内蒙古包头市萨二中高三物理上学期12月月考试卷（含解析）(1).doc

2015-2016学年内蒙古包头市萨二中高三（上）月考物理试卷（12月份）一单选（每题3分，共33分）1下列说法正确的是（）a若物体运动速率始终不变，则物体所受合力一定为零b若物体的加速度均匀增加，则物体做匀加速直线运动c若物体所受合力与其速度方向相反，则物体做匀减速直线运动d若物体在任意的相等时间间隔内位移相等，则物体做匀速直线运动2一质点沿x轴做直线运动，其vt图象如图所示质点在t=0时位于x=5m处，开始沿x轴正向运动当t=8s时，质点在x轴上的位置为（）ax=3 mbx=8 mcx=9 mdx=14 m3如图为节日里悬挂灯笼的一种方式，a、b点等高，o为结点，轻绳ao、bo长度相等，拉力分别为fa、fb，灯笼受到的重力为 g下列表述正确的是（）afa一定小于gbfa与fb大小相等cfa与fb是一对平衡力dfa与fb大小之和等于g4倾角为、质量为m的斜面体静止在水平桌面上，质量为m的木块静止在斜面体上下列结论正确的是（）a木块受到的摩擦力大小是mgcosb木块对斜两体的压力大小是mgsinc桌面对斜面体的摩擦力大小是mgsincosd桌面对斜面体的支持力大小是（m+m）g5一物块静止在粗糙的水平桌面上从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力以a表示物块的加速度大小，f表示水平拉力的大小能正确描述f与a之间的关系的图象是（）abcd6如图，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为m和2m的行星做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）a甲的向心加速度比乙的小b甲的运行周期比乙的小c甲的角速度比乙的大d甲的线速度比乙的大7一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递减的关于b点电场强度e的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线）（）abcd8伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念，从而奠定了牛顿力学的基础早期物理学家关于惯性有下列说法，其中正确的是（）a物体抵抗运动状态变化的性质是惯性b没有力作用，物体只能处于静止状态c行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性d运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动9如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块a、b用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）初始时刻，a、b处于同一高度并恰好处于静止状态剪断轻绳后a下落、b沿斜面下滑，则从剪断轻绳到物块着地，两物块（）a速率的变化量不同b机械能的变化量不同c重力势能的变化量相同d重力做功的平均功率相同10如图所示电路，电源内阻不可忽略，开关s闭合后，在变阻器r0的滑动端向下滑动的过程中（）a电压表与电流表的示数都减小b电压表与电流表的示数都增大c电压表的示数增大，电流表的示数减小d电压表的示数减小，电流表的示数增大11如图所示，两根相互平行的长直导线过纸面上的m、n两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流a、o、b在m、n的连线上，o为mn的中点，c、d位于mn的中垂线上，且a、b、c、d到o点的距离均相等关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是（）ao点处的磁感应强度为零ba、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反cc、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同da、c两点处磁感应强度的方向相同二双选（每题4分，共20分）12为了验证平抛运动的小球在竖直方向上做自由落体运动，用如图所示的装置进行试验，小锤打击弹性金属片，a球水平抛出，同时b球被松开，自由下落，关于该实验，下列说法中正确的是（）a两球的质量应相等b两球应同时落地c应改变装置的高度，多次实验d实验也能说明a球在水平方向上做匀速直线运动13如图所示，在外力作用下某质点运动的vt图象为正弦曲线从图中可以判断（）a在0t1时间内，外力做正功b在0t1时间内，外力的功率逐渐增大c在t2时刻，外力的功率最大 