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【金版教程】2016届高考数学二轮复习 第一编 专题整合突破 1.6.1利用导数研究函数的单调性、极值与最值问题 理12014重庆高考已知函数f(x)ln x,其中ar,且曲线yf(x)在点(1,f(1)处的切线垂直于直线yx.(1)求a的值;(2)求函数f(x)的单调区间与极值解(1)对f(x)求导得f(x),由f(x)在点(1,f(1)处的切线垂直于直线yx,知f(1)a2,解得a.(2)由(1)知f(x)ln x,则f(x),令f(x)0,解得x1或x5.因x1不在f(x)的定义域(0,)内,故舍去当x(0,5)时,f(x)0,故f(x)在(5,)内为增函数由此知函数f(x)在x5时取得极小值f(5)ln 5.22015太原一模已知函数f(x)(x2axa)exx2,ar.(1)若函数f(x)在(0,)上单调递增,求a的取值范围;(2)若函数f(x)在x0处取得极小值,求a的取值范围解(1)由题意得f(x)x(x2a)ex2xex(x2a),xr,f(x)在(0,)上单调递增,f(x)0在(0,)上恒成立,x2a在(0,)上恒成立,又函数g(x)x2在(0,)上单调递增,ag(0)0,a的取值范围是(,0(2)由(1)得f(x)xex,xr,令f(x)0,则x0或x2a0,即x0或g(x)a,g(x)x2在(,)上单调递增,其值域为r,存在唯一x0r,使得g(x0)a,若x00,当x(,0)时,g(x)0;当x(0,x0)时,g(x)a,f(x)0,f(x)在x0处取得极大值,这与题设矛盾若x00,当x(,0)时,g(x)0;当x(0,)时,g(x)a,f(x)0,f(x)在x0处不取极值,这与题设矛盾若x0a,f(x)a,f(x)0,f(x)在x0处取得极小值综上所述,x00,ag(x0)2即a1时,f(x)在0,2和上递减,f(x)在上递增,fa,解得0a1,a1;当2,即a时,f(x)在0,)上递减,f(x)maxf(0)a;当02即0a时,f(x)在和2,)上递减,在上递增,f(2)a,解得a,a0时,求函数f(x)的单调区间;(2)若存在x0,使f(x)x11.当a时,f(x)0,f(x)在(1,)上单调递减当0a时,当1x时,f(x)0,f(x)单调递减;当x0,f(x)单调递增;当x时,f(x)0,f(x)单调递减综上,当a时,f(x)的单调递减区间为(1,);当0a(x1)ln (x1)2x1,即存在x0,使a成立设g(x),x0,则g(x),x0,设h(x)x1ln (x1),x0,则h(x)10,h(x)在(0,)上单调递增又h(2)0,根据零点存在性定理,可知h(x)在(0,)上有唯一零点,设该零点为x0,则x01ln (x01),且x0(2,3),g(x)minx02.又ax02,az,a的最小值为5.52015兰州诊断已知函数f(x)exax(ar,e为自然对数的底数)(1)讨论函数f(x)的单调性;(2)若a1,函数g(x)(xm)f(x)exx2x在(2,)上为增函数,求实数m的取值范围解(1)函数f(x)的定义域为r,f(x)exa.当a0时,f(x)0,f(x)在r上为增函数;当a0时,由f(x)0得xln a,则当x(,ln a)时,f(x)0,函数f(x)在(,ln a)上为减函数,当x(ln a,)时,f(x)0,函数f(x)在(ln a,)上为增函数(2)当a1时,g(x)(xm)(exx)exx2x,g(x)在(2,)上为增函数,g(x)xexmexm10在(2,)上恒成立,即m在(2,)上恒成立,令h(x),x(2,),h(x).令l(x)exx2,l(x)ex10在(2,)上恒成立,即l(x)exx2在(2,)上为增函数,即l(x)l(2)e240,h(x)0,即h(x)在(2,)上为增函数,h(x)h(2),m.62015大连高三双基测试已知函数f(x)ex(a0)(1)求函数f(x)的单调区间;(2)求函数f(x)在1,2上的最大值;(3)若存在x1,x2(x1x2),使得f(x1)f(x2)0,证明:ae.解(1)f(x)ex(a0),则f(x)ex.令ex0,则xln .xln f(x)0f(x)极大值故函数f(x)的单调递增区间为;单调递减区间为.(2)当ln 2,即0a时,f(x)maxf(2)e2,当1ln 2,即a时,f(x)maxf(ln )ln ,当ln 1,即a时,f(x)maxf(1)e.(3)证明:若函数f(x)有两个零点,
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