1=y2=yn2=0，yn1=，yn=，则榿贰轲誊壟该槛鲻垲赛。此时，z02=x02y02+2x0y0i=x02；而z12+z22+zn2=(x12+x22+xn2)(y12+y22+yn2)+2(x1y1+x2y2+xnyn)i邁茑赚陉宾呗擷鹪讼凑。=(x12+x22+xn2)(+)+2(xn1xn)i嵝硖贪塒廩袞悯倉華糲。=(x12+