高中物理第1章电磁感应与现代生活1.4电磁感应的案例分析练习沪科版选修.docx

1.4电磁感应的案例分析一、选择题考点一电磁感应中的动力学问题1.如图1所示，在一匀强磁场中有一U形导线框abcd，线框处于水平面内，磁场与线框平面垂直，R为一电阻，ef为垂直于ab的一根导体杆，它可在ab、cd上无摩擦地滑动.杆ef及线框中导线的电阻都可不计.开始时，给ef一个向右的初速度，则()图1A.ef将减速向右运动，但不是匀减速B.ef将匀减速向右运动，最后停止C.ef将匀速向右运动D.ef将往返运动答案A解析ef向右运动，切割磁感线，产生感应电动势和感应电流，会受到向左的安培力而做减速运动，直到停止，但不是匀减速，由FBILma知，ef做的是加速度减小的减速运动.故A正确.2.(多选)用一段横截面半径为r、电阻率为、密度为d的均匀导体材料做成一个半径为R(rR)的圆环.圆环竖直向下落入如图2所示的径向磁场中，圆环的圆心始终在N极的轴线上，圆环所在位置的磁感应强度大小均为B.圆环在加速下滑过程中某一时刻的速度为v，忽略其他影响，则()图2A.此时在圆环中产生了(俯视)顺时针方向的感应电流B.圆环因受到了向下的安培力而加速下落C.此时圆环的加速度aD.如果径向磁场足够长，则圆环的最大速度vm答案AD解析由右手定则可以判断感应电流的方向为(俯视)顺时针方向，可知选项A正确；由左手定则可以判断，圆环受到的安培力向上，阻碍圆环的运动，选项B错误；圆环垂直切割磁感线，产生的感应电动势EBLvB2Rv，圆环的电阻R电，则圆环中的感应电流I，圆环所受的安培力F安BI2R，圆环的加速度a，md2Rr2，则ag，选项C错误；当重力等于安培力时圆环速度达到最大，此时a0，可得vm，选项D正确.3.如图3所示，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d(dL)的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下.导线框以某一初速度向右运动，t0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，随后导线框进入并通过磁场区域.下列vt图像中，正确描述上述过程的是()图3答案D解析导线框进入磁场的过程中，线框受到向左的安培力作用，根据EBLv、I、FBIL得F，随着v的减小，安培力F减小，导线框做加速度逐渐减小的减速运动.整个导线框在磁场中运动时，无感应电流，导线框做匀速运动，导线框离开磁场的过程中，根据F，导线框做加速度逐渐减小的减速运动，所以选项D正确.4.(多选)如图4所示，有两根和水平方向成(90)角的光滑平行的金属轨道，上端接有可变电阻R，下端足够长，空间有垂直于轨道平面向上的匀强磁场，磁感应强度为B，一根质量为m、电阻不计的金属杆从轨道上由静止滑下.经过足够长的时间后，金属杆的速度会趋近于一个最大速度vm，则()图4A.如果B增大，vm将变大B.如果变大(仍小于90)，vm将变大C.如果R变大，vm将变大D.如果m变小，vm将变大答案BC解析金属杆由静止开始滑下的过程中，金属杆就相当于一个电源，与电阻R构成一个闭合回路，其受力情况如图所示，根据牛顿第二定律得：mgsin ma所以金属杆由静止开始做加速度减小的加速运动，当a0时达到最大速度vm，即mgsin ，可得：vm，故由此式知选项B、C正确.考点二电磁感应中的能量问题5.如图5所示，竖直放置的两根平行金属导轨之间接有定值电阻R，质量不能忽略的金属棒与两导轨始终保持垂直并良好接触且无摩擦，棒与导轨的电阻均不计，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，棒在竖直向上的恒力F作用下加速上升的一段时间内，力F做的功与安培力做的功的代数和等于()图5A.棒的机械能增加量 B.棒的动能增加量C.棒的重力势能增加量 D.电阻R上产生的热量答案A解析棒加速上升时受到重力、拉力F及安培力.根据功能关系可知，力F与安培力做功的代数和等于棒的机械能的增加量，A正确.6.如图6所示，纸面内有a、b两个用同样的导线制成的闭合正方形线圈，匝数均为10匝，边长la3lb，图示区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，且磁感应强度随时间均匀增大，不考虑线圈之间的相互影响，则()图6A.两线圈内产生顺时针方向的感应电流B.a、b线圈中感应电动势之比为91C.a、b线圈中感应电流之比为34D.a、b线圈中电功率之比为31答案B解析根据楞次定律可知，两线圈内均产生逆时针方向的感应电流，选项A错误；因磁感应强度随时间均匀增大，设k，根据法拉第电磁感应定律可得Ennl2，则()2，选项B正确；根据I可知，Il，故a、b线圈中感应电流之比为31，选项C错误；电功率PIEnl2，则Pl3，故a、b线圈中电功率之比为271，选项D错误.7.