泰安市2015年中考物理模拟试卷及答案解析.doc

山东省泰安市2015年中考物理模拟试卷一、选择题（每题3分，共60分）1下列各组物质，全部属于导体的是（）A硬币、盐水、铅笔芯B橡皮、玻璃球、硬币C玻璃球、盐水、铅笔芯D橡皮、食用油、铅笔芯考点：导体.专题：应用题分析：容易导电的物体叫导体，如：人体、大地、各种金属、石墨、酸碱盐的溶液等不容易导电的物体叫绝缘体，常见的绝缘体包括：玻璃、陶瓷、橡胶、塑料等解答：解：A、硬币是金属，铅笔芯内含有石墨，硬币、盐水、铅笔芯都是导体，符合题意；B、橡皮和玻璃球是绝缘体，硬币是导体，不符合题意；C、玻璃球是绝缘体，盐水和铅笔芯是导体，不符合题意；D、橡皮和食用油是绝缘体，铅笔芯是导体，不符合题意X|k | B| 1 . c|O |m故选A点评：根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体2（3分）下列现象中，是由于光沿直线传播形成的是（）A浓密的树荫下的太阳光斑B教室屏幕上的投影C你看到自己镜中之影D树在水中的倒影考点：光在均匀介质中直线传播.专题：应用题；光的传播和反射、平面镜成像分析：1、光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；2、当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；3、当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等解答：解：A、浓密的树荫下的太阳光斑，是由于光的直线传播形成的，故符合题意；B、教室屏幕上的投影，是利用凸透镜成像规律制成的，故不符合题意；C、你看到自己镜中之影，是利用光的反射的规律制成的，故不符合题意；D、树在水中的倒影，是利用光的反射的原理制成的，故不符合题意；故选A点评：本题考查光的直线传播的具体生活实例，需要利用生活和物理之间的联系进行判断；能否区分三种光现象：光的直线传播、光的反射、光的折射，是本题的解题关键3（3分）下列估计值最接近实际的是（）A我们所用课桌的高度约为0.8dmB人步行的速度约为5m/sC一只母鸡的质量约为2kgD发育正常的初中生的体重约为50N考点：长度的估测；质量的估测；速度与物体运动；重力大小的估测.专题：估算综合应用题分析：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个解答：解：w W w .x K b 1.c o MA、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=8dm左右此选项不符合实际；B、人正常步行的速度在4km/h=4m/s1.1m/s左右此选项不符合实际；C、一只母鸡的质量在2kg左右此选项符合实际；D、发育正常的初中生的质量在50kg左右，体重约为G=mg=50kg10N/kg=500N此选项不符合实际故选C点评：物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务4（3分）下列自然现象中，属于液化现象的是（）A春天，河里的冰化成水B夏天，清晨草叶上出现露珠C秋天，雨后的路面被风吹干了D冬天，空中大雪纷飞考点：液化及液化现象.专题：汽化和液化、升华和凝华分析：逐个分析选择项中所提到物理情景包含的物态变化，然后结合题目的要求确定答案解答：解：A、春天，冰化成水，冰雪由固态变为液态，属于熔化现象，故A错误；B、早晨草木上露珠的形成，是由空气中的水蒸气液化而形成的小水滴，故B正确；C、雨后的路面被风吹干，水由液态变为气态，是一种汽化现象，故C错误；D、大雪纷飞，雪是空气中的水蒸气遇冷凝华而成，故D错误故选B点评：认清物质原来的状态与现在的状态是解决此题的突破口5（3分）在下列所示电路图中，灯L1、L2属于并联的是（） A甲、乙B乙、丙C丙、丁D甲、丙考点：串联电路和并联电路的辨别.