2012年长春市高三第一次调研测试物理试题及解析.doc

2012年长春市高中毕业班第一次调研测试高三物理试题卷考生须知：1本试卷分试题卷和答题纸，满分100分，考试时间90分钟。 2答题前，在答题纸密封区内填写学校、班级、姓名和准考证号。 3所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效。 4考试结束，只需上交答题纸。第卷（选择题，共48分）一、选择题：本大题包括12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。1.质量m= 1kg的物体做直线运动的速度时间图象如图所示,根据图象可知，下列说法中正确的是A.物体在0-8s内的平均速度方向与1s末的速度方向相同B.物体在0-2s内的速度变化比2-4s内的速度变化快 C.物体在2-4s内合外力做的功为零D.物体在2s末速度方向发生改变1【答案】C【解析】考查学生对速度概念、动能定理的理解掌握，结合图象综合分析能力。由图象可知0-8s内的平均速度方向与1s末的速度方向相反，选项A错。物体在0-2s内的速度变化比2-4s内的速度变化慢，选项B错。物体在2-4s内动能变化为零，外力做功为零, 选项C正确。2s末速度仍为正方向，选项D错。杂技演员Hv2. “飞车走壁” 杂技表演比较受青少年的喜爱，这项运动由杂技演员驾驶摩托车，简化后的模型如图所示，表演者沿表演台的侧壁做匀速圆周运动。若表演时杂技演员和摩托车的总质量不变，摩托车与侧壁间沿侧壁倾斜方向的摩擦力恰好为零，轨道平面离地面的高度为H，侧壁倾斜角度不变，则下列说法中正确的是 A.摩托车做圆周运动的H越高，向心力越大B.摩托车做圆周运动的H越高，线速度越大C.摩托车做圆周运动的H越高，向心力做功越多.D.摩托车对侧壁的压力随高度H变大而减小 3.一个物体在三个共点力 F1、F2、F3 作用下做匀速直线运动。现保持F1、F2不变，不改变F3的大小，只将F3的方向顺时针转过60后，下列说法中正确的是A.力F3一定对物体做负功 B.物体的动能一定变化C.物体一定做匀变速曲线运动 D.物体可能做匀变速直线运动3【答案】BD【解析】考查学生对功的正负概念、物体做直线运动、曲线运动条件的理解，对动能定理的应用能力。力F3与速度方向关系不确定，无法判断做功正负，选项A错。合外力一定做功，动能一定变化，选项B正确。将F3的方向顺时针转过60后，物体所受合外力不变，加速度不变，物体做匀变速运动，选项C错D正确。 4.如图所示，50个大小相同、质量均为m的小物块，在平行于斜面向上的恒力F作用下一起沿斜面向上运动。已知斜面足够长，倾角为30，各物块与斜面的动摩擦因数相同，重力加速度为g，则第3个小物块对第2个小物块的作用力大小为 A. B.C. D.因为动摩擦因数未知，所以不能确定4【答案】B【解析】考查牛顿第二定律，整体法、隔离法，物体受力分析等相关知识。整体受力分析后根据牛顿第二定律可得F-50m gsin30-50mgcos30= 50ma。取1、2小物块整体为研究对象，设第3个小物块对第2个小物块的作用力大小为f，根据牛顿第二定律可得F-f-2m gsin30-2mgcos30=2ma，联立解得f=，选项B正确。5.如图所示，质量为M劈体ABCD放在水平地面上，表面AB、AC均光滑，且ABCD，BDCD，AC与水平面成角。质量为m的物体（上表面为半球形）以水平速度v0冲上BA后沿AC面下滑，在整个运动的过程中，劈体M始终不动，P为固定的弧形光滑挡板，挡板与轨道间的宽度略大于半球形物体m的半径，不计转弯处的能量损失，则下列说法中正确的是A.水平地面对劈体M的摩擦力始终为零B.水平地面对劈体M的摩擦力先为零后向右C.劈体M对水平地面的压力大小始终为 (M+m)gD.