2011-2012学年上海市松江二中高一(下)期末物理试卷.doc

菁优网2011-2012学年上海市松江二中高一（下）期末物理试卷 2011-2012学年上海市松江二中高一（下）期末物理试卷一、单选题（每题只有一个正确答案，每题3分，共30分，）1（3分）一质点做匀速圆周运动时，关于线速度、角速度和周期的关系，下列说法正确的是（）A线速度大的角速度一定大B角速度大的周期一定小C周期小的线速度一定大D周期与半径一定无关2（3分）一个水平弹簧振子的振动周期是0.025s，当振子从平衡位置开始向右运动，经过0.17s时，振子的运动情况是（）A正在向右做减速运动B正在向右做加速运动C正在向左做减速运动D正在向左做加速运动3（3分）一列机械波从一种介质进人另一种介质时，有关物理量的情况是（）A波速、频率、波长均不变B波速不变，频率、波长将发生改变C频率不变，波速、波长将发生改变D波速、频率、波长均发生改变4（3分）起重机吊钩下挂着一个质量为m的木箱，若木箱以加速度a匀减速下降高度h，则木箱克服钢索拉力做的功为（）AmghBm（ga）hCm（g+a）hDm（ag）h5（3分）在同一介质中，两列相干波相互叠加，则（）A波峰与波峰叠加的点振动最强，波谷与波谷叠加的点振动最弱B波峰与波峰叠加的点在经过半个周期后将是波谷与波谷在该点相遇，振动始终最强C振动最强的点经过四分之一周期后刚好经过平衡位置，此时它的振动最弱D如果两相干波源振幅不相等，则振动最弱的点将不会出现6（3分）关于布朗运动，下列说法中正确的是（）A布朗运动是液体分子的无规则运动B布朗运动是悬浮在液体中的小颗粒的无规则运动C布朗运动的无规则运动是微粒中分子无规则运动的反映D温度越高、颗粒越大则布朗运动越明显7（3分）一定质量的气体，保持体积不变，当它的温度从100升高到200时，它的压强（）A改变为原来的B改变为原来的2倍C改变为原来的D改变为原来的8（3分）一定质量的气体，在压强不变时，温度每升高1，它的体积的增加量（）A相同B逐渐增大C逐渐减小D成正比例地增大9（3分）（2006淮北模拟）一质量为m的小球，用长为L的轻绳悬挂于O点，小球 在水平力F作用下，从平衡位置P很缓慢地移动到Q点，如图所示，则力F所做的功为（）AmgLcosBmgL（1cos）CFLsinDFL（1cos）10（3分）一个物体从O处自由下落，途经A、B两点，如图所示已知OA：AB=1：2，物体经过A点时的动能是40J，那么，物体经过B点时的动能是（）A100JB120JC90JD150J二、多选题（每题有2个或2个以上答案，每题4分，共16分）11（4分）土星周围有美丽壮观的“光环”，组成环的颗粒是大小不等、线度从1m到10m的岩石、尘埃，类似于卫星，它们与土星中心的距离从7.3104km延伸到1.4105km对所有这些组成环的颗粒来说，它们的（）A线速度相同B角速度相同C线速度不相同D角速度不相同12（4分）一列横波沿一直线在空间传播，在某一时刻直线上相距s的A、B两点均处于平衡位置，且运动方向相反，在A、B间仅有一个波峰若过时间t，B质点恰好第一次到达波峰位置，则该波的波速大小可能是（）ABCD13（4分）A、B是两只固定在地面上的气缸，它们的活塞用硬质细杆相连，两气缸内装有气体，温度相同，图中活塞处于静止状态，活塞之间与大气相通，如果先固定活塞使两气缸内气体升高相同温度，压强增加量为PA，PB然后再释放活塞，则可能发生的情况是（）A固定活塞时，PA=PB，释放活塞时活塞不移动B固定活塞时，PAPB，释放活塞时活塞向右移动C固定活塞时，PAPB，释放活塞时活塞向右移动D固定活塞时，PAPB，释放活塞时活塞向左移动14（4分）（2006浦东新区一模）物体从地面以60J的初动能竖直向上抛出，当它上升到某一高度A点时，动能减少了30J，机械能减少了10J若空气阻力大小不变，以地面为零势能面，则物体（）A在最高点处重力势能为40JB落地时动能为20JC上升过程中动能与重力势能相等时，动能小于30JD下落过程中动能与重力势能相等时，重力势能大于20J三、填空题（每空1分，共25分）15（2分）由于地球的自转，地球表面上各点的线速度随纬度增大而_，角速度随纬度增大而_（填“增大”、“不变”或“减小”）16（2分）一物体在水平面内沿半径 R=0.2m的圆形轨道做匀速圆周运动，线速度V=0.2m/s，那么，它的向心加速度为_m/s2，它的角速度为_rad/s17（2分）小石子投入湖面将激起水波，使浮在水面的树叶在1min内起伏60次，与此同时，该波从中心向外扩延30m，则水波的波长为_m，波速为_m/s18（3分）质量为m=1kg的物体从空中自由下落，下落第二秒内重力做功为_ J；下落第三秒末重力做功的功率是_W；下落前3s内重力做功的平均功率是_W19（2分）1g氢气中含有氢分子的个数是_，在标准状况下它的体积是_m320（4分）水和酒精混合后体积缩小的现象，说明_；布朗运动说明_；两块铅块压紧以后能连成一体，说明_；固体和液体很难被压缩，说明_21（2分）在h=20m高的平台上，弹簧手枪将质量m=10g的子弹以v0=15m/s的速度水平射出若不计空气阻力，子弹落地速度大小为_m/s，弹簧手枪对子弹做的功是_J（g取10m/s2）22（2分）一定质量的气体在标准状态下体积为1升，如果保持体积不变，压强增大到1.5大气压，气体温度为_；如果保持压强不变，当体积增大到1.5升时，气体的温度为_23（2分）一根左端封闭的U型细玻璃管，管内有A、B两段被汞柱封闭的空气柱，当时的大气压强为P0=75cmHg，各段汞柱的长度如图所示，h1=5cm，h2=18cm，h3=23cm则空气柱B的压强为_，空气柱A的压强为_24（2分）（2006青浦区模拟）两端开口、粗细均匀的U型玻璃管开口向上竖直放置，两段水银柱中间封有一定质量的理想气体，其液面高度差如图所示，则如果向右管倒入少量水银后，图中的h2将_（填“增大”“不变”或“减小”），如果向左管倒入少量水银后，图中的h2将_（填“增大”“不变”或“减小”）25（2分）质量为m=1kg的物体以速度为v0=3m/s在水平面上运动，与一端固定在墙上的弹簧相碰并将弹簧压缩，最后又被弹回，在这一个过程中，弹簧的弹性势能的最大值是_J物体的速度为v=1m/s时弹簧的弹性势能是_J26（4分）从地面A处竖直上抛一质量为m的小球，当小球上升到距A点高度为h的B点时动能为EK；当小球上升到最高点后返回至距A处h/3的C点时，动能也为EK已知空气阻力f=0.1mg，则小球能上升的最大高度为_h；小球在下落过程中从B点到C点克服空气阻力所做的功为_mgh27（4分）如图是汽车牵引力F和车速倒数的关系图象，若汽车质量为2103kg，由静止开始沿平直公路行驶，阻力恒定，最大车速为30m/s，则在车速为15m/s时汽车发动机功率为_W；该汽车作匀加速运动的时间为_s28（4分）如图所示，上端封闭的均匀细玻璃管开口向下竖直放置，管长80cm，离管口35cm处有一开口通过开关K与外界相通当K关闭时，管内有齐管口长60cm的汞柱，大气压强保持75cmHg不变现打开K使之与外界相连通，待稳定后，管内残留的汞柱高度为_cm，管内气柱长度为_cm29（4分）如图所示是质量相等的两部分同种气体的等压线，根据图中给出的条件，当t=273时，气体A的体积与气体B的体积VA：VB=_，它们的压强之比PA：PB=_四、作图题（共7分）30（3分）如图所示，是一列沿x轴正方向传播的简谐横波t=0时刻的波形图，已知波源的振动频率是2Hz，试画出：（1）波上质点A此刻振动的方向；（2）经过t=1.875s后波形图31（2分）如图所示，PT图中的圆为一定质量理想气体的状态变化图线，试在图线上找出气体体积最小的状态A32（2分）如图所示PA为一定质量气体的一等压过程图线，作出该气体过B点的等压过程的图线五、实验题（共12分）33（6分）在“用单摆测定重力加速度”的实验中：（1）为使实验结果尽可能精确，下列器材中应选用_（用字母填入）A.1米长的细棉线 B.20厘米长尼龙线C塑料小球 D小铁球E时钟 F.0.1秒刻度的秒表G最小刻度是毫米的刻度尺 H最小刻度是厘米的刻度尺（2）实验时，摆线偏离竖直方向的偏角应小于_，测量时，要让单摆在竖直平面内自由摆动几次后，从摆球经过_时开始计时（3）某同学某次实验数据如下：细线长101.1厘米，摆球直径为1.8厘米，完成35次全振动的时间是70.80秒，由这些数据计算得重力加速度g=_34（3分）如图所示；利用油膜法粗略测分子直径的示意图，其实验原理是油滴滴在水面上，会在水面上散开，形成_油膜若把分子看成球形，先测出油滴的体积V，再测出油膜的面积S，就可以算出油分子的直径d=_分子直径数量级是_m35（3分）（2001上海）某同学用同一个注射器做了两次验证波意耳定律的实验，操作完全正确根据实验数据却在PV图上画出了两条不同双曲线造成这种情况的可能原因是（）A两次实验中空气质量不同B两次实验中温度不同C两次实验中保持空气质量、温度相同，但所取的气体压强的数据不同D两次实验中保持空气质量、温度相同，但所取的气体体积的数据不同六、计算题（共26分）36（6分）一物体在光滑水平面上受到水平方向的恒定拉力F=10N的作用，从静止开始经历了3s，速度达到8m/s，求：（1）这一过程中拉力所做的功；（2）第3s末拉力的瞬时功率37（6分）如图所示为t1和t2两个时刻的波形图象若t2t1=0.5s，则：（1）如果波向右传播，且3Tt2t14T，则波速多大？