1d在t1t3时间内，外力做的总功为零14如图（a），直线mn表示某电场中一条电场线，a、b是线上的两点，将一带负电荷的粒子从a点处由静止释放，粒子从a运动到b过程中的vt图线如图（b）所示，设a、b两点的电势分别为a、b，场强大小分别为ea、eb，粒子在a、b两点的电势能分别为wa、wb，不计重力，则有（）aabbeaebceaebdwawb15如图所示，直线a为电源a的路端电压与电流的关系图象，直线b为电源b的路端电压与电流的关系图象，直线c为一个电阻r的两端电压与电流的关系图象将这个电阻r分别接到a、b两电源上，那么（）ar接到a电源上，电源的效率较高br接到b电源上，电源的效率较高cr接到a电源上，电源的输出功率较大dr接到b电源上，电源的输出功率较大16如图两根光滑金属导轨平行放置，导轨所在平面与水平面间的夹角为质量为m、长为l的金属杆ab垂直导轨放置，整个装置处于垂直ab方向的匀强磁场中当金属杆ab中通有从a到b的恒定电流i时，金属杆ab保持静止则磁感应强度方向和大小可能为（）a竖直向上，b平行导轨向上，c水平向右，d水平向左，三实验题：（每空2分，共12分）17在伏安法测电阻的实验中，待测电阻rx约为200，电压表的内阻约为2k，电流表的内阻约为10，测量电路中电流表的连接方式如图（a）或图（b）所示，结果由公式rx=计算得出，式中u与i分别为电压表和电流表的示数若将图（a）和图（b）中电路测得的电阻值分别极为rx1和rx2，则（填“rx1”或“rx2”）更接近待测电阻的真实值，且测量值rx1（填“大于”、“等于”或“小于”）真实值，测量值rx2（填“大于”、“等于”或“小于”）真实值18螺旋测微器测量时，被测物体长度的整毫米数由固定刻度读出，小数部分由可动刻度读出测量值（mm）=固定刻度数（mm）（注意半毫米刻度线是否露出）如图所示，固定刻度示数为mm，不足半毫米而从可动刻度上读的示数为mm，最后的读数为：mm四、计算题（19题10分，20题12分，21题13分，共35分）19如图所示，长度为l的轻绳上端固定在o点，下端系一质量为m的小球（小球的大小可以忽略）（1）在水平拉力f的作用下，轻绳与竖直方向的夹角为，小球保持静止画出此时小球的受力图，并求力f的大小；（2）由图示位置无初速释放小球，求当小球通过最低点时的速度大小及轻绳对小球的拉力不计空气阻力20带电量为q，质量为m的原子核由静止开始经电压为u1的电场加速后进入一个平行板电容器，进入时速度和电容器中的场强方向垂直已知：电容器的极板长为l，极板间距为d，两极板的电压为u2，重力不计，求：（1）经过加速电场后的速度；（2）离开电容器电场时的偏转量21如图所示，虚线圆所围区域内有方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为b一束电子沿圆形区域的直径方向以速度v射入磁场，电子束经过磁场区后，其运动方向与原入射方向成角设电子质量为m，电荷量为e，不计电子之间相互作用力及所受的重力求：（1）电子在磁场中运动轨迹的半径r；（2）电子在磁场中运动的时间t；（3）圆形磁场区域的半径r五（附加题10分）22如图所示，有界匀强磁场的磁感应强度b=2103t；磁场右边是宽度l=0.2m、场强e=40v/m、方向向左的匀强电场一带电粒子电荷量q=3.21019c，质量m=6.41027kg，以v=4104m/s的速度沿oo垂直射入磁场，在磁场中偏转后进入右侧的电场，最后从电场右边界射出求：（1）大致画出带电粒子的运动轨迹；（画在答题纸上给出的图中）（2）带电粒子在磁场中运动的轨道半径；（3）带电粒子飞出电场时的动能ek2015-2016学年内蒙古包头市萨二中高三（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一单选（每题3分，共33分）1下列说法正确的是（）a若物体运动速率始终不变，则物体所受合力一定为零b若物体的加速度均匀增加，则物体做匀加速直线运动c若物体所受合力与其速度方向相反，则物体做匀减速直线运动d若物体在任意的相等时间间隔内位移相等，则物体做匀速直线运动【考点】牛顿第二定律；匀速直线运动及其公式、图像【分析】物体运动速率不变，但速度的方向可以变化，此时合力不为零；物体做匀加速直线运动时，它的加速度是恒定的；合力与其速度方向相反时，物体做减速直线运动，但不一定是匀减速直线运动，物体受的合力可以变化；匀速直线运动在任意的相等时间间隔内位移都是相等【解答】解：a、物体运动速率不变但方向可能变化，如匀速圆周运动，因此合力不一定为零，所以a错；b、物体的加速度均匀增加，即加速度在变化，是非匀加速直线运动，所以b错；c、物体所受合力与其速度方向相反，只能判断其做减速运动，但加速度大小不可确定，所以c错；d、若物体在任意的相等时间间隔内位移相等，则物体做匀速直线运动，所以d对故选：d【点评】本题考查学生对各种运动的规律及其条件的理解，掌握好各种运动的特点这道题就可以解决了2一质点沿x轴做直线运动，其vt图象如图所示质点在t=0时位于x=5m处，开始沿x轴正向运动当t=8s时，质点在x轴上的位置为（）ax=3 