劈体M对水平地面的压力大小先等于(M+m)g，后小于(M+m)g5【答案】D【解析】考查物体受力分析相关知识，学生分析综合能力。当物体m在水平表面AB上运动时，水平地面对劈体M的摩擦力为零，劈体M对水平地面的压力等于(M+m)g，物体m在斜面AC上滑动时，水平地面对劈体M的摩擦力向左，劈体M对水平地面的压力小于(M+m)g，选项D正确。6.磁力玻璃擦是目前很时尚的玻璃清洁器，其原理是利用异性磁极的吸引作用可使外面的一片跟着里面的一片运动，旧式磁力玻璃擦在使用时由于相对移动会导致前后两面的同性磁极间距较小，由于同性磁极相互斥力作用很容易脱落，其内部N、S磁极分布如图甲所示。经过改进后，新式磁力玻璃擦其内部的N、S磁极分布如图乙所示，使用时两片不易脱落,关于两种磁力玻璃擦脱落的主要原因，下列说法中正确的是A.甲图中前后面的同性磁极间距较小，同性磁极相互斥力大，容易脱落B.甲图中前后面的异性磁极间距较小，异性磁极相互引力大，不容易脱落C.乙图中前后面的同性磁极间距较大，同性磁极相互斥力小，不容易脱落D.乙图中前后面的异性磁极间距较大，异性磁极相互引力小，容易脱落改装前N、S磁极分布布NSNSNNSS前面后面向左移动时甲NNSNSN前面后面SS向左移动时改装后N、S磁极分布乙来源:金太阳新课标资源网 HTTP:/WX.JTYJY.COM/6【答案】AC【解析】考查学生通过阅读获取信息、分析解决问题能力。甲图同性磁极间距较小，相互斥力大，容易脱落，选项A正确。乙图中前后面的同性磁极间距较大，相互斥力小，不容易脱落，选项C正确。7.我国发射的首个目标飞行器“天宫一号”，在高度约343 km的近圆轨道上运行，等待与“神舟八号”飞船进行对接。“神舟八号”飞船发射后经变轨调整后到达距“天宫一号”后下方距地高度约为330km的近圆稳定轨道。右图为二者对接前在各自稳定圆周轨道运行示意图。二者运行方向相同，视为做匀速圆周运动，下列说法中正确的是A.为使“神舟八号”与天宫一号”对接，可在当前轨道位置对“神舟八号”适当加速B.“天宫一号”所在处的重力加速度比“神舟八号”大C.“天宫一号”在发射入轨后的椭圆轨道运行阶段，近地点的速度大于远地点的速度D.在“天宫一号”内，太空健身器、体重计、温度计都可以正常使用7【答案】AC【解析】考查万有引力、天体运动知识。神舟八号适当加速后做离心运动可与天宫一号对接，选项A正确。由于天宫一号距地面较远，所以天宫一号所在处的重力加速度比神舟八号小，选项B错。由机械能守恒定律可知，“天宫一号”在发射入轨后的椭圆轨道运行阶段，近地点的速度大于远地点的速度，选项C正确。在“天宫一号”内，处于完全失重状态，体重计不可以正常使用，选项D错。8.在空间直角坐标系Oxyz中，有一四面体C-AOB，C、A、O、B为四面体的四个顶点，且O(0,0,0)、A(L,0,0)、B(0,L,0)、 C(0,0,L)，D(2L,0,0)是x轴上一点，在坐标原点O处固定着+Q的点电荷，下列说法正确的是A.A、B、C三点的电场强度相同B.电势差UOA =UADC.将一电子由C点分别移动到A、B两点，电场力做功相同D.电子在A点的电势能大于在D点的电势能8【答案】CsOECOsQBQOsAOEDsMN.Mm9.如图所示，质量为m的可看成质点的物块置于粗糙水平面上的M点，水平面的右端与固定的斜面平滑连接，物块与水平面及斜面之间的动摩擦因数处处相同。物块与弹簧未连接，开始时物块挤压弹簧使弹簧处于压缩状态。现从M点由静止释放物块，物块运动到N点时恰好静止。弹簧原长小于MM。若物块从M点运动到N点的过程中，物块与接触面之间由于摩擦所产生的热量为Q，物块、弹簧与地球组成系统的机械能为E，物块通过的路程为s。不计转折处的能量损失，下列图象所描述的关系中可能正确的是、9【答案】C来源:学#科#网Z#X#X#K【解析】考查功能关系，学生结合图象综合分析问题能力。物块从M点运动到N点的过程中，摩擦力做负功，系统的机械能减小，且物体在水平面受到的摩擦力大于在斜面上的受到的摩擦力,所以选项C正确。