2011中考专题复习之98、与圆有关的综合题.doc

一、选择题1. （2011山东日照，11，4分）已知ACBC于C，BC=a，CA=b，AB=c，下列选项中O的半径为的是（）AB CD考点：三角形的内切圆与内心；解一元一次方程；正方形的判定与性质；切线的性质；相似三角形的判定与性质。专题：计算题。分析：连接OE、OD，根据AC、BC分别切圆O于E、D，得到OEC=ODC=C=90，证出正方形OECD，设圆O的半径是r，证ODBAEO，得出，代入即可求出r=；设圆的半径是x，圆切AC于E，切BC于D，且AB于F，同样得到正方形OECD，根据ax+bx=c，求出x即可；设圆切AB于F，圆的半径是y，连接OF，则BCAOFA得出，代入求出y即可解答：解：C、连接OE、OD，AC、BC分别切圆O于E、D，OEC=ODC=C=90，OE=OD，四边形OECD是正方形，OE=EC=CD=OD，设圆O的半径是r，OEBC，AOE=B，AEO=ODB，ODBAEO，,，解得：r=，故本选项正确；A、设圆的半径是x，圆切AC于E，切BC于D，且AB于F，如图（1）同样得到正方形OECD，AE=AF，BD=BF，则ax+bx=c，求出x=，故本选项错误；B、设圆切AB于F，圆的半径是y，连接OF，如图（2），则BCAOFA， ，解得：y=，故本选项错误；D、求不出圆的半径等于，故本选项错误；故选C点评：本题主要考查对正方形的性质和判定，切线的性质，全等三角形的性质和判定，三角形的内切圆与内心，解一元一次方程等知识点的理解和掌握，能根据这些性质求出圆的半径是解此题的关键2. （2011台湾24，4分）如图，ABC的外接圆上，AB，BC，CA三弧的度数比为12：13：11自BC上取一点D，过D分别作直线AC，直线AB的并行线，且交于E，F两点，则EDF的度数为（）A、55B、60 C、65D、70考点：圆心角、弧、弦的关系；平行线的性质。专题：探究型。分析：先根据AB，BC，CA三弧的度数比为12：13：11求出、的度数，再根据其度数即可求出ACB及ABC的度数，由平行线的性质即可求出FED及EFD的度数，由三角形内角和定理即可求出EDF的度数解答：解：AB，BC，CA三弧的度数比为12：13：11，=360=120，=360=110，ACB=120=60，ABC=110=55，ACED，ABDF，FED=ABC=55，EFD=ACB=60，EDF=1806055=65故选C点评：本题考查的是圆心角、弧、弦的关系及平行线的性质，能根据AB，BC，CA三弧的度数比为12：13：11求出ABC及ACB的度数是解答此题的关键3. （2011台湾32，4分）如图中，CA，CD分别切圆O1于A，D两点，CB、CE分别切圆O2于B，E两点若1=60，2=65，判断AB、CD、CE的长度，下列关系何者正确（）A、ABCECEB、AB=CECD C、ABCDCED、AB=CD=CE考点：切线长定理；三角形三边关系；三角形内角和定理。专题：计算题。分析：根据1=60，2=65，利用三角形内角和定理求出ABC的度数，然后可得ABBCAC，由切线长定理得AC=CD，BC=CE，利用等量代换求得ABCECD即可解答：解：1=60，2=65，ABC=18012=1806065=55，2ABC1，ABBCAC，CA，CD分别切圆O1于A，D两点，CB、CE分别切圆O2于B，E两点，AC=CD，BC=CE，ABCECD故选A点评：此题主要考查切线长定理和三角形三边关系，三角形内角和定理等知识点，解答此题的关键是利用三角形内角和定理求出ABC的度数4. （2011台湾，16，4分）如图，BD为圆O的直径，直线ED为圆O的切线，AC两点在圆上，AC平分BAD且交BD于F点若ADE19，则AFB的度数为何？（）A97 B104 C116D142考点：弦切角定理；圆周角定理。分析：先根据直径所对的圆周角为直角得出角BAD的度数，根据角平分线的定义得出角BAF的的度数，再根据弦切角等于它所夹弧对的圆周角，得出角ABD的度数，最后利用三角形内角和定理即可求出角AFB的度数解答：解：BD是圆O的直径，BAD90，又AC平分BAD，BAFDAF45，直线ED为圆O的切线，ADEABD19，AFB180BAFABD1804519116故选C点评：此题考查圆周角定理以及弦切角定理的灵活运用，是一道在圆中求角度数的综合题5. （2011，台湾省，12,5分）如图平面上有两个全等的正十边形ABCDEFGHIJ、ABCDEFGHIJ，其中A点与A点重合，C点与C点重合求BAJ的度数为何？