mbx=8 mcx=9 mdx=14 m【考点】匀变速直线运动的图像【专题】运动学中的图像专题【分析】速度时间图象可读出速度的大小和方向，根据速度图象可分析物体的运动情况，确定何时物体离原点最远图象的“面积”大小等于位移大小，图象在时间轴上方“面积”表示的位移为正，图象在时间轴下方“面积”表示的位移为负【解答】解：图象的“面积”大小等于位移大小，图象在时间轴上方“面积”表示的位移为正，图象在时间轴下方“面积”表示的位移为负，故8s时位移为：s=，由于质点在t=0时位于x=5m处，故当t=8s时，质点在x轴上的位置为8m，故acd错误，b正确故选：b【点评】本题抓住速度图象的“面积”等于位移是关键能根据图象分析物体的运动情况，通过训练，培养基本的读图能力3如图为节日里悬挂灯笼的一种方式，a、b点等高，o为结点，轻绳ao、bo长度相等，拉力分别为fa、fb，灯笼受到的重力为 g下列表述正确的是（）afa一定小于gbfa与fb大小相等cfa与fb是一对平衡力dfa与fb大小之和等于g【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】以o点为研究对象作出受力分析图，由正交分解法可得出平行四边形，由几何关系可得出各力间的关系；【解答】解：设aob=2，o点受到fa、fb、f三力作用，其中f=g，建立如图所示的坐标系，列平衡方程得：fasin=fbsinfacos+fbcos=g解出：fa=fb=； 当=60时，fa=fb=g；当60时，fa=fbg；当60时，fa=fbg；则可知，两绳的拉力一直相等，故b正确；但f不一定小于g，故a错误；两力的方向不在同一直线上，故不可能为平衡力，故c错误；两力可能与g相等，则两力的大小之和将大于g，故d错误；故选：b【点评】本题由于两力的夹角不确定，故用合成法较为麻烦，因此本解法采用了正交分解法，可以轻松构造出直角三角形，则能顺利得出角边的关系4倾角为、质量为m的斜面体静止在水平桌面上，质量为m的木块静止在斜面体上下列结论正确的是（）a木块受到的摩擦力大小是mgcosb木块对斜两体的压力大小是mgsinc桌面对斜面体的摩擦力大小是mgsincosd桌面对斜面体的支持力大小是（m+m）g【考点】摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力【专题】摩擦力专题【分析】先对木块m受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件求解支持力和静摩擦力；然后对m和m整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡【解答】解：ab、先对木块m受力分析，受重力mg、支持力n和静摩擦力f，根据平衡条件，有：f=mgsinn=mgcos故ab错误；cd、对m和m整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡，故桌面对斜面体的支持力为n=（m+m）g，静摩擦力为零，故c错误，d正确故选：d【点评】本题关键灵活地选择研究对象，运用隔离法和整体法结合求解比较简单方便5一物块静止在粗糙的水平桌面上从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力以a表示物块的加速度大小，f表示水平拉力的大小能正确描述f与a之间的关系的图象是（）abcd【考点】牛顿第二定律【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】对物体受力分析，利用牛顿第二定律列式找出fa的关系式，即可做出选择【解答】解：物块受力分析如图所示：由牛顿第二定律得；fmg=ma解得：f=ma+mgf与a成一次函数关系，故abd错误，c正确，故选c【点评】对于此类图象选择题，最好是根据牛顿第二定律找出两个物理量之间的函数关系，图象变显而易见6如图，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为m和2m的行星做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）a甲的向心加速度比