10如图所示，电源电动势为E，内阻为r。电路中的R2 、R3分别为总阻值一定的滑动变阻器，R0为定值电阻，R1为光敏电阻（其电阻随光照强度增大而减小）。当电键S闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态。有关下列说法中正确的是 A.只逐渐增大R1的光照强度，电阻R0消耗的电功率变大，电阻R3 中有向上的电流 B.只调节电阻R3的滑动端P2向上端移动时，电源消耗的功率变大，电阻R3中有向上的电流C.只调节电阻R2的滑动端P1向下端移动时，电压表示数变大，带电微粒向下运动D.若断开电键S，电容器所带电荷量变大，带电微粒向上运动10【答案】A【解析】此题为闭合电路欧姆定律，含容电路，电路动态分析相关问题，考查学生综合分析能力。只逐渐增大R1的光照强度，R1阻值变小，电流变大， R0消耗的电功率变大，电容器两端电压增大，电容器充电， R3 中有向上的电流，选项A正确。只调节电阻R3的滑动端P2向上端移动时，电路中电流不变，电源消耗的功率不变，电阻R3中没有电流，选项B错误；只调节电阻R2的滑动端P1向下端移动时，R2接入电路中电阻增大，电源输出电流减小，电源路端电压增大，电压表示数变大。R2两端电压增大，电容器两端电压增大，带电微粒所受电场力增大，带电微粒向上运动，选项C错误；若断开电键S，电容器放电，所带电荷量变小，带电微粒所受电场力减小，带电微粒向下运动，选项D错误。11如图所示，在半径为R的半圆形区域内，有磁感应强度为B的垂直纸面向里的有界匀强磁场，PQM为圆内接三角形，且PM为圆的直径，三角形的各边由材料相同的细软弹性导线组成（不考虑导线中电流间的相互作用）。设线圈的总电阻为r且不随形状改变，此时PMQ=37，已知sin37=0.6，cos37=0.8。下列说法正确的是 A.穿过线圈PQM中的磁通量大小为=0.96BR2B.若磁场方向不变，只改变磁感应强度B的大小，且B=B0+kt，则此时线圈中产生的感应电流大小为I=C.保持P、M两点位置不变，将Q点沿圆弧顺时针移动到接近M点的过程中，线圈中有感应电流且电流方向不变D.保持P、M两点位置不变，将Q点沿圆弧顺时针移动到接近M点的过程中，线圈中不会产生焦耳热。MOABCPRENQH 12.如图所示，MPQO为有界的竖直向下的匀强电场，电场强度为E,ACB为光滑固定的半圆形轨道，圆轨道半径为R， AB为圆水平直径的两个端点，AC为1/4圆弧。一个质量为m电荷量为 -q的带电小球，从A点正上方高为H处由静止释放，并从A点沿切线进入半圆轨道。不计空气阻力及一切能量损失，关于带电粒子的运动情况，下列说法正确的是-q ,m A.小球一定能从B点离开轨道B.小球在AC部分可能做匀速圆周运动C.若小球能从B点离开，上升的高度一定小于HD.小球到达C点的速度可能为零第卷 （非选择题共52分）二、实验题：本题共2小题，共12分。请把答案填在答题纸中的横线上。13（4分）关于高中物理实验，下列说法中正确的是A利用打点计时器“研究匀变速直线运动规律”的实验中，可以利用纸带打出的点迹间接测得物体的运动速度B在“验证力的平行四边形定则”实验中，要使力的作用效果相同，只需橡皮条具有相同的伸长量C在“验证牛顿第二定律”实验中，采用了控制变量的实验方法D在“验证机械能守恒定律”的实验中，应该先释放重物后接通电源来源:金太阳新课标资源网 HTTP:/WX.JTYJY.COM/14（8分）某物理学习小组的同学在研究性学习过程中，用伏安法研究某电子元件R1（6V，2.5W）的伏安特性曲线，要求多次测量尽可能减小实验误差，备有下列器材： A直流电源（6V，内阻不计）B电流表G（满偏电流3mA，内阻Rg=10） C电流表A（，内阻未知） D滑动变阻器R（020，5A） E滑动变阻器R（0200，1A） F定值电阻R0（阻值1990） G开关与导线若干（1）根据题目提供的实验器材，请你设计出测量电子元件R1伏安特性曲线的电路原理图（R1可用“”表示）。