专题：图析法；电流和电路分析：解答本题应掌握：串联电路是将各元件依次连接，并联电路是将各用电器并列连接解答：解：由图可知甲、丁均为各用电器首尾依次连接组成的，故均为串联电路；而乙、丙中两灯泡并列连接在电源两端，故均为并联电路故选B点评：本题考查电路的串并联，要求会根据用电器的连接情况去分析基本的串并联电路6（3分）下列说法正确的是（）A温度为0的物体没有内能B温度高的物体内能一定多C物体的内能增加，它的温度一定升高D物体的温度升高，它的内能就增加考点：内能的概念；温度.专题：分子热运动、内能分析：（1）温度是表示物体冷热程度的物理量，感觉热指的就是物体温度较高；（2）内能是物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的和，任何物体在任何情况下都具有内能解答：解：A、因为物体在任何情况下都具有内能，温度为0的物体仍具有内能故A错误；B、因为物体在任何情况下都具有内能，高温的物体内能不一定多，因为不能确定物体是否向外做功故B错误；新课 标 第 一 网C、因为晶体在熔化时吸收热量，但温度保持不变因此晶体物质熔化过程中内能增加，但温度可以不变故C错误；D、物体温度升高时，说明它的内能增加故D正确故选D点评：理解温度与内能之间的关系是解决此题的关键7（3分）如图所示，电源电压为6V，当开关S闭合后，只有一灯泡发光，且电压表示数为6V，产生这一现象的原因不可能是（）A灯L1处短路B灯L2处短路C灯L1处断路D灯L2处断路考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用.专题：欧姆定律分析：由电路图可知，两灯泡串联，电压表测灯L1两端电压；灯泡不亮，可能是由于灯泡短路或电路存在断路造成的，根据电路故障现象分析电路故障原因解答：解：A、如果灯L1短路，灯L1不发光，灯L2发光，电压表示数为零，故A错误，符合题意；B、如果灯L2短路，灯L2不发光，灯L1发光，电压表测电源电压，示数等于电源电压6V，故B正确，不符合题意； C、如果灯L1断路，两灯泡都不发光，故C错误，符合题意； D、灯L2处断路，两灯泡都不发光，电压表示数为零，故D错误，符合题意故选ACD点评：本题考查了电路故障分析，根据电路现象分析电路故障原因，本题难度不大，要掌握电路故障分析的方法8（3分）如图所示，在实物电路中，开关闭合后，滑片P向右移动的过程中，电流表示数及灯泡亮度变化的情况是（）A电流表示数变大，灯泡变亮B电流表示数变大，灯泡变暗C电流表示数变小，灯泡变暗D电流表示数变小，灯泡变亮考点：欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用；实际功率.专题：应用题分析：从实物图中可知，灯泡、滑动变阻器串联，电流表测量总电流，滑片P向右移动的过程中，接入电路的电阻变大，根据公式I=可知电路电流的变化，已知灯泡电阻不变，根据公式P=I2R可知灯泡实际功率的变化解答：解：滑片P向右移动的过程中，接入电路的电阻变大，电源电压不变，根据公式I=可知电路电流减小，电流表示数减小，根据公式P=I2R可知灯泡实际功率变小，灯泡变暗故选C点评：本题考查欧姆定律和滑动变阻器的使用，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是知道滑片移动时电路电阻的变化情况，还要知道判断灯泡亮度的依据是灯泡的实际功率9（3分）（2008河北）下列关于运动和静止的说法正确的是（）A地球同步卫星围绕地球飞行时，以地面为参照物，卫星是运动的B月亮在云中穿行时，以云为参照物，月亮是运动的C飞机在空中加油时，以地面为参照物，受油机是静止的D漂流而下的小船，以河岸为参照物，小船是静止的考点：运动和静止的相对性.