安徽省安庆一中2019届高三物理下学期质检试题（含解析）.doc

安徽省安庆一中2019届高三物理下学期质检试题（含解析）一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）1.下列说法正确的是a. 玻尔根据光的波粒二象性，大胆提出假设，认为实物粒子也具有波动性b. 铀核裂变的核反应是c. 原子从低能级向高能级跃迁，不吸收光子也能实现d. 根据爱因斯坦的“光子说”可知，光的波长越大，光子的能量越大【答案】c【解析】a项，1924年，德布罗意大胆的把光的波粒二象性推广到实物粒子，如电子、质子等，他提出实物粒子也具有波动性，故a项错误。b项，铀核裂变有多种形式，其中一种的核反应方程是 ，故b项错误。c项，原子从低能级向高能级跃迁时可能是吸收光子，也可能是由于碰撞，故c项正确。d项，根据爱因斯坦的“光子说”可知，光的波长越大，光子的能量越小，故d项错误。故选c2.如图所示，铁板ab与水平面垂直，一块磁铁吸附在铁板右侧，现缓慢绕铁板a点沿顺时针转动到与水平面成角，此过程中铁板始终相对铁板静止。下列说法正确的是（）a. 磁铁始终受到四个力作用b. 开始瞬间重力与磁铁的弹力二力平衡c. 铁板对磁铁的作用力逐渐增大d. 磁铁受到的摩擦力还渐增大【答案】a【解析】【详解】a.对铁块受力分析，受重力g、磁力f、支持力n和摩擦力f，如图所示，故a正确；b.开始瞬间，重力与摩擦力二力平衡，故b错误；c.由于始终平衡，故合力为零，铁板对磁铁的作用力与重力平衡不变，故c错误；d.沿铁板方向，由平衡条件得：f=gsin，减小，所以f减小，故d错误；3.如图所示，质量相同的两个小球a、b由斜面底端斜向上抛出，分别沿水平方向击中斜面顶端a和斜面中点b，不计空气阻力，下列说法正确的是（）a. 小球a、b的末速度之比为2：1b. 小球a、b的位移之比为：1c. 小球a、b的初速度方向相同d. 小球a、b的初动能之比为4：1【答案】c【解析】【详解】a.因为两球下落的高度之比为2：1，根据h=gt2得，t=，高度之比为2：1，则时间之比：1，结合两球的水平位移之比为2：1，根据v0=知，初速度之比为:1，故a错误。b.a点为斜面顶点，b点为斜面中点，可知小球a、b的位移之比为2：1，故b错误；c.根据逆向思维，小球落在斜面上，速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，因为位移与水平方向的夹角相等，则速度与水平方向的夹角相等，到达斜面底端时速度方向与斜面的夹角也相等，故c正确；d.根据动能定理可知，到达斜面底端时的动能之比eka：ekb=（mva2+mgha）：（mvb2+mghb）=2：1，故d错误；4.某机械在每次匀速吊起货物时所能提供的功率p与所吊货物质量m的关系如图所示。现用该机械将30个货箱吊上离地12m高的平台，每个货箱的质量为5kg（忽略机械从平台返回地面和装箱的时间，g取10m/s2），所需最短时间约为a. 360sb. 720sc. 1440sd. 2400s【答案】b【解析】试题分析：由可得，当功率最大时，时间最短，最大功率为25w，最短时间：，b正确；考点：考查了功率的计算5.1772年，法籍意大利数学家拉格朗日在论文三体问题指出：两个质量相差悬殊的天体（如太阳和地球）所在同一平面上有5个特殊点，如图中的l1、l2、l3、l4、l5所示，人们称为拉格朗日点。若飞行器位于这些点上，会在太阳与地球共同引力作用下，可以几乎不消耗燃料而保持与地球同步绕太阳做圆周运动。若发射一颗卫星定位于拉格朗日l2点，下列说法正确的是（ ）a. 该卫星绕太阳运动周期和地球自转周期相等b. 该卫星在l2点处于平衡状态c. 该卫星绕太阳运动的向心加速度小于地球绕太阳运动的向心加速度d. 该卫星在l2处所受太阳和地球引力的合力比在l1处大【答案】d【解析】【分析】该卫星与地球同步绕太阳做圆周运动的周期相同，处于非平衡状态，由地球和太阳的引力的合力提供向心力，根据公式分析其绕太阳运动的向心加速度与地球绕太阳运动的向心加速度关系；【详解】a、据题意知，该卫星与地球同步绕太阳做圆周运动，则该卫星绕太阳运动周期和地球公转周期相等，故a错误；b、在l2处，该卫星所受的合力为地球和太阳对它引力的合力，这两个引力方向相同，合力不为零，处于非平衡状态，故b错误；c、由于该卫星与地球绕太阳做圆周运动的周期相同，该卫星的轨道半径大，根据公式分析可知，该卫星的绕太阳运动的向心加速度大于地球绕太阳运动的向心加速度，故c错误；d、由题可知，卫星在点与点的周期与角速度是相等的，根据向心力的公式：，在点处的半径大，所以在点处的合力大，故d正确。