专题五 物理图象问题

力学图象问题命题角度一xt图象的理解及应用【例1】 (多选) (2018全国卷，18)甲、乙两车在同一平直公路上同向运动，甲做匀加速直线运动，乙做匀速直线运动。甲、乙两车的位置x随时间t的变化如图1所示。下列说法正确的是()图1A.在t1时刻两车速度相等B.从0到t1时间内，两车走过的路程相等C.从t1到t2时间内，两车走过的路程相等D.在t1到t2时间内的某时刻，两车速度相等解析xt图象某点的切线斜率表示瞬时速度，A错误；从0t1时间内，由于甲、乙的出发点不同，故路程不同，B错误；t1t2时间内，甲、乙的位移和路程都相等，大小都为x2x1，C正确；t1t2时间内，甲的xt图象在某一点的切线与乙的xt图象平行，此时刻两车速度相等，D正确。答案CD命题角度二vt图象的理解及应用【例2】 (多选)(2019全国卷，20)如图2(a)，物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传感器相连，细绳水平。t0时，木板开始受到水平外力F的作用，在t4 s时撤去外力。细绳对物块的拉力f随时间t变化的关系如图(b)所示，木板的速度v与时间t的关系如图(c)所示。木板与实验台之间的摩擦可以忽略。重力加速度取10 m/s2。由题给数据可以得出()图2A.木板的质量为1 kgB.2 s4 s内，力F的大小为0.4 NC.02 s内，力F的大小保持不变D.物块与木板之间的动摩擦因数为0.2解析木板和实验台间的摩擦忽略不计，由题图(b)知，2 s后物块和木板间的滑动摩擦力大小F摩0.2 N。由题图(c)知，24 s内，木板的加速度大小a1 m/s20.2 m/s2，撤去外力F后的加速度大小a2 m/s20.2 m/s2设木板质量为m，根据牛顿第二定律对木板有：24 s内：FF摩ma145 s内：F摩ma2且知F摩mg0.2 N解得m1 kg，F0.4 N，0.02，选项A、B正确，D错误；02 s内，由题图(b)知，F是均匀增加的，选项C错误。答案AB读懂图象三步走第一关注横、纵坐标(1)确认横、纵坐标对应的物理量各是什么。(2)注意横、纵坐标是否从零刻度开始。(3)坐标轴物理量的单位不能忽视。第二理解斜率、面积、截距的物理意义(1)图线的斜率：通常能够体现某个物理量的大小、方向及变化情况。(2)面积：由图线、横轴，有时还要用到纵轴及图线上的一个点或两个点到横轴的垂线段所围图形的面积，一般都能表示某个物理量。如vt图象中的面积，表示位移。(3)截距：图线在纵轴上以及横轴上的截距。第三分析交点、转折点、渐近线(1)交点：往往是解决问题的切入点。(2)转折点：满足不同的函数关系式，对解题起关键作用。(3)渐近线：往往可以利用渐近线求出该物理量的极值。命题角度三动力学中的图象问题【例3】 (2018全国卷，15)如图3，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块P，系统处于静止状态。现用一竖直向上的力F作用在P上，使其向上做匀加速直线运动。以x表示P离开静止位置的位移，在弹簧恢复原长前，下列表示F与x之间关系的图象可能正确的是()图3解题关键情境转化写出Fx的函数解析式解析假设物块静止时弹簧的压缩量为x0，则由力的平衡条件可知kx0mg，在弹簧恢复原长前，当物块向上做匀加速直线运动时，由牛顿第二定律得Fk(x0x)mgma，由以上两式解得Fkxma，显然F和x为一次函数关系，且在F轴上有截距，则A正确，B、C、D错误。答案A命题角度四与能量有关的图象信息题【例4】 (多选)(2019全国卷，18)从地面竖直向上抛出一物体，其机械能E总等于动能Ek与重力势能Ep之和。取地面为重力势能零点，该物体的E总和Ep随它离开地面的高度h的变化如图4所示。重力加速度取10 m/s2。由图中数据可得()图4A.物体的质量为2 kgB.h0时，物体的速率为20 m/sC.h2 m时，物体的动能Ek40 JD.