甘肃省武威六中2016届高考物理模拟试卷(五)(解析版).doc

此文档收集于网络，如有侵权，请联系网站删除2016年甘肃省武威六中高考物理模拟试卷（五）一、选择题（本题共12小题，每题4分，共48分18小题只有一个选项正确，912小题有多个选项正确，选对但不全得2分，有错选或不选得0分）1以下说法正确的是（）A丹麦天文学家第谷通过长期的天文观测，指出所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，揭示了行星运动的有关规律B伽利略通过数学推算并用实验验证了小球在斜面上从静止开始运动的位移与所用时间的平方成正比C开普勒发现了万有引力定律，卡文迪许利用扭秤实验装置比较准确地测出了引力常量GD万有引力定律和牛顿运动定律一样，只适用于微观粒子的基本规律2某物体沿一直线运动，其vt图象如图所示，则下列说法中正确的是（） A第2s内和第3s内速度方向相反B第2s内和第3s内的加速度方向相反C第3s内速度方向与加速度方向相同D第5s内速度方向与加速度方向相同3在水平地面上运动的小车车厢底部有一质量为m1的木块，木块和车厢通过一根轻质弹簧相连接，弹簧的劲度系数为k在车厢的顶部用一根细线悬挂一质量为m2的小球某段时间内发现细线与竖直方向的夹角为，在这段时间内木块与车厢保持相对静止，如图所示不计木块与车厢底部的摩擦力，则在这段时间内弹簧的形变为（）A伸长量为tanB压缩量为tanC伸长量为D压缩量为4质量为m的物体在空中由静止下落，由于空气阻力的影响，运动的加速度是，物体下落高度为h，重力加速度为g，以下说法正确的是（）A重力势能减少了B动能增加了mghC机械能损失了D克服阻力做功为5如图所示，虚线a、b、c是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为一个带正电的质点仅在电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，P、Q是轨迹上的两点下列说法中正确的是（）A三个等势面中，等势面c的电势最高B带电质点一定是从P点向Q点运动C带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时小D带电质点通过P点时的动能比通过Q点时小6如图所示，在穹形支架上，现将用一根不可伸长的光滑轻绳通过滑轮悬挂一个重力为G的重物将轻绳的一端固定于支架上的A点，另一端从B点沿支架缓慢向C点靠近则绳中拉力大小变化变化情况是（）A先变小后变大B先变小后不变C先变大后不变D先变大后变小7如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动时（）A电压表V读数先变大后变小，电流表A读数变大B电压表V读数先变小后变大，电流表A读数变小C电压表V读数先变大后变小，电流表A读数先变小后变大D电压表V读数先变小后变大，电流表A读数先变大后变小8如图所示，是一个示波管工作原理图，电子经加速以后以速度V0垂直进入偏转电场，离开电场时偏转量是h，两平行板间的距离为d，电势差为U，板长为L每单位电压引起的偏移量（h/U）叫做示波管的灵敏度，为了提高灵敏度，可采用下列哪些办法？（）A增大两板间的电势差UB尽可能使板长L做得短些C尽可能使两板间距离d减小些D使电子入射速度V0大些9质量为2kg的质点在xy平面上做曲线运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是（）A质点的初速度为3m/sB质点做匀变速曲线运动C质点所受的合外力为3ND质点初速度的方向与合外力方向垂直10如图所示，在水平向右的匀强电场中以竖直和水平方向建立直角坐标系，一带负电的油滴从坐标原点以初速度v0向第一象限某方向抛出，当油滴运动到最高点A（图中未画出）时速度为vt，试从做功与能量转化角度分析此过程，下列说法正确的是（）A若vtv0，则重力和电场力都对油滴做正功引起油滴动能增大B若vtv0，则油滴电势能的改变量大于油滴重力势能的改变量C若vt=v0，则A点可能位于第一象限D若vt=v0，则A点一定位于第二象限11在研究宇宙发展演变的理论中，有一种学说叫做“宇宙膨胀说”：宇宙是由一个大爆炸的火球开始形成的，大爆炸后各星球以不同的速度向外运动，这