江苏省盐城市大丰市三圩中学九年级物理上学期第一次月考试题（含解析） 苏科版.doc

江苏省盐城市大丰市三圩中学2016届九年级上学期第一次月考物理试卷一、选择题（每小题2分）1如图所示的工具中，属于费力杠杆的是（）a钢丝钳b起子c羊角锤d镊子2在如图所示的四种情境中，人对物体没有做功的是（）a将地面上的物体向上堆积b端着花盆水平匀速前进c用拖把拖地d投掷标枪3一个滑轮组经改进后提高了机械效率，用它将同一物体匀速提升同样的高度，改进后与改进前相比（）a有用功减少，总功减少b有用功增加，总功增加c有用功不变，总功不变d有用功不变总功减少4冰在熔化过程中，下列判断正确的是（）a内能不变，比热容不变b吸收热量，温度不变c比热容，内能，温度都不变d比热容变大，内能增加，温度升高5关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（）a一个物体吸收热量时，温度不一定升高b0的冰没有内能c物体的温度越高，所含的热量越多d对物体做功，物体的温度一定升高6杆秤是一种很古老但现在仍然在广泛使用的一种测量质量的工具小林同学用一杆秤称一实心球的质量，如图所示当杆秤在水平位置平衡时，秤砣拉线正好压在4kg的刻度线上根据秤砣拉线、提纽和称钩所在秤杆的位置之间的距离的粗略关系，可以估测出秤砣的质量大约是（）a10gb400gc1000gd4000g7某同学把一本初中物理课本从课桌旁的地面上拿到桌面上，则该同学对物理课本所做功的大小最接近于（）a0.2jb2jc200jd2000j8下列说法正确的是（）a效率高的机械，功率一定大b做功时间长的机械，功率一定小c所有机械的机械效率都小于1d功率大的机械，做功一定多9一物体沿粗糙的斜面匀速下滑的过程中（）a物体的动能转化为重力势能b物体的重力势能转化为动能c物体的机械能保持不变d物体的机械能转化为内能10如图所示，李晶同学将放在课桌边的文具盒水平推至课桌中央，她针对此过程提出了如下的猜想，你认为合理的是（）a文具盒所受重力对文具盒做了功b文具盒所受的推力f对文具盒做了功c文具盒所受的支持力对文具盒做了功d在此过程中没有力对文具盒做功11由比热的公式c=，判断下列哪种说法是正确的（）a物质的比热容跟它的质量成反比b物质的比热容跟它的热量成正比c物质的比热容跟它的温度变化成反比d比热是物质的特性之一，跟热量、质量、温度的变化等因素都无关12如图所示，在竖直平面内用轻质细线悬挂一个小球，将小球拉至a点，使细线处于拉直状态，由静止开始释放小球不及摩擦，小球可在a、b两点间来回摆动，当小球摆到b点时，细线恰好断开，则小球将（）a沿bc方向运动b沿bd方向运动c沿be方向运动d在b点保持静止13如图所示，作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直的力f，将杠杆缓慢地由位置a拉至位置b，力f在这个过程中（）a变大b变小c不变d先变大后变小14一个同学用120牛的力，将一个重4牛的足球踢到25米远处对他踢球时做功的情况，下列说法正确的是（）a做功300焦b做功100焦c没有做功d条件不足15如图为某一天中央电视台天气预报的截图图中显示的四个地方，内陆地区的温差比沿海地区的温差大，造成这种差别的主要原因是（）a水的比热容比泥土、砂石的比热容大b水的内能比泥土、砂石的内能大c水的密度比泥土、砂石的密度小d水的温度比泥土、砂石的温度低二、填空题：（每空1分，共22分）16如图所示，运动员射箭时用力将弓拉开，在放开箭的瞬间，弓的能转化为箭的能，箭在空中向上飞行的过程中，箭的能增大17撬棒在撬道钉时，动力臂是阻力臂的20倍，当撬道钉用力n时，恰能将道钉撬起，此时道钉受到的阻力为300n（不计道钉自身的重力）18有一重为100n的小球在桌面上滚动了10cm后滚出桌面，0.5s后落在地面上，桌面距离地面高度为1m则小球在整个运动过程中，重力做了j的功，其功率是w19如图是工人师傅提升重物的示意图，甲图使用的是滑轮；乙图使用的是滑轮若图中滑轮质量相同，把同一货物匀速提升相同高度（不计摩擦），则机械效率较高的是图（填“甲”或“乙”）20小强推着重为50n的小车，在10s内沿水平地面匀速前进了15m，如果水平推力为10n，在此过程中，重力对小车所做的功为j，小强对小车做的功为 