从地面至h4 m，物体的动能减少100 J解析由于Epmgh，所以Ep与h成正比，斜率是kmg，由图象得k20 N，因此m2 kg，A正确；当h0时，Ep0，E总Ekmv，因此v010 m/s，B错误；由图象知h2 m时，E总90 J，Ep40 J，由E总EkEp得Ek50 J，C错误；h4 m时，E总Ep80 J，即此时Ek0，即从地面上升至h4 m高度时，物体的动能减少100 J，D正确。答案AD1.(多选)舰载战斗机在航母甲板上加速起飞过程可看做匀加速直线运动，某段时间内战斗机的位移时间图线如图5所示，则()图5A.在x16 m至x26 m这段过程中，战斗机的平均速度小于20 m/sB.在x16 m至x26 m这段过程中，战斗机的平均速度大于20 m/sC.在M点对应的位置，战斗机的速度小于20 m/sD.在M点对应的位置，战斗机的速度大于20 m/s解析在x16 m至x36 m这段过程中，运动时间等于1 s，由于是加速运动，因此在x16 m至x26 m这段过程中，运动时间一定大于0.5 s，由此可知平均速度小于20 m/s，在t2 s至t3 s这段时间内，平均速度为20 m/s，因此在t2.5 s时的速度为20 m/s，由于M点对应的时刻大于2.5 s，可知瞬时速度大于20 m/s。故A、D正确。答案AD2.甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其vt图象如图6所示。已知两车在t3 s时相遇，则()图6A.在t1 s时，甲车在乙车后面B.在t0时，甲车在乙车前7.5 mC.两车另一次相遇的时刻是t2 sD.两车两次相遇的位置之间沿公路方向的距离为45 m解析根据速度时间图线与横轴围成图形的面积表示位移可知，在13 s时间内两车位移相等，已知两车在t3 s时相遇，所以在t1 s时，甲车和乙车也相遇，选项A、C错误；在01 s时间内，甲车的位移为x15 m，乙车的位移为x212.5 m，则在t0时，甲车在乙车前xx2x17.5 m，选项B正确；在13 s时间内两车位移相等，甲车的位移是x2 m40 m，所以两车两次相遇的位置之间沿公路方向的距离为40 m，选项D错误。答案B3.(多选)一滑块在水平地面上做直线运动，t0时速率为1 m/s，从此时开始对滑块施加一个与初速度相反的水平力F，力F和滑块的速度v随时间的变化规律分别如图7甲、乙所示。则下列说法正确的是()图7A.2 s末滑块距离出发点最远B.01 s和12 s时间内滑块的加速度大小相等、方向相反C.第1 s内摩擦力对滑块冲量为1 NsD.第2 s内力F的平均功率为1.5 W解析由vt图象可知，前2 s内滑块位移为零，01 s和12 s时间内滑块加速度大小相等，方向相同，A、B错误；01 s内动力学方程为F1fma1，12 s内动力学方程为F2fma2，而a1a21 m/s2，可得f1 N，第1 s内摩擦力的冲量为Ift1 Ns，C正确；第2 s 内F的平均功率P，由图乙得x m，代入数据可得P1.5 W，故D正确。答案CD电学图象问题命题角度一电场中的图象【例1】 (多选)(2017全国卷，20)在一静止点电荷的电场中，任一点的电势与该点到点电荷的距离r的关系如图8所示。电场中四个点a、b、c和d的电场强度大小分别为Ea、Eb、Ec和Ed。点a到点电荷的距离ra与点a的电势a已在图中用坐标(ra，a)标出，其余类推。现将一带正电的试探电荷由a点依次经b、c点移动到d点，在相邻两点间移动的过程中，电场力所做的功分别为Wab、Wbc和Wcd。下列选项正确的是()图8A.EaEb41 B.EcEd21C.WabWbc31 D.WbcWcd13解题指导“静止点电荷的电场”场强可由E求解。由r图象可求出Uab、Ubc和Ucd的大小。解析由图可知，a、b、c、d到点电荷的距离分别为1 m、2 m、3 m、6 m，根据点电荷的场强公式Ek可知，故选项A正确，B错误；电场力做功WqU，a与b、b与c、c与d之间的电势差分别为3 V、1 V、1 V，所以，故选项C正确，D错误。