（2）如果波向左传播，且2Tt2t13T，则波速多大？（3）如果波速v=68m/s，则波向哪个方向传播？38（7分）汽车发动机的额定功率为P=60KW，汽车质量m=5.0103kg，汽车在水平路面上行驶时，阻力是车重0.1倍，试问：汽车保持额定功率从静止起动后能达到的最大速度是多少？汽车从静止开始，保持以a=0.5m/s2的加速度作匀加速直线运动，这一过程维持多长时间？39（7分）如图所示，一开口向上的玻璃管内有一段长19cm的汞柱，封住的一段空气柱长为15cm将管倒放时，被封闭的空气柱长为25cm问：（1）当时的大气压强为多大？（2）将管水平放置时，管内封着的空气柱为多长？40（9分）在倾角为30的斜面底端，木块A以某一速度沿斜面向上运动，若木块与斜面间的动摩擦因数为，g取10m/s2，试求：（1）木块A在斜面上向上运动和向下运动的加速度各多大；（2）木块A在斜面上离开出发点时和回到出发点时的动能之比；（3）如在斜面底端处安装一固定且垂直于斜面的挡板，如图所示，不计物块与挡板每次碰撞的机械能损失，求物块以初速度10m/s沿斜面运动到最终停止所通过的总路程41（9分）（2006长宁区二模）如图所示，一足够高的直立气缸上端开口，用一个厚度不计的活塞封闭了一段高为90cm的气柱，活塞的横截面积为0.01m2，活塞与气缸间的摩擦不计，气缸侧壁通过一个密封接口与U形管相通，密封接口离气缸底部的高度为70cm，气缸与U形管相通处气体体积忽略不计在图示状态时气体的温度为17，U形管两支管水银面的高度差h1为6cm，右支管内水银面到管口的高度为20cm，大气压强p0=1.0105Pa保持不变，水银的密度=13.6103kg/m3求：（1）活塞的重力；（2）现在将U形管右支管开口端用橡皮塞（厚度不计）封住，并在活塞上添加沙粒，同时对气缸内的气体缓缓加热，让活塞高度始终不变当气体温度升高到57时，不再加沙粒，同时停止对气体加热，这时U形管两支管内水银面的高度差h2变为多少？（气缸内气体温度变化不影响U形管）（3）保持上题中的沙粒质量不变，让气缸内的气体逐渐冷却，那么当气体的温度至少降为多少时，U形管内的水银开始流动？24（9分）（2012东至县模拟）某兴趣小组对一辆自制遥控小车的性能进行研究他们让这辆小车在水平的直轨道上由静止开始运动，并将小车运动的全过程记录下来，通过处理转化为vt图象，如图所示（除2s10s时间段图象为曲线外，其余时间段图象均为直线）已知在小车运动的过程中，2s14s时间段内小车的功率保持不变，在14s末停止遥控而让小车自由滑行，小车的质量为1.0kg，可认为在整个运动过程中小车所受到的阻力大小不变求：（1）小车所受到的阻力大小；（2）小车匀速行驶阶段的功率；（3）小车在整个运动过程中位移的大小2011-2012学年上海市松江二中高一（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（每题只有一个正确答案，每题3分，共30分，）1（3分）一质点做匀速圆周运动时，关于线速度、角速度和周期的关系，下列说法正确的是（）A线速度大的角速度一定大B角速度大的周期一定小C周期小的线速度一定大D周期与半径一定无关考点：线速度、角速度和周期、转速菁优网版权所有专题：匀速圆周运动专题分析：根据线速度、角速度、周期、半径的关系公式进行判断解答：解：A、根据v=r知，线速度大，角速度不一定大，因为还有半径有关故A错误B、根据=知，角速度大，周期一定小故B正确C、根据v=知，周期小，线速度不一定大，还与半径有关故C错误D、根据T=知，当线速度一定，周期与半径有关故D错误故选B点评：解决本题的关键知道线速度与角速度的关系式、角速度与周期的关系式，线速度与周期的关系式等，并能灵活运用2（3分）一个水平弹簧振子的振动周期是0.025s，当振子从平衡位置开始向右运动，经过0.17s时，振子的运动情况是（）A正在向右做减速运动B正在向右做加速运动C正在向左做减速运动D正在向左做加速运动考点：简谐运动的振幅、周期和频率菁优网版权所有专题：简谐运动专题分析：由题，以水平向右为坐标的正方向，振子向左经过平衡位置O点时开始计时，则t=0时刻振子的位移x=0根据简谐运动振子的加速度与位移的关系a=，结合0.17s时间内完成的振动次数，从而确定加速度大小与方向解答：解：根据题意，以水平向右为坐标的正方向，振动周期是0.025s，振子从平衡位置开始向右运动，经过0.17s时，完成了 