（画在方框内）（2）在实验中，为了操作方便且能够准确地进行测量，滑动变阻器应选用 。（填写器材序号）（3）将上述电子元件R1 和另一电子元件R2接入如图所示的电路甲中，它们的伏安特性曲线分别如图乙中oa、ob所示。电源的电动势E=6.0V，内阻忽略不计。调节滑动变阻器R3，使电子元件R1和R2消耗的电功率恰好相等，则此时电子元件R1的阻值为 ，R3接入电路的阻值为 （结果保留两位有效数字）。U/VI/10-1A4231516432605ab乙R2ER1AB甲 R314【答案】（8分）（1）如右图所示 （2分）（错一处均不给分） （2）D （2分）（3）10 4.0 （每空2分）【解析】通过设计电路，考查综合分析设计问题能力，结合图象解决问题能力。三、计算题：本题共4小题，15、16小题每题 8分，17、18小题每题12分，共40分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。15(8分)一宠物毛毛狗“乐乐”在玩耍时不慎从离地h1=19.5m高层阳台无初速度竖直掉下，当时刚好是无风天气，设它的质量m=2kg，在“乐乐”开始掉下的同时，几乎在同一时刻刚好被地面上的一位保安发现并奔跑到达楼下，奔跑过程用时2.5s，恰好在距地面高度为h2=1.5m处接住“乐乐”， “乐乐”缓冲到地面时速度恰好为零，设“乐乐”下落过程中空气阻力为其重力的0.6倍，缓冲过程中空气阻力为其重力的0.2倍，重力加速度g=10m/s2。求：（1）为了营救“乐乐”允许保安最长的反应时间；（2）在缓冲过程中保安对“乐乐”做的功。15【试题答案】（8分）（1）t=0.5s （2）J 【解析】（1）对 “乐乐” 用牛顿第二定律 求得：a1=4m/s2 （1分）“乐乐”下落过程： （1分）求得： s （1分） 允许保安最长反应时间： s=0.5s （1分）（2）“乐乐”下落18m时的速度m/s （1分）缓冲过程中，对“乐乐”由动能定理得 （2分）J （1分）（整个过程应用动能定理也可：【点评】通过一个实例考查学生对运动学和牛顿运动定律相关知识掌握，分析解决问题能力。16（8分）如图所示，左侧为一个半径为R的半球形的碗固定在水平桌面上，碗口水平， O点为球心，碗的内表面及碗口光滑。右侧是一个固定光滑斜面，斜面足够长，倾角=30。一根不可伸长的不计质量的细绳跨在碗口及光滑斜面顶端的光滑定滑轮两端上，线的两端分别系有可视为质点的小球m1和m2，且m1m2。开始时m1恰在右端碗口水平直径A处， m2在斜面上且距离斜面顶端足够远，此时连接两球的细绳与斜面平行且恰好伸直。当m1由静止释放运动到圆心O的正下方B点时细绳突然断开，不计细绳断开瞬间的能量损失。(1)求小球m2沿斜面上升的最大距离s；别为v1、v2，由运动合成与分解得 对m1、m2系统由功能关系得 设细绳断后m2沿斜面上升的距离为s，对m2由机械能守恒定律得 来源:Z,xx,k.Com小球m2沿斜面上升的最大距离 联立得 （）对 m1 由机械能守恒定律得： 联立得 【点评】考查机械能守恒定律，运动合成分解知识，学生综合分析理解及运算能力。17（12分）如图甲所示，空间存在一宽度为2L有界匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里。在光滑绝缘水平面内有一边长为L的正方形金属线框，其质量m=1kg、电阻R=4，在水平向左的外力F作用下，以初速度v0=4m/s匀减速进入磁场，线框平面与磁场垂直，外力F大小随时间t变化的图线如图乙所示。以线框右边刚进入磁场时开始计时，求：（1）匀强磁场的磁感应强度B；（2）线框进入磁场的过程中，通过线框的电荷量q； F甲