种学说认为万有引力常量G在缓慢地减小根据这一理论，在很久很久以前，太阳系中地球的公转情况与现在相比（）A公转半径R较大B公转周期T较小C公转速率v较大D公转角速度较小12如图所示，由两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器的极板N与静电计相接，极板M接地用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U在两板相距一定距离d时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度在整个实验过程中，保持电容器所带电量Q不变，下面哪些操作将使静电计指针张角变小（）A将M板向下平移B将M板沿水平向左方向远离N板C在M、N之间插入云母板（介电常数1）D在M、N之间插入金属板，且不和M、N接触二、实验题（共2小题，每空2分，电路图3分，实物图3分，共16分）13（1）用20分度的游标卡尺测量某一物体的长度如图甲，其长度为cm；（2）用螺旋测微器测量某一圆柱的直径如下图乙，其直径为mm；（3）用多用电表的电阻“10”挡，按正确的操作步骤测某电阻的阻值，表盘的示数如图丙，则该电阻的阻值约为14某同学测量阻值约为25k的电阻Rx，现备有下列器材：A电流表（量程100A，内阻约为2k）；B电流表（量程500A，内阻约为300）；C电压表（量程15V，内阻约为100k）；D电流表（量程50V，内阻约为500k）；E直流电源（20V，允许最大电流1A）；F滑动变阻器（最大阻值1k，额定功率1W）；G电键和导线若干（1）电流表应选，电压表应选（填字母代号）（2）为保证实验顺利进行，并使测量误差尽量减小，请你在图1方框中给该同学设计出实验电路图，并用笔画线代替导线，连接图2电路三、计算题：（共36分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案不得分有数值计算的题，答案应明确写出数值和单位）15如图甲所示，t=0时，一质量为m=2kg的小物块受到水平恒力F的作用，从A点由静止开始运动，经过B点时撤去力F，最后停在C点图乙是小物块运动的速度一时间图象已知重力加速度g=l0m/s2，求：（1）从第Is末到第2s末，物体运动的距离；（2）恒力F的大小16加速度计是测定物体加速度的仪器在现代科技中，它已成为导弹、飞机、潜艇或宇宙飞船制导系统的信息源如图所示为应变式加速度计当系统加速时，加速度计中的敏感元件也处于加速状态敏感元件由弹簧连接并架在光滑支架上，架与待测系统固定在一起，敏感元件下端可在滑动变阻器R上自由滑动当系统加速运动时，敏感元件发生位移并转换为电信号输出，就可以根据输出电压的大小求出物体的加速度已知：敏感元件的质量为m，两侧两要一样弹簧的劲度系数均为k，电源电动势为E，电源内阻不计，滑动变阻器的总电阻值为R，有效长度为l静态时，输出电压为0，试写出加速度a随输出电压U变化的关系式17如图所示，A、B为两块平行金属板，A板带正电、B板带负电两板之间存在着匀强电场，两板间距为d、电势差为U，在B板上开有两个间距为L的小孔C、D为两块同心半圆形金属板，圆心都在贴近B板的O处，C带正电、D带负电两板间的距离很近，两板末端的中心线正对着B板上的小孔，两板间的电场强度可认为大小处处相等，方向都指向O半圆形金属板两端与B板的间隙可忽略不计现从正对B板小孔紧靠A板的O处由静止释放一个质量为m、电量为q的带正电微粒（微粒的重力不计），问：（1）微粒穿过B板小孔时的速度多大；（2）为了使微粒能在CD板间运动而不碰板，CD板间的电场强度大小应满足什么条件；（3）从释放微粒开始，经过多长时间微粒会通过半圆形金属板间的最低点P点？