水平放置的光滑平行导轨上放置一根长为L、质量为m的导体棒ab，ab处在磁感应强度大小为B、方向如图7所示的匀强磁场中，导轨的一端接一阻值为R的电阻，导轨及导体棒电阻不计.现使ab在水平恒力F作用下由静止沿垂直于磁场的方向运动，当通过的位移为s时，ab达到最大速度vm.此时撤去外力，最后ab静止在导轨上.在ab运动的整个过程中，下列说法正确的是()图7A.撤去外力后，ab做匀减速运动B.合力对ab做的功为FsC.R上释放的热量为FsmvD.R上释放的热量为Fs答案D解析撤去外力后，导体棒水平方向只受安培力作用，而F安，F安随v的变化而变化，故导体棒做加速度变化的变速运动，A错；对整个过程由动能定理得W合Ek0，B错；由能量守恒定律知，恒力F做的功等于整个回路产生的电能，电能又转化为R上释放的热量，即QFs，C错，D正确.考点三电磁感应中的动力学及能量综合问题8.(多选)如图8所示，在方向垂直纸面向里，磁感应强度为B的匀强磁场区域中有一个由均匀导线制成的单匝矩形线框abcd，线框以恒定的速度v沿垂直磁场方向向右运动，运动中线框dc边始终与磁场右边界平行，线框边长adL，cd2L.线框导线的总电阻为R.则在线框离开磁场的过程中，下列说法中正确的是()图8A.ad间的电压为B.流过线框横截面的电荷量为C.线框所受安培力的合力为D.线框中的电流在ad边产生的热量为答案ABD解析ad间的电压为UIRR，故A正确；流过线框横截面的电荷量qItt，故B正确；线框所受安培力的合力FBI2L，故C错误；产生的感应电动势E2BLv，感应电流I，线框中的电流在ad边产生的热量QI2R，故D正确.二、非选择题9.如图9所示，相距为L的光滑平行金属导轨ab、cd固定在水平桌面上，上面放有两根垂直于导轨的金属棒MN和PQ，金属棒质量均为m，电阻值均为R.其中MN被系于中点的细绳束缚住，PQ的中点与一绕过定滑轮的细绳相连，绳的另一端系一质量也为m的物块，绳处于拉直状态.整个装置放于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度的大小为B.若导轨的电阻、滑轮的质量及一切摩擦均忽略不计，当物块由静止释放后，求：(重力加速度为g，金属导轨足够长，与MN、PQ相连的绳跟MN、PQ垂直)图9(1)细绳对金属棒MN的最大拉力；(2)金属棒PQ能达到的最大速度.答案(1)mg(2)解析(1)对棒PQ，开始时做加速度逐渐减小、速度逐渐增大的变加速运动，当加速度为零时，速度达到最大，此时感应电流最大.此后棒PQ做匀速直线运动.对棒PQ，F安BLImmg对棒MN，FmF安BLImmg.(2)对棒PQ，F安mg0时速度最大EBLvm，Im，F安BLIm解得vm.10.如图10甲所示，不计电阻的平行金属导轨与水平面成37夹角放置，导轨间距为L1 m，上端接有电阻R3 ，虚线OO下方是垂直于导轨平面的匀强磁场.现将质量m0.1 kg、接入电路的电阻r1 的金属杆ab从OO上方某处垂直导轨由静止释放，杆下滑过程中始终与导轨垂直并保持良好接触，杆下滑过程中的vt图像如图乙所示.(sin 370.6，cos 370.8，g取10 m/s2)求：图10(1)磁感应强度大小B；(2)杆在磁场中下滑0.1 s过程中电阻R上产生的热量.答案(1)2 T(2) J解析(1)由题图乙得00.1 s内，杆的加速度a m/s25 m/s200.1 s内，由牛顿第二定律有mgsin 37fma代入数据得f0.1 N0.1 s后杆匀速运动，有mgsin 37fF安0而F安BILBL解得B2 T(2)方法一：杆在磁场中下滑0.1 s的过程中，回路中的电流恒定，有I0.25 A，电阻R上产生的热量QRI2Rt J.方法二：金属杆ab在磁场中匀速运动的位移svt0.05 m金属杆ab下落的高度hssin 0.03 m由能量守恒有mghQfs电阻R产生的热量QRQ(mghfs) J.11.如图11所示，倾角为的U形金属框架下端连接一阻值为R的电阻，相互平行的金属杆MN、PQ间距为L，与金属杆垂直的虚线a1b1、a2b2区域内有垂直框架平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B，a1b1、a2b2间距离为d，一长为L、质量为m、电阻为R的导体棒在金属框架平面上与磁场上边界a2b2距离d处从静止开始释放，最后匀速通过磁场下边界a1b1.重力加速度为g(金属框架摩擦及电阻不计，空气阻力不计).求：图11(1)导体棒刚到达磁场上边界a2b2时速度大小v1；(2)导