j，功率为w21如图甲，将一根粗细均匀的木棒放在水平地面上，稍微抬起一端至少用力100n，则木棒的重力约是n图乙则是一根粗细不均匀的木棒，若稍微抬起一端，抬起端所用力较大（粗/细）；若将乙图中木棒如图丙吊起，刚好在图示位置平衡，如果沿吊起处的虚线部分将木棒分割成粗、细两段，则段较重（粗/细）22用同样的酒精灯给金属块甲乙丙加热相同的时间，使它们吸收相同的热量：已知甲乙丙的质量相等，初温均为20的，三块金属的比热容c甲c乙c丙，则加热后末温最高的是金属块，若加热后立刻将块放到足够多的表面平整的冰块上，则最终金属块熔化的冰最多23“歼20”是我国自主研制的新一代隐身重型歼击机，具有卓越的机动性能，当它在空中加速向下俯冲时，动能，重力势能（选填“增大”、“不变”或“减小”）24在水平地面上，小明用100n的水平推力推动重为150n的箱子，8s内前进了12m，这个过程木箱所受重力对木箱做功为j，小明对木箱做功为j，做功的功率为w2550kg水从10升高到50，吸收的热量是j三、解答题（26作图题（1）如图1为用螺丝刀撬图钉的示意图，在图中画出动力f1的力臂l1，并作出阻力f2（2）用滑轮组提升重物，请在图2中画出拉力f=的绳子的绕法（不计动滑轮、绳重和摩擦）（3）杠杆ao在力f1、f2的作用下处于静止状态l2是力f2的力臂，在图3中画出力f1的力臂l1和力f227俯卧撑运动对发展力量素质，提高人体生理机能，发展平衡和支撑能力起着重要作用，它可以改善中枢神经系统，有利于骨的坚实，关节的灵活，韧带的牢固肌肉的粗壮及弹性，同时能加速血液循环，增大肺活量如图所示，某同学在做俯卧撑运动，可将他视为一个杠杆：（1）此杠杆的支点为（选填“o”、“a”或“b”）点（2）若该同学质量为50千克，那么他将身体撑起，双手受到支持力至少为多少牛？（g=10n/kg）28如图所示，工人用滑轮组提升重2400n的物体，所用的拉力为1500n，物体在5s内匀速上升1m求：（1）滑轮组对重物所做的有用功； （2）拉力所做的功；（3）滑轮组的机械效率； （4）拉力做功的功率29如图1示，某小组研究“杠杆的平衡条件”，器材：有刻度的杠杆、若干个相同的钩码、弹簧测力计等，o为杠杆的支点实验前，应先调节杠杆在位置平衡这样做，除了可以消除自身的重力影响，还可以方便地测量或读出调节时，如发现杠杆左端偏高，应如何操作：某实验小组记录两组数据如下：实验序号动力f1/n动力臂l1/cm阻力f2/n阻力臂l2/cm122011021824根据分析，这组数据中，实验序号为（选填：“1”或“2”）的一组肯定有错误检查发现是测量动力臂时读错了，动力臂的实际值比记录值（选填：大或小）如图2所示，弹簧测力计在c处由竖直向上逐渐向右倾斜拉动杠杆，仍使杠杆在水平位保置持平衡，则弹簧测力计的示数将（选填：变大、变小或保持不变），其原因是30小华学习做饭的过程中经常加热油和水，她猜想油的比热容比水小如图所示，是她探究时的实验装置左右两图中，除杯内分别装的是质量和初温相等的食用油和水外，其余都相同（1）能够支持她的猜想的事实是a同样情况下，油升温比水快b油能把水炸黄，而水不能c油能漂在水面上d油比水难蒸发（2）完成该实验还需要测量器材是、（3）食用油和水吸收的热量是用来反映的（4）实验时，小明看到了食用油先沸腾，他得出了食用油一定比水吸热升温快的结论，小明的这种做法是（选填“正确”或“错误”），你的理由是31如图1，让小车分别从不同高度由静止开始滑下，（1）小车运动到水平表面时，中的小车速度大；（2）图中的木块被撞后移动的距离长，小车具有的动能这种研究方法是（3）如图2，它是用来研究动能大小与物体的关系的实验中必须使小车从，这样做是为了控制32阅读短文，回答问题汽车防冻液汽车在行驶时，发动机的温度会升得很高为了确保安全，可用水循环进行冷却实际上，水中往往还要加入不易挥发的防冻液（原液），加入防冻液后的混合液冬天不容易凝固，长时间开车也不容易沸腾有关资料表明，防冻液与水按不同的比例混合，混合液的凝固点、沸点不同，具体数值参见下表（表中防冻液含量是指防冻液在混合液中所占体积的百分比）防冻液含量/%30405060708090混合液的凝固点/17283749484628混合液的沸点/103104107111117124141在给汽车水箱中加防冻液时，宜使混合液的凝固点比本地常年最低气温低1015考虑到混合液比热容的减小会影响散热效果，因此，混合液中防冻液的含量不宜过高（1）汽车发动机用水来冷却，这是因为水的较大（2）在混合液中，如果防冻液含量由30%逐渐增大到90%，则混合液凝固点的变化情况是a逐渐升高 b逐渐降低c先升高后降低 