专题：应用题分析：判断物体是否运动就看物体与参照物之间的位置是否发生变化，位置发生变化则物体运动，位置不发生变化，则物体静止新|课 | 标|第 |一| 网解答：解：同步卫星的“同步”指的正是它与地球自转周期、角速度相同的意思，它和地球是相对静止不动的所以以地面为参照物，卫星是静止的，故A不符合题意月亮在云中穿行时，月亮相对于云的位置发生了改变所以以云为参照物，月亮是运动，故B符合题意飞机在空中加油时，飞机相对于地面的位置发生了改变所以以地面为参照物，受油机是运动的，故C不符合题意漂流而下的小船，相对于河岸的位置发生了改变所以以河岸为参照物，小船是运动的，故D不符合题意故选B点评：在判断一个物体是运动还是静止时，一般按照以下几个步骤进行：确定被研究物体；选定参照物；判断被研究物体相对于参照物的位置是否发生了改变来确定物体的运动情况10（3分）观察图中的烟和小旗，关于甲、乙两车相对于房子的运动情况，下列说法中正确的是（）A甲乙两车一定向左运动B甲乙两车一定向右运动C甲车可能运动，乙车向右运动D甲车可能静止，乙车向左运动考点：运动和静止的相对性.分析：研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化由此来突破此题解答：解：由图中的信息可以判断出：因为房子的烟向左飘，所以风是向左吹所以甲车运动状态有两种可能 1、向右运动 2、静止因为乙车旗向右飘，所以乙车只能向左运动，且速度要大于风的速度故选D点评：一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同这就是运动和静止的相对性11（3分）（2014济南模拟）图所示的四幅实验装置图中，能反映发电机工作原理的是（）ABCD考点：发电机的构造和原理.专题：电动机、磁生电分析：（1）发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；（2）电动机的工作原理是磁场对电流的作用，即通电线圈在磁场中受力转动；（3）奥斯特实验第一个揭示了电和磁之间的联系，说明了电流周围存在磁场解答：解：A、图示的通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的工作原理，故该选项不符合题意；B、图示的是奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，故该选项不符合题意；C、图示的是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会产生电流，是电磁感应现象，属于发电机的工作原理，故该选项符合题意；D、图示的是通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的工作原理，故该选项不符合题意故选C点评：本题中学生容易混淆的是A和C两个图，要从有无电源上区分，有电源的是电动机，无电源的是发电机12（3分）（2011滨州）质量相等的甲、乙两同学站在滑板上，在旱冰场上相对而立，如果甲用60N的力推乙，如图所示，以下分析正确的是（）A同时，乙对甲的推力小于60NB甲静止不动，乙向后退C乙后退的过程中，始终受到60N推力的作用D乙由静止变为后退，说明力可以改变物体的运动状态考点：力的作用效果；力作用的相互性.分析：（1）物体间力的作用是相互的，甲对乙施加力的同时，甲也受到一个大小相同的，方向相反的一个力（2）力可以改变物体的形状；也可以改变物体的运动状态，物体速度变化和方向变化都属于运动状态的变化解答：解：A、甲用60N的力推乙，同时乙给甲一个60N的推力，方向相反不符合题意B、甲乙都受到一个60N的力，都会改变原来的静止状态，都会由静止变为运动不符合题意C、甲和乙接触的瞬间甲和乙都受到60N的推力，当甲和乙分开时，甲和乙不再有力的作用，甲乙都向后退是由于物体具有惯性的原因不符合题意D、由于乙受到甲力的作用，改变原来的静止状态，由静止变为运动而后退符合题意故选D点评：（1）掌握物体间力的作用是相互的，掌握相互作用力的条件（2）掌握力的作用效果13（3分）（2013无锡）沿海地区同沙漠地区相比，冬暖夏凉，昼夜温差小这是因为（）A水的密度比沙石的密度小B水的比热容大于沙石的比热容C水的热量大于沙石的热量D水的传热本领比沙石的传热本领差考点：水的比热容的特点及应用.