2016年甘肃省武威六中高考物理模拟试卷（五）参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每题4分，共48分18小题只有一个选项正确，912小题有多个选项正确，选对但不全得2分，有错选或不选得0分）1以下说法正确的是（）A丹麦天文学家第谷通过长期的天文观测，指出所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，揭示了行星运动的有关规律B伽利略通过数学推算并用实验验证了小球在斜面上从静止开始运动的位移与所用时间的平方成正比C开普勒发现了万有引力定律，卡文迪许利用扭秤实验装置比较准确地测出了引力常量GD万有引力定律和牛顿运动定律一样，只适用于微观粒子的基本规律【考点】物理学史【分析】本题应掌握下列物理学史：开普勒指出所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，揭示了行星运动的有关规律；伽利略通过数学推算并用实验验证了小球的运动规律；牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许利用扭秤实验装置比较准确地测出了引力常量G；牛顿运动定律不适用于微观粒子【解答】解：A、丹麦天文学家第谷通过长期的天文观测，积累了大量的观测数据，开普勒通过对第谷观测数据的研究，发现了所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，揭示了行星运动的有关规律故A错误B、伽利略通过数学推算并用实验验证了小球在斜面上从静止开始运动的位移与所用时间的平方成正比故B正确C、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许利用扭秤实验装置比较准确地测出了引力常量G；故C错误D、牛顿运动定律不适用于微观粒子万有引力定律适用质点之间引力计算故D错误故选B【点评】牛顿运动定律是经典力学的基础，也是高中物理中的重要内容之一，要注意其适用条件：宏观高速运动的物体2某物体沿一直线运动，其vt图象如图所示，则下列说法中正确的是（） A第2s内和第3s内速度方向相反B第2s内和第3s内的加速度方向相反C第3s内速度方向与加速度方向相同D第5s内速度方向与加速度方向相同【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系【专题】定性思想；推理法；运动学中的图像专题【分析】速度时间图线速度的正负表示速度的方向，图线的斜率表示加速度，图线斜率的正负表示加速度的方向【解答】解：A、第2s内和第3s内速度都为正值，速度方向相同故A错误；B、23s内，图线的斜率一正一负，知加速度方向相反，故B正确C、第3s内速度方向为正，加速度方向为负，相反故C错误D、第5s内速度方向为负，加速度方向为正，相反故D错误故选：B【点评】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率表示加速度，速度的正负表示运动的方向3在水平地面上运动的小车车厢底部有一质量为m1的木块，木块和车厢通过一根轻质弹簧相连接，弹簧的劲度系数为k在车厢的顶部用一根细线悬挂一质量为m2的小球某段时间内发现细线与竖直方向的夹角为，在这段时间内木块与车厢保持相对静止，如图所示不计木块与车厢底部的摩擦力，则在这段时间内弹簧的形变为（）A伸长量为tanB压缩量为tanC伸长量为D压缩量为【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】先对小球受力分析，结合运动情况求出合力，然后根据牛顿第二定律求出加速度，再对物体受力分析，求出合力后确定弹簧弹力【解答】解：对小球受力分析，如图由几何关系F合=m2gtan由牛顿第二定律a=gtan车向左加速或向右减速对小物体受力分析，受重力、支持力和弹簧弹力，合力等于弹簧弹力，根据牛顿第二定律F弹=m1gtan物体受向左的弹力结合胡克定律可知弹簧的伸长量为tan故选A【点评】仅仅对物体受力分析，有时无法求出合力，本题中还必须要结合物体的运动情况进行受力分析，才能得到明确的结论4质量为m的物体在空中由静止下落，由于空气阻力的影响，运动的加速度是，物体下落高度为h，重力加速度为g，以下说法正确的是（）A重力势能减少了B动能增加了mghC机械能损失了D克服阻力做功为【考点】动能和势能的相互转化；动能；重力势能【分析】物体静止开始下落，受到空气阻力，由加速度大小可得知阻力与重力的关系而重力做功决定重力势能变化，动能的变化由合力做功确定，除重力以外的阻力做功导致机械能变化【解答】解：A、重力对物体所做的功等于物体重力势能的减少量，重力对物体做多少功，则物体重力势能的减少多少由题重力做功为mgh，则的重力势能减少mgh故A错误；B、物体的