到 7T之间，因此振动正在向右加速运动到平衡位置故选：B点评：本题关键抓住简谐运动加速度与位移的关系，根据计时开始时刻的加速度及方向解题3（3分）一列机械波从一种介质进人另一种介质时，有关物理量的情况是（）A波速、频率、波长均不变B波速不变，频率、波长将发生改变C频率不变，波速、波长将发生改变D波速、频率、波长均发生改变考点：波长、频率和波速的关系菁优网版权所有分析：根据频率由波源决定、波速由介质决定，波长由波源和介质共同决定进行分析选择解答：解：由于波的频率就等于波源的振动频率，则当一列机械波从一种介质进人另一种介质时，其频率保持不变而波速是由介质的性质决定的，波速将发生改变，由波速公式v=f得知，频率不变时，波长与波速成正比，则波长也发生变化故选C点评：波速、频率、波长是描述波的特有物理量，关键要抓住这些量的决定因素4（3分）起重机吊钩下挂着一个质量为m的木箱，若木箱以加速度a匀减速下降高度h，则木箱克服钢索拉力做的功为（）AmghBm（ga）hCm（g+a）hDm（ag）h考点：功的计算菁优网版权所有专题：功的计算专题分析：对木箱受力分析，根据牛顿第二定律可以求得钢索对木箱的拉力的大小，根据功的公式可以求得钢索对木箱做的功的大小，即为木箱克服钢索拉力做的功解答：解：对木箱受力分析可得，木箱受到拉力和重力的作用，由于木箱以加速度a匀减速下降，所以加速度是向上的，由牛顿第二定律可得，Fmg=ma，所以拉力F=m（g+a），下降高度h时，拉力做的功为W=Fh=m（g+a）h，所以木箱克服钢索拉力做的功为m（g+a）h，所以C正确故选C点评：本题是牛顿第二定律和功的计算公式的考查，比较简单，但是要注意木箱克服钢索拉力做的功等于钢索对木箱做的功的大小5（3分）在同一介质中，两列相干波相互叠加，则（）A波峰与波峰叠加的点振动最强，波谷与波谷叠加的点振动最弱B波峰与波峰叠加的点在经过半个周期后将是波谷与波谷在该点相遇，振动始终最强C振动最强的点经过四分之一周期后刚好经过平衡位置，此时它的振动最弱D如果两相干波源振幅不相等，则振动最弱的点将不会出现考点：波的干涉和衍射现象菁优网版权所有专题：光的干涉专题分析：波峰和波峰、波谷与波谷叠加的点为振动加强点，波峰与波谷叠加的点为振动减弱点振动加强点始终振动加强，振动减弱点始终减弱解答：解：A、波峰和波峰叠加，为振动加强点，且始终振动加强；波谷与波谷叠加，振动也始终加强，而波峰与波谷叠加，为振动减弱点，且始终振动减弱故A错误B、波峰与波峰叠加的点在经过半个周期后将是波谷与波谷在该点相遇，且振动始终最强故B正确C、振动最强的点经过四分之一周期后刚好经过平衡位置，它们的振动仍然相同，因此也是振动加强故C错误D、如果两相干波源振幅不相等，则振动最弱的点仍将出现故D错误故选B点评：解决本题的关键知道波峰和波峰、波谷与波谷叠加的点为振动加强点，波峰与波谷叠加的点为振动减弱点6（3分）关于布朗运动，下列说法中正确的是（）A布朗运动是液体分子的无规则运动B布朗运动是悬浮在液体中的小颗粒的无规则运动C布朗运动的无规则运动是微粒中分子无规则运动的反映D温度越高、颗粒越大则布朗运动越明显考点：布朗运动菁优网版权所有专题：布朗运动专题分析：布朗运动是悬浮在液体中的小颗粒的无规则运动，反映了液体分子的无规则运动，温度越高、颗粒越小则布朗运动越明显解答：解：A、B布朗运动是悬浮在液体中的小颗粒的无规则运动，小颗粒的布朗运动是由于周围液体分子撞击的冲力不平衡而引起的，所以小颗粒的无规则运动反映了周围液体分子的无规则运动故A错误，B正确C、微粒是大量的分子组成的，微粒的运动是成千上万个微粒分子的集体运动，并不是微粒分子的无规则运动故C错误D、温度越高，液体分子运动越激烈，布朗运动也越明显；颗粒越小，受到的冲力越不平衡，布朗运动越明显故D错误故选B点评：本题关键要掌握布朗运动的概念和物理意义，从力的角度分析布朗运动的激烈程度与什么因素有关，基础题7（3分）一定质量的气体，保持体积不变，当它的温度从100升高到200时，它的压强（）A改变为原来的B改变为原来的2倍C改变为原来的D改变为原来的考点：气体的等容变化和等压变化菁优网版权所有专题：气体的状态参量和实验定律专题分析：一定质量