专题：压轴题分析：要解答本题需掌握：水的比热容大，在同样吸放热条件下水的温度变化小解答：解：沿海地区和沙漠地区相比，沿海地区水多，水的比热容大，在相同的吸放热条件下，水的温度变化小，冬暖夏凉，昼夜温差小故选B点评：本题主要考查学生对：水的比热容大的特点在生活中的应用的了解和掌握，是一道基础题14（3分）（2005攀枝花）甲、乙、丙三个容器中分别盛有密度不同的液体，已知a、b、c三点处液体的压强相等，如图所示，则各容器中液体密度的大小、液体对容器底部压强的大小排列顺序都正确的是（）A甲乙丙，P甲=P乙=P丙B甲乙丙，P甲P乙P丙C甲乙丙，P甲=P乙=P丙D甲乙丙，P甲P乙P丙考点：液体的压强的计算；液体压强计算公式的应用.分析：本题由液体压强公式P=gh进行分析，由相同压强处的液体高度不同，可得密度关系，由密度关系可求得液体对容器底部的压强大小解答：解：三种液体中相同压强处的深度不同，由P=gh得：深度最大的a密度最小，深度最小的c密度最大，故甲乙丙，三杯液体到杯底的深度相同，故密度大的压强大，即P甲P乙P丙故选B点评：液体压强大小取决于液柱的高度及液体的密度15（3分）（2009河北）根据表中几种物质的比热容，判断下列说法中不正确的是（） 物质比热容J/（kg） 物质比热容J/（kg） 水银 0.14103沙石 0.92103 水 4.2103 冰 2.1103A制作体温计常用水银做介质，原因之一是水银的比热容小B北方楼房中的暖气用水做介质，利用了水的比热容大的特性C由于水比沙石的比热容大，所以内陆地区的昼夜温差比沿海地区大D由于水比冰的比热容大，所以冷却食品时0的水比0的冰效果好考点：比热容的概念；熔化与熔化吸热特点；水的比热容的特点及应用.专题：应用题；学科综合题分析：A、液体温度计的原理是液体的热胀冷缩性质，水银的比热容小，吸收相同的热量时，温度变化得更明显；B、暖气中的传热介质，要求在降低相同的温度时放出更多的热量，就需要比热容较大的水；C、沙石的比热容比较小，在同样受热和受冷的情况下，沙石的温度变化值比较大，所以内陆地区的昼夜温差大；D、冷却食品时，冰的效果好一些，因为冰在熔化的过程中要从物体吸收热量解答：解：A、水银的比热容比较小，吸收相同的热量温度升得更高，可以更准确地测量物体的温度，所以A是正确的；B、水的比热容比较大，降低相同的温度时可以放出更多的热量，取暖效果更好，所以B是正确的；C、因为水比沙石的比热容大，在吸收和放出相同的热量时，水的温度变化值更小，沙石的温度变化值大，所以内陆地区比沿海地区的昼夜温差大，所以C是正确的；D、虽然水的比热容比较大，但冰在熔化时会吸收热量变为水继续冷却食品，冷却的效果是更好故选D点评：此题考查的是比热容知识在生活中的应用，理论联系实际，是一道好题16（3分）如图所示：A为木块，B为铝片，C为铁球，而且VA=VB=VC，把它们都浸没在水中，则它们受到的浮力FA、FB、FC之间的关系是（）AFAFBFCBFAFBFCCFA=FB=FCDFAFB=FC考点：阿基米德原理.专题：应用题；浮力分析：物体浸没时排开液体的体积和本身的体积相等，已知三者的体积相等，根据阿基米德原理可知，三者所受浮力的关系解答：解：由于物体浸没时排开液体的体积和本身的体积相等，且VA=VB=VC，则把它们都浸没在水中时，排开水的体积相等，由F浮=gV排可知：三者受到水的浮力相等，即FA=FB=FC故选C点评：本题考查了阿基米德原理的应用，关键是知道物体浸没时排开液体的体积和本身的体积相等，是一道基础题目17（3分）（2010牡丹江）如图中是一些人在生活用电中的几种做法，其中正确的是（）A试电笔的握法B带金属外壳的用电器使用三孔C多个大功率用电器同时使用一个插座D使用绝缘皮破损的导线考点：安全用电原则；测电笔的使用.