吉林省白城市洮南市第十中学2018_2019学年高二物理下学期第二次月考试题（含解析）.docx

吉林省白城市洮南市第十中学2018-2019学年高二物理下学期第二次月考试题（含解析）一、选择题（本题共12小题，每题4分，共48分。其中1-7题只有一个选项符合题意，8-12有多个选项符合题意。全部选对的得4分，选对选不全得2分，有选错的得0分）1.金属矩形线圈abcd在匀强磁场中做如图所示的运动，磁场区域足够大，线圈中有感应电流的是()A. B. C. D. 【答案】A【解析】试题分析：图示时刻穿过线圈的磁通量为零，当线圈转动时，磁通量增加，将产生感应电流故A正确线圈转动过程中，线圈始终与磁场平行，没有磁感线穿过线圈，线圈的磁通量始终为零，保持不变，没有感应电流产生故B错误线圈运动过程中，线圈与磁场平行，没有磁感线穿过线圈，穿过线圈的磁通量始终为零，保持不变，没有感应电流产生故C错误线圈在匀强磁场中运动，根据=BS知，磁通量保持不变，没有感应电流产生故D错误故选A考点：电磁感应【名师点睛】判断有没有感应电流产生，只要对照条件分析就行磁通量可以用磁感线的条数来判断。2.如图，虚线OO左边存在着方向垂直于纸面向里的匀强磁场，右边没有磁场，单匝矩形线圈abcd的对称轴恰与磁场边界重合，线圈平面与磁场垂直，线圈沿图示方向绕OO轴匀速转动(ab边先向纸外，cd先向纸内转动)，规定沿adcba方向为感应电流的正方向。若从图示位置开始计时，则能正确表示线圈内的感应电流随时间变化规律的是 ( )A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】根据楞次定律可得，初始时，磁通量向里减小，感应电流产生磁场向里，电流为adcba方向，根据交流电产生原理得，从中性面开始计时，线框转动产生的交流电：，BCD错误A正确3.如图所示，矩形线圈abcd在匀强磁场中可以分别绕垂直于磁场方向的轴P1和P2以相同的角速度匀速转动，当线圈平面转到与磁场方向平行时（） A. 线圈绕P1转动时的电流小于绕P2转动时的电流B. 线圈绕P1转动时的电动势等于绕P2转动时的电动势C. 线圈绕P1和P2转动时电流的方向相同，先是adcb，再是abcdD. 线圈绕P1转动时dc边产生的焦耳热大于绕P2转动时dc边产生的焦耳热【答案】B【解析】【详解】AB.根据交流电产生原理可知，绕P1转动和绕P2转动产生的交流电相同，均为：，所以产生的电动势和电流相同，A错误B正确C.当线圈平面转到与磁场方向平行时，根据右手定则可以判断绕P1和P2转动时电流方向相同，均为adcb，C错误D.因为绕P1转动和绕P2转动产生的交流电相同，同一个线圈，电阻相同，所以产生的焦耳热相同，D错误4.以下关于电阻、电感器、电容器对电流作用的说法正确的是()A. 电阻对直流电和交流电都无阻碍作用B. 电感器对交流电有阻碍作用C. 电容器对直流电没有阻碍作用D. 电容器两极板间呈断路，因此串联着电容器的电路不能通过交变电流【答案】B【解析】详解】A.电阻对直流和交流都有阻碍作用，A错误B.电感线圈会阻碍电流的变化，所以电感对交流电有阻碍作用，B正确C.电容器相当于直流中的断路，所以交流电对直流有阻碍作用，C错误D.交流电周期性变化，导致电容器周期性充放电，回路中有电流，所以串联着电容器的电路能通过交变电流，D错误5.有一个在光滑水平面内的弹簧振子,第一次用力把弹簧压缩x后释放让它振动,第二次把弹簧压缩2x后释放让它振动,则先后两次振动的周期之比和振幅之比分别为()A. 1111B. 2121C. 1214D. 1112【答案】D【解析】【详解】弹簧振子的振动周期由振动系统本身的特性决定，与振幅无关，所以周期之比为1：1；第一次振幅为x，第二次振幅为2x，所以振幅之比为1：2，ABC错误D正确6.如图所示,摆长为L的单摆,周期为T。