【点睛】本题首先要读懂题意，不要被新情景吓住，其次要正确分析该卫星的受力情况，灵活选择圆周运动的规律进行分析。二、多选题（本大题共5小题，共27.0分）6.如图（a）所示，两平行正对的金属板a、b间加有如图（b）所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固定在两板的正中间p处。若在t0时刻释放该粒子，粒子会时而向a板运动，时而向b板运动，并最终打在a板上。则t0可能属于的时间段是（ ）a. b. c. d. 【答案】b【解析】【详解】a.若0t0，带正电粒子先加速向b板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向右运动的距离大于向左运动的距离，最终打在b板上，所以a不符合题意。b、若t0，带正电粒子先加速向a板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向左运动的距离大于向右运动的距离，最终打在a板上，所以b符合题意。c、若t0t，带正电粒子先加速向a板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向左运动的距离小于向右运动的距离，最终打在b板上，所以c不符合题意。d、若tt0，带正电粒子先加速向b板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向右运动的距离大于向左运动的距离，最终打在b板上，所以d不符合题意。7.如图所示，半径为r的光滑水平转盘到水平地面的高度为h，质量为m的小物块被一个电子锁定装置锁定在转盘边缘，转盘绕过转盘中心的竖直轴以=kt（k0且是恒量）的角速度转动从t=0开始，在不同的时刻t将小物块解锁，小物块经过一段时间后落到地面上假设在t时刻解锁的物块落到地面上时重力的瞬时功率为p，落地点到转盘中心的水平距离为d，则下图中p-t图象、d2-t2图象分别正确的是（ ）a. b. c. d. 【答案】ac【解析】a、时刻t将小物块解锁后物块做平抛运动，初速度为： 物块落地时竖直分速度为： 物块落到地面上时重力的瞬时功率为：，可知p与t无关，故a正确，b错误；c、物块做平抛运动的时间为：水平位移大小为：根据几何知识可得落地点到转盘中心的水平距离为：，故c正确，d错误。点睛：小物块解锁后做平抛运动，根据平抛运动的规律和功率公式得到p与t的关系式，d2与t2的关系式，即可选择图象。8.如图所示，m、n为两个同心金属圆环，半径分别为r1和r2，两圆环之间存在着沿金属环半径方向的电场，n环内存在着垂直于环面向外的匀强磁场，磁感应强度为b，n环上有均匀分布的的6个小孔，从m环的内侧边缘由静止释放一质量为m，电荷量为 +q的粒子（不计重力），经电场加速后通过小孔射入磁场，经过一段时间，粒子再次回到出发点，全程与金属环无碰撞。则m n间电压u满足的条件是：a. b. c. d. 【答案】ac【解析】粒子在电场中加速满足：；在磁场中先做圆周运动，然后从小孔中再次进入电场做减速运动，到达电场边缘后速度减为零，然后再次反向加速从小孔中再次进入磁场，因粒子在n环上经过6个小孔，可知粒子在磁场中每次做圆周运动的圆心角为1=1200或者2=600，由几何关系可知对应的半径分别为： 或者，根据联立可得：或者，故选ac.点睛：此题关键是要搞清粒子在电场和磁场中的运动规律，根据圆周运动规律及几何关系找到圆心角及半径值即可解答.9.关于热现象，下列说法中正确的是（）a. 如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间分子平均动能一定相同b. 不可能从单一热源吸收热量，使之完全变成功c. 微粒做布朗运动的原因是它有时受到分子对它的吸引力，有时受到排斥的作用d. 