专题：应用题分析：本题根据测电笔的使用方法及安全用电的常识进行分析判断解答：解：A、验电笔要求应用手接触尾部金属片，才能使测电笔正常工作，故A握法错误；B、带金属外壳的用电器应接地，故应使用三孔插座；故B正确；C、大功率电器电流较大，若多个电器同时使用同一个插座，会使导线上电流过大，而发生事故，故C做法错误；D、由于导线绝缘皮老化漏电或短路，电路中的电阻几乎为零，会造成电流过大，引发事故；故D错误；故选B点评：在用电时，重要的是一定杜绝家庭电路的短路或总功率过大，防止火灾的发生18（3分）（2011丽水）如图所示，甲、乙两物体在A、B两水平桌面上做匀速直线运动，可以确定（）A甲的速度一定小于乙的速度BF甲所做的功一定小于F乙所做的功C甲、乙的运动状态发生改变D甲受到的摩擦力一定小于乙受到的摩擦力考点：功的计算；二力平衡条件的应用；力做功的必要因素.专题：压轴题分析：甲、乙两物体做匀速直线运动，运动状态不变，物体受到的拉力和摩擦力为平衡力（两个力等大、反向、同直线、同物体），知道拉力大小，可求求摩擦力的大小，但不知移动的距离大小，无法判断做功大小解答：解：A、由题知，无法知道甲乙物体的速度大小关系，故A错；B、知道拉力大小，但不知在拉力方向上移动的距离，所以不能比较拉力做功大小，故B错；C、由题知，甲、乙两物体做匀速直线运动，运动状态不变，故C错；D、甲、乙两物体做匀速直线运动，处于平衡状态，它们受到的拉力等于摩擦力，即：f甲=F甲=4N，f乙=F乙=6N，f甲f乙，故D正确故选D点评：本题考查了学生对二力的平衡、做功的必要因素，属于基础题目19（3分）（2011广州）用图甲、乙两种方式匀速提升重为100N的物体，已知滑轮重20N、绳重和摩擦力不计则（）A手的拉力：F甲=F乙；机械效率：甲=乙B手的拉力：F甲F乙；机械效率：甲乙C手的拉力：F甲F乙；机械效率：甲乙D手的拉力：F甲F乙；机械效率：甲乙考点：定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；滑轮（组）的机械效率.专题：压轴题；信息给予题分析：解决此题要知道定滑轮是轴固定不动的滑轮，动滑轮是轴随被拉物体一起运动的滑轮； 使用定滑轮不省力但能改变力的方向，使用动滑轮能省一半力，但费距离；求解机械效率可以利用公式=100%，其中W有是克服物体重力做的功，W总是拉力做的功解答：解：由图可知，甲滑轮是定滑轮，使用该滑轮不省力，所以拉力等于物体的重力；乙滑轮是动滑轮，使用该滑轮可以省一半的力，即拉力等于物体和滑轮总重力的一半，则手的拉力：F甲F乙；两幅图中的W有是克服物体重力做的功是相同的，但乙图中拉力做功要克服动滑轮的重力做功，比甲图中做的总功要多，所以结合机械效率公式=100%可知，有用功相同时，总功越大的，机械效率越小；故选D点评：此题考查了定滑轮和动滑轮的工作特点，并比较了它们之间的机械效率，知道定滑轮和动滑轮的总功区别之处X k B 1 . c o m20（3分）（2009齐齐哈尔）如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动过程中（假设灯丝电阻不变），下列说法正确的是（）A电压表和电流表示数都变小B电压表和电流表示数的比值变大C电压表示数变大，灯变暗D电流表示数变大，灯变亮考点：欧姆定律；串联电路的电压规律；滑动变阻器的工作原理；实际功率.