内蒙古呼伦贝尔市高二物理上学期第一次月考试题（含解析）.doc

2015-2016学年内蒙古呼伦贝尔市高二（上）第一次月考物理试卷一、单选题（本题共11小题，每小题3分，共33分）1关于静电场的以下几个说法正确的应是（）a沿电场线方向各点电势可能相同b沿电场线方向电场强度一定是减小的c等势面上各点电场强度不可能相同d等势面上各点电场强度方向一定是垂直该等势面2带电粒子m只在电场力作用下由p点运动到q点，在此过程中克服电场力做了2.6106j的功那么（）am在p点的电势能一定小于它在q点的电势能bp点的场强一定小于q点的场强cp点的电势一定高于q点的电势dm在p点的动能一定小于它在q点的动能3下列叙述正确的是（）a场强大的地方，电势一定高b同一等势面上各点电势相等，场强大小也一定相等c场强为零的地方，电势一定为零d电势为零的地方，场强可能不为零4在如图所示电路中，当变阻器r3的滑动头p向b端移动时（）a电压表示数变大，电流表示数变小b电压表示数变小，电流表示数变大c电压表示数变大，电流表示数变大d电压表示数变小，电流表示数变小5有一段电路，电压为u，电流为i，电阻为r，通电时间为t，下面说法正确的是（）a电流做功w=iut，产生的热量q=i2rt，w=q总是成立的b由于i=，所以w=t一定成立c电路中产生的热量q=i2rt=td电流做的功w=iut，产生热量q=i2rt，有可能wq6如图所示电路，电压保持不变，当开关s断开时，电流表a的示数为0.6a，当s闭合时，电流表的示数为0.9a，则两电阻阻值之比r1：r2为（）a1：2b2：1c2：3d3：27如图所示，直线a为电源的ui图线，直线b为电阻r的ui图线；用该电源和电阻组成的闭合电路，电源输出功率和电路的总功率分别是（）a4 w，8 wb2 w，4 wc4 w，6 wd2 w，3 w8如图所示，平行板电容器的a板带正电，与静电计上的金属球相连；平行板电容器的b板和静电计的外壳均接地此时静电计指针张开某一角度，则以下说法中正确的是（）ab板向左平移，静电计指针张角变大bb板向上平移，静电计指针张角变大c在两板间插入介质板，静电计指针张角变大d在两板间插入金属板，（金属板与a、b板不接触）静电计指针张角变大9关于闭合电路，下列说法中正确的是（）a闭合电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方b闭合电路中，电源的路端电压越大，电源的输出功率就越大c闭合电路中，电流越大，电源的路端电压就越大d闭合电路中，外电阻越大，电源的路端电压就越大10如图所示，电源和电压表都是好的，当滑片由a滑到b的过程中，电压表的示数几乎都为u，下列判断正确的是（）aa处接线断开b触头p开路ca、b间电阻丝开路db处接线开路11电子在电势差u1为的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差u2为的两块平行板间的电场中，入射方向跟极板平行整个装置处在真空中，重力可忽略在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角变小的是（）au1变大，u2变大bu1变大，u2变小cu1变小，u2变大du1变小，u2变小二、多选题（本题共4小题，每小题4分，共16分，全部选对的得满分，漏选的得2分，有错选或不答的得0分）12由电场强度的定义式e=可知，在电场中的同一点（）a电场强度e跟f成正比，跟q成反比b无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变c电场中某点的场强为零，则在该点的电荷受到的电场力一定为零d一个不带电的小球在p点受到的电场力为零，则p点的场强一定为零13某电场的电场线的分布如图所示一个带电粒子只受电场力由m点沿图中虚线所示的途径运动通过n点则下列判断正确的是（）a粒子带负电b粒子在m点的加速度大于n点加速度c粒子在m点的电势能大于n点电势能d粒子在n点的速度大于m点速度14三个分别带有正电、负电和不带电的颗粒，从水平放置的平行带电金属板左侧以相同速度v0垂直电场线方向射入匀强电场，分别落在带正电荷的下板上的a、b、c三点，如图所示，下面判断正确的是（）a落在a点的颗粒带正电、c点的带负电、b点的不带电b落在a、b、c点颗粒在电场中的加速度大小的关系是abcc三个颗粒在电场中的运动时间关系是abcd电场力对落在b点的颗粒不做功15将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板所带的电荷量分别用d、u、e和q表示下列说法正确的是（）a保持u不变，将d变为原来的两倍，则e变为原来的一半b保持e不变，将d变为原来的一半，则u变为原来