乙的小b甲的运行周期比乙的小c甲的角速度比乙的大d甲的线速度比乙的大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【专题】人造卫星问题【分析】抓住卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，列式展开讨论即可【解答】解：根据卫星运动的向心力由万有引力提供，有：a、由于，可知甲的向心加速度小于乙的向心加速度，故a正确；b、，由于甲的中心天体质量小于乙的中心天体质量，故甲的周期大于乙的周期，故b错误；c、，由于甲的中心天体质量小于乙的中心天体质量，故甲的角速度小于乙的角速度，故c错误；d、，由于甲的中心天体质量小于乙的中心天体质量，故甲的线速度小于乙的线速度，故d错误故选a【点评】抓住半径相同，中心天体质量不同，根据万有引力提供向心力展开讨论即可，注意区别中心天体的质量不同7一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递减的关于b点电场强度e的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线）（）abcd【考点】电场强度；曲线运动【专题】压轴题；电场力与电势的性质专题【分析】根据物体做曲线运动的条件和受力特点分析电荷受的电场力方向，再由负电荷所受的电场力方向与场强方向相反进行选择【解答】解：a、电荷做曲线运动，电场力与速度方向不在同一直线上，应指向轨迹弯曲的内侧，不可能沿轨迹的切线方向，则场强也不可能沿轨迹的切线方向故a错误b、负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，图中电场力方向与速度方向的夹角为锐角，电场力做正功，电荷的速率增大，与题不符故b错误c、图中场强方向指向轨迹的内侧，则电场力指向轨迹的外侧，电荷的轨迹应向上弯曲，不可能沿如图的轨迹运动故c错误d、图中场强方向指向轨迹的外侧，则电场力指向轨迹的内侧，而且电场力方向与电荷的速度方向成钝角，电场力做负功，电荷的速率减小，符合题意故d正确故选d【点评】本题是电场中轨迹问题，抓住电荷所受的合力指向轨迹的内侧和速度沿轨迹的切线方向是解题的关键8伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念，从而奠定了牛顿力学的基础早期物理学家关于惯性有下列说法，其中正确的是（）a物体抵抗运动状态变化的性质是惯性b没有力作用，物体只能处于静止状态c行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性d运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动【考点】惯性【分析】根据惯性定律解释即可：任何物体都有保持原来运动状态的性质，惯性的大小只跟质量有关，与其它任何因素无关【解答】解：a、任何物体都有保持原来运动状态的性质，叫着惯性，所以物体抵抗运动状态变化的性质是惯性，故a正确；b、没有力作用，物体可以做匀速直线运动，故b错误；c、惯性是保持原来运动状态的性质，圆周运动速度是改变的，故c错误；d、运动的物体在不受力时，将保持匀速直线运动，故d正确；故选ad【点评】牢记惯性概念，知道一切物体在任何时候都有惯性，质量是惯性的唯一量度9如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块a、b用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）初始时刻，a、b处于同一高度并恰好处于静止状态剪断轻绳后a下落、b沿斜面下滑，则从剪断轻绳到物块着地，两物块（）a速率的变化量不同b机械能的变化量不同c重力势能的变化量相同d重力做功的平均功率相同【考点】机械能守恒定律；功率、平均功率和瞬时功率【专题】压轴题；机械能守恒定律应用专题【分析】剪断轻绳后a自由下落，b沿斜面下滑，ab都只有重力做功，机械能守恒，重力势能变化量等于重力所做的功，重力做功的平均功率等于重力做功与时间的比值【解答】解：设斜面倾角为，刚开始ab处于静止状态，所以mbgsin=mag，所以mbma，a、剪断轻绳后a自由下落，b沿斜面下滑，ab都只有重力做功，根据动能定理得：mv2=mgh，解得v=，所以v0=，即速率的变化量相同，故a错误；b、剪断细线，a、b两物体都只有重力做功，机械能守恒，则机械能的变化量都为零，故b错误；c、重力势能变化量ep=mgh，由于a、b的质量不相等，所以重力势能变化不相同，故c错误；d、a运动的时间为：t1=，所以a重力做功的平均功率为：b运动有：，解得：t