理想气体体积膨胀时，对外做功，内能可能不变e. 一定质量的理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加【答案】ade【解析】【详解】a.如果两个系统分别与第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间必定处于热平衡，温度相同，分子平均动能一定相同，故a正确。b.可以能从单一热源吸收热量，使之完全变成功，但必须会引起其它的一些变化，故b错误。c.布朗运动是小颗粒受到不同方向的液体分子无规则运动产生的撞击力不平衡引起的，并非由分子的引力和斥力引起的，故c错误。d.根据热力学第一定律，理想气体体积膨胀时，对外做功，但和外界热交换不明确，其内能可能不变，故d正确e.根据理想气体状态方程pv/t=c，p不变，v增大，温度t增大，分子的平均动能增大，分子势能可以忽略不计，内能一定增加，故e正确。10.关于振动和波，下列说法正确的是（）a. 军队士兵便步过桥，是为了免发生共振b. 一个单摆在赤道上振动周期为t，移到北极时振动周期将大于t，可以通过缩短摆长使它的周期再等于tc. 一列水波遇到障碍物发生衍射，衍射后的波频率不变而波速变小d. 简谐横波在传播过程中，每经过一个周期所有参与振动的质点运动的路程均为4ae. 当接收者远离波源时，其接收到的波频率将减小、波长增大【答案】ade【解析】【详解】a.军队士兵过桥时使用便步，是为了防止桥发生共振现象，故a正确；b.一个单摆在赤道上的振动周期为t，根据周期公式t=2，当移到北极时，重力加速度增大，则振动周期会小于t，故b错误。c.水波发生衍射现象，波速、频率仍不变，故c错误。d.波在传播中质点都在其平衡位置附近上下振动，每经过一个周期所有参与振动的质点运动的路程均为4a，故d正确。e.根据多普勒效应可知，当波源远离接收者时，接收者接收到的波的频率比波源频率低，波长增大，故e正确。三、实验题探究题（本大题共2小题，共15.0分）11.如图所示，某物理兴趣小组设计了一个实验来验证机械能守恒定律，实验操作如下：(1)用游标卡尺测出小钢球的直径d，读数如下图，图中上部分为刻度放大图，d=_mm。(2)用一轻质细线一端栓接一质量为m的小钢球，细线的另一端固定于悬点o，竖直背景板是一个圆心在o点的大量角器，大量角器的零度刻线水平，让小钢球静止在最低点，用毫米刻度尺量出悬线长为l。(3)将小钢球拉起，细线被水平拉直，此时小钢球位置记为a，oa与大量角器零度刻线等高、平行，在小钢球下摆的路径上选一位置b,读出ob与oa的夹角，将光电门固定在位置b（小球通过b点时光线恰好能通过球心）上。现让小钢球从a点从静止释放,运动过程中小钢球不与背景板摩擦、碰撞，用光电门测出小钢球通过光电门的时间t，那么在小钢球从a到b的过程中，小钢球的重力势能减少量ep=_ , 动能增加量ek=_ ,（写出表达式，题中字母为已知量），观察在误差允许的范围内ep与ek是否相等。(4)在小钢球下摆的路径上再分别选取c、d、e、f多个位置，重复刚才实验，得出实验结论。一般情况下，实验中测算出来的重力势能减少量ep _ 动能增加量 ek （填写“等于”、“大于”或“小于”）。【答案】 (1). 12.35 (2). (3). (4). 大于【解析】【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读；根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出小球的速度；根据动能表达式，从而得出动能的量增加，再结合下降的高度求出重力势能的减小量.【详解】(1)游标卡尺的主尺读数为12mm，游标尺上第1个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为70.05mm=0.35mm，所以最终读数为：12mm+0.35mm=12.35mm.(2)小球的摆动过程，摆长为悬点到球心的距离，则重力做功引起重力势能的减少量为；在小球通过光电门的过程中，挡住光的时间极短，则瞬时速度，故增加的动能为.(3)因球的摆动过程中有空气阻力做负功，则减小的重力势能转化为增加的动能和内能，即.