d先降低后升高（3）若某地常年最低气温为15，对该地区汽车来说，在下列不同防冻液含量的混合液中，宜选a30% b40% c60% d90%（4）请在图2中作出混合液沸点与防冻液含量的关系图象；由图象可以推知，防冻液的含量达到75%时，混合液的沸点大约是（5）长时间使用后，汽车水箱中的混合液会减少与原来相比，混合液的沸点（选填“升高”、“降低”或“不变”），其原因是江苏省盐城市大丰市三圩中学2016届九年级上学期第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题2分）1如图所示的工具中，属于费力杠杆的是（）a钢丝钳b起子c羊角锤d镊子【考点】杠杆的分类【分析】联系生活经验，要判断杠杆是省力杠杆还是费力杠杆，可依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆【解答】解：a、钢丝钳在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；b、起子在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；c、羊角锤在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；d、镊子在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，符合题意；故选d【点评】此类型题目的解决主要是依据生活经验和动力臂及阻力臂的大小关系进行判断2在如图所示的四种情境中，人对物体没有做功的是（）a将地面上的物体向上堆积b端着花盆水平匀速前进c用拖把拖地d投掷标枪【考点】力是否做功的判断【专题】功、功率、机械效率【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可【解答】解：a、将地面上的物体向上堆积，人需要克服物体的重力做功故a不符合题意b、端着花盆水平匀速前进，人给花盆一个向上的力，在水平方向上匀速前进，花盆向上没有移动距离，所以人对花盆没有做功符合题意c、用拖把拖地，人给拖把一个向前的作用力，拖把在力的方向上向前运动一段距离，人对拖把做功不符合题意d、投掷标枪时，人给标枪一个向前的作用力，标枪在力的方向上向前移动一段距离，所以人对标枪做功不符合题意故选b【点评】有力有距离，力对物体不一定做功，物体必须在力的方向上通过了距离，即力的方向和物体前进的距离的方向一致，力对物体才做功3一个滑轮组经改进后提高了机械效率，用它将同一物体匀速提升同样的高度，改进后与改进前相比（）a有用功减少，总功减少b有用功增加，总功增加c有用功不变，总功不变d有用功不变总功减少【考点】滑轮（组）的机械效率【专题】功、功率、机械效率【分析】用滑轮组把同一物体匀速提升同样的高度，有用功相同；由题知改装后的机械效率高，根据机械效率的公式知道总功减小，而总功等于有用功加上额外功，据此分析判断【解答】解：把同一物体匀速提升同样的高度，利用滑轮组做的有用功相同，=100%，改装后的机械效率高，改装后利用有用功所占总功的比例增加，即总功减小或额外功减少故d正确故选d【点评】本题考查了有用功、额外功、总功、机械效率及其之间的关系，由“把同一物体匀速提升同样的高度”知道做的有用功相同是解本题的突破口，用好效率公式是关键4冰在熔化过程中，下列判断正确的是（）a内能不变，比热容不变b吸收热量，温度不变c比热容，内能，温度都不变d比热容变大，内能增加，温度升高【考点】熔化与熔化吸热特点；温度、热量与内能的关系；比热容的概念【分析】冰在熔化过程温度不变，但需要继续吸热，所以内能增加，水的比热容比冰的比热容大，所以比热容变化【解答】解：冰在熔化过程中，吸收热量，而温度保持不变，但内能在增加，由于比热容与物质的种类和物质所处的状态有关，当冰熔化成水后，比热容变大；故选：b【点评】解决此类问题要知道熔化过程的特点及不同物质比热容不同5关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（）a一个物体吸收热量时，温度不一定升高b0的冰没有内能c物体的温度越高，所含的热量越多d对物体做功，物体的温度一定升高【考点】温度、热量与内能的关系【专题】温度计、熔化和凝固；分子热运动、内能【分析】（1）物体吸收热量，温度不一定升高，例如晶体在熔化过程中，吸收热量，温度不变；（2）内能是指物体内部所有做无规则运动的分子具有的分子动能和分子势能的总和，一切物体都有内能；（3）热量是指在热传递的过程中，内能的变化量，不能说物体含有热量；（4）改变物体内能的两种方式：做功和热传递；做功可以改变内能，且对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小【解答】解：a、物体吸热时，内能增大，但温度不一定升高，例如：晶体在熔化过程中虽然继续吸热，但温度是不变的故a说法正确，符合题意b、因为一切物体的分子都在不停的做无规则运动，所以一切物体都具有内能，0的冰具有内能故b说法错误，不符合题意c、热量是过程量，描述它的术语只能用”吸收“和”放出“，不能用“含有”故c的说法错误，不符合题意d、对物体做功，物体的内能增加，但温度可能不变，例如物体同时向外放出热量，故d的说法错误，不符合题意故选a