2=，所以b重力做功的平均功率为：，而mbgsin=mag，所以重力做功的平均功率相等，故d正确故选：d【点评】重力做功决定重力势能的变化与否，若做正功，则重力势能减少；若做负功，则重力势能增加，重力做功的平均功率等于重力做功与时间的比值，难度适中10如图所示电路，电源内阻不可忽略，开关s闭合后，在变阻器r0的滑动端向下滑动的过程中（）a电压表与电流表的示数都减小b电压表与电流表的示数都增大c电压表的示数增大，电流表的示数减小d电压表的示数减小，电流表的示数增大【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】由电路图可知r2与r0并联后与r1串联，电压表测路端电压；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化及路端电压的变化，再分析局部电路可得出电流表中示数的变化【解答】解：当滑片下移时，滑动变阻器接入电阻减小，则外电路总电阻减小，电路中总电流增大，电源的内电压增大，则由闭合电路欧姆定律可知，电路的路端电压减小，故电压表示数减小；由欧姆定律可知，r1上的分压增大，而路端电压减小，故并联部分的电压减小，则通过r2的电流减小，根据并联电路的特点可知：通过r0的电流增大，则电流表的示数增大故d正确，abc错误；故选：d【点评】分析闭合电路的欧姆定律的动态分析的题目时，一般要按先外电路、再内电路、后外电路的思路进行分析；重点分析电路中的路端电压、总电流及部分电路的电流及电压变化11如图所示，两根相互平行的长直导线过纸面上的m、n两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流a、o、b在m、n的连线上，o为mn的中点，c、d位于mn的中垂线上，且a、b、c、d到o点的距离均相等关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是（）ao点处的磁感应强度为零ba、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反cc、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同da、c两点处磁感应强度的方向相同【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感应强度【分析】根据右手螺旋定则确定两根导线在a、b、c、d四点磁场的方向，根据平行四边形定则进行合成【解答】解：a、根据右手螺旋定则，m处导线在o点产生的磁场方向竖直向下，n处导线在o点产生的磁场方向竖直向下，合成后磁感应强度不等于0，因此垂直于纸面向外的通电直导线受到的力不为零故a错误b、m在a处产生的磁场方向竖直向下，在b处产生的磁场方向竖直向下，n在a处产生的磁场方向竖直向下，b处产生的磁场方向竖直向下，根据场强的叠加知，a、b两点处磁感应强度大小相等，方向相同当垂直于纸面向外的相同通电直导线受到的力大小相等，方向相同，故b错误c、m在c处产生的磁场方向垂直于cm偏下，在d出产生的磁场方向垂直dm偏下，n在c处产生的磁场方向垂直于cn偏下，在d处产生的磁场方向垂直于dn偏下，根据平行四边形定则，知c处的磁场方向竖直向下，d处的磁场方向竖直向下，且合场强大小相等因此通电直导线受到的力大小相等，方向相同，故c正确d、a、c两点的磁场方向都是竖直向下，则a、c两点处放垂直于纸面向外的相同通电直导线受到的力方向相同故d正确故选：cd【点评】解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断电流与其周围磁场方向的关系，会根据平行四边形定则进行合成二双选（每题4分，共20分）12为了验证平抛运动的小球在竖直方向上做自由落体运动，用如图所示的装置进行试验，小锤打击弹性金属片，a球水平抛出，同时b球被松开，自由下落，关于该实验，下列说法中正确的是（）a两球的质量应相等b两球应同时落地c应改变装置的高度，多次实验d实验也能说明a球在水平方向上做匀速直线运动【考点】研究平抛物体的运动【专题】实验题【分析】本题图源自课本中的演示实验，通过该装置可以判断两球同时落地，可以验证做平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动；【解答】解：根据装置图可知，两球由相同高度同时运动，a做平抛运动，b做自由落体运动，因此将同时落地，由于两球同时落地，因此说明a、b在竖直方向运动规律是相同的，故根据实验结果可知，平抛运动在竖直方向的分运动是自由落体运动，不需要两球质量相等，要多次实验，观察现象，则应改变装置的高度，多次实验，故bc正确故选：bc【点评】本题比较简单，重点考察了平抛运动特点，平抛是高中所学的一种重要运动形式，要重点加强13如图所示，在外力作用下某质点运动的vt图象为正弦曲线从图中可以判断（）a在0t1时间内，外力做正功b在0t1时间内，外力的功率逐渐增大c在t2时刻，外力的功率最大 