专题：压轴题；推理法；图析法分析：分析电路图：灯泡与滑动变阻器串联，电流表串联在电路中，电压表并联在灯两端；当滑片向右移时，分析滑动变阻器接入电路中的阻值的变化，结合欧姆定律确定电流表示数的变化情况以及灯泡两端电压和电压表示数的变化情况，并根据P=UI分析灯泡的电功率变化情况，而灯泡的实际电功率决定了灯泡的明暗程度，据此判断解答：解：当滑片右移时，滑动变阻器接入电路的阻值变大、总电阻变大，由欧姆定律得，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；灯泡的阻值不变，电路中的电流变小，由U=IR可得，灯泡两端的电压变小，即电压表示数也变小；由P=UI可得，灯泡的实际电功率变小，灯变暗故选A点评：本题关键有二：一是根据欧姆定律和滑动变阻器的变阻原理分析电压和电流的变化，二是知道灯泡的明暗程度决定于灯泡的实际电功率二、填空题（每空1分，共6分）21（2分）（2003桂林）如图所示，物体A的长度是1.90cm，刻度尺的分度值是1mm考点：长度的测量.专题：长度、时间、速度分析：刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度刻度尺的使用要注意其量程和分度值，起始端没从0开始，把3.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去3.00cm即为木块长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位新课 标 第 一 网解答：解：由图可知，在（34）cm之间有10个格，那么每一个小格就是1mm，即该刻度尺的分度值为1mm；从图中可看出，测量的起始刻度不是零刻度，而是3.00cm的刻线，物体A末端对着的刻度线为4.90cm，所以物体A的长度即为两刻度值差L=4.90cm3.00cm=1.90cm故答案为：1.90；1mm点评：在物理实验和日常生活中经常使用刻度尺，我们要熟练掌握其使用和读数方法22（2分）（2012吉林）天黑了，小明打开客厅的灯，会在窗玻璃上看到另一个“自己”，这是由于光的反射形成的；同时，小丽玩起了手影游戏（如图所示），墙壁上的“大雁”是由于光的直线传播 形成的考点：光的反射；光直线传播的应用.专题：计算题分析：是一种平面镜成像现象，它是由光的反射形成的影子是由于光照射到不透明的物体形成的阴影部分，是由于光的直线传播形成的解答：解：小明在窗玻璃上看到另一个“自己”，是平面镜成像形成的，属于光的反射现象手影是影子，光在沿直线传播过程中遇到不透明的物体，在物体的后面形成的光照不到的暗区叫影子，故形成这一现象的原因是光沿直线传播故答案为：反射；直线传播点评：此题考查了平面镜成像的原理当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的23（2分）（2012吉林）中考期间，考点周边禁止鸣笛，这是为了防止噪声 的产生在考场上你所听到的翻动卷子的声音是由于纸的振动产生的考点：防治噪声的途径；声音的产生.专题：应用题分析：解答此题要知道：声音是由物体的振动产生的减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；在传播过程中减弱；在人耳处减弱噪声；解答：解：考点周围禁止鸣笛、禁止施工，是从声源处禁止噪声的产生，即在声源处减弱；考场上翻动卷子的声音由于纸的振动产生的故答案为：噪声；振动点评：此题考查减弱噪声的三条途径，是一道声学基础题三、作图题（每空2分，共4分）24（2分）作出图中拉力的力臂和重力的示意图考点：力臂的画法；重力示意图.专题：重力、弹力、摩擦力；简单机械分析：重力的作用点在木棒的重心，方向竖直向下；力臂的作法：过支点做重力作用线的垂线段解答：解：过木棒的重心沿竖直向下画一条带箭头的线段，并用G表示；过支点B作拉力作用线的垂线段，即为拉力的力臂l1，如下图所示：点评：本题考查重力示意图和拉力力臂的画法，属于基础题25（2分）（2003无锡）如图，一束光线从空气斜射向水面，请在图中画出这束光的反射光线和折射光线考点：作光的反射光路图；作光的折射光路图.