（）A、96B、108C、118D、126考点：正多边形和圆；多边形内角与外角；菱形的性质。专题：计算题。分析：利用正多边形的性质可以得到四边形ABCB为菱形，计算其内角后，用多边形的内角减去即可得到答案解答：解题技巧：（1）正n边形每一个内角度数=，（2）菱形的邻角互补解析两个图形为全等的正十边形，ABCB为菱形，又ABC=ABC=144BAB=180144=36，BAJ=BAJBAB=14436=108故选B点评：本题考查了正多边形与圆的计算，解题的关键是利用正多边形的性质判定菱形6.（2011山东滨州，8，3分）如图,在平面直角坐标系中,正方形ABCD的顶点A、C分别在y轴、x轴上,以AB为弦的M与x轴相切.若点A的坐标为(0,8),则圆心M的坐标为( )A.(-4,5) B.(-5,4) C.(5,-4) D.(4,-5)【考点】垂径定理；坐标与图形性质；勾股定理；正方形的性质【专题】证明题【分析】过点M作MDAB于D，连接AM设M的半径为R，因为四边形OABC为正方形，顶点A，C在坐标轴上，以边AB为弦的M与x轴相切，若点A的坐标为（0，8），所以DA= AB=4，DM=8-R，AM=R，又因ADM是直角三角形，利用勾股定理即可得到关于R的方程，解之即可【解答】解：过点M作MDAB于D，交OC于点E连接AM，设M的半径为R以边AB为弦的M与x轴相切，ABOC，DECO，DE是M直径的一部分；四边形OABC为正方形，顶点A，C在坐标轴上，点A的坐标为（0，8），OA=AB=CB=OC=8，DM=8-R；AD=BD=4（垂径定理）；在RtADM中，根据勾股定理可得AM2=DM2+AD2，R2=（8-R）2+42，R=5M（-4，5）故选D【点评】本题考查了垂径定理、坐标与图形性质、勾股定理及正方形的性质解题时，需仔细分析题意及图形，利用勾股定理来解决问题7. （2011年山东省东营市，12，3分）如图，直线与x轴、y轴分别相交于A，B两点，圆心P的坐标为（1，0），圆P与y轴相切于点O若将圆P沿x轴向左移动，当圆P与该直线相交时，横坐标为整数的点P的个数是（）A、2 B、3 C、4 D、5考点：直线与圆的位置关系；一次函数综合题分析：根据直线与坐标轴的交点，得出A，B的坐标，再利用三角形相似得出圆与直线相切时的坐标，进而得出相交时的坐标解答：解：直线与x轴、y轴分别相交于A，B两点，圆心P的坐标为（1，0），A点的坐标为：0= x+ ，x=-3，A（-3，0），B点的坐标为：（0，），AB=2 ，将圆P沿x轴向左移动，当圆P与该直线相切与C 1时，P1C1=1，根据AP1C1ABO，AP1=2，P1的坐标为：（-1，0），将圆P沿x轴向左移动，当圆P与该直线相切与C 2时，P2C2=1，根据AP2C2ABO，AP2=2，P2的坐标为：（-5，0），从-1到-5，整数点有-2，-3，-4，故横坐标为整数的点P的个数是3个故选B点评：此题主要考查了直线与坐标轴的求法，以及相似三角形的判定，题目综合性较强，注意特殊点的求法是解决问题的关键8. （2011黑龙江鸡西，8，3分）如图，A、B、C、D是O上的四个点，AB=AC，AD交BC于点E，AE=3，ED=4，则AB的长为 （ ） A .3 B .2 C. D .3第8题图 考点：圆周角定理；相似三角形的判定与性质.分析：根据圆周角定理可得ACB=ABC=D，再利用三角形相似ABDAEB，即可得出答案解答：解：AB=AC，ACB=ABC=D，BAD=BAD，ABDAEB，AB2=37=21，AB=故选C点评：此题主要考查了圆周角定理以及相似三角形的判定与性质，根据题意得出ABDAEB是解决问题的关键二、填空题1. （2011贵港）如图所示，在ABC中，AC=BC=4，C=90，O是AB的中点，O与AC、BC分别相切于点D、E，点F是O与AB的一个交点，连接DF并延长交CB的延长线于点G，则BG的长是22考点：切线的性质；相似三角形的判定与性质。专题：综合题。