【点睛】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量；频闪照片的处理方法与纸带的处理方法类似，抓住某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出瞬时速度的大小是解题的关键.12.为了测量某种材料制成的电阻丝rx的电阻率，提供的器材有：a电流表g，内阻rg120，满偏电流ig6mab电压表v，量程为6vc螺旋测微器，毫米刻度尺d电阻箱r0 （09999）e滑动变阻器r（最大阻值为5）f电池组e（电动势为6v，内阻约为005）g一个开关s和导线若干（1）用多用电表粗测电阻丝的阻值，当用“10”挡时发现指针偏转角度过大，应该换用_挡（填“1”或“100”），进行一系列正确操作后，指针静止时位置如图甲所示。（2）把电流表g与电阻箱并联改装成量程为06a的电流表使用，则电阻箱的阻值应调为r0_。（结果保留三位有效数字）（3）为了用改装好的电流表测量电阻丝rx的阻值，请根据提供的器材和实验需要，将图乙中电路图补画完整。_（4）测得电阻丝的长度为l，电阻丝的直径为d，电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电压表v的示数为u，电流表g的示数为i。请用已知量和测量量的字母符号，写出计算电阻率的表达式_。【答案】 (1). 1 (2). 1.21 (3). (4). 【解析】(1)因欧姆表不均匀,要求欧姆表指针指在欧姆表中值电阻附近时读数较准,当用“ ”挡时发现指针偏转角度过大,说明倍率较大,应选择“ ”倍率.(2)将电流表g与电阻箱并联改装成量程为0.6a的电压表,而电流表g(内阻 ,满偏电流 ;因此电阻箱的阻值应调为: ;(3)由图甲所示可以知道,待测电阻阻值为: ,电压表内阻很大,约为几千甚至几万欧姆,电压表内阻远大于电流表内阻,电流表应采用外接法,滑动变阻器最大阻值为 ,远小于待测电阻阻值,为测多组实验数据,滑动变阻器应采用分压接法,电路图如图所示:(4)由电阻定律可以知道,电阻： ,则电阻率： :,根据欧姆定律得： ,电阻率 ；综上所述本题答案是：(1). 1 (2). 1.21 (3). (4). 四、计算题（本大题共4小题，共52.0分）13.如图所示，在竖直平面内xoy坐标系中分布着与水平方向夹45角的匀强电场，将一质量为m，带电量为q的小球，以某一初速度从o点竖直向上抛出，它的运动轨迹恰好满足抛物线方程y=kx2，小球运动能通过p（，）.已知重力加速度为g，求：（1）该匀强电场的电场强度e=？（2）小球到达p点所用时间t及末动能ek.【答案】(1)e= (2)ek=【解析】【详解】（1）小球以某一初速度从o点竖直向上抛出，它的轨迹恰好满足抛物线方程为y=kx2，说明小球做类平抛运动，则电场力与重力的合力沿y轴正方向；竖直方向受力平衡：qesin45=mg，解得电场强度的大小为e=；（2）小球受到的合力：f合=qecos45=mg=ma，所以a=g，由平抛运动规律有：y方向：=gt2，解得t=；竖直方向：=v0t，解得初速度大小为v0=；根据动能定理可得ma=ek-解得：ek=14.如图所示，水平面上有两条相互平行的光滑金属导轨pq和mn间距为d，左侧p与m之间通过一电阻r连接，两条倾角为的光滑导轨与水平导轨在n、q处平滑连接，水平导轨的fdnq区域有竖直方向的匀强磁场，磁感应强度为b，磁场区域长度为x。p，m两处有套在导轨上的两根完全相同的绝缘轻质弹簧，其原长为pf，现用某约束装量将两弹簧压缩到图中虚线处，只要有微小扰动，约束装置就解除压缩。长度为d，质量为m，电阻为r的导体棒，从ac处由静止释放，出磁场区域后向左运动触发弹簧。由于弹簧的作用，导体棒向右运动，当导体棒进入磁场后，约束装置重新起作用，将弹簧压缩到原位置.（1）若导体棒从高水平导轨高h的位置释放，经过一段时间后重新滑上斜面，恰好能返回原来的位置，求导体棒第一次出磁场时的速率（2）在（1）条件下，求每根弹簧被约束装置压缩后所具有的弹性势能。（3）要使导体棒最终能在水平导轨与倾斜导轨间来回运动，则导体神初始高度h及每根弹簧储存弹性势能需要满足什么条件？【答案】(1)v2=- (2) ep= (3) h且ep【解析】【详解】（1）导体棒在倾斜轨道上向下滑动过