1d在t1t3时间内，外力做的总功为零【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的图像【专题】比较思想；图析法；动能定理的应用专题【分析】由vt图象分析物体速率的变化，由动能定理判断外力做功的正负由p=fv可求得功率的变化情况【解答】解：a、在0t1时间内，由图象可知，物体的速度增大，动能增大，由动能定理知外力做正功；故a正确；b、速度的图象斜率表示加速度，在0t1时间内，加速度逐渐减小，说明外力逐渐减小由图象可知t=0时刻物体的速度为零，由p=fv可知外力的功率为0在t1时刻速度最大，但外力为0，由p=fv可知t1时刻外力功率也为零，可知外力的功率先增大后减小，故b错误c、t2时刻物体的速度为零，由p=fv可知外力的功率为零，故c错误d、在t1t3时间内物体的动能变化量为零，由动能定理可知外力做的总功为零，故d正确；故选：ad【点评】本题要求学生能熟练掌握图象的分析方法：由图象的斜率得到加速度的变化根据瞬时功率的公式p=fv可以分析物体的瞬时功率的大小对于0t1时间内，根据特殊位置法分析外力功率如何变化14如图（a），直线mn表示某电场中一条电场线，a、b是线上的两点，将一带负电荷的粒子从a点处由静止释放，粒子从a运动到b过程中的vt图线如图（b）所示，设a、b两点的电势分别为a、b，场强大小分别为ea、eb，粒子在a、b两点的电势能分别为wa、wb，不计重力，则有（）aabbeaebceaebdwawb【考点】电势；电场强度【专题】电场力与电势的性质专题【分析】从速度时间图线得到负电荷做匀加速运动，加速度变小，根据牛顿第二定律得到电场力的变化情况，和电场强度的变化情况；电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低【解答】解：负电子从a运动到b，由速度时间图线得到负电荷做加速运动，故电场力向右；ad：负电荷受到的电场力与场强方向相反，故场强向左，沿场强方向，电势变小，故b点电势较大，即ab，故电势能wawb，故d正确，a错误；bc：因为图线的斜率变小，故加速度变小，因此电场力变小，所以电场强度变小，即eaeb，故b正确，c错误；故选：bd【点评】本题关键通过速度时间图象得到物体的速度变化情况和加速度变化情况，然后判断场强方向和电势大小15如图所示，直线a为电源a的路端电压与电流的关系图象，直线b为电源b的路端电压与电流的关系图象，直线c为一个电阻r的两端电压与电流的关系图象将这个电阻r分别接到a、b两电源上，那么（）ar接到a电源上，电源的效率较高br接到b电源上，电源的效率较高cr接到a电源上，电源的输出功率较大dr接到b电源上，电源的输出功率较大【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】电源的效率等于电源的输出与总功率的百分比，根据欧姆定律得到，电源的效率也等于外电阻与电路总电阻之比由电源的ui图象斜率大小等于电源的内阻，比较读出电源内电阻的大小，确定电源的效率关系当电阻r与电源组成闭合电路时，电阻r的ui图线与电源的ui图线的交点表示工作状态，交点坐标的乘积等于电源的输出功率【解答】解：a、b电源的效率=，由闭合电路欧姆定律u=eir可知，b电源的内阻r较小，r接到b电源上，电源的效率较高故a错误，b正确 c、d当电阻r与电源组成闭合电路时，电阻r的ui图线与电源的ui图线的交点表示工作状态，交点的纵坐标表示电压，横坐标表示电流，两者乘积表示电源的输出功率，由图看出，r接到a电源上，电压与电流的乘积较大，电源的输出功率较大故c正确，d错误故选bc【点评】本题是电源的外特性曲线与电阻的伏安特性曲线的综合，关键理解交点的物理意义，也可以根据欧姆定律研究电流与电压关系，来比较电源的输出功率16如图两根光滑金属导轨平行放置，导轨所在平面与水平面间的夹角为质量为m、长为l的金属杆ab垂直导轨放置，整个装置处于垂直ab方向的匀强磁场中当金属杆ab中通有从a到b的恒定电流i时，金属杆ab保持静止则磁感应强度方向和大小可能为（）a竖直向上，b平行导轨向上，c水平向右，d水平向左，【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；安培力【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】以金属杆为研究