【点评】要正确理解温度、热量与内能的关系，以及改变内能的两种方式解决问题的诀窍是：物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的6杆秤是一种很古老但现在仍然在广泛使用的一种测量质量的工具小林同学用一杆秤称一实心球的质量，如图所示当杆秤在水平位置平衡时，秤砣拉线正好压在4kg的刻度线上根据秤砣拉线、提纽和称钩所在秤杆的位置之间的距离的粗略关系，可以估测出秤砣的质量大约是（）a10gb400gc1000gd4000g【考点】杠杆的平衡条件【专题】简单机械【分析】根据图片所给信息，1、实心球到提纽的距离相当于秤砣到提纽的距离的四分之一，即动力臂是阻力臂的四分之一2、4kg刻度线说明实心球的质量是4kg3、动力由实心球重力充当，阻力由秤砣重力充当【解答】解：由图示可知，秤砣重力力臂l1约为实心球重力力臂l2的4倍，根据杠杆平衡条件，m1gl2=m2gl1，即：4kggl2=mg4l2，可得：m=1kg=1000g；故选c【点评】本题考查学生对力臂概念的理解情况，需要熟练掌握杠杆平衡条件公式和重力计算公式g=mg7某同学把一本初中物理课本从课桌旁的地面上拿到桌面上，则该同学对物理课本所做功的大小最接近于（）a0.2jb2jc200jd2000j【考点】功的计算【专题】估算题【分析】首先估测物理课本的质量，然后计算它的重力，然后再估测课桌的高度，最后根据功的公式计算即可【解答】解：一本物理课本的质量m=200g=0.2kg，g=mg=0.2kg10n/kg=2n，课桌高度约为1m，人对课本做的功：w=gh=2n1m=2j故选b【点评】本题的难点在于对物理课本质量的估测，这是易错的地方，这要求我们对于生活中常见的物体要多观察、多思考8下列说法正确的是（）a效率高的机械，功率一定大b做功时间长的机械，功率一定小c所有机械的机械效率都小于1d功率大的机械，做功一定多【考点】机械效率；功率的计算【专题】压轴题；推理法【分析】本题根据机械效率、功率、功的定义和公式分析解答【解答】解：a、机械效率是指有用功占总功的比值，与功率大小（做功快慢）无关，a错；b、做功时间长，做功多少不知道，所以功率大小不能确定，b错；c、使用机械时，都要克服摩擦、提升机械做额外功，使得有用功小于总功，机械效率小于1，c对；d、功率大的机械，不知道做功时间，做功多少不能确定，d错故选c【点评】功的多少、功率（做功快慢）、机械效率是三个不同的物理量，含义不同，分析问题时要特别注意：做功快不一定做功多9一物体沿粗糙的斜面匀速下滑的过程中（）a物体的动能转化为重力势能b物体的重力势能转化为动能c物体的机械能保持不变d物体的机械能转化为内能【考点】能量的转化；动能和势能的大小变化【分析】物体沿粗糙的斜面匀速下滑的过程中，物体的运动速度不变，动能不变；下滑高度减小，重力势能减小动能不变，重力势能减小，机械能减小物体沿粗糙的斜面下滑，克服摩擦做功，机械能转化为内能【解答】解：物体沿粗糙的斜面匀速下滑的过程中：a、物体动能不变，势能减小，所以不是动能转化为重力势能；b、物体动能不变，势能减小，所以不是重力势能转化为动能；c、物体动能不变，势能减小，所以机械能减小；d、物体下滑，克服摩擦做功，机械能转化为内能故选d【点评】此题考查能量转化现象，我们要能够分析出生活中的能量转化10如图所示，李晶同学将放在课桌边的文具盒水平推至课桌中央，她针对此过程提出了如下的猜想，你认为合理的是（）a文具盒所受重力对文具盒做了功b文具盒所受的推力f对文具盒做了功c文具盒所受的支持力对文具盒做了功d在此过程中没有力对文具盒做功【考点】力是否做功的判断【专题】功、功率、机械效率【分析】判断力对物体是否做功关键是看力是否作用在物体上，物体是否在力的方向上移动距离【解答】解：物体在竖直方向上没有移动距离，故支持力和重力不做功，故a、c错误；物体在推力的方向上移动了距离，所以推力对物体做功故b正确、d错误故选b【点评】本题考查做功的必要条件，关键知道做功的条件是有力作用在物体上，物体在力的方向上移动距离11由比热的公式c=，判断下列哪种说法是正确的（）a物质的比热容跟它的质量成反比b物质的比热容跟它的热量成正比c物质的比热容跟它的温度变化成反比d比热是物质的特性之一，跟热量、质量、温度的变化等因素都无关【考点】比热容的概念【专题】应用题；定性思想【分析】单位体积某种物质，温度升高1所吸收的热量叫做这种物质的比热容【解答】解：比热的公式c=是由热量的计算公式q=cm（tt0）变形而来；比热容是物质的一种属性，每种物质都有自己的比热容，比热容的大小与物体质量的大小、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关故选d【点评】此题考查的是