的两倍c保持d不变，将q变为原来的两倍，则u变为原来的一半d保持d不变，将q变为原来的一半，则e变为原来的一半三、实验题（本题共3小题，3+8+18=29分）16按照有效数字规则读出游标尺的测量值读数为cm17在伏安法测电阻的实验中，待测电阻rx的阻值约为200，电压表v的内阻约为2k，电流表a的内阻约为10，测量电路中电流表的连接方式如图（a）或图（b）所示，结果由公式rx=计算得出，式中u与i分别为电压表和电流表的示数若将图（a）和图（b）中电路测得的电阻值分别记为rx1和rx2，则（选填“rx1”或“rx2”）更接近待测电阻的真实值，且测量值rx1（选填“大于”“等于”或“小于”）真实值，测量值rx2（选填“大于”“等于”或“小于”）真实值若电压表v的内阻为2k，电流表a的内阻约为10，测电阻rx的阻值应采用（选填“内接法”“外接法”或“内外接均可以”）求得真实值（忽略读数误差）18（18分）（2015秋呼伦贝尔月考）在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准，待侧金属丝接入电路部分的长度约为50cm（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图1所示，其读数应为mm（该值拉近多次测量的平均值）（2）用伏安法测金属丝的电阻rx实验所用器材为：电池组（电动势3v，内阻约1）、电流表（内阻约0.1）、电压表（内阻约3k）、滑动变阻器r（020，额定电流2a）、开关、导线若干某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下：次数1234567u/v0.100.300.701.001.501.702.30i/a0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由以上实验数据可知，他们测量rx是采用图2中的图（选填“甲”或“乙”）（3）图3是测量rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片p置于变阻器的一端请根据（2）所选的电路图，补充完成图3中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏（4）在图4中描绘出ui图线由图线得到金属丝的阻值=（保留两位有效数字）（5）根据以上数据可以估算出金属丝电阻率约为（填选项前的符号）a.1102m b.1103m c.1106m d.1108m（6）任何实验测量都存在误差本实验所用测量仪器均已校准，下列关于误差的说法中正确的选项是（有多个正确选项，选全得分）a用螺旋测微器测量金属丝直径时，由于读数引起的误差属于系统误差b由于电流表和电压表内阻引起的误差属于偶然误差c若将电流表和电压表的内阻计算在内，可以消除由测量仪器引起的系统误差d用ui图象处理数据求金属丝电阻可以减小偶然误差三、计算题（本题共2小题，10+12=22分）19（10分）（2010秋杭州期中）有一个直流电动机，把它接入0.2v电压的电路时，电动机不转，测得流过电动机的电流是0.4a，若把它接入2v电压的电路中，电动机正常工作，工作电流是1a求：（1）电动机正常工作时的输出功率及电动机的效率；（2）如在正常工作时，转子突然被卡住，此时电动机的发热功率，并说明电动机为什么不能卡塞（提示：电动机在电路中转子不转动时为纯电阻用电器）20（12分）（2015秋呼伦贝尔月考）实验表明，炽热的金属丝可以发射电子在炽热的金属丝和金属板间加以电压u1，则电子经电压u1加速后进入偏转电场，偏转电场的极板长度为l，间距为d，板间电压为u2，设电子的电量为e，电子的质量为m求：（1）电子经电压u1加速后的速度大小？（2）电子射出偏转电场时竖直偏移的速度和位移大小？（3）电子飞离金属板时的速度大小？2015-2016学年内蒙古呼伦贝尔市高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（本题共11小题，每小题3分，共33分）1关于静电场的以下几个说法正确的应是（）a沿电场线方向各点电势可能相同b沿电场线方向电场强度一定是减小的c等势面上各点电场强度不可能相同d等势面上各点电场强度方向一定是垂直该等势面考点：电场线；等势面 