答案AC【例2】 (2019河南省濮阳市第二次模拟)某电场中x轴上电场强度E随x变化的关系如图9所示，设x轴正方向为电场强度的正方向。一带电荷量为q的粒子从坐标原点O沿x轴正方向运动，结果粒子刚好能运动到x3x0处。假设粒子仅受电场力作用，E0、x0已知，则下列说法正确的是 ()图9A.粒子一定带负电B.粒子的初动能大小为qE0x0C.粒子沿x轴正方向运动过程中最大动能为2qE0x0D.粒子沿x轴正方向运动过程中电势能先增大后减小解析由题图可知粒子在沿x轴正向运动过程中，电场强度方向发生改变，并且在x03x0过程中电场力做的功比0x0过程中的大，也就是说如果先做负功后做正功，粒子不可能在3x0处静止，所以只有先做正功后做负功，电势能先减小后增大，故粒子一定带正电，A、D错误；因为电场强度是均匀变化的，0x0过程中平均电场强度为E0，x03x0过程中平均电场强度为E0，故根据动能定理可得qE0x0qE02x00Ek0，解得初动能Ek0qE0x0，B错误；在0x0过程中电场力做正功，所以在x0处动能最大，最大为EkmEk0qE0x02qE0x0，C正确。答案C命题角度二电磁感应中的图象问题【例3】 (多选)(2019全国卷，19)如图10所示，方向竖直向下的匀强磁场中有两根位于同一水平面内的足够长的平行金属导轨，两相同的光滑导体棒ab、cd静止在导轨上。t0时，棒ab以初速度v0向右滑动。运动过程中，ab、cd始终与导轨垂直并接触良好，两者速度分别用v1、v2表示，回路中的电流用I表示。下列图象中可能正确的是()图10解析导体棒ab运动，切割磁感线，产生感应电流(逆时针)，导体棒ab受阻力F作用，速度减小，导体棒cd受安培力F作用，速度增大，最终两棒速度相等，如图所示。由EBlv知，感应电动势E随速度v的减小而减小，则感应电流非均匀变化。当两棒的速度相等时，回路上感应电流消失，两棒在导轨上以共同速度做匀速运动。由系统的动量守恒得mv02mv共，v共，A正确；导体棒cd受变力作用，加速度逐渐减小，其vt图象应该是曲线，B错误；由前面分析知，两导体棒做变速运动，感应电流变小，最后为零，但非均匀变化，C正确，D错误。答案AC【例4】 (多选)(2019全国卷，21)如图11，两条光滑平行金属导轨固定，所在平面与水平面夹角为，导轨电阻忽略不计。虚线ab、cd均与导轨垂直，在ab与cd之间的区域存在垂直于导轨所在平面的匀强磁场。将两根相同的导体棒PQ、MN先后自导轨上同一位置由静止释放，两者始终与导轨垂直且接触良好。已知PQ进入磁场时加速度恰好为零。从PQ进入磁场开始计时，到MN离开磁场区域为止，流过PQ的电流随时间变化的图象可能正确的是()图11解析PQ刚进入磁场时，加速度为零，则mgsin BIL，I，即电流恒定；由题意知，MN刚进入磁场时与PQ刚进入磁场时速度相同，产生的感应电动势大小相等。情形1：若MN刚进入磁场时，PQ已离开磁场区域，则对MN，由mgsin BIL及右手定则知，通过PQ的电流大小不变，方向相反，故It图象如图A所示，B、C图错误；情形2：若MN刚进入磁场时，PQ未离开磁场区域，由于两导体棒速度相等，穿过两棒间回路的磁通量不变，产生的电动势为零，故电流为零，但两导体棒均只在重力作用下加速运动直至PQ离开磁场，此时MN为电源，由EBLv，II1，对MN棒：BILmgsin ma知，MN减速，电流减小，可能的It图象如图D所示。答案AD1.解决电磁感应图象问题的“三点关注”(1)关注初始时刻，如初始时刻感应电流是否为零，是正方向还是负方向。(2)关注变化过程，看电磁感应发生的过程分为几个阶段，这几个阶段是否和图象变化相对应。(3)关注大小、方向的变化趋势，看图线斜率的大小、图线的曲直是否和物理过程对应。2.常用解决电磁感应图象问题的“两个方法”(1)排除法；(2)函数法。1.(多选)(2019广东省广州市模拟)空间存在平行于x轴方向的静电场，其电势随x的分布如图12所示。一质量为m、电荷量为q的带电粒子从坐标原点O由静止开始，仅在电场力作用下沿x轴正方向运动。则下列说法正确的是()图12A.该粒子带正电荷B.空间存在的静电场场强E是沿x轴正方向均匀减小的C.