的气体，保持体积不变，温度升高时，发生等容变化，根据查理定律分析压强的变化解答：解：根据查理定律一定质量的气体，保持体积不变，温度升高时气体的压强跟它的热力学温度成正比，即：，初状态：T0=100=373K，末状态：T1=200=473K；所以得：即温度从100升高到200时，它的压强改变为原来的故正确的选项为D，ABC选项都错误故选：D点评：本题考查分析气体三个状态参量关系，应用查理定律的能力，基础题，比较简单8（3分）一定质量的气体，在压强不变时，温度每升高1，它的体积的增加量（）A相同B逐渐增大C逐渐减小D成正比例地增大考点：气体的等容变化和等压变化菁优网版权所有专题：重核的裂变和轻核的聚变专题分析：气体等压变化，根据盖吕萨克定律列式分析即可解答：解：气体等压变化，根据盖吕萨克定律，有：故，故温度每升高1，它的体积的增加量相同；故选A点评：本题关键根据盖吕萨克定律列式求解，推导出表达式是关键，基础题9（3分）（2006淮北模拟）一质量为m的小球，用长为L的轻绳悬挂于O点，小球 在水平力F作用下，从平衡位置P很缓慢地移动到Q点，如图所示，则力F所做的功为（）AmgLcosBmgL（1cos）CFLsinDFL（1cos）考点：动能定理的应用菁优网版权所有专题：动能定理的应用专题分析：小球从平衡位置P点缓慢移动到Q点，对小球受力分析，受重力、拉力F和绳子的拉力T，根据平衡条件求解出拉力的一般表达式，得出拉力为变力；再根据动能定理列式求解解答：解：对小球受力分析，受到重力、拉力F和绳子的拉力T，如图根据共点力平衡条件，有F=mgtan，故F随着的增大而不断变大，故F是变力；对小球运动过程运用动能定理，得到mgL（1cos）+W=0故拉力做的功等于mgL（1cos）故选：B点评：本题关键在于拉力F是变力，求解变力做功可以根据动能定理列式求解10（3分）一个物体从O处自由下落，途经A、B两点，如图所示已知OA：AB=1：2，物体经过A点时的动能是40J，那么，物体经过B点时的动能是（）A100JB120JC90JD150J考点：自由落体运动；动能定理菁优网版权所有专题：自由落体运动专题分析：物体自由下落，只有重力做功，对OA、OB过程分别运用动能定理列式求解即可解答：解：对OA过程运用动能定理，有：mgOA=EKA；对OB过程运用动能定理，有：mgOB=EKB；已知OA：AB=1：2，故EKA：EKB=OA：OB=1：3；物体经过A点时的动能是40J，故经过B点的动能为120J；故选B点评：本题关键是明确物体的运动规律，然后根据动能定理列式求解，也可以根据速度位移关系公式和动能表达式分析，基础题二、多选题（每题有2个或2个以上答案，每题4分，共16分）11（4分）土星周围有美丽壮观的“光环”，组成环的颗粒是大小不等、线度从1m到10m的岩石、尘埃，类似于卫星，它们与土星中心的距离从7.3104km延伸到1.4105km对所有这些组成环的颗粒来说，它们的（）A线速度相同B角速度相同C线速度不相同D角速度不相同考点：万有引力定律及其应用菁优网版权所有专题：万有引力定律的应用专题分析：研究颗粒绕土星做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式根据题意表示出要比较的物理量，再根据已知条件进行比较解答：解：A、C、研究颗粒绕土星做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：=m；解得v=，其中M为土星的质量；由于颗粒到土星中心的距离R不等，所以对所有这些组成环的颗粒来说v不相同，故A错误，C正确；B、D、研究颗粒绕土星做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：=m2R；解得=，其中M为土星的质量；由于颗粒到土星中心的距离R不等，所以对所有这些组成环的颗粒来说不相同，故B错误，D正确；故选CD点评：比较一个物理量，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再根据表达式进行比较向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用12（4分）一列横波沿一直线在空间传播，在某一时刻直线上相距s的A、B两点均处于平衡位置，且运动方向相反，在A、B间仅有一个波峰若过时间t，B质点恰好第一次到达波峰位置，则该波的波速大小可能是（）ABCD考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象菁优网版权所有分析：根据题中AB的状态，结合波形求出波长由于波的传播方向未知，开始时刻B可能向上运动，也可能向下运动，由时间得到周期，即可求得波速解答：解：由题，A、B两点均处于平衡位置，且运动方向相反，在A、B间仅有一个波峰，说明AB间距离等于半个波长，即=s，则得=2s若开始时刻B向上运动，则有T=t，得 