专题：光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散分析：先过入射点垂直界面作出法线，要作出反射光线必须知道反射定律的内容：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，按反射定律的内容作出反射光线；要作出折射光线，必须知道折射定律的内容：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射入水中时，折射角小于入射角，根据折射定律作出折射光线解答：解：过入射点垂直界面作出法线，在空气中法线右侧斜向上作出反射光线，并使反射角等于入射角；在法线右侧的水中斜向下作出折射光线，使折射角小于入射角，如图所示：点评：光斜射到两种透明介质的界面上，一般要发生反射和折射，反射与入射在同一种介质中，要按反射定律作图；折射与入射在不同的介质中，要按折射定律去作图四、实验题（第26题9分，第27题5分，共14分）26（9分）下面是小宇同学在实验室中研究电流产生的热量和哪些因素有关的实验过程记录，有不完整的地方，请你帮他填写完整（1）课题：研究电流产生的热量与哪些因素有关装置及原理我们组的同学组装了如图所示的实验装置，在两个相同的烧瓶中装满煤油，瓶中各放一根电阻丝，甲瓶中电阻丝的电阻比乙瓶中的大通电后电流通过电阻丝产生热量使煤油的温度升高，体积膨胀，煤油上升的高度越高实验过程：接通电路一段时间，比较两瓶中的煤油哪个上升得高，实验结果是：甲瓶中的煤油上升得高这表明，串联时的电阻越大，产生的热量越多在两玻璃管中的液柱降回原来的高度后，调节滑动变阻器，加大电流，重做上述实验，通电时间与前次相同在两次实验中，比较甲瓶（或乙瓶）中的煤油哪次上升得高实验结果：在第二次实验中，瓶中煤油上升得较第一次的高这表明，同一电阻，电流越大，电流产生的热量越多实验表明：通电时间越长，瓶中煤油上升得越高，电流产生的热量越多我们小组的同学一起对实验现象进行归纳分析，找到了电流产生热量的多少和电流大小、通电时间、电阻大小因素有关（2）应用：有许多家用电器的工作原理即为焦耳定律，请举两个例子电饭锅、电热毯、电暖炉（取其中两个）考点：焦耳定律.专题：探究型实验综合题分析：（1）掌握转换法在实验中的应用，通过煤油的膨胀程度来判断产生热量的多少；根据Q=I2Rt，电流和通电时间相同，电阻越大，产生的热量越多；根据Q=I2Rt，电阻和通电时间相同，电流越大，产生的热量越多；根据Q=I2Rt，电阻和电流相同，通电时间越长，产生的热量越多；（2）电饭锅、电热毯、电暖炉等都是电热器，利用电流的热效应来工作的解答：解：（1）煤油的温度升高，体积膨胀越大，煤油上升的高度越高；甲瓶中电阻丝的电阻比乙瓶中的大，若电流和通电时间相同，则甲瓶中的煤油上升得高，说明串联时的电阻越大，产生的热量越多；通电时间和电阻相同，第二次电流大于第一次电流，则第二次煤油柱上升得高，说明同一电阻，电流越大，电流产生的热量越多；通电时间越长，瓶中煤油上升得越高，电流产生的热量越多；通过以上分析，电流产生的热量与电流大小、通电时间、电阻大小有关；（2）电饭锅、电热毯、电暖炉等都是电热器，利用电流的热效应来工作的，它们的工作原理即为焦耳定律故答案为：（1）高；甲；多；高；多；多；电流大小、通电时间、电阻大小；（2）电饭锅、电热毯、电暖炉（取其中两个）点评：本题考查了探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关，本实验应用了控制变量法与转换法，答题过程中应注意体会实验方法27（5分）研究液体压强所用的仪器是压强计，它是根据U形管两边液面出现的高度差来测定液体内部压强的（1）在做“液体内部的压强”实验时，如图所示，该实验的现象说明在同一深度液体朝各个方向压强相等X k B 1 . c o