如果在悬点O的正下方的B点固定一个光滑的钉子,OB的距离为OA长度的5/9，使摆球A通过最低点向左摆动,悬线被钉子挡住成为一个新的单摆,则下列说法中正确的是()A. 单摆在整个振动过程中的周期不变B. 单摆在整个振动过程中的周期将变大为原来的6/5倍C. 单摆在整个振动过程中的周期将变小为原来的5/6倍D. 单摆在整个振动过程中的周期无法确定【答案】C【解析】【详解】根据单摆周期公式：，未加钉子时，周期：，悬线长变为被挡后，周期变为，所以加了钉子周期为：，所以周期变为原来的，ABD错误C正确7.一轻质弹簧上端系于天花板上，一端挂一质量为m的小球，弹簧的劲度系数为k，将小球从弹簧为自由长度时的竖直位置放手后，小球做简谐运动，则下列说法不正确的是（ ）A. 小球做简谐运动的恢复力大小为mgB. 小球从放手运动到最低点，下降的高度为2mg/kC. 小球运动到最低点时加速度大小为2gD. 小球运动到平衡位置动能大小为【答案】C【解析】【详解】A.小球放手后，弹簧处于自由长度，小球只受重力，所以恢复力大小为mg，A正确B.小球在平衡位置，弹簧伸长量设为x，根据胡可定律可知kx=mg，解得：，所以小球的振幅，根据简谐运动的对称性，最低点在平衡位置下方x处，故下降最大高度为h=2x，B正确C.小球到最低点的受到的弹力F=2kx，根据牛顿第二定律：F-mg=ma，代入数据得，a=g，C错误D.小球从初始释放到经过平衡位置时根据机械能守恒：，解得：，D正确8.如图所示，水平放置的两条光滑导轨上有可自由移动的金属棒PQ、MN，当PQ在外力作用下运动时，MN在磁场力作用下向右运动，则PQ所做的运动可能是( )A. 向右加速运动B. 向左加速运动C. 向右减速运动D. 向左减速运动【答案】BC【解析】【详解】MN向右运动，所以MN受安培力向右，根据左手定则可判断电流为M到N，线圈感应电流的磁场向上，根据楞次定律可知，线圈的磁场向上减弱或向下增强，当的磁场向上减弱，根据右手定则可判断PQ中电流为Q到P，根据右手定则，PQ在向右减速；当线圈的磁场向下增强，根据右手定则可判断PQ中电流为P到Q，根据右手定则，PQ在向左加速，AD错误BC正确9.如图，一矩形闭合线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴以恒定的角速度转动，从线圈平面与磁场方向平行时开始计时，则在t=/2时（ ）A. 线圈中的感应电流为0B. 穿过线圈磁通量最大C. 线圈中的感应电流最大D. 穿过线圈的磁通量的变化率最小【答案】ABD【解析】【详解】A.因为从线圈平面与磁场方向平行时开始计时，所以感应电动势表达式为：，所以当时，感应电动势为零，所以感应电流为零，A正确B.感应电动势为零，线圈经过中性面，磁通量最大，B正确C.因为感应电动势为零，所以感应电流为零，C错误D.感应电动势和磁通量变化率成正比，所以磁通量变化率最小，D正确10.关于交变电流的有效值，以下说法中正确的是（ ）A. 有效值就是交变电流在一个周期内的平均值B. 有效值总等于最大值的倍C. 有效值是根据电流的热效应来定义的D. 照明电压220V、动力电压380V指的都是有效值【答案】CD【解析】【详解】A.交变电流的有效值是根据电流的热效应定义的，不是平均值，A错误B.只有正弦式交流电的有效值等于最大值的倍，一般交流电不一定等于最大值的倍，B错误C.有效值是根据电流的热效应定义的，C正确D.照明电压220V、动力电压380V，都是根据产热计算的，指的都是有效值，D正确11.如图所示是一做简谐运动的物体的振动图象，下列说法正确的是( )A. 振动周期是410-2sB. 第210-2s内物体的位移是10 cmC. 物体的振动频率为4 HzD. 物体的振幅是20 cm【答案】AB【解析】【详解】A.根据图像可知完成一个完整振动的时间即振动周期为410-2s，A正确B.第210-2s内，即在110-2s到210-2s内，物体从正向最大位移处，运动到平衡位置，所以位移为-10cm，B正确C.