T=4t，波速为 v=若开始时刻B向下运动，则有T=t，得 T=t，波速为 v=故选AC点评：本题考虑问题要全面周到，要注意波的传播方向可能两种，B的速度方向有两种，不能漏解13（4分）A、B是两只固定在地面上的气缸，它们的活塞用硬质细杆相连，两气缸内装有气体，温度相同，图中活塞处于静止状态，活塞之间与大气相通，如果先固定活塞使两气缸内气体升高相同温度，压强增加量为PA，PB然后再释放活塞，则可能发生的情况是（）A固定活塞时，PA=PB，释放活塞时活塞不移动B固定活塞时，PAPB，释放活塞时活塞向右移动C固定活塞时，PAPB，释放活塞时活塞向右移动D固定活塞时，PAPB，释放活塞时活塞向左移动考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强菁优网版权所有专题：理想气体状态方程专题分析：固定活塞时，温度升高，两部分气体都发生等容变化，分析查理定律得到P的表达式根据压强变化量的大小，判断活塞移动的方向解答：解：固定活塞时，温度升高，两部分气体都发生等容变化，对任一气体，根据查理定律得：=由数学变形得：=，即有=则得P=由题，T、T相同，根据活塞平衡得知， PASA+P0SB=PBSB+P0SA， PASAPBSB=P0SAP0SB假设不动FA=PASA=，FB=PBSB=由题，T、T相同，FAFB所以活塞向右移动同理，温度升高后，释放活塞，再次平衡时，有PASAPBSB=P0SAP0SB则得PASA=PBSB，所以PAPB，故选B点评：本题关键要以活塞整体为研究对象，根据平衡条件求解压强变化量的大小14（4分）（2006浦东新区一模）物体从地面以60J的初动能竖直向上抛出，当它上升到某一高度A点时，动能减少了30J，机械能减少了10J若空气阻力大小不变，以地面为零势能面，则物体（）A在最高点处重力势能为40JB落地时动能为20JC上升过程中动能与重力势能相等时，动能小于30JD下落过程中动能与重力势能相等时，重力势能大于20J考点：动能和势能的相互转化菁优网版权所有分析：物体以一定的初动能竖起上抛运动，由于阻力使得过程中有机械能损失从而利用动能定理求出上升过程中阻力做的功，因为阻力恒定，所以再由动能定理可求出当回到出发点时动能解答：解：A、物体以60J的初动能从A点出发做竖直上抛运动，当上升到某一高度时，动能减少了30J，而机械能损失了10J则当上升到最高点时，动能为零，而机械能损失了20J故在最高点处重力势能为40J，故A正确；B、当下落过程中，由于阻力做功不变，所以又损失了20J因此该物体回到出发点A时的动能20J故B正确；C、上升过程中由于存在机械能损失，当动能与重力势能相等时，动能小于30J，故C正确；D、下落过程中损失的机械能还有40J，当动能与重力势能相等时，重力势能小于20J，故D错误；故选：ABC点评：物体在上升或下落，阻力总做负功，且阻力做功导致机械能减小三、填空题（每空1分，共25分）15（2分）由于地球的自转，地球表面上各点的线速度随纬度增大而减小，角速度随纬度增大而不变（填“增大”、“不变”或“减小”）考点：线速度、角速度和周期、转速菁优网版权所有专题：匀速圆周运动专题分析：地球自转时，地球表面上各点转动的周期相同，为1天，故角速度相同，再根据v=r判断线速度情况解答：解：地球自转时，地球表面上各点的转动周期均为24h，故角速度=一定相同；由于转动半径随着纬度的增加而减小，根据公式v=r，地球表面上各点的线速度随纬度增大而减小；故答案为：减小，不变点评：本题关键明确同轴转动各点角速度相同，然后结合线速度与角速度关系公式v=r分析判断16（2分）一物体在水平面内沿半径 