m （2）如表是某同学做“研究液体的压强”实验时得到的实验数据：序号液体深度（cm）橡皮膜方向压强计左液面（mm）右液面（mm）液面高度差（mm）1水3朝上1862142823朝下1862142833朝侧面1862142846朝侧面1712295859朝侧面158242846盐水9朝侧面15424692根据表中的数据，比较序号为3.4.5的三组数据可得出结论：液体的压强随深度增加而增大；比较序号为1.2.3的三组数据可提出结论：在同一深度，液体向各个方向的压强相等；比较序号为5.6的两组数据可得出结论：不同液体的压强还跟密度有关考点：探究液体压强的特点实验.专题：探究型实验综合题分析：液体压强可能跟液体密度、深度、方向有关，进行实验探究时要采用控制变量法的思想；探究液体压强跟深度的关系时，保持液体的密度和方向相同；探究液体压强跟方向的关系时，保持液体的密度和深度相同；探究液体压强跟密度的关系时，保持液体的深度和方向相同解答：解：压强计，它是根据U形管两边液面出现的高度差来测定液体内部压强的（1）在做“液体内部的压强”实验时，如图所示，该实验的现象说明在同一深度液体朝各个方向压强相等；（2）3、4、5三组数据同种液体，橡皮膜的方向相同，深度不同，深度越大压强越大，可得出结论：同一液体，液体内部压强随深度的增加而增大；1、2、3三组数据液体的深度相同，液体的密度相同，橡皮膜的方向不同，但压强相等，可得出结论：同一深度，液体向各个方向的压强相等；5、6两组数据，是控制了液体深度相同，橡皮膜的方向相同，液体的密度不同，可得出结论：不同液体的压强还跟液体的密度有关系，液体的密度越大，压强越大故答案为：高度差；（1）在同一深度液体朝各个方向压强相等；（2）3.4.5；1.2.3；5.6点评：每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法五、计算题（第28题3分，第29题5分，第30题8分，共16分）28（3分）（2009晋江市）某太阳能热水器5h内可使100kg的水，温度升高60，则水吸收多少J的热量？不计热量损失加热这些水需要多少kg的液化气？水的比热容是4.2103J/（），液化气的热值是4.5107J/X|k | B| 1 . c|O |m考点：热量的计算；热平衡方程的应用；燃料的热值.专题：计算题分析：（1）知道水的质量、水的比热容、水的温度变化利用吸热公式计算水吸热；（2）知道Q吸=Q放，而Q放=mq，可求需要多少千克的液化气解答：解：Q吸=cmt=4.2103J/（）100kg60=2.52107J；Q吸=Q放=mq，m=0.56答：水吸收2.52107J的热量；不计热量损失加热这些水需要0.56kg的液化气点评：本题考查了燃料燃烧放热公式Q放=mq、吸热公式的运用，要求灵活掌握，相互结合使用29（5分）（2010镇江）如图甲电路所示，电源电压为9V且保持不变，小灯泡标有“6V 6W”的字样，小灯泡的电流随电压的变化曲线如图乙求：（1）小灯泡正常发光时电阻为多少欧？（2）当电流表的示数为0.7A时，小灯泡的电功率为多少瓦？（3）当电压表的示数为2V时，整个电路10s内消耗的电能是多少焦？考点：欧姆定律的应用；电功的计算；电功率的计算.专题：计算题；压轴题；信息给予题分析：（1）已知小灯泡的额定电压和额定功率，可利用公式R=即可求出小灯泡的电阻（2）从图乙中找出当电流为0.7A时对应的电压是多少，然后利用公式P=UI就可以算出小灯泡的电功率（3）从图乙中找出当电压为2V时对应的电流值，然后根据电功计算公式W=UIt就可以算出整个电路10s内消耗的电能解答：解：由图甲可知：小灯泡与滑动变阻器、电流表串联，电压表并联在小灯泡两端（1）由P=得：R=则小灯泡的电阻：RL=6（2）由图乙可知，当电流为0.7A时，电压值为3V，则小灯泡的实际功率：P实=U实I实=3V0.7A=2.1W（3）当电压表示数为2V时