对象进行受力分析，由平衡条件判断安培力的最小值从而求出磁场强度的最小值，然后根据右手定则判断磁场的方向【解答】解：金属导轨光滑，所以没有摩擦力，则金属棒只受重力支持力和安培力，根据平衡条件支持力和安培力的合力应与重力等大反向，根据矢量三角形合成法则作出三种情况的合成图如图：由图可以看出当安培力f与支持力垂直时有最小值：fmin=mgsin即bil=mgsin则bmin=a、=，由右手定则判断磁场的方向，竖直向上，故a正确；b、cos不一定大于sin故b错误；c、，由右手定则判断磁场的方向水平向左，故c错误d正确故选：ad【点评】本题借助磁场中安培力考查了矢量三角形合成法则求最小值问题，判断出最小值时关键三实验题：（每空2分，共12分）17在伏安法测电阻的实验中，待测电阻rx约为200，电压表的内阻约为2k，电流表的内阻约为10，测量电路中电流表的连接方式如图（a）或图（b）所示，结果由公式rx=计算得出，式中u与i分别为电压表和电流表的示数若将图（a）和图（b）中电路测得的电阻值分别极为rx1和rx2，则rx1（填“rx1”或“rx2”）更接近待测电阻的真实值，且测量值rx1大于（填“大于”、“等于”或“小于”）真实值，测量值rx2小于（填“大于”、“等于”或“小于”）真实值【考点】伏安法测电阻【专题】实验题【分析】本题的关键是明确电流表内外接法的选择方法：当满足时，电流表应用外接法，根据串并联规律写出真实值表达式，比较可知，测量值小于真实值；当满足时，电流表应用内接法，根据串并联规律写出真实值表达式，比较可知，测量值大于真实值【解答】解：由于待测电阻满足，所以电流表应用内接法，即更接近真实值；根据串并联规律可知，采用内接法时真实值应为： =，即测量值大于真实值；采用外接法时，真实值应为：，即测量值小于真实值故答案为：，大于，小于【点评】应明确：电流表内外接法的选择方法是：当满足时，电流表应用外接法，此时测量值小于真实值；当满足时，电流表应用内接法，此时测量值大于真实值18螺旋测微器测量时，被测物体长度的整毫米数由固定刻度读出，小数部分由可动刻度读出测量值（mm）=固定刻度数（mm）（注意半毫米刻度线是否露出）如图所示，固定刻度示数为2.0mm，不足半毫米而从可动刻度上读的示数为15.0mm，最后的读数为：2.150mm【考点】螺旋测微器的使用【专题】实验题；定量思想；推理法；直线运动规律专题【分析】螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读【解答】解：螺旋测微器的固定刻度为2.0mm，可动刻度上读的示数为15.0，可动刻度为15.00.01mm=0.150mm，所以最终读数为2.0mm+0.150mm=2.150mm故答案为：2.0；15.0；2.150【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量四、计算题（19题10分，20题12分，21题13分，共35分）19如图所示，长度为l的轻绳上端固定在o点，下端系一质量为m的小球（小球的大小可以忽略）（1）在水平拉力f的作用下，轻绳与竖直方向的夹角为，小球保持静止画出此时小球的受力图，并求力f的大小；（2）由图示位置无初速释放小球，求当小球通过最低点时的速度大小及轻绳对小球的拉力不计空气阻力【考点】共点力平衡的条件及其应用；牛顿第二定律；向心力；机械能守恒定律【分析】（1）为了求出f的大小，我们首先做出小球此时的受力示意图，根据共点力平衡条件求出f；（2）小球向下摆动的时候只有重力做功，所以用机械能守恒定律可以求出最低点的速度，在最低点根据合力充当向心力，由牛顿第二定律列出向心力方程，可以求出绳子对小球的拉力【解答】解：（1）受力图如图所示 根据平衡条件小球受到的拉力大小f=mgtan（2）运动中只有重力做功，系统机械能守恒则通过最低点时，小球的速度大小根据牛顿第二定律 解得轻绳对小球的拉力，方向竖直向上答：（1）小球受到的拉力为mgtan （2）通过最低点时，小球的速度大为 轻绳对小球的拉力为mg（32cos），方向竖直向上【点评】本题的关键是首先根据受力分析做出力的示意图；根据机械能守恒求出最低点的速度，正确列出向心力方程是一道综合性较好的中档题目20带电量为q，质量为m的原子核由静止开始经电压为u1的电场加速后进入一个平行板电容器，进入时速度和电容器中的场强方向垂直已知：电容器的极板长为l，极板间距为d，两极板的电压为u2，重力不计，求：（1）经过加速电场后的速度；（2）离开电容器电场时的偏转量【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；匀强电场中电势差和电场强度的关系【专题】电场力与电势的性质专题【分析】（1）根据动能定