我们对于比热容的理解，我们要知道比热容只与物质的种类和状态有关，与其它因素无关12如图所示，在竖直平面内用轻质细线悬挂一个小球，将小球拉至a点，使细线处于拉直状态，由静止开始释放小球不及摩擦，小球可在a、b两点间来回摆动，当小球摆到b点时，细线恰好断开，则小球将（）a沿bc方向运动b沿bd方向运动c沿be方向运动d在b点保持静止【考点】牛顿第一定律【专题】运动和力【分析】分析小球到达b点的运动状态及受力情况，便可得出结论【解答】解：由于小球被静止释放，不计摩擦，它可在a、b两点间来回摆动当小球摆到b点时，小球速度恰好为零，此时若细线恰好断开，则小球只受重力作用而竖直下落所以，将沿be方向运动故选c【点评】此题考查了学生力和运动之间的关系，力可以改变物体的形状或运动状态在此题中，小球由于重力作用将由静止下落解决此题的关键是判断出在b点的运动状态13如图所示，作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直的力f，将杠杆缓慢地由位置a拉至位置b，力f在这个过程中（）a变大b变小c不变d先变大后变小【考点】杠杆的动态平衡分析【分析】解答此题，首先要判断杠杆的五要素中，有哪些要素发生了变化，然后再利用杠杆的平衡条件进行分析【解答】解：在杠杆缓慢由a到b的过程中，动力臂oa的长度没有变化，阻力g的大小没有变化，而阻力臂l却逐渐增大；由杠杆的平衡条件知：foa=gl，当oa、g不变时，l越大，那么f越大；因此拉力f在这个过程中逐渐变大故选a【点评】在分析杠杆的动态平衡时，一般是动中取静，依据杠杆的平衡条件进行分析，最后得到结论14一个同学用120牛的力，将一个重4牛的足球踢到25米远处对他踢球时做功的情况，下列说法正确的是（）a做功300焦b做功100焦c没有做功d条件不足【考点】功的计算【专题】功、功率、机械效率【分析】做功的两个必要条件是：有力作用在物体上，物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可【解答】解：作用在足球上的力只是瞬间，虽然是瞬间，但也会让物体移动，即对物体做了功，但这时间内足球和脚一起运动的距离未知，所以无法准确计算故选d【点评】注意踢出去的物体和扔出去的物体，对物体都是瞬间作用了功，都无法精确计算做功的多少15如图为某一天中央电视台天气预报的截图图中显示的四个地方，内陆地区的温差比沿海地区的温差大，造成这种差别的主要原因是（）a水的比热容比泥土、砂石的比热容大b水的内能比泥土、砂石的内能大c水的密度比泥土、砂石的密度小d水的温度比泥土、砂石的温度低【考点】比热容解释简单的自然现象【专题】比热容、热机、热值【分析】沿海地区水多，水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区比内陆地区昼夜的温差小【解答】解：上海和台北属于沿海地区水多，水的比热容较大；西宁和拉萨属于内陆地区，地表以砂石泥土为主，砂石泥土比热容较小白天，相同质量的水和陆地比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少，砂石泥土温度升高的多，所以上海和台北升高温度较低，西宁和拉萨升高温度较高；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，砂石泥土温度降低的多，所以上海和台北降低温度较少，西宁和拉萨的降低温度较多，因此内陆地区的西宁和拉萨的日温差比沿海地区的上海和台北日温差大故选a【点评】此题考查的是利用所学的物理知识（水的比热容大的特点）解释生活中的现象，是2016届中考的命题的热点形式二、填空题：（每空1分，共22分）16如图所示，运动员射箭时用力将弓拉开，在放开箭的瞬间，弓的弹性势能转化为箭的动能，箭在空中向上飞行的过程中，箭的重力势能增大【考点】能量转化的现象；势能的影响因素【分析】通过分析弓弹性形变程度的变化来判断弓弹性势能的变化，通过分析箭的运动情况得出箭的能量变化，从而得出能量的转化情况；从向上飞行的箭的高度变化判断出箭重力势能的变化【解答】解：放开箭时，弓的弹性形变程度变小，弹性势能变小，箭由静止变为运动，弓的弹性势能转化为箭的动能；箭在空中飞行的过程中，箭的高度增加，重力势能增大故答案为：弹性势；动；重力势【点评】在做能量的转化这种题时，我们要注意分析哪种能量增加了，哪种能量减少，因为总是减少的这种能量转化为增加的那种能量17撬棒在撬道钉时，动力臂是阻力臂的20倍，当撬道钉用力15n时，恰能将道钉撬起，此时道钉受到的阻力为300n（不计道钉自身的重力）【考点】杠杆的平衡条件【专题】计算题；简单机械【分析】已知动力臂与阻力臂的关系及阻力大小，由杠杆平衡条件可以求出动力