分析：连接OD，由AC为圆O的切线，根据切线的性质得到OD与AC垂直，又AC=BC，且C=90，得到三角形ABC为等腰直角三角形，得到A=45，在直角三角形ABC中，由AC与BC的长，根据勾股定理求出AB的长，又O为AB的中点，从而得到AO等于BO都等于AB的一半，求出AO与BO的长，再由OBOF求出FB的长，同时由OD和GC都与AC垂直，得到OD与GC平行，得到一对内错角相等，再加上对顶角相等，由两对对应角相等的两三角形相似得到三角形ODF与三角形GBF相似，由相似得比例，把OD，OF及FB的长代入即可求出GB的长解答：解：连接ODAC为圆O的切线，ODAC，又AC=BC=4，C=90，A=45，根据勾股定理得：AB=4，又O为AB的中点，AO=BO=AB=2，圆的半径DO=FO=AOsinA=2=2，BF=OBOF=22GCAC，ODAC，ODCG，ODF=G，又OFD=BFG，ODFBGF，=，即=，BG=22故答案为：22点评：此题考查了切线的性质以及相似三角形的判定与性质在运用切线的性质时，若已知切点，连接切点和圆心，得垂直；若不知切点，则过圆心向切线作垂直，即“知切点连半径，无切点作垂直”圆与相似三角形，及三角函数相融合的解答题、与切线有关的性质与判定有关的证明题是近几年中考的热点，故要求学生把所学知识融汇贯穿，灵活运用2. （2011年四川省绵阳市，16，4分）如图，将正六边形ABCDEF放在直角坐标系中，中心与坐标原点重合，若A点的坐标为（-1，0），则点C的坐标为（1，- ）考点：正多边形和圆；坐标与图形性质专题：计算题分析：先连接OE，由于正六边形是轴对称图形，并设EF交Y轴于G，那么GOE=30；在RtGOE中，则GE=1，OG= E的坐标为（1，），和E关于Y轴对称的F点的坐标就是（-1，），其他坐标类似可求出解答：解：连接OE，由正六边形是轴对称图形知：在RtOEG中，GOE=30，OE=2GE=1，OG= A（-2，0）B（-1，- ）C（1，- ）D（2，0）E（1，）F（-1，）故答案为：（1，- ）点评：本题利用了正六边形的对称性，直角三角形30的角所对的边等于斜边的一半，勾股定理等知识3.（2011广西百色，20，3分）如图，点C是O优弧ACB上的中点，弦AB=6cm，E为OC上任意一点，动点F从点A出发，以每秒1cm的速度沿AB方向向点B匀速运动，若y=AE2EF2，则y与动点F的运动时间x（0x6）秒的函数关系式为_ _考点：垂径定理；勾股定理分析：首先延长CO交AB于G，根据垂径定理的知识，可得COAB，并可求得AG的值，由勾股定理可得AE2=AG2+EG2，EF2=FG2+EG2，即可求得y=AG2FG2，即可求得函数关系式解答：解：延长CO交AB于G，点C是O优弧ACB上的中点，COAB，AG=AB=6=3（cm），AE2=AG2+EG2，EF2=FG2+EG2，当0x3时，AF=xcm，FG=（3x）cm，y=AE2EF2=AG2+EG2FG2EG2=AG2FG2=9（3x）2=6xx2；当3x6时，AF=xcm，FG=（x3）cm，y=AE2EF2=AG2+EG2FG2EG2=AG2FG2=9（x3）2=6xx2故答案为：y=6xx2点评：此题考查了垂径定理与勾股定理的应用此题难度适中，解题的关键是注意辅助线的作法与数形结合思想，分类讨论思想的应用4.（2011广西防城港 18，3分）如图，AB是半圆O的直径，以OA为直径的半圆O与弦AC交于点D，OEAC，并交OC于点E则下列四个结论：点D为AC的中点；SOOESAOC；四边形ODEO是菱形其中正确的结论是 （把所有正确的结论的序号都填上）考点：圆周角定理；平行线的性质；菱形的判定；圆心角、弧、弦的关系专题：圆的综合题分析：（1）如图，连接OD，则由AO是O的直径，得ADO90，即OD弦AC，故由垂径定理可知点D为弦AC的中点，从而正确（2）由OEAC，得O OEOAC，从而，从而SOOESAOC，故错误（3）如图，连接OD、OD，由OAOC，ODAC，得AOC2AOD；又A OD 2AOD，故A OD AOCn；又OA2OA，由弧长公式可知：，故因此正确（4）易知OEAD，OEAD，故四边形ODEO是平行四边形，但ADA O，从而四边形ODEO不是菱形，故错误解答：点评：此题主要考查相似三角形的判定与性质，圆心角、弧、弦的关系，圆周角定理，等腰三角形的性质，三角形内角和定理等知识点的灵活运用，此题步骤繁琐，但相对而言，难易程度适中，很适合学生的训练是一道典型的题目5. 如图，点E（0，4），O（0，0），C（5，0）在A上，BE是A上的一条弦则tanOBE=考点：圆周角定理；坐标与图形性质；锐角三角函数的定义。