R=0.2m的圆形轨道做匀速圆周运动，线速度V=0.2m/s，那么，它的向心加速度为0.2m/s2，它的角速度为1rad/s考点：向心加速度；线速度、角速度和周期、转速菁优网版权所有专题：匀速圆周运动专题分析：本题比较简单，直接根据向心加速度的定义以及角速度和线速度之间的关系可以正确解答本题解答：解：向心加速度为：角速度与线速度的关系为：v=r，所以：故答案为：0.2，1点评：描述圆周运动的概念比较多，要熟练掌握各个概念的物理意义，以及各物理量之间的关系17（2分）小石子投入湖面将激起水波，使浮在水面的树叶在1min内起伏60次，与此同时，该波从中心向外扩延30m，则水波的波长为0.5m，波速为0.5m/s考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象菁优网版权所有分析：由题知树叶在1mins内全振动了60次，求出树叶振动一次的时间即为树叶振动的周期，也等于此水波的周期水波是匀速传播的，由v=求波速再由波速公式v=求出波长解答：解：由题知树叶在1mins内全振动了60次，则树叶振动的周期为 T=s=1s水波是匀速传播的，则波速为v=m/s=0.5m/s由v=得波长=vT=0.5m故答案为：0.5，0.5点评：本题要抓住周期的概念和波速公式v=，结合条件进行分析18（3分）质量为m=1kg的物体从空中自由下落，下落第二秒内重力做功为150 J；下落第三秒末重力做功的功率是300W；下落前3s内重力做功的平均功率是150W考点：功率、平均功率和瞬时功率；功的计算菁优网版权所有专题：功率的计算专题分析：求解出位移和速度后，根据P=或者求解平均功率，根据P=Fv求解瞬时功率解答：解：质量为m=1kg的物体从空中自由下落，下落第二秒内平均速度等于1.5s时刻的瞬时速度，为：=gt1=101.5=15m/s；故下落第二秒内的平均功率为：；下落第二秒内重力做功为为：W=t=150J；下落第三秒末重力做功的功率是瞬时功率，为：P=mgv=mggt=110103=300W；前3s平均速度等于1.5s瞬时速度，故下落前3s内重力做功的平均功率是：；故答案为：150，300，150点评：本题关键是明确物体的运动规律，并灵活地选择公式求解平均功率与瞬时功率；同时要明确匀加速直线运动中，平均速度等于中间时刻速度19（2分）1g氢气中含有氢分子的个数是3.011023，在标准状况下它的体积是1.12102m3考点：阿伏加德罗常数菁优网版权所有专题：阿伏伽德罗常数的应用专题分析：依据N=nNA=NA求解分子数；根据标准状况下，1mol任意气体的体积均为22.4L求解1g氢气的体积解答：解：氢气的摩尔质量为：M=2g/mol；故1g氢气中含有氢分子的个数是：N=nNA=NA=3.011023；标准状况下，1mol任意气体的体积均为22.4L，故1g氢气在标准状况下的体积是：V=1.12102m3；故答案为：3.011023，1.12102点评：本题是阿伏加德罗常数的运用问题，关键求解出摩尔数，明确物质量等于物体质量与摩尔质量的比值，也等于物体体积与摩尔体积的比值20（4分）水和酒精混合后体积缩小的现象，说明液体分子间有间隙；布朗运动说明液体分子在做无规则运动；两块铅块压紧以后能连成一体，说明分子间有引力；固体和液体很难被压缩，说明分子间有斥力考点：布朗运动；分子间的相互作用力菁优网版权所有专题：布朗运动专题分析：水和酒精混合后体积缩小的现象，说明液体分子间有间隙；布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的运动，说明了液体分子在做无规则运动；两块铅块压紧以后能连成一体，说明分子间有引力；固体和液体很难被压缩，说明分子间有斥力解答：解：水和酒精混合后体积缩小的现象，说明液体分子间有间隙；布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的运动，而颗粒的运动是由于周围液体分子撞击引起的，故布朗运动说明了液体分子在做无规则运动；两块铅块压紧以后能连成一体，说明分子间有引力；固体和液体很难被压缩，说明分子间有斥力故答案为：液体分子间有间隙；液体分子在做无规则运动；分子间有引力；分子间有斥力点评：本题考查对分子动理论相关实验的原理和物理意义的理解，基础题21（2分）在h=20m高的平台上，弹簧手枪将质量m=10g的子弹以v0=15m/s的速度水平射出若不计空气阻力，子弹落地速度大小为25m/s，弹簧手枪对子弹做的功是1.125J（g取10m/s2）考点：动能定理的应用菁优网版权所有专题：动能定理的应用专题分析：对于子弹水平射出的过程，运用动能定理或机械能守恒列式，可求出子弹落地速度大小对于发射子弹的过程，运用动能定理可求解弹簧手枪对子弹做的功解答：解：对于子弹水平射出的过程，由动能定理得 mgh=则得 v=m/s=25m/s对于发射子弹的过程，由动能定理得 