大小【解答】解：已知l动=20l阻，f阻=300n，由杠杆平衡条件得：f动l动=f阻l阻，动力l动=300n=15n故答案为：15【点评】本题考查了求动力问题，难度不大，是一道基础题，熟练应用杠杆平衡条件即可正确解题18有一重为100n的小球在桌面上滚动了10cm后滚出桌面，0.5s后落在地面上，桌面距离地面高度为1m则小球在整个运动过程中，重力做了100j的功，其功率是200w【考点】功的计算；功率的计算【专题】计算题；功、功率、机械效率【分析】小球在重力方向上移动的距离为桌子的高度，重力做功由w=gh计算，功率由p=计算【解答】解：小球在桌面上滚动，在重力方向上没有移动距离，重力不做功；在下落过程中重力做功：w=gh=100n1m=100j，功率：p=200w故答案为：100；200【点评】本题考查了功、功率的计算注意在本题中物质在重力的方向上移动的距离是桌子的高度，而不是它滚动或水平移动的距离19如图是工人师傅提升重物的示意图，甲图使用的是定滑轮；乙图使用的是动滑轮若图中滑轮质量相同，把同一货物匀速提升相同高度（不计摩擦），则机械效率较高的是甲图（填“甲”或“乙”）【考点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；滑轮（组）的机械效率【分析】本题主要考查两个方面的知识：（1）动滑轮和定滑轮的使用特点：使用定滑轮不能省力，但能改变动力的方向；使用动滑轮不能改变动力的方向，但能省力（2）对滑轮组机械效率公式=100%的理解【解答】解；由图可知甲滑轮的轴固定不动，所以是定滑轮；乙滑轮的轴随物体一起向上运动，所以是动滑轮把同一货物匀速提升相同高度（不计摩擦），则做的有用功相同，由于乙图要克服动滑轮的重力做功，所以用动滑轮所做的总功多，由机械效率公式=100%可得甲机械的效率高故答案为：定；动；甲【点评】本题的解题关键是知道在做相同的有用功的情况下，使用动滑轮所做的总功多，所以机械效率低20小强推着重为50n的小车，在10s内沿水平地面匀速前进了15m，如果水平推力为10n，在此过程中，重力对小车所做的功为0j，小强对小车做的功为150 j，功率为15w【考点】功的计算；功率的计算【专题】功、功率、机械效率【分析】（1）力做功的两个必要因素：一是有力作用在物体上；二是物体在理的作用下移动了一段距离（2）根据这两个因素可分析重力做功的情况，利用功的公式w=fs计算推力做的功已知功和时间，根据功率公式即可求出小强做功的功率【解答】解：（1）重力的方向是竖直向下的，而小车是在水平方向上前进了15m，没有在重力的方向上移动距离，所以重力不做功，即重力对小车做的功为0j；（2）小强所做的功：w=fs=10n15m=150j；小强做功的功率：p=15w故答案为：0；150；15【点评】力不做功的情况有以下几种情况：（1）有力作用在物体上，但物体的运动不是该力作用的结果（劳而无功：力的方向和物体运动的方向垂直）；（2）物体运动，但在运动方向上未受力（靠惯性运动的物体，不劳无功）21如图甲，将一根粗细均匀的木棒放在水平地面上，稍微抬起一端至少用力100n，则木棒的重力约是200n图乙则是一根粗细不均匀的木棒，若稍微抬起一端，抬起粗端所用力较大（粗/细）；若将乙图中木棒如图丙吊起，刚好在图示位置平衡，如果沿吊起处的虚线部分将木棒分割成粗、细两段，则粗段较重（粗/细）【考点】杠杆的平衡条件【专题】应用题；作图题【分析】（1）力臂是指从支点到力臂作用线的垂直距离，分别做出抬起木棒时的动力臂和阻力臂，（2）根据杠杆平衡条件f1l1=f2l2，结合力臂的长短可以确定抬起木棒所用力的大小【解答】解：（1）图甲中粗细均匀的木棒的重心在其中点上，oa=ob，力臂如图所示：抬起b端时，以o点为支点，fob=goa，所以，g=f=2100n=200n（2）一根粗细不均匀的木棒，分别抬起粗端和细端时，其重心离粗端较近，抬起粗端时，重力的阻力臂l2较大，fl1=gl2，g和动力臂l1是定值，f和阻力臂l2成正比，因为抬起粗端时的阻力臂大，所以用的力f就会大一些；（3）木棒在水平位置平衡时，此时的木棒可以看做是一个以悬挂点为支点的杠杆，作用在杠杆上的力分别是支点两边木棒的重力杠杆平衡：即g1l1=g2l2根据木棒的形状可以确定：l1l2，所以：g1g2故粗端较重故答案为：200；粗；粗【点评】明确杠杆平衡条件，是作用在杠杆上的力和力臂的乘积相等，不是动力和阻力相等确定两者力臂的大小关系是解决此题的关键22用同样的酒精灯给金属块甲乙丙加热相同的时间，使它们吸收相同的热量：已知甲乙丙的质量相等，初温均为20的，三块金属的比热容c甲c乙c丙，则加热后末温最高的是金属块丙，若加热后立刻将块放到足够多的表面平整的冰块上，则最终甲金属块熔化的冰最多【考点】热量的计算【分析】要想知道加热后哪个金属块升温最高，必须根据热量的公式来比较；看谁放出的热量最多，溶化的冰才最多【解答】解：已知 