该粒子从原点O运动到x0过程中电势能是减小的D.该粒子运动到x0点的速度是解析沿电场线方向电势降低，由题图可知电场方向沿x轴正方向。带电粒子仅在电场力作用下由静止开始沿x轴正方向运动，受力方向与电场方向一致，带电粒子带正电，A正确；沿x正方向电势均匀降低，电场为匀强电场，B错误；沿x轴正方向运动，电场力做正功，电势能减小，C正确；根据动能定理得q0mv2，v，D错误。答案AC2.(多选)如图13甲所示，正三角形导线框位于圆形有界匀强磁场中，磁场方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向为垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图乙所示。下列说法正确的是()图13A.01 s时间内和56 s时间内，导线框中的电流方向相同B.01 s时间内和13 s时间内，导线框中的电流大小相等C.35 s时间内，AB边受到的安培力沿纸面且垂直AB边向上D.13 s时间内，AB边受到的安培力不变解析01 s时间内穿过线圈的磁通量向外增加，56 s时间内穿过线圈的磁通量向里减小，根据楞次定律可知导线框中的电流方向相同，A项正确；Bt图象的斜率等于磁感应强度的变化率，故01 s时间内和13 s时间内，感应电动势的大小不等，感应电流不相等，B项错误；35 s时间内，磁通量向里增加，产生的感应电流为逆时针方向，则由左手定则可知，AB边受到的安培力沿纸面且垂直AB边向上，C项正确；13 s时间内，感应电流大小不变，而磁场向外减弱，根据FBIL可知，AB边受到的安培力变小，D项错误。答案AC3.(多选)如图14所示，光滑平行金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成 角，M、P之间接一阻值为R的定值电阻，阻值为r的金属棒ab垂直导轨放置并接触良好，其他电阻不计。整个装置处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向上。t0时对棒施加一平行于导轨向上的外力F，棒由静止开始沿导轨向上做匀加速直线运动。下列关于通过棒ab的电荷量q、电流I，棒ab所受外力F及穿过 abPM的磁通量随时间t变化的图象中，大致正确的是()图14解析由题知，棒由静止开始沿导轨向上做匀加速直线运动，设加速度为a，则棒运动的速度为vat，产生的感应电流为It，即电流I与t成正比，I与t的关系图线是过原点的直线，故B正确；通过棒ab的电荷量为qtt2，故q与t的关系图线是开口向上的抛物线，故A错误；根据牛顿第二定律得FF安mgsin ma，安培力F安BILt，解得Fmgsin mat，即F与t的关系图线是纵截距不为零的直线，故C正确；BSBLat2BLat2，故与t的关系图线是开口向上的抛物线，故D错误。答案BCA卷提能小卷练一、选择题1.一小物块从斜面底端以初速度v0向上滑动，然后又滑回原处。物块与斜面间的动摩擦因数不变，该过程中，物块的速度时间图象或位移时间图象正确的是()解析物块在上滑的过程中，a1gsin gcos ，下滑的过程中，a2gsin gcos ，显然a1a2，速度时间图象中，第一阶段图线的斜率的绝对值比第二阶段图线的斜率的绝对值大，故选项A错误，B正确；上滑和下滑的过程中，物块都做匀变速直线运动，位移大小相等，方向相反，位移时间图象为曲线，故选项C、D错误。答案B2.(多选)一质点以一定的初速度从A点开始向相距8 m的B点做直线运动，运动过程中其速度的二次方v2与位移x之间的关系图线如图1所示，下列说法正确的是()图1A.质点做加速度增大的变加速运动 B.质点做匀加速运动，其加速度大小为2 m/s2C.质点运动的初速度大小为2 m/sD.质点从A点运动到B点所用的时间为8 s解析根据v2v2ax可知，2a m/s24 m/s2，则a2 m/s2；v4 m2/s2，v02 m/s，则质点做匀加速直线运动，选项B、C正确，A错误；质点运动到B点时v6 m/s，质点从A点运动到B点所用的时间为t s2 s，选项D错误。