合力做正功为mah=0.9mgh，则物体的动能增加为0.9mgh，故B错误；C、物体下落h高度，重力势能减小mgh，动能增加为0.9mgh，则机械能减小0.1mgh，故C正确D、由于阻力做功导致机械能减小，因此克服阻力做功为0.1mgh，故D错误；故选C【点评】本题关键要掌握重力势能变化是由重力做功引起，而动能变化是由合力做功导致，除重力以外力做功使机械能变化5如图所示，虚线a、b、c是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为一个带正电的质点仅在电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，P、Q是轨迹上的两点下列说法中正确的是（）A三个等势面中，等势面c的电势最高B带电质点一定是从P点向Q点运动C带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时小D带电质点通过P点时的动能比通过Q点时小【考点】电势差与电场强度的关系；电势【专题】比较思想；图析法；电场力与电势的性质专题【分析】由于带电质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方，根据电场线的方向可判断电势的高低；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场强度大，由此分析加速度的变化动能变化可以通过电场力做功情况判断【解答】解：A、质点所受电场力指向轨迹弯曲的内侧，由于质点带正电，因此电场线指向右下方，根据沿电场线电势降低，知a等势线的电势最高，c等势线的电势最低，故A错误；B、带电质点可能是从P点向Q点运动，也可能是从Q点向P点运动，故B错误C、由于相邻等势面之间的电势差相同等差等势线密的地方电场线密，场强大，故P点位置场强大，质点受到的电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故C错误D、若质点从P运动到Q，电场力做正功，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故D正确；故选：D【点评】解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化6如图所示，在穹形支架上，现将用一根不可伸长的光滑轻绳通过滑轮悬挂一个重力为G的重物将轻绳的一端固定于支架上的A点，另一端从B点沿支架缓慢向C点靠近则绳中拉力大小变化变化情况是（）A先变小后变大B先变小后不变C先变大后不变D先变大后变小【考点】合力的大小与分力间夹角的关系【专题】平行四边形法则图解法专题【分析】当轻绳的右端从B点移到直杆最上端时，两绳的夹角增大滑轮两侧绳子的拉力大小相等，方向关于竖直方向对称以滑轮为研究对象，根据平衡条件研究绳的拉力变化情况当轻绳的右端从直杆的最上端移到C点的过程中，根据几何知识分析得到滑轮两侧绳子的夹角不变，由平衡条件判断出绳子的拉力保持不变【解答】解：当轻绳的右端从B点移到直杆最上端时，设两绳的夹角为2以滑轮为研究对象，分析受力情况，作出受力图，如图1所示根据平衡条件得2Fcos=mg得到绳子的拉力F=所以在轻绳的右端从B点移到直杆最上端时的过程中，增大，cos减小，则F变大当轻绳的右端从直杆最上端移到C点时，设两绳的夹角为2设绳子总长为L，两直杆间的距离为S，由数学知识得到 sin=，L、S不变，则保持不变再根据平衡条件可知，两绳的拉力F保持不变所以绳中拉力大小变化的情况是先变大后不变故选：C【点评】本题是共点力平衡中动态变化分析问题，关键在于运用几何知识分析的变化，这在高考中曾经出现过，有一定的难度7如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动时（）A电压表V读数先变大后变小，电流表A读数变大B电压表V读数先变小后变大，电流表A读数变小C电压表V读数先变大后变小，电流表A读数先变小后变大D电压表V读数先变小后变大，电流表A读数先变大后变小【考点】闭合电路的欧姆定律；串联电路和并联电路【分析】由电路图可知，本题为滑动变阻器的两部分并联，并联后，再与R串联；由几何知识可知滑片移动时总电阻的变化；则由闭合电路欧