分析：沿电场线方向电势越来越低，但场强不一定减小，电场线的疏密反映场强的大小等势面上各点电势相等，不能说明场强大小相等电场线与等势面一定是相互垂直的解答：解：a、沿着电场线电势逐渐降低，故沿电场线方向各点电势不可能相同，故a错误b、电场的强弱与电场线的疏密有关系，沿着电场线场强可能增大，也可能减小，故b错误c、等势面上各点电势相等，场强可能相等，也可能不等，故c错误d、根据电场线与等势面的关系可知，等势面上各点电场强度方向一定是垂直该等势面的，故d正确故选：d点评：该题考查电场线与等势面的特点以及它们之间的关系，属于记忆性的知识点，要求对知识点由准确的记忆属于基础题目2带电粒子m只在电场力作用下由p点运动到q点，在此过程中克服电场力做了2.6106j的功那么（）am在p点的电势能一定小于它在q点的电势能bp点的场强一定小于q点的场强cp点的电势一定高于q点的电势dm在p点的动能一定小于它在q点的动能考点：电势；电场强度；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：在本题中只是知道从p到q电场力做负功，而电荷的正负不知道，因此无法判断电势高低，电场线分布或者说电场分布情况不知，也无法判断电场强度的大小根据电场力做功和电势能的关系可以动能和电势能的变化情况解答：解：a、从题目可知克服电场力做功，即电场力做负功，故电势能增加，p点的电势能一定小于它在q点的电势能，故a正确；b、电场分布情况不知，无法判断p点和q点电场强度的大小关系，故b错误；c、因为电荷正负不知，故无法判断电势高低，c错误；d、因为只有电场力做功，因此只有电势能和动能之间的转化，电势能增加，则动能减小，故d错误故选：a点评：要正确理解电场强度、电势、电势能的决定因素和大小判断方法，不能混淆概念3下列叙述正确的是（）a场强大的地方，电势一定高b同一等势面上各点电势相等，场强大小也一定相等c场强为零的地方，电势一定为零d电势为零的地方，场强可能不为零考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：沿着电场线方向电势逐渐降低，场强大，电势不一定大；场强的大小与电势的大小无必然联系，场强为零，电势不一定为零，电势为零，场强不一定为零解答：解：a、沿着电场线方向电势逐渐降低，场强大的地方，电势不一定高度故a错误b、同一等势面上各点的电势相等，场强大小不一定相等，比如等量异种电荷连线的垂直平分线是等势线，各点的场强大小不等故b错误c、场强为零的地方，电势不一定为零故c错误d、电势为零的地方，场强可能不为零，等量异种电荷连线的中点，若规定无穷远处为0电势，则中点的电势为0，但是场强不为零故d正确故选d点评：解决本题的关键知道电势的大小与场强的大小无必然的关系，知道沿着电场线方向电势逐渐降低4在如图所示电路中，当变阻器r3的滑动头p向b端移动时（）a电压表示数变大，电流表示数变小b电压表示数变小，电流表示数变大c电压表示数变大，电流表示数变大d电压表示数变小，电流表示数变小考点：闭合电路的欧姆定律 专题：压轴题分析：由图可知r2与r3并联后与r1串联，电压表测量路端电压；由滑片的移动可得出滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路的欧姆定律可得出总电流的变化，由u=eir可得出路端电压的变化；将r1作为内阻处理，则可得出并联部分电压的变化，求得r2中电流的变化，由并联电路的电流规律可得出电流表示数的变化解答：解：当滑片向b端滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，则由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，故内压增大；因此路端电压减小，故电压表示数减小；将r1等效为内阻，则可知并联部分电压一定减小，故流过r2的电流减小，因总电流增大，故电流表示数增大；故b正确，acd错误；故选b点评：闭合电路的欧姆定律一般按先分析外电路，再分析内电路，最后再分析外电路的思路进行；若电阻与电源串联，可以等效为内阻处理5有一段电路，电压为u，电流为i，电阻为r，通电时间为t，下面说法正确的是（）a电流做功w=iut，产生的热量q=i2rt，w=q总是成立的b由于i=，所以w=t一定成立c电路中产生的热量q=i2rt=td电流做的功w=iut，产生热量q=i2rt，有可能wq考点：电功、电功率 专题：恒定电流专题分析：电功公式p=uit和电热的公式q=i2rt均适用于任何电路在纯电阻电路中，电能全部转化为内能，电功等于电热，w=uit=i2rt在非纯电阻电路中，电能一部分转化为内能，另一部分转化为其他形式的能，电功大于电热，即uiti2rt解答：解：a、在纯电阻电路中，电能全部转化为内能，电功等于电热，w=uit=i2rt在非纯电阻电路中，电能一部分转化为内能，另一部分转化为其他形式的能，电功大于电热，即：uiti2rt故a错误d正确；b、对于非纯电阻电路，欧姆定律是不能使用的；故导出的w=t一定不能成立；故b错误；c、电路中产生的热量q=i2rt；但对于非纯电阻电路；q=t是不能使用的；故c错误；故选：d点评：对于纯电阻电路和非纯电阻电路，电功与电热的公式都成立，只是在纯电阻电路中，两者相等，在非纯电阻电路中，电功大于电热6如图所示电路，电压保持不变，当开关s断开时，电流表a的示数为0.6a，当s闭合时，电流表的示数为0.9a，则两电阻阻值之比r1：r2为（）a1：2b2：1c2：3d3：2考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：根据欧姆定律分别列出电流与电压的关系，再求解电阻之比解答：解：根据欧姆定律得当开关s断开时，u=i1r1 