答案BC3.(多选)(2019成都二模)两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在y轴上的O、M两点，若规定无穷远处的电势为零，则在两电荷连线上各点的电势随y变化的关系如图2所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，则()图2A.q1与q2带异种电荷B.A、N两点的电场强度大小为零C.从N点沿y轴正方向，电场强度大小先减小后增大D.将一正点电荷从N点移到D点，电场力先做负功后做正功解析由图象可知，M点附近的电势为负值、O点附近的电势为正值，所以，q1与q2带异种电荷，故A正确；A、N点的电势为零，但电场强度不为零(电势降落越快的位置，电场强度越强)，故B错误；从N点沿y轴正方向，电场强度的大小先减小后增大再逐渐减小，故C错误；将一正点电荷从N点移到D点，电势能先增大后减小，所以，电场力先做负功后做正功，故D正确。答案AD4.(2019陕西咸阳二模)如图3甲，匝数n2的金属线圈(电阻不计)围成的面积为20 cm2，线圈与R20 的电阻连接，置于竖直向上、均匀分布的磁场中，磁场与线圈平面垂直，磁感应强度为B，Bt关系如图乙，规定感应电流i从a经过R到b的方向为正方向。忽略线圈的自感影响，则下列it关系图正确的是()图3解析由题图可知，02 s内，线圈中磁通量的变化率一定，故02 s内电流的方向不变，由楞次定律可知，线圈中电流方向为顺时针，即电流为正方向；同理可知，25 s内线圈中的电流方向为逆时针，为负方向。由En可得EnS，则知02 s内电路中产生的感应电动势大小为E1nS220104 V6106 V，则电流大小为I1106 A3107 A；同理25 s内，I22107 A，故D正确，A、B、C错误。答案D二、非选择题5.(2019全国卷，25)一质量为m2 000 kg的汽车以某一速度在平直公路上匀速行驶。行驶过程中，司机突然发现前方100 m处有一警示牌，立即刹车。刹车过程中，汽车所受阻力大小随时间的变化可简化为图4(a)中的图线。图(a)中，0t1时间段为从司机发现警示牌到采取措施的反应时间(这段时间内汽车所受阻力已忽略，汽车仍保持匀速行驶)，t10.8 s；t1t2时间段为刹车系统的启动时间，t21.3 s；从t2时刻开始汽车的刹车系统稳定工作，直至汽车停止。已知从t2时刻开始，汽车第1 s内的位移为24 m，第4 s内的位移为1 m。(a)(b)图4(1)在图(b)中定性画出从司机发现警示牌到刹车系统稳定工作后汽车运动的vt图线；(2)求t2时刻汽车的速度大小及此后的加速度大小；(3)求刹车前汽车匀速行驶时的速度大小及t1t2时间内汽车克服阻力做的功；从司机发现警示牌到汽车停止，汽车行驶的距离约为多少(以t1t2时间段始末速度的算术平均值替代这段时间内汽车的平均速度)?解析(1)vt图象如图所示。(2)设刹车前汽车匀速行驶时的速度大小为v1，则t1时刻的速度也为v1；t2时刻的速度为v2。在t2时刻后汽车做匀减速运动，设其加速度大小为a，取t1 s。设汽车在t2(n1)tt2nt内的位移为sn，n1，2，3，。若汽车在t23tt24t时间内未停止，设它在t23t时刻的速度为v3，在t24t时刻的速度为v4，由运动学公式有s1s43a(t)2s1v2ta(t)2v4v24at联立式，代入已知数据解得v4 m/s这说明在t24t时刻前，汽车已经停止。因此，式不成立。由于在t23tt24t内汽车停止，由运动学公式v3v23at2as4v联立式，代入已知数据解得a8 m/s2，v228 m/s或a m/s2，v229.76 m/s但式情形下，v30，不合题意，舍去。(3)设汽车的刹车系统稳定工作时，汽车所受阻力的大小为f1，由牛顿第二定律有f1ma在t1t2时间内，阻力对汽车冲量的大小为If1(t2t1)由动量定理有Imv1mv2由动能定理，在t1t2时间内，汽车克服阻力做的功为Wmvmv联立式，代入已知数据解得v130 m/sW1.16105 J从司机发现警示牌到汽车停止，汽车行驶的距离s约为sv1t1(v1v2)(t2t1)联立式，代入已知数据解得s87.5 m。