分析：根据同弧所对的圆周角相等，可证ECO=OBE由锐角三角函数可求tanECO=，即tanOBE=解答：解：连接EC根据圆周角定理ECO=OBE在RtEOC中，OE=4，OC=5，则tanECO=故tanOBE=点评：本题重点考查了同弧所对的圆周角相等及解直角三角形的知识注意锐角三角函数的概念：在直角三角形中，正弦等于对比斜；余弦等于邻比斜；正切等于对比邻6. （2011河北，16，3分）如图，点0为优弧ACB所在圆的圆心，AOC108，点D在AB延长线上，BDBC，则D考点：圆周角定理；三角形的外角性质；等腰三角形的性质。专题：计算题。分析：根据圆周角定理，可得出ABC的度数，再根据BDBC，即可得出答案解答：解：AOC108，ABC54，BDBC，DBCDABC27，故答案为27点评：本题考查了圆周角定理三角形外角的性质以及等腰三角形的性质，是基础知识比较简单7. 2011黑龙江省黑河， 8，3分）如图，A、B、C、D是O上的四个点，AB=AC，AD交BC于点E，AE=3，ED=4，则AB的长为【考点】相似三角形的判定与性质；圆周角定理；相交弦定理。【专题】计算题。【分析】可证明ABEADB，则=，则AB2=ADAE，由AE=3，ED=4，即可求得AB【解答】解：AB=AC，ABE=ADB，ABEADB，则=即AB2=ADAE，AE=3，ED=4，AB=【点评】本题考查了相似三角形的判定和性质以及圆周角定理以及相交线定理，是基础知识要熟练掌握8. （2011湖北十堰，15，3分）如图，一个半径为的圆经过一个半径为4的圆的圆心，则图中阴影部分的面积为 .考点：相交两圆的性质；扇形面积的计算。专题：计算题；数形结合。分析：连接O1O2，O1A，O1B，O2A，O2B，由勾股定理得逆定理得O2O1A=O2O1B=90，则点A、O1、B在同一条直线上，则AB是圆O1的直径，从的得出阴影部分的面积S阴影=S1S弓形AO1B=S1（S扇形AO2BSAO2B）解答：解：连接O1O2，O1A，O1B，O2A，O2B，O1O2=O1A=2，O2A=4，O1O22+O1A2=O2A2，O2O1A=90，同理O2O1B=90，点A、O1、B在同一条直线上，并且AO2B=90，AB是圆O1的直径，S阴影=S1S弓形AO1B=S1（S扇形AO2BSAO2B）=（2）242+44=8故答案为8点评：本题考查了扇形面积的计算、勾股定理和相交两圆的性质，解题的关键是发现阴影部分的面积的计算方法9. （2011湖南衡阳，16，3分）如图，O的直径CD过弦EF的中点G，EOD=40，则FCD的度数为20考点：圆周角定理；垂径定理。专题：几何图形问题。分析：根据垂径定理得出弧DE等于弧DF，再利用圆周角定理得出FCD=20解答：解：O的直径CD过弦EF的中点G，DCF=EOD，EOD=40，FCD=20，故答案为：20点评：此题主要考查了垂径定理以及圆周角定理的推论，灵活应用相关定理是解决问题的关键102【考点】两点间的距离 【分析】根据AB=12，AC=8，求出BC的长，再根据点D是线段BC的中点，得出CD=BD即可得出答案【解答】解：AB=12，AC=8，BC=4，点C是线段AB上的点，点D是线段BC的中点，CD=BD=2，故答案为：2【点评】此题主要考查了两点距离求法，根据已知求出BC=4是解决问题的关键16、如图，ABC内接于O，已知A=55，则BOC= 110【考点】圆周角定理【分析】直接利用圆周角定理同弧所对的圆周角是圆心角的一半，直接得出答案【解答】解：ABC内接于O，已知A=55，BOC=110，故答案为：110【点评】此题主要考查了圆周角定理，熟练应用圆周角定理是解决问题的关键 三、解答题1. （2011江苏南京，26，8分）如图，在RtABC中，ACB=90，AC=6cm，BC=8cmP为BC的中点，动点Q从点P出发，沿射线PC方向以2cm/s的速度运动，以P为圆心，PQ长为半径作圆设点Q运动的时间为t s（1）当t=1.2时，判断直线AB与P的位置关系，并说明理由；（2）已知O为ABC的外接圆若P与O相切，求t的值考点：圆与圆的位置关系；勾股定理；直线与圆的位置关系；相似三角形的判定与性质。专题：几何综合题；动点型。