姆定律可求得电路中电流的变化及路端电压的变化【解答】解：设滑动变阻器触点以上的电阻为R上，触点以下的电阻为R下因为滑动变阻器的有效电阻R并除最初和最终为零外，是R上和R下并联的结果，二者之和一定，二者相等时积最大，所以当触点在中间时电阻最大，根据全电路欧姆定律，I总=，所以当触点在中间时电流最小，电压表V读数为电源的路端电压，U=EIr，当触点在中间时路端电压最大，电压表V读数先变大后变小，所以本题选A或C再算电流表A读数即R下的电流I，根据电阻并联分流公式，联立以上3式，解得=，变化为I=，当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动时，R上一直变大而R下一直变小，从上式可以看出，电流表A读数I一直变大，所以本题选A故选A【点评】本题考查全电路欧姆定律，滑动变阻器，电路分析，并联分流等，难度：较难电路分析和电压表电流表读数随滑动变阻器触点移动而变化的题目是传统题目，但此题推陈出新，有新意，用新方法，一是应用数学知识：二者和不变，相等时积最大，二是应用数学方法，把最后的I式子变化为最后一式，目的是减少变化量8如图所示，是一个示波管工作原理图，电子经加速以后以速度V0垂直进入偏转电场，离开电场时偏转量是h，两平行板间的距离为d，电势差为U，板长为L每单位电压引起的偏移量（h/U）叫做示波管的灵敏度，为了提高灵敏度，可采用下列哪些办法？（）A增大两板间的电势差UB尽可能使板长L做得短些C尽可能使两板间距离d减小些D使电子入射速度V0大些【考点】带电粒子在匀强电场中的运动【专题】带电粒子在电场中的运动专题【分析】电子在匀强电场中发生偏转，根据已知的条件，写出偏转量的表达式，根据公式进行说明【解答】解：设电子的电量为q，质量为m，加速为a，运动的时间为t，则加速度：，时间，偏转量所以示波管的灵敏度：，通过公式可以看到，提高灵敏度可以采用的方法是：加长板长L，减小两板间距离d和减小入射速度V故正确的选项是C故选：C【点评】该题本意是考查带电粒子在电场中的偏转，要熟记偏转量的公式以及它的推导的过程属于基本题型9质量为2kg的质点在xy平面上做曲线运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是（）A质点的初速度为3m/sB质点做匀变速曲线运动C质点所受的合外力为3ND质点初速度的方向与合外力方向垂直【考点】运动的合成和分解；匀变速直线运动的图像【专题】运动学中的图像专题【分析】根据速度图象判断物体在x轴方向做匀加速直线运动，y轴做匀速直线运动根据位移图象的斜率求出y轴方向的速度，再将两个方向的合成，求出初速度质点的合力一定，做匀变速运动y轴的合力为零根据斜率求出x轴方向的合力，即为质点的合力合力沿x轴方向，而初速度方向既不在x轴，也不在y轴方向，质点初速度的方向与合外力方向不垂直【解答】解：A、质点在x方向做初速度为3 m/s、加速度为1.5m/s2的匀加速直线运动，在y方向做速度为4 m/s的匀速直线运动，所以质点的初速度为，选项A错误；B、质点的加速度大小恒定，方向沿x方向，加速度与速度方向不在一条直线上，所以质点做匀变速曲线运动，选项B正确；C、质点所受的合外力为F=ma=3 N，选项C正确；D、质点的合外力沿x方向，初速度的方向不垂直于x方向，选项D错误故选：BC【点评】本题考查运用运动合成与分解的方法处理实际问题的能力，类似平抛运动中等难度10如图所示，在水平向右的匀强电场中以竖直和水平方向建立直角坐标系，一带负电的油滴从坐标原点以初速度v0向第一象限某方向抛出，当油滴运动到最高点A（图中未画出）时速度为vt，试从做功与能量转化角度分析此过程，下列说法正确的是（）A若vtv0，则重力和电场力都对油滴做正功引起油滴动能增大B若vtv0，则油滴电势能的改变量大于油滴重力势能的改变量C若vt=v0，则A点可能位于第一象限D若vt=v0，则A点一定位于第二象限【考点】带电粒子在匀强电场中的运动【专题】带电粒子在电场中的运动专题【分析】负电荷所受力的方向与电场强度方向相反，所以该电荷受水平向左的电场力和竖直向下的重力，根据功能关系即可求解【解答】解：A、若vtv0，根据动能定理得：O该电荷受电场力水平向左，所以当油滴运动到最高点A的过程中，重力做负功，则电场力力必定做正功，且电场力做的功