W=10103152=1.125J故答案为：25，1.125点评：本题是动能定理的简单应用，关键要灵活选择研究的过程22（2分）一定质量的气体在标准状态下体积为1升，如果保持体积不变，压强增大到1.5大气压，气体温度为136.5；如果保持压强不变，当体积增大到1.5升时，气体的温度为136.5考点：理想气体的状态方程菁优网版权所有专题：理想气体状态方程专题分析：保持气体的体积不变，气体发生等容变化，根据查理定律求解温度；保持压强不变，气体发生等压变化，根据盖吕萨克定律求解温度解答：解：保持气体的体积不变，气体发生等容变化，根据查理定律得=，得 T=1.5273K=409.5K则t=T273=409.5273=136.5保持压强不变，气体发生等压变化，根据盖吕萨克定律得 T=1.5273K=409.5K则t=T273=409.5273=136.5故答案为：136.5，136.5点评：本题关键要掌握气体发生等容变化遵守的规律查理定律，及发生等压变化遵守的规律盖吕萨克定律，并能正确应用23（2分）一根左端封闭的U型细玻璃管，管内有A、B两段被汞柱封闭的空气柱，当时的大气压强为P0=75cmHg，各段汞柱的长度如图所示，h1=5cm，h2=18cm，h3=23cm则空气柱B的压强为80cmHg，空气柱A的压强为75cmHg考点：理想气体的状态方程菁优网版权所有专题：理想气体状态方程专题分析：以封闭的气体为研究对象，根据受力平衡的条件可求得气体的压强的大小解答：解：对于B部分气体，气体的压强为PB=P0+h1=75cmHg+5cmHg=80cmHg，对于A部分气体，气体的压强为PA=PB（h3h2）=80cmHg（2318）cmHg=75cmHg故答案为：80cmHg；75cmHg点评：根据气体的平衡，直接计算压强的大小即可，难度不大24（2分）（2006青浦区模拟）两端开口、粗细均匀的U型玻璃管开口向上竖直放置，两段水银柱中间封有一定质量的理想气体，其液面高度差如图所示，则如果向右管倒入少量水银后，图中的h2将减小（填“增大”“不变”或“减小”），如果向左管倒入少量水银后，图中的h2将不变（填“增大”“不变”或“减小”）考点：封闭气体压强菁优网版权所有专题：气体的压强专题分析：以封闭气体为研究对象，求出气体的压强，分析在右管或左管中注入水银后封闭气体压强如何变化，然后应用玻意耳定律分析答题解答：解：封闭气体压强P=P0+h1=P0+h右，向右管缓慢倒入少量水银后h右变大，封闭气体压强P=P0+h右变大，气体温度不变，由玻意耳定律可知，气体体积变小，h2变小；封闭气体压强P=P0+h1=P0+h右，向左管缓慢倒入少量水银后h右不变，封闭气体压强P=P0+h右不变，气体温度不变，由玻意耳定律可知，气体体积变小，h2不变；故答案为：减小，不变点评：求解出封闭气体压强的表达式是正确解题的关键，熟练应用玻意耳定律即可正确解题25（2分）质量为m=1kg的物体以速度为v0=3m/s在水平面上运动，与一端固定在墙上的弹簧相碰并将弹簧压缩，最后又被弹回，在这一个过程中，弹簧的弹性势能的最大值是4.5J物体的速度为v=1m/s时弹簧的弹性势能是4J考点：弹性势能；机械能守恒定律菁优网版权所有分析：物体与弹簧系统机械能守恒，当动能为零时，弹性势能最大，根据机械能守恒定律列式求解即可解答：解：物体与弹簧系统机械能守恒，当动能为零时，弹性势能最大，故最大弹性势能为：Epm=；物体的速度为v=1m/s时弹簧的弹性势能为：Ep=Epm=4.5J=4J；故答案为：4.5，4点评：本题关键明确弹簧和滑块系统机械能守恒，根据公式直接计算即可，基础题26（4分）从地面A处竖直上抛一质量为m的小球，当小球上升到距A点高度为h的B点时动能为EK；当小球上升到最高点后返回至距A处h/3的C点时，动能也为EK已知空气阻力f=0.1mg，则小球能上升的最大高度为4h；小球在下落过程中从B点到C点克服空气阻力所做的功为mgh考点：动能定理的应用菁优网版权所有专题：动能定理的应用专题分析：对小球从A点运动到B点和返回C点的两个过程运用动能定理列式，即可求解最大高度，从上升到的B点运动到下落时的B点的过程中运用动能定理结合小球上升到B点时的动能与小球上升到最高点后返回至C点时的动能相等可求得小球下落过程中从B点到C点动能的增量解答：解：设最大高度为H，则对小球，从A点运动到B点的过程，由动能定理得：EK=（mg+f）h从A点开始运动到返回C点的过程运用动能定理得：EK=mghf（2Hh）又f=0.1mg联立解得：H=