当开关s闭合时，u=i2 由得 i1r1=i2代入解得=故选a点评：本题是欧姆定律简单的应用，抓住电源的电压不变，要注意开关闭合时ui2r27如图所示，直线a为电源的ui图线，直线b为电阻r的ui图线；用该电源和电阻组成的闭合电路，电源输出功率和电路的总功率分别是（）a4 w，8 wb2 w，4 wc4 w，6 wd2 w，3 w考点：电功、电功率 专题：恒定电流专题分析：根据图象可以得到电阻的电压和电阻的电流之间的关系，由此可以判断电源的功率和电路的总功率的大小解答：解：由图可知，e=3v，u=2v，i=2a则电源输出功率为：p=ui=22=4w电源总功率是：p=ei=32=6w故选：c点评：电源输出功率和电源总功率计算的公式不同，区分开不同的公式即可求得不同的功率的大小8如图所示，平行板电容器的a板带正电，与静电计上的金属球相连；平行板电容器的b板和静电计的外壳均接地此时静电计指针张开某一角度，则以下说法中正确的是（）ab板向左平移，静电计指针张角变大bb板向上平移，静电计指针张角变大c在两板间插入介质板，静电计指针张角变大d在两板间插入金属板，（金属板与a、b板不接触）静电计指针张角变大考点：电容器的动态分析 专题：电容器专题分析：静电计测定电容器板间电势差，根据电容的决定式分析电容的变化，再电容的定义式分析板间电压的变化，判断静电计指针张角的变化解答：解：a、b板向左平移，板间距离d增大，根据电容的决定式c=得知，电容减小，而电量q不变，由电容的定义式c=可知，板间电压u增大，静电计指针张角变大故a正确b、b板向上平移，两极板正对面积减小，由电容的决定式c=得知，电容c减小，而电量q不变，由电容的定义式c=可知，板间电压u增大，静电计指针张角变大故b正确c、在两板间插入介质板，由c=得知，电容c增大，而电量q不变，由电容的定义式c=可知，板间电压u减小，静电计指针张角变小故c错误d、在两板间插入金属板，板间距离减小，电容c增大，而电量q不变，由电容的定义式c=可知，板间电压u减小，静电计指针张角变小故d错误故选ab点评：本题按照这样的思路进行分析：先根据电容的决定式c=分析电容的变化，再根据电容的定义式c=和不变的条件，分析电压或电量的变化9关于闭合电路，下列说法中正确的是（）a闭合电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方b闭合电路中，电源的路端电压越大，电源的输出功率就越大c闭合电路中，电流越大，电源的路端电压就越大d闭合电路中，外电阻越大，电源的路端电压就越大考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：根据闭合电路欧姆定律分析电流与外电阻的关系，得出内电压和路端电压的变化根据推论，当电源的外电阻等于内电阻时，输出功率最大在闭合电路的外电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方解答：解：a、在闭合电路的外电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方，而在内电路中，电流总是从电势低的地方流向电势高的地方故a错误b、闭合电路中，电源的路端电压越大，说明外电阻越大，根据推论：当电源的外电阻等于内电阻时，输出功率最大，可知，电源的输出功率不一定越大故b错误c、闭合电路中，电流越大，内电压越大，则电源的路端电压就越小故c错误d、在闭合电路中，外电阻越大，由闭合电路欧姆定律知，电路中的电流越小，内电压越小，则电源的路端电压就越大故d正确故选：d点评：闭合电路中，路端电压随外电阻的增大而增大，减小而减小抓住电源的内电阻不变，内电压与电流成正比是关键10如图所示，电源和电压表都是好的，当滑片由a滑到b的过程中，电压表的示数几乎都为u，下列判断正确的是（）aa处接线断开b触头p开路ca、b间电阻丝开路db处接线开路考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：电压表的示数几乎都为u，说明变阻器上没有电压，将四个选项逐一代入检验，选择符合题意的选项解答：解：a、若a处接线断开，电压表的示数为零，不符合题意故a错误 