比重力做的功多，而电场力做油滴做的功等于电势能的变化量，重力对油滴做的功等于重力势能的变化量，所以油滴电势能的改变量大于油滴重力势能的改变量，故A错误，B正确；C、若vt=v0，根据动能定理得： =O，重力做负功，则电场力力必定做正功，且两者相等，故A点一定位于第二象限，故C错误，D正确故选BD【点评】解决本题要知道负电荷所受电场力的方向与电场强度方向相反，电场力做油滴做的功等于电势能的变化量，重力对油滴做的功等于重力势能的变化量，难度适中11在研究宇宙发展演变的理论中，有一种学说叫做“宇宙膨胀说”：宇宙是由一个大爆炸的火球开始形成的，大爆炸后各星球以不同的速度向外运动，这种学说认为万有引力常量G在缓慢地减小根据这一理论，在很久很久以前，太阳系中地球的公转情况与现在相比（）A公转半径R较大B公转周期T较小C公转速率v较大D公转角速度较小【考点】恒星的演化【分析】根据万有引力提供向心力，推导出卫星运行周期、线速度、角速度与运动半径的关系注意万有引力常数G的变化【解答】解：A、根据“宇宙膨胀说”，宇宙是由一个大爆炸的火球开始形成的，大爆炸后各星球即以不同的速度向外运动，这种学说认为地球离太阳的距离逐渐增加，即公转半径逐渐增大，故A错误B、研究地球绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式=mr故T=2，这种学说认为万有引力常量G在缓慢地减小，所以T在增大，所以太阳系中地球的公转情况与现在相比公转周期T较小，故B正确C、研究地球绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式=m，故v=，所以太阳系中地球的公转情况与现在相比公转速率v较大故C正确D、研究地球绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式=m2r，故=，所以太阳系中地球的公转情况与现在相比公转角速度较大故D错误故选：BC【点评】向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用12如图所示，由两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器的极板N与静电计相接，极板M接地用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U在两板相距一定距离d时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度在整个实验过程中，保持电容器所带电量Q不变，下面哪些操作将使静电计指针张角变小（）A将M板向下平移B将M板沿水平向左方向远离N板C在M、N之间插入云母板（介电常数1）D在M、N之间插入金属板，且不和M、N接触【考点】电容器的动态分析【专题】电容器专题【分析】静电计指针的张角反应电容器两端间电势差的变化，抓住电容器带电量不变，根据，通过电容的变化，判断电势差的变化【解答】解：A、将M板向下平移，正对面积减小，根据，电容减小，根据，Q不变，则电势差增大，张角变大故A错误 B、将M板沿水平向左方向远离N板，d变大，根据，电容减小，根据，Q不变，则电势差增大，张角变大故B错误 C、在M、N之间插入云母板（介电常数1），根据，电容增大，根据，Q不变，则电势差减小，张角变小故C正确 D、在M、N之间插入金属板，且不和M、N接触，d减小，根据，电容增大，根据，Q不变，则电势差减小，张角变小故D正确故选CD【点评】解决本题的关键掌握电容器的动态分析，电容器与电源断开，电量保持不变，电容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差不变二、实验题（共2小题，每空2分，电路图3分，实物图3分，共16分）13（1）用20分度的游标卡尺测量某一物体的长度如图甲，其长度为5.015cm；（2）用螺旋测微器测量某一圆柱的直径如下图乙，其直径为4.700mm；（3）用多用电表的电阻“10”挡，按正确的操作步骤测某电阻的阻值，表盘的示数如图丙，则该电阻的阻值约为220【考点】用多用电表测电阻；刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用【