分析：（1）根据已知求出AB=10cm，进而得出PBDABC，利用相似三角形的性质得出圆心P到直线AB的距离等于P的半径，即可得出直线AB与P相切；（2）根据BO=AB=5cm，得出P与O只能内切，进而求出P与O相切时，t的值解答：解：（1）直线AB与P相切，如图，过P作PDAB，垂足为D，在RtABC中，ACB=90，AB=6cm，BC=8cm，AB=10cm，P为BC中点，PB=4cm，PDB=ACB=90，PBD=ABC，PBDABC，即，PD=2.4（cm），当t=1.2时，PQ=2t=2.4（cm），PD=PQ，即圆心P到直线AB的距离等于P的半径，直线AB与P相切；（2）ACB=90，AB为ABC的外接圆的直径，BO=AB=5cm，连接OP，P为BC中点，PO=AC=3cm，点P在O内部，P与O只能内切，52t=3，或2t5=3，t=1或4，P与O相切时，t的值为1或4点评：此题主要考查了相似三角形的性质与判定以及直线与圆的位置关系和圆与圆的位置关系，正确判定直线与圆的位置关系是重点知识同学们应重点复习2. （2011江苏苏州，26，8分）如图，已知AB是O的弦，OB=2，B=30，C是弦AB上的任意一点（不与点A、B重合），连接CO并延长CO交O于点D，连接AD（1）弦长等于_（结果保留根号）；（2）当D=20时，求BOD的度数；（3）当AC的长度为多少时，以A、C、D为顶点的三角形与以B、C、0为顶点的三角形相似？请写出解答过程考点：圆周角定理；垂径定理；相似三角形的判定与性质；解直角三角形专题：几何综合题；数形结合分析：（1）过点O作OEAB于E，由垂径定理即可求得AB的长；（2）连接OA，由OA=OB，OA=OD，可得BAO=B，DAO=D，则可求得DAB的度数，又由圆周角等于同弧所对圆心角的一半，即可求得DOB的度数；（3）由BCO=A+D，可得要使DAC与BOC相似，只能DCA=BCO=90，然后由相似三角形的性质即可求得答案解答：解：过点O作OEAB于E，则AE=BE= AB，OEB=90，OB=2，B=30，BE=OBcosB=2 = ，AB=；故答案为：；（2）连接OA，OA=OB，OA=OD，BAO=B，DAO=D，DAB=BAO+DAO=B+D，又B=30，D=20，DAB=50，BOD=2DAB=100；（3）BCO=A+D，BCOA，BCOD，要使DAC与BOC相似，只能DCA=BCO=90，此时BOC=60，BOD=120，DAC=60，DACBOC，BCO=90，即OCAB，AC= AB= 点评：此题考查了垂径定理，圆周角的性质以及相似三角形的判定与性质等知识题目综合性较强，解题时要注意数形结合思想的应用3. （2011江苏宿迁，26，10）如图，在平面直角坐标系中，O为坐标原点，P是反比例函数y（x0）图象上的任意一点，以P为圆心，PO为半径的圆与x、y轴分别交于点A、B（1）判断P是否在线段AB上，并说明理由；（2）求AOB的面积；（3）Q是反比例函数y（x0）图象上异于点P的另一点，请以Q为圆心，QO半径画圆与x、y轴分别交于点M、N，连接AN、MB求证：ANMB考点：相似三角形的判定与性质；反比例函数图象上点的坐标特征；三角形中位线定理；圆周角定理。专题：综合题；动点型。分析：（1）点P在线段AB上，由O在P上，且AOB=90得到AB是P的直径，由此即可证明点P在线段AB上；（2）如图，过点P作PP1x轴，PP2y轴，由题意可知PP1、PP2是AOB的中位线，故SAOBOAOB2 PP1PP2，而P是反比例函数y（x0）图象上的任意一点，由此即可求出PP1PP2=6，代入前面的等式即可求出SAOB；（3）如图，连接MN，根据（1）（2）则得到MN过点Q，且SMON=SAOB=12，然后利用三角形的面积公式得到OAOB=OMON，然后证明AONMOB，最后利用相似三角形的性质即可解决问题解答：解：（1）点P在线段AB上，理由如下：点O在P上，且AOB=90AB是P的直径点P在线段AB上（2）过点P作PP1x轴，PP2y轴，由题意可知PP1、PP2是AOB的中位线，故SAOBOAOB2 PP1PP2P是反比例函数y（x0）图象上的任意一点SAOBOAOB2 PP12PP22 PP1PP212（3）如图，连接MN，则MN过点Q，且SMONSAOB12OAOBOMONAONMOBAONMOBOANOMBANMB点评：此题分别考查了反比例函数图象上点的坐标特点、相似三角形的性质与判定、三角形的中位线定理及圆周角定理，综合性比较强，要求学生熟练掌握这些基础知识才能很好解决这类综合性的问题4. （2011泰州，26，10分）如图，以点O为圆心的两个同心圆中，矩形ABCD的边BC为大圆的弦，边AD与小圆相切于点M，OM的延长线与BC相交于点N（1）点N是线段BC的中点吗？