b、若触头p开路，电压表的示数为零，不符合题意故b错误 c、若a、b间电阻丝开路，电压表示数几乎为u，后变为零，不符合题意故c错误 d、若b处接线开路，ab上没有电压，电压表的示数几乎都为u故d正确故选d点评：本题是电路中故障分析问题，考查判断推理能力本题电压可以用电势差理解11电子在电势差u1为的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差u2为的两块平行板间的电场中，入射方向跟极板平行整个装置处在真空中，重力可忽略在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角变小的是（）au1变大，u2变大bu1变大，u2变小cu1变小，u2变大du1变小，u2变小考点：带电粒子在匀强电场中的运动 专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：电子在加速电场中，在电场力的作用下，做匀加速直线运动，可由电场力做功求出射出加速电场是的速度电子在水平放置的平行板之间，因受到的电场力的方向与初速度的方向垂直，故电子做类平抛运动运用平抛运动的竖直方向的速度与水平方向的速度的关系，可求出角度的变化情况解答：解：设电子被加速后获得初速为v0，则由动能定理得：qu1=mv020 又设极板长为l，则电子在电场中偏转所用时间：t=又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a，由牛顿第二定律得：a=电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度：vy=at由、可得：vy=at=，又有：tan=一定能使电子的偏转角变小是u1变大，u2变小故选：b点评：带电粒子在电场中的运动，可分为三类，第一类是在匀强电场中做匀变速速直线运动，此过程是电势能与带电粒子动能之间的转化第二类是带电粒子在匀强电场中偏转，带电粒子垂直进出入匀强电场时做匀变速曲线运动，分解为两个方向的直线运动，分别用公式分析、求解运算，是这类问题的最基本解法第三类是带电粒子在点电荷形成的电场中做匀速圆周运动，应用圆周运动的知识求解二、多选题（本题共4小题，每小题4分，共16分，全部选对的得满分，漏选的得2分，有错选或不答的得0分）12由电场强度的定义式e=可知，在电场中的同一点（）a电场强度e跟f成正比，跟q成反比b无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变c电场中某点的场强为零，则在该点的电荷受到的电场力一定为零d一个不带电的小球在p点受到的电场力为零，则p点的场强一定为零考点：电场强度 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场强度与试探电荷所受电场力、电荷量无关，由电场本身决定同一电荷在电场中某点所受的电场力大，该点的电场强度不一定大电场对不带电的小球没有电场力作用，一个不带电的小球在p点受到的电场力为零，p点的场强不一定为零解答：解：a、电场强度等于试探电荷所受电场力与电荷量的比值，但电场强度e并不跟f成正比，跟q成反比，而f、q无关，e由电场本身决定故a错误b、在电场中的同一点，电场强度e是一定的，则无论试探电荷所带的电量如何变化，始终不变故b正确c、根据e=，电场中某点的场强为零，则在该点的电荷受到的电场力一定为零故c正确d、电场对不带电的小球没有电场力作用，不带电的小球在p点受到的电场力为零，p点的场强可能为零，也可能不为零故d错误故选bc点评：对于电场强度，要抓住它的比值定义法的共性，e与试探电荷所受电场力、电荷量无关，反映电场本身的强弱和方向13某电场的电场线的分布如图所示一个带电粒子只受电场力由m点沿图中虚线所示的途径运动通过n点则下列判断正确的是（）a粒子带负电b粒子在m点的加速度大于n点加速度c粒子在m点的电势能大于n点电势能d粒子在n点的速度大于m点速度考点：电势能 