专题】定性思想；推理法；基本实验仪器【分析】（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；（2）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；（3）欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数【解答】解：（1）由图甲所示可知，游标卡尺主尺示数为5cm，游标尺示数为30.05mm=0.15mm=0.015cm，游标卡尺示数为5cm+0.015cm=5.015cm；（2）由图乙所示可知，螺旋测微器固定刻度示数为4.5mm，游标尺示数为20.00.01mm=0.200mm，螺旋测微器示数为4.5mm+0.200mm=4.700mm；（3）用多用电表的电阻“10”挡，由图丙所示可知，电阻阻值为2210=220；故答案为：（1）5.015；（2）4.700；（3）220【点评】游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读，对游标卡尺读数时，要注意游标尺的精度14某同学测量阻值约为25k的电阻Rx，现备有下列器材：A电流表（量程100A，内阻约为2k）；B电流表（量程500A，内阻约为300）；C电压表（量程15V，内阻约为100k）；D电流表（量程50V，内阻约为500k）；E直流电源（20V，允许最大电流1A）；F滑动变阻器（最大阻值1k，额定功率1W）；G电键和导线若干（1）电流表应选B，电压表应选C（填字母代号）（2）为保证实验顺利进行，并使测量误差尽量减小，请你在图1方框中给该同学设计出实验电路图，并用笔画线代替导线，连接图2电路【考点】伏安法测电阻【专题】实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】合理选择实验器材，先选必要器材，再根据要求满足安全性，准确性，方便操作的原则选择待选器材电流表的接法要求大电阻内接法，小电阻外接法滑动变阻器是小电阻控制大电阻，用分压式接法【解答】解：电源电压为20V，故电压表应选择C；通过电流值约为：I=8104A=8OOA而电流表A量程太小，内阻也大，所以不选A，而B合适因待测电阻约为25K，25Kk为大电阻，故用内接法，因是小电阻控制大电阻，若用限流式接法，控制的电压变化范围太小，则应用分压式接法，原理图如图所示，实物图如图所示故答案为：（1）B； C；（2）如图所示【点评】实验电路所用器材的要求要熟练掌握，读数的要求，误差来源的分析，变阻器的分压与限流式区别要弄清楚三、计算题：（共36分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案不得分有数值计算的题，答案应明确写出数值和单位）15如图甲所示，t=0时，一质量为m=2kg的小物块受到水平恒力F的作用，从A点由静止开始运动，经过B点时撤去力F，最后停在C点图乙是小物块运动的速度一时间图象已知重力加速度g=l0m/s2，求：（1）从第Is末到第2s末，物体运动的距离；（2）恒力F的大小【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】（1）根据vt图象求解加速度，然后根据位移时间关系公式列式求解；（2）对加速和减速过程分别根据牛顿第二定律列式后联立求解即可【解答】解：（1）撤去F后物体的加速度： 2s末3s末，物体运动距离：1s末3s末，物体运动距离：1s末2s末，物体运动距离：x=s2s1=6m或用图象法求解（2）由牛顿第二定律：f=ma1 由图得恒力F作用时物体的加速度：a2=8 m/s2由牛顿第二定律： Ff=ma2 解得：F=24N答：（1）从第Is末到第2s末，物体运动的距离为6m；（2）恒力F的大小为24N【点评】考查牛顿第二定律与运动学公式综合应用，考查考生对vt图的掌握16加速度计是测定物体加速度的仪器在现代科技中，它已成为导弹、飞机、潜艇或宇宙飞船制导系统的信息源如图所示为应变式加速度计当系统加速时，加速度计中的敏感元件也处于加速状态敏感元件由弹簧连接并架在光滑支架上，架与待测系统固定在一起，敏感元件下端可在滑动变阻器R上自由滑动当系统加速运动时，敏感元件发生位移