为什么？（2）若圆环的宽度（两圆半径之差）为6cm，AB=5cm，BC=10cm，求小圆的半径考点：垂径定理；勾股定理；矩形的性质。专题：几何综合题；探究型。分析：（1）由AD是小圆的切线可知OMAD，再由四边形ABCD是矩形可知，ADBC，AB=CD，故ONBC，由垂径定理即可得出结论；（2）延长ON交大圆于点E，由于圆环的宽度（两圆半径之差）为6cm，AB=5cm可知ME=6cm，在RtOBE中，利用勾股定理即可求出OM的长解答：解：（1）AD是小圆的切线，M为切点，OMAD，四边形ABCD是矩形，ADBC，AB=CD，ONBC，BE=BC=5cm，N是BC的中点；（2）延长ON交大圆于点E，圆环的宽度（两圆半径之差）为6cm，AB=5cm，ME=6cm，在RtOBE中，设OM=rOB2=BC2+（OM+MN）2，即（r+6）2=52+（r+5）2，解得r=7cm，故小圆半径为7cm点评：本题考查的是垂径定理，涉及到切线的性质及勾股定理、矩形的性质，根据题意作出辅助线，构造出直角三角形是解答此题的关键5. （2011盐城，25，10分）如图，在ABC中，C=90，以AB上一点O为圆心，OA长为半径的圆与BC相切于点D，分别交AC、AB于点E、F（1）若AC=6，AB=10，求O的半径；（2）连接OE、ED、DF、EF若四边形BDEF是平行四边形，试判断四边形OFDE的形状，并说明理由考点：切线的性质；勾股定理；平行四边形的性质；圆周角定理；相似三角形的判定与性质.专题：计算题.分析：（1）连接OD，设O的半径为r，可证出BODBAC，则，从而求得r；（2）由四边形BDEF是平行四边形，得DEF=B，再由圆周角定理可得，B=DOB，则ODE是等边三角形，先得出四边形OFDE是平行四边形再根据OE=OF，则平行四边形OFDE是菱形解答：解：（1）连接OD设O的半径为rBC切O于点D，ODBCC=90，ODAC，OBDABC，即10r=6（10r）解得r=，O的半径为（2）四边形OFDE是菱形四边形BDEF是平行四边形，DEF=BDEF=DOB，B=DOBODB=90，DOB+B=90，DOB=60DEAB，ODE=60OD=OE，OD=DEOD=OF，DE=OF四边形OFDE是平行四边形OE=OF，平行四边形OFDE是菱形点评：本题考查了切线的性质、勾股定理、圆周角定理、平行四边形的判定和性质以及相似三角形的判定和性质，是一个综合题，难度中等6.（2011江苏扬州，26，10分）已知，如图，在RtABC中，C=90，BAC的角平分线AD交BC边于D。（1）以AB边上一点O为圆心，过A，D两点作O（不写作法，保留作图痕迹），再判断直线BC与O的位置关系，并说明理由；（2）若（1）中的O与AB边的另一个交点为E，AB=6，BD=2,求线段BD、BE与劣弧DE所围成的图形面积。（结果保留根号和）考点：切线的判定与性质；勾股定理；扇形面积的计算；作图复杂作图；相似三角形的判定与性质。分析：（1）根据题意得：O点应该是AD垂直平分线与AB的交点；由BAC的角平分线AD交BC边于D，与圆的性质可证得ACOD，又由C=90，则问题得证；（2）过点D作DMAB于M，由角平分线的性质可证得DM=CD，又由BDMBAC，根据相似三角形的对应边成比例，即可证得CD：AC=：3，可得DOB=60，则问题得解解答：解：（1）如图：连接OD，OA=OD，OAD=ADO，BAC的角平分线AD交BC边于D，CAD=OAD，CAD=ADO，ACOD，C=90，ODB=90，ODBC，即直线BC与O的切线，直线BC与O的位置关系为相切；（2）过点D作DMAB于M，DMB=C=90，B=B，BDMBAC，AD是CAB的平分线，CD=DM，CAD=30，DAB=30，B=30，DOB=60，OD=2，S扇形ODE=，SODB=ODBD=22=2线段BD、BE与劣弧DE所围成的图形面积为：SODBS扇形ODE=2点评：此题考查了切线的判定与性质，相似三角形的判定与性质以及扇形面积与三角形面积的求解方法等知识此题综合性很强，解题的关键是注意数形结合思想的应用7. （2011南昌，22，7分）如图，已知O的半径为2，弦BC的长为，点A为弦BC所对优弧上任意一点（B，C两点除外）（1）求BAC的度数；（2）求ABC面积的最大值（参考数据：sin60=，cos30=，tan30=）考点：垂径定理；圆周角定理；解直角三角形.