物体的频率：，C错误D.根据图像可知振幅为10cm，D错误12.甲、乙两个单摆的振动图象如图所示根据振动图象可以断定（ ）A. 若甲、乙两单摆在同一地点摆动，甲、乙两单摆摆长之比是9：4B. 甲、乙两单摆振动的频率之比是3：2C. 甲、乙两单摆振动的周期之比是2：3D. 若甲、乙两单摆在不同一地点摆动，但摆长相同，则甲乙两单摆所在地点的重力加速度之比为9:4【答案】BCD【解析】【详解】ABC.根据图像可知，单摆振动的周期关系：，所以周期之比为，频率为周期的反比，所以频率之比：；若甲乙在同一地点，则重力加速度相同，根据周期公式：，所以摆长之比为4：9，A错误BC正确D.若在不同地点，摆长相同，根据得：重力加速度之比为：9：4，D正确二、填空题（本题共2小题，共12分。其中第13题4分，第14题8分。）13.一质点在平衡位置O附近做简谐运动，从它经过平衡位置起开始计时，经0.28s质点第一次通过M点，再经0.1s第二次通过M点，则质点振动周期的可能为_【答案】1.32s或0.44s【解析】【详解】如果质点第一次通过M点，继续最大位移处运动，则有：，所以周期等于：；如果质点第一次通过M点，向另一侧最大位移处运动，则有：，解得：14.在做“用单摆测定重力加速度”的实验时，用摆长l和周期T计算重力加速度的公式是g=_.如果已知摆球直径为2.00 cm,用刻度尺的零刻线对准摆线的悬点,摆线竖直下垂,如图(甲)所示,那么单摆摆长_.如果测定了50次全振动的时间如图(乙)中秒表所示,那么秒表读数是_ s.单摆的摆动周期是_ s. 【答案】 (1). (2). 87.40cm (3). 75.2 (4). 1.504【解析】【详解】根据单摆周期公式：，解得：；根据图像可知，到摆球最低点读数为88.40cm，所以摆长为：；根据图像可知，秒表示数为：；因为是50次全振动，所以振动周期为：三、计算题（共4道题，每题10分）15.如图所示，一矩形线圈长L=0.5m、宽d=0.1m、质量为m=0.032kg、电阻R=0.2的，从h1=5m的高处由静止开始下落，然后进入匀强磁场，当下边进入磁场时，由于磁场力的作用，线圈正好作匀速运动。（1）求匀强磁场的磁感应强度B0。（2）如果线圈的下边通过磁场所经历的时间t=0.25s，求磁场区域的高度h2.【答案】（1）0.8T （2）2.7m【解析】【详解】（1）设线圈刚进入磁场时的速度为v0，则据机械能守恒定律可得：，刚进入磁场时，感应电动势：，感应电流：，安培力：，根据平衡条件可得，解得B0=0.8T（2）因为线圈的下边进入磁场后先做匀速运动，用时t0=0.05s，所以线圈做加速运动的时间：t1=0.2s，根据几何关系：16.如图所示，有一矩形线圈，面积为S，匝数为n，整个线圈的电阻为r，在磁感应强度为B0的磁场中，绕OO轴以角速度0匀速转动，外电阻为R，当线圈由图示位置转过90的过程中，求（1）通过电阻R的电荷量是多少？（2）外力做功是多少？【答案】(1) (2)【解析】【详解】（1）感应电动势：，感应电流：，通过的电量：（2）感应电动势的最大值： ，有效值为：，电场力做功，有：，根据角速度公式经过的时间：联立解得：17.发电站通过升压变压器、输电导线和降压变压器把电能输送到用户，如果升压变压器和降压变压器都可视为理想变压器发电机的输出功率是100 kW，输出电压是250 V，升压变压器的原、副线圈的匝数比为125，输电导线中的电功率损失为输入功率的4%.(1)求升压变压器输出电压和输电导线中的电流(2)求输电导线的总电阻和降压变压器原线圈两端的电压(3)计算降压变压器的输出功率【答案】(1)6 250 V16 A(2)15.625 6 000 V(3)96 000 W【解析】【详解】根据题意，画出输电线路图(1)对升压变压器，根据公式，有，根据功率方程：(2)损失功率：，代入数据解得：R15.625