分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小解答：解：a、电场线的方向向上，根据粒子的运动的轨迹可以知道，粒子的受到的电场力的方向也向上，所以电荷为正电荷，故a错误；b、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以粒子在n点的受力大，加速度大，故b错误；c、从m点到n点，静电力方向先与速度方向成锐角，电场力做正功，电势能减小，粒子的速度增大，故cd正确；故选：cd点评：本题是电场中粒子的轨迹问题，首先要能根据轨迹的弯曲方向判断粒子受力方向，其次根据电场线的疏密可以判断电场强度的强弱，进而判断电场力的大小，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题14三个分别带有正电、负电和不带电的颗粒，从水平放置的平行带电金属板左侧以相同速度v0垂直电场线方向射入匀强电场，分别落在带正电荷的下板上的a、b、c三点，如图所示，下面判断正确的是（）a落在a点的颗粒带正电、c点的带负电、b点的不带电b落在a、b、c点颗粒在电场中的加速度大小的关系是abcc三个颗粒在电场中的运动时间关系是abcd电场力对落在b点的颗粒不做功考点：带电粒子在匀强电场中的运动 专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：由图，电容器上极板带负电，下极板带正电，平行板间有竖直向上的匀强电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，负电荷受到向下的电场力，不带电的颗粒做平抛运动，带负电的颗粒做类平抛运动，加速度比重力加速度大，带正电的颗粒做加速度比重力加速度小的类平抛运动由此根据平抛和类平抛运动规律求解解答：解：a、由题意可知，三个颗粒在水平方向做匀速直线运动，则有x=v0t，v0相同，则水平位移x与运动时间t成正比，由图看出，水平位移的关系为xaxbxc，则运动时间关系为tatbtc竖直方向上三个颗粒都做初速度为0的匀加速直线运动，到达下极板时，在竖直方向产生的位移y相等：y=at2，则知加速度关系为 aaabac由牛顿第二定律可知，三个颗粒的合力关系为：fafbfc由于平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，向下的合力最小，向下的加速度最小，负电荷受到向下的电场力，向下的合力最大，向下的加速度最大，不带电的颗粒做平抛运动，加速度为重力加速度g，可知，落在a点的颗粒带负电，c点的带正电，b点的不带电故ac错误，b正确d、由上分析得知，落在b点的颗粒不带电，则电场力对落在b点的颗粒不做功，故d正确故选：bd点评：确认不带电颗粒做平抛运动，带电颗粒做类平抛运动，分水平和竖直方向分析颗粒的运动，水平方向匀速直线运动，竖直方向初速度为0的匀加速直线运动，由运动的合成与分解进行分析15将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板所带的电荷量分别用d、u、e和q表示下列说法正确的是（）a保持u不变，将d变为原来的两倍，则e变为原来的一半b保持e不变，将d变为原来的一半，则u变为原来的两倍c保持d不变，将q变为原来的两倍，则u变为原来的一半d保持d不变，将q变为原来的一半，则e变为原来的一半考点：电容器的动态分析 专题：压轴题；电容器专题分析：保持u不变，根据公式e=分析e与d的关系；保持e不变，u与d正比；保持d不变，c不变，根据c=分析q与u的关系；保持d不变，将q变为原来的一半，由c=分析u的变化，由e=分析e的变化解答：解：a、保持u不变，将d变为原来的两倍，根据公式e=可知，e变为原来的一半故a正确b、保持e不变，将d变为原来的一半，由u=ed可知，u变为原来的一半故b错误c、保持d不变，电容c不变，将q变为原来的两倍，由公式c=分析可知，u变为原来的两倍故c错误d、保持d不变，电容c不变，将q变为原来的一半，由公式c=分析可知，u变为原来的一半，由e=分析知，e变为原来的一半故d正确故选ad点评：本题关键要掌握e=、c=两个公式，同时，要明确d不变时，电容c不变三、实验题（本题共3小题，3+8+18=29分）16按照有效数字规则读出游标尺的测量值读数为1.095cm考点：刻度尺、游标卡尺的使用 专题：实验题分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读解答：解：游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第19个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为190.05mm=0.95mm，所以最终读数为：10mm+0.95mm=10.95mm=1.095cm故答案为：1.095点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量17在伏安法测电阻的实验中，待测电阻rx的阻值约为200，电压表v的内阻约为2k，电流表a的内阻约为10，测量电路中电流表的连接方式如图（a）或图（b）所示，结果由公式rx=