q甲=q乙=q丙，m甲=m乙=m丙，初温都相同，c甲c乙c丙，（1）根据热量的公式，q=cmt，可得，t=，把已知代入公式，分子相同，分母越大，分式值越小，故t甲t乙t丙（2）由题意知，三个金属块吸收了相同的热量，放到冰上放出的热量也应该相同，熔化的冰块也一样，关键看原来谁的内能大，因为，m甲=m乙=m丙，初温都相同，c甲c乙c丙，由q=cmt可知，原来甲吸收的热量最多，故：甲溶化的冰块最多【点评】考查了学生对比热容的理解，需要对热量公式能够熟练应用，另外审题过程中，注意发现题中的隐含条件23“歼20”是我国自主研制的新一代隐身重型歼击机，具有卓越的机动性能，当它在空中加速向下俯冲时，动能增大，重力势能减小（选填“增大”、“不变”或“减小”）【考点】动能和势能的大小变化【专题】压轴题；控制变量法【分析】判断“歼20”在空中加速向下俯冲时动能和重力势能的变化，从动能和重力势能大小的影响因素考虑（1）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度质量越大，高度越高，重力势能越大【解答】解：“歼20”在空中加速向下俯冲时，质量不变，速度不断增大，动能增大高度不断减小，重力势能不断减小故答案为：增大；减小【点评】掌握动能、重力势能影响因素，利用控制变量法，判断动能、重力势能变化24在水平地面上，小明用100n的水平推力推动重为150n的箱子，8s内前进了12m，这个过程木箱所受重力对木箱做功为0j，小明对木箱做功为1200j，做功的功率为150w【考点】功的计算；功率的计算【专题】应用题【分析】根据做功的条件就会知道重力没有做功；根据做功公式可以算出推力对木箱做的功；根据功率公式就会求出所做的功率【解答】解：根据题意木箱没有在重力的作用下移动距离，因此重力对木箱并没有做功，即做功为0，已知：f=100n，s=12m，t=8s，那么推力对木箱做的功为w=fs=100n12m=1200j，做功的功率为p=150w，故答案填0；1200；150【点评】本题考查了做功的条件、做功的公式、功率的公式的计算，属于典型的考题2550kg水从10升高到50，吸收的热量是8.4106j【考点】热量的计算【专题】计算题；比热容、热机、热值【分析】知道水的质量、水的比热容和水温度的升高值，利用吸热公式q=cm（tt0）求水吸收的热量【解答】解：水吸收的热量：q吸=cm（tt0）=4.2103j/（kg）50kg（5010）=8.4106j故答案为：8.4106【点评】本题主要考查了热量的计算，在计算题的过程中需要注意区分初温、末温和升高的温度的区别是解决此类题目的关键三、解答题（26作图题（1）如图1为用螺丝刀撬图钉的示意图，在图中画出动力f1的力臂l1，并作出阻力f2（2）用滑轮组提升重物，请在图2中画出拉力f=的绳子的绕法（不计动滑轮、绳重和摩擦）（3）杠杆ao在力f1、f2的作用下处于静止状态l2是力f2的力臂，在图3中画出力f1的力臂l1和力f2【考点】力臂的画法；滑轮组的设计与组装【专题】作图题；比较思想；简单机械【分析】（1）（3）力臂是支点到力的作用线的距离，作图时把握住力和力臂的垂直关系即可做出阻力（2）不计滑轮质量及转动摩擦，拉力是物体重力的几分之一，动滑轮就有几段绳子承担重力【解答】解：（1）由图可知，杠杆的支点为o，延长力f1的作用线，从o做f1的垂线就是f1的力臂，要使杠杆平衡，f2的方向向下如图所示：（2）拉力f=g，动滑轮有3段绳子承担重力，应从动滑轮开始绕如图所示：（3）过力臂l2的右端，作垂直于l2的直线，与杠杆oa的交点为力f2的作用点，方向斜向右上方，即为f2；作f1的反向延长线，过支点o作f1的垂线，即为f1的力臂l1，如图所示：【点评】（1）（3）解答此类题目的关键是掌握力的示意图和力臂的画法：画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图力臂的画法：首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂（2）绳子的绕线决定滑轮组的使用效果，有几段绳子承担动滑轮和物体的重，拉力就是重力的几分之一27俯卧撑运动对发展力量素质，提高人体生理机能，发展平衡和支撑能力起着重要作用，它可以改善中枢神经系统，有利于骨的坚实，关节的灵活，韧带的牢固肌肉的粗壮及弹性，同时能加速血液循环，增大肺活量如图所示，某同学在做俯卧撑运动，可将他视为一个杠杆：（1）此杠杆的支点为o（选填“o”、“a”或“b”）点（2）若该同学质量为50千克，那么他将身体撑起，双手受到支持力至少为多少牛？