专题：几何综合题.分析：（1）连接OB、OC，作OEBC于点E，由垂径定理可得出BE=EC=，在RtOBE中利用锐角三角函数的定义及特殊角的三角函数值可求出BOE的度数，再由圆周角定理即可求解；（2）因为ABC的边BC的长不变，所以当BC边上的高最大时，ABC的面积最大，此时点A应落在优弧BC的中点处，过OEBC与点E，延长EO交O于点A，则A为优弧BC的中点，连接AB，AC，则AB=AC，由圆周角定理可求出BAE的度数，在RtABE中，利用锐角三角函数的定义及特殊角的三角函数值可求出AE的长，由三角形的面积公式即可解答解答：解：（1）解法一：连接OB，OC，过O作OEBC于点EOEBC，BC=，在RtOBE中，OB=2，BOE=60，BOC=120，解法二：连接BO并延长，交O于点D，连接CD.BD是直径，BD=4，DCB=90在RtDBC中，BDC=60，BAC=BDC=60（2）解法一：因为ABC的边BC的长不变，所以当BC边上的高最大时，ABC的面积最大，此时点A落在优弧BC的中点处（5分）过O作OEBC于E，延长EO交O于点A，则A为优弧BC的中点连接AB，AC，则AB=AC，在RtABE中，SABC=.答：ABC面积的最大值是解法二：因为ABC的边BC的长不变，所以当BC边上的高最大时，ABC的面积最大，此时点A落在优弧BC的中点处（5分）过O作OEBC于E，延长EO交O于点A，则A为优弧BC的中点连接AB，AC，则AB=ACBAC=60，ABC是等边三角形在RtABE中，SABC=.答：ABC面积的最大值是点评：本题考查的是垂径定理、圆圆周角定理及解直角三角形，能根据题意作出辅助线是解答此题的关键8. （2011内蒙古呼和浩特，24，8）如图所示，AC为O的直径且PAAC，BC是O的一条弦，直线PB交直线AC于点D，（1）求证：直线PB是O的切线；（2）求cosBCA的值考点：切线的判定与性质；全等三角形的判定与性质；相似三角形的判定与性质；锐角三角函数的定义专题：综合题分析：（1）连接OB、OP，由，且D=D，根据三角形相似的判定得到BDCPDO，可得到BCOP，易证得BOPAOP，则PBO=PAO=90；（2）设PB=a，则BD=2a，根据切线长定理得到PA=PB=a，根据勾股定理得到AD=2a，又BCOP，得到DC=2CO，得到DC=CA=2a=a，则OA=a，利用勾股定理求出OP，然后根据余弦函数的定义即可求出cosBCA=cosPOA的值解答：（1）证明：连接OB、OP，如图，且D=D，BDCPDO，DBC=DPO，BCOP，BCO=POA，CBO=BOP而OB=OCOCB=CBOBOP=POA又OB=OA，OP=OPBOPAOPPBO=PAO又PAACPBO=90直线PB是O的切线；（2）由（1）知BCO=POA，设PB=a，则BD=2a又PA=PB=aAD=a，又BCOPDC=2CO，DC=CA= 2a=a，OA=a，OP= ，cosBCA=cosPOA= 点评：本题考查了圆的切线的性质和判定：圆的切线垂直于过切点的半径；过半径的外端点与半径垂直的直线为圆的切线也考查了三角形相似和全等的判定与性质以及三角函数的定义9.如图，点C、D分别在扇形AOB的半径OA、OB的延长线上，且OA=3，AC=2，CD平行于AB，并与弧AB相交于点M、N（1）求线段OD的长；（2）若 ，求弦MN的长考点：垂径定理；勾股定理；相似三角形的判定与性质；解直角三角形专题：几何图形问题；探究型分析：（1）根据CDAB可知，OABOCD，再根据相似三角形的对应边成比例即可求出OD的长；（2）过O作OECD，连接OM，由垂径定理可知ME= MN，再根据tanC= 可求出OE的长，利用勾股定理即可求出ME的长，进而求出答案解答：解：（1）CDAB，OA=3，AC=2，OABOCD， = ，即 = ，OD=5；（2）过O作OECD，连接OM，则ME= MN，tanC= ，设OE=x，则CE=2x，在RtOEC中，OC2=OE2+CE2，即52=x2+（2x）2，解得x= ，在RtOME中，OM2=OE2+ME2，即32=（ ）2+ME2，解得ME=2故答案为：5；2点评：本题考查的是垂径定理，涉及到锐角三角函数的定义、相似三角形的判定与性质及勾股定理，根据题意作出辅助线是解答此题的关键10. （2011四川广安，29，10分）如图所示P是O外一点PA是O的切线A是切点B是O上一点且PAPB，连接AO、BO、AB，并延长BO与切线PA相交于点Q（1）求证：PB是O的切线；（2）求证： AQPQ OQBQ； （3）设AOQ若cosOQ 15求AB的长 考点：直线与圆的位置关系，切线，切线长，相似，解直角三角形，综合题专题：圆、相似分析：（1）要证PB是O的切线，只要证明PBO90即可，根据已知条件可考虑连接PO，通过证明APOBPO来说明PBOPAO90（2）要证明AQPQ OQBQ，只需证明即可，为此需要证明QPBQOA（3）根据已知条件解RtAOQ可得AQ与OA的长，则BQ的长可求，利用（2）中证得的QPBQOA，根据相似三角形的性质可求得PB的长，利用勾股定理可得PO的长，在RtAOB中，利用面积等积式可求得AB的一半的长，则AB的长可知解答：（1）证明：如图所示，连结OP，交AB于点CPAPB，AOBO，POPOAPOBPOPBOPAO90又PA是O的切线PAOA，即PAO90PBOPAO90PB是O的切线（2）证明：OAQPBQ90，Q为公共角，QPBQOA，即AQPQ OQBQ（3）在RtAOQ中，BQBOOQAOOQ121527由（2）知QPBQOA，即，解得PB36PA、PB都是O的切线，PAPB，APCBPC，PCAB，即OCABAB2BC，点评：（1）要证明一条直线是圆的切线，如果在已知条件中已知直线和圆已有一个公共点，那么常连接这个公共点和圆心（本题中OB已连接），再说明这条半径和直线垂直，简称“连半径证垂直”（2）等积式的证明经常需转化成比例式来证明，而证明比例式成立的首选方法是利用相似，根据相似三角形对应边成比例的性质建立比例式（3）在直角三角形中，经常利用面积等积式来求有关线段的长另外，本题前两问比较简单，易于寻找解题思路，而第（3）问综合性巧强，用到的知识较多，所要求的线段的长较多，许多同学会不能顺利做解11. （2011四川凉山，27，8分）如图，已知，以为直径，为圆心的半圆交于点，点为弧CF的中点，连接交于点，为ABC的角平分线，且，垂足为点.（1）求证：是半圆的切线；（2）若，求的长.BDAOAHACAEAMAFAA 考点：切线的判定与性质；勾股定理；圆周角定理；相似三角形的判定与性质 专题：综合题 分析：（1）连接EC，AD为ABC的角平分线，得12，又ADBE，可证34，由对顶角相等得45，即35，由E为弧CF的中点，得67，由BC为直径得E90，即5690，由ADCE可证26，从而有3790，证明结论；（2）在RtABC中，由勾股定理可求AC5，由34得AMAB3，则CMACAM2，由（1）可证CMEBCE，利用相似比可得EB2EC，在RtBCE中，根据BE2CE2BC2，得BE2（ ）242，可求BE 解答：（1）证明：连接EC， ADBE于H，12， 34 453， 又E为弧CF中点， 67，BC是直径， E90， 5690， 又AHME90， ADCE， 261， 3790， 又BC是直径， AB是半圆O的切线； （2），。由（1）知，.在中，于，平分，.由，得.， 点评：本题考查了切线的判定与性质，相似三角形的判定与性质，圆周角定理，勾股定理的运用关键是由已知条件推出相等角，构造互余关系的角推出切线，利用相等角推出相似三角形，由相似比得出边长的关系，由勾股定理求解12. （2011天津，22， 分）已知AB与O相切于点C，OA=OB，OA、OB与O分别交于点D、E（I）如图，若O的直径为8，AB=10，求OA的长（结果保留根号）；（II）如图，连接CD、CE，若四边形ODCE为菱形，求的值考点：切线的性质；含30度角的直角三角形；勾股定理；菱形的性质。专题：几何图形问题。分析：（1）连接OC，根据切线的性质得出OCAB，再由勾股定理求得OA即可；（2）根据菱形的性质，求得OD=CD，则ODC为等边三角形，可得出A=30，即可求得的值解答：解：（1）如图，连接OC，则OC=4，AB与O相切于点C，OCAB，在OAB中，由AO=OB，AB=10m，得AC=AB=5在RtAOC中，由勾股定理得OA=（2）如图，连接OC，则OC=OD，四边形ODCE为菱形，OD=CD，ODC为等边三角形，有AOC=60由（1）知，