计算得出，式中u与i分别为电压表和电流表的示数若将图（a）和图（b）中电路测得的电阻值分别记为rx1和rx2，则rx1（选填“rx1”或“rx2”）更接近待测电阻的真实值，且测量值rx1大于（选填“大于”“等于”或“小于”）真实值，测量值rx2小于（选填“大于”“等于”或“小于”）真实值若电压表v的内阻为2k，电流表a的内阻约为10，测电阻rx的阻值应采用外接法（选填“内接法”“外接法”或“内外接均可以”）求得真实值（忽略读数误差）考点：伏安法测电阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：本题的关键是明确电流表内外接法的选择方法：当满足时，电流表应用外接法，根据串并联规律写出真实值表达式，比较可知，测量值小于真实值；当满足时，电流表应用内接法，根据串并联规律写出真实值表达式，比较可知，测量值大于真实值解答：解：由于待测电阻满足，所以电流表应用内接法，即更接近真实值；根据串并联规律可知，采用内接法时真实值应为：=，即测量值大于真实值；采用外接法时，真实值应为：，即测量值小于真实值若电压表v的内阻为2k，电流表a的内阻约为10，测电阻rx的阻值应采用外接法；故答案为：rx1，大于，小于，外接法点评：应明确：电流表内外接法的选择方法是：当满足时，电流表应用外接法，此时测量值小于真实值；当满足时，电流表应用内接法，此时测量值大于真实值18（18分）（2015秋呼伦贝尔月考）在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准，待侧金属丝接入电路部分的长度约为50cm（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图1所示，其读数应为0.397mm（该值拉近多次测量的平均值）（2）用伏安法测金属丝的电阻rx实验所用器材为：电池组（电动势3v，内阻约1）、电流表（内阻约0.1）、电压表（内阻约3k）、滑动变阻器r（020，额定电流2a）、开关、导线若干某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下：次数1234567u/v0.100.300.701.001.501.702.30i/a0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由以上实验数据可知，他们测量rx是采用图2中的甲图（选填“甲”或“乙”）（3）图3是测量rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片p置于变阻器的一端请根据（2）所选的电路图，补充完成图3中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏（4）在图4中描绘出ui图线由图线得到金属丝的阻值=4.5（保留两位有效数字）（5）根据以上数据可以估算出金属丝电阻率约为c（填选项前的符号）a.1102m b.1103m c.1106m d.1108m（6）任何实验测量都存在误差本实验所用测量仪器均已校准，下列关于误差的说法中正确的选项是cd（有多个正确选项，选全得分）a用螺旋测微器测量金属丝直径时，由于读数引起的误差属于系统误差b由于电流表和电压表内阻引起的误差属于偶然误差c若将电流表和电压表的内阻计算在内，可以消除由测量仪器引起的系统误差d用ui图象处理数据求金属丝电阻可以减小偶然误差考点：测定金属的电阻率 专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）关键是读数时要分成整数部分和小数部分两部分来读，注意半毫米刻度线是否露出；（2）关键是根据数据表可以看出电表的示数变化范围较大，说明变阻器采用的是分压式接法；（3）根据给出的原理图即可得出对应的实物图；（4）根据描点法得出对应图象，再由图象的性质即可明确对应的电阻；（5）由电阻定律和欧姆定律写出电阻率的表达式，然后解出电阻率的值即可；（6）明确偶然误差是由人为因素引起的，可以通过多次测量或利用图象来减小偶然误差，但不能消除误差；系统误差是由仪器本身因素或实验原理不精确引起的误差，系统误差可以通过采用精密仪器和完善实验原理来消除解答：解：（1）螺旋测微器的读数为：d=0mm+39.70.01mm=0.397mm；（2）从给出的数据表可知，电流表和电压表的读数变化范围较大，所以变阻器采用的应是分压式接法，即测量采用的是甲图；（3）根据原理图得出对应的实物图；（4）根据表中数据描出对应的点，则可作出图象，如图所示：由图线得到金属丝的阻值rx=（5）根据r= 得：=带入数据得：=1106m，故c正确，abd错误；（6）a：读数引起