（g=10n/kg）【考点】杠杆的平衡分析法及其应用【专题】简单机械【分析】（1）支点是指杠杆转动时，固定不动的那个点（2）将做俯卧撑的人看成杠杆的情况下，则人的重力为阻力，手的支持力为动力，动力臂为0.9m+0.6m，阻力臂为0.9m，根据杠杆的平衡原理gl1=fl2可求出手的支持力【解答】解：（1）根据做俯卧撑时的运动情况可知，固定不动的点是o点，即此杠杆的支点为o（2）由杠杆平衡条件得：gl1=fl2，手受到的支持力f=300n； 故答案为：（1）o； （2）双手受到支持力至少为300n【点评】本题利用了俯卧撑这一常见的运动，考查了杠杆、功率、能量转化三个知识点，综合性较强，可以说是一个非常好的题目，有利于锻炼学生思维的灵活度28如图所示，工人用滑轮组提升重2400n的物体，所用的拉力为1500n，物体在5s内匀速上升1m求：（1）滑轮组对重物所做的有用功； （2）拉力所做的功；（3）滑轮组的机械效率； （4）拉力做功的功率【考点】功的计算；滑轮（组）的机械效率；功率的计算【专题】计算题；功、功率、机械效率【分析】由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=2，（1）知道物体重和提升的高度，利用w=gh求滑轮组对重物所做的有用功；（2）求出拉力端移动的距离s=2h，知道拉力大小，利用w=fs求拉力做的功；（3）滑轮组的机械效率可用公式=100%计算得出（4）又知道做功时间，根据p=求拉力的功率【解答】解：（1）滑轮组对重物所做的有用功：w有用=gh=2400n1m=2400j；（2）由图知，n=2，s=2h=21m=2m，w总=fs=1500n2m=3000j；（3）=100%=100%=80%（4）p=600w答：（1）滑轮组对重物所做的有用功为2400j； （2）拉力所做的功为3000j；（3）滑轮组的机械效率为80%； （4）拉力做功的功率为600w【点评】这是一道较典型的关于滑轮组的计算题，主要用到了功的公式、功率的公式、机械效率的公式，虽然用到的公式较多，但只要搞清楚力与距离的对应关系，熟练运用相关公式是解决此题的关键29如图1示，某小组研究“杠杆的平衡条件”，器材：有刻度的杠杆、若干个相同的钩码、弹簧测力计等，o为杠杆的支点实验前，应先调节杠杆在水平位置平衡这样做，除了可以消除自身的重力影响，还可以方便地测量或读出力臂调节时，如发现杠杆左端偏高，应如何操作：平衡螺母向左调某实验小组记录两组数据如下：实验序号动力f1/n动力臂l1/cm阻力f2/n阻力臂l2/cm122011021824根据分析，这组数据中，实验序号为1（选填：“1”或“2”）的一组肯定有错误检查发现是测量动力臂时读错了，动力臂的实际值比记录值大（选填：大或小）如图2所示，弹簧测力计在c处由竖直向上逐渐向右倾斜拉动杠杆，仍使杠杆在水平位保置持平衡，则弹簧测力计的示数将变大（选填：变大、变小或保持不变），其原因是动力臂变小【考点】探究杠杆的平衡条件实验【专题】探究型实验综合题【分析】（1）杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响；杠杆平衡调节原则是：右低将平衡螺母左调，左低将平衡螺母右调；（2）分析杠杆两端的力与力臂的乘积是否相等，就能找出哪组数据有问题，知道哪个数据读错了，由平衡条件就能分析出偏大还是偏小（3）杠杆在水平位置平衡，阻力、阻力臂不变，动力臂变小，动力变大【解答】解：（1）杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响；如发现杠杆左端偏高，应将两边的螺母向上翘的左端移动（2）实验序号1中力与力臂的乘积不相等，故第1组实验数据是错误的，其中动力臂错了，由杠杆平衡条件知：2nl1=1n0.1m，动力臂的实际值为：l1=0.05m0.2m，则动力臂实际值比记录值小（3）弹簧测力计竖直拉和向右倾斜拉动杠杆在水平位置平衡，阻力和阻力臂不变，弹簧测力计向右倾斜拉动杠杆时，动力臂变小，根据杠杆平衡条件，动力变大，所以弹簧测力计示数变大故答案为：水平；力臂；平衡螺母向左调； 1；大；变大；动力臂变小【点评】（1）探究杠杆平衡条件时，要使力臂在杠杆上，有两个条件：杠杆在水平位置平衡；力竖直作用在杠杆上（2）探究杠杆平衡条件时，倾斜拉动杠杆在水平位置平衡，经常考查，一定要理解掌握30小华学习做饭的过程中经常加热油和水，她猜想油的比热容比水小如图所示，是她探究时的实验装置左右两图中，除杯内分别装的是质量和初温相等的食用油和水外，其余都相同（1）能够支持她的猜想的事实是aa同样情况下，油升温比水快b油能把水炸黄，而水不能c油能漂在水面上d油比水难蒸发（2）完成该实验还需要测量器材是温度计、秒表