答案(1)如解析图所示(2)28 m/s8 m/s2(3)30 m/s1.16105 J87.5 mB卷高考标准练(20分钟48分)选择题(本大题共8小题，每小题6分，共48分。其中第15题为单项选择题，第68题为多项选择题)1.两个物体从t0时刻起先后开始做自由落体运动，同时落地。则下列描述它们运动的vt图象可能正确的是()解析自由落体运动是初速度为0、只受重力作用的运动，加速度为重力加速度，两物体均做自由落体运动，只是运动的时间有先后，因此，选项D正确，A、B、C错误。答案D2.如图5所示，两曲线分别是a、b两物体的位移时间图象(图线为抛物线)，则两物体在t1t2时间内()图5A.a物体做匀加速直线运动 B.b物体的路程大于a物体的路程C.某时刻，a、b两物体的速度相同D.a、b两物体的加速度方向相同解析在位移时间图象中，切线斜率表示速度，可知a物体做匀减速直线运动，A错误；在t1t2时间内两物体的位置变化相同，b物体的路程等于a物体的路程，B错误；画一条与x轴平行的直线，与a、b图线相交，过两交点分别画两图线的切线，两切线平行时，在两交点对应的时刻，两物体的速度相同，C正确；a物体沿负方向做减速运动，加速度沿正方向，b物体沿负方向做加速运动，加速度沿负方向，即a、b两物体的加速度方向相反，D错误。答案C3.如图6所示，在空间存在垂直于纸面向外的磁场，磁场的磁感应强度随x按BB0kx(x0，B0、k为常量)的规律均匀增大。位于纸面内的正方形导线框abcd处于磁场中，在外力作用下始终保持dc边与x轴平行向右匀速运动。若规定电流沿abcda的方向为正方向，则从t0到tt1的时间间隔内，选项图中关于该导线框中产生的电流i随时间t变化的图象正确的是()图6解析导线框abcd向右匀速运动，穿过线框的磁通量均匀增加，由法拉第电磁感应定律可知En恒定，由I知线框中产生恒定电流；由楞次定律知导线框中将产生顺时针方向的电流，选项A正确。答案A4.如图7甲所示，导体棒MN置于水平导轨上，P、Q之间有阻值为R的电阻，PQNM所围的面积为S，不计导轨和导体棒的电阻。导轨所在区域内存在沿竖直方向的磁场，规定磁场方向竖直向上为正，在02t0时间内磁感应强度的变化情况如图乙所示，导体棒MN始终处于静止状态。下列说法正确的是 ()图7A.在0t0和t02t0时间内，导体棒受到导轨的摩擦力方向相同B.在t02t0时间内，通过电阻R的电流方向为P到QC.在0t0时间内，通过电阻R的电流大小为D.在t02t0时间内，通过电阻R的电荷量为解析由楞次定律可判断：在0t0时间内，感应电流沿PQNMP方向，导体棒所受安培力向右，摩擦力向左；在t02t0时间内，感应电流沿PMNQP方向，导体棒所受安培力向左，摩擦力向右，则选项A、B错误；0t0时间内，电路中的电流大小为I，则选项C错误；t02t0时间内，通过电阻R的电荷量为qIt，则选项D正确。答案D5.甲、乙两小车在一条平直的车道上行驶，它们运动的vt图象如图8所示，其中甲为两段相同的圆弧，乙为直线。则下列说法正确的是()图8A.t8 s时两车的加速度大小相等B.t16 s时两车不一定相遇C.在016 s内，两小车的平均速度大小相等，但方向相反D.在016 s内，甲车的加速度方向改变解析vt图象中直线或曲线某处切线的斜率表示加速度，由图象知t8 s时甲车的加速度大于乙车的加速度，选项A错误；在016 s内两车运动的位移相同，但不知两车的初位置情况，故不能判断两车在t16 s时是否相遇，选项B正确；在016 s内，两车的平均速度大小相等，方向相同，选项C错误；016 s内，甲车做加速度先逐渐增大后逐渐减小的加速直线运动，加速度方向不变，选项D错误。答案B6.(2019湖北黄冈模拟)水平地面上质量为1 kg的物块受到水平拉力F1、F2的作用，F1、F2随时间的变化如图9所示，已知物块在前2