江苏省泰州市姜堰四中中考物理调研试卷含答案解析.doc

2016年江苏省泰州市姜堰四中中考物理调研试卷一、单项选择题（本题共15小题，每小题2分，共30分）每小题只有一个选项符合题意1关于声现象，下列说法正确的是（）A人们能根据声音的响度分辨出不同乐器发出的声音B发生雷电时，震天的雷声是通过电流传播的C教学楼前后植树是在声源处减弱外来的噪声D超声波清洗机可以清洗精密仪器，说明声音具有能量2下列数据中，最接近事实的是（）A乒乓球的直径4mmB家庭电路电压是380VC一名中学生的重力为50ND世界上短跑运动员的最快速度可达36km/h3下列说法正确的是（）A自行车手把上的花纹是为了减小摩擦B发电机是利用电磁感应原理工作的C池水看起来比实际浅，这是由于光的反射引起的D高山上水在90就沸腾了，表明气压越大沸点越低4纳米陶瓷作为高新科技材料应用广泛，它具有坚硬、耐磨、耐腐蚀、耐高温、完全无磁性等特点，它不能应用于（）A公交IC卡B切割硬物的刀具C“嫦娥二号”外表涂层D装浓硫酸的容器5小力同学在做“研究凸透镜成像规律”的实验，当他把蜡烛移到距离透镜34cm的地方时，在光屏上观察到如图所示的像，则该凸透镜的焦距可能是（）A12cmB20cmC30cmD40cm6一只质量为60kg的医用氧气瓶，刚启用时瓶内氧气密度为使用半小时，氧气瓶的质量变为35kg，瓶内氧气的密度为，再使用一段时间，氧气瓶的质量变为20kg，此时瓶内的氧气密度应为（）A B CD 7全球变暖已经日益威胁到生物的生存，如图为一对北极熊母子无助地坐在一块不断融化缩小的浮冰上，若浮冰和北极熊始终处于漂浮状态，则随着浮冰的融化（）A浮冰受到的浮力在增大B浮冰受到的浮力大小不变C北极熊受到的支持力在减小D浮冰在水中的体积在减小8下列说法中正确的是（）A做功快的机械，做功一定多B正在下落的苹果，如果所受的力全部消失，苹果将做匀速直线运动C小明用力推地上的木箱，没有推动，是因为推力小于摩擦力D起重机吊着重物匀速上升的过程中，拉力对重物不做功9小刚家厨房里有一把多功能剪刀，如图所示，标注了该剪刀的相关用途，对于它的使用，以下分析不正确的是（）A做启瓶器使用时：它是一个省力杠杆B做剪刀使用时：物体越靠近转动点越省力C做削皮刀使用时：刀刃很锋利，是为了增大压力把果皮削掉D做挤压钳使用时：挤压齿尖锐，是为了增大压强把果壳挤开10下列选项中，每位科学家与某项重大发现的应用相对应，其中对应关系正确的是（）A法拉第电磁起重机B沈括地磁的两极和地理的两极并不重合C奥斯特发电机D焦耳电动机11依据你所学的热学知识，下列说法正确的是（）A炽热的铁水具有内能，冰冷的铁块不具有内能B水的温度越高，所含的热量越多C汽车发动机用水做冷却物质，是因为水的比热容比较大D在汽油机的压缩冲程中，机械能转化为内能12如图所示，斜面与水平面在M点通过小圆弧相连，弹簧左端固定，原长时右端在N点，小物块从斜面上P点由静止滑下，与弹簧碰撞后又返回到P点，则（）A小物块从P向M运动过程中，重力势能不变B小物块从P向M运动过程中，机械能减少C小物块从P向M运动过程中，机械能不变D木块压缩弹簧至最短过程中，弹簧的弹性势能转化为木块的动能13如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，当滑动变阻器R2的滑片P向a端移动时，电流表和电压表示数的变化情况是（）A电压表与电流表的比值变小B电压表与电流表的比值不变C电流表的示数变大，电压表的示数变小D电流表的示数变小，电压表的示数变小14城市下水道井盖丢失导致行人坠入下水道的悲剧时有发生，令人痛心为此，某同学设计了一种警示电路：在井口安装一环形灯L，井盖相当于开关S；正常情况下（S闭合），灯L不亮；一旦井盖丢失（S断开），灯L即亮起，以警示行人图中电路符合要求的是（）ABCD15小伟同学用如图所示的电路测小灯泡的功率电路中电源电压恒为4.5V，电压表的量程为03V，电流表的量程为00.6A滑动变阻器的规格为“20 lA”，灯泡标有“2.5V 1.25W”字样若闭合开关，两电表的示数均不超过所选量程，灯泡两端的电压不允许超过额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法中正确的是（）A滑动变阻器的电阻允许调节的范围是220B电流表示数的变化范围是00.6AC灯泡的最小功率是1.25WD该电路的最大功率是2.25W二、填空作图题（第1623小题每空格1分，第24题每小题2分，共25分）16在超市等公共场所设有“禁止吸烟”的标志，这是因为在公共场所“一人吸烟，多人被动吸烟”，这种说法的依据是：组成物质的分子在永不停息地做；把蚊香片放到电热驱蚊器的发热板上，蚊香片的温度升高这是通过的方法改变蚊香片内能的172013年12月14日，我国自行研制的登月探测器“嫦娥三号”成功在月球软着陆，“嫦娥三号”月球探测器总质量近3.8吨，从地球到月球其质量（变大/变小/不变）“嫦娥三号”成功在月球上着陆的过程中重力势能，“嫦娥三号”卫星在太空多次通过喷射燃气实现变轨（改变运行高度、运行方向），这实际上是运用的物理学知识是18如图所示，物体A被压在两面墙壁之间，保持墙壁对A的压力不变，当A的重力为20N时，用一个竖直向上的拉力F恰好能使A物体保持匀速向下运动若A物体的重力减少4N时，用同样大小的竖直向上的拉力F恰好能使物体A匀速向上运动，则物体A上升时，受到两面墙壁总的摩擦力为N，受到摩擦力的方向19如图所示的是有轨电车的供电线路的一部分为了保持电线总是水平的，采用了滑轮组拉线方法如果把电线杆看成是杠杆，支点是（标出字母）滑轮A是滑轮；滑轮B是滑轮（填“动”或“定”）20汽车应用了许多物理知识请你运用所学的物理知识解答下列问题：（1）汽油机是汽车的“心脏”汽油机工作时汽油在气缸内燃烧时将化学能转化为能；如图所示是四冲程汽油机的一个工作状态示意图，由图可以看出，此时它正处在冲程；（2）若这台汽油机的转速为1800r/min，则在1s内汽油机对外做功次21Wifi是一种可以将个人电脑、手机等终端设备以无线方式互相连接的技术常见的连接方式是通过一个无线路由器来实现无线路由器是通过波向四周有效范围内的终端传递信息，其传播速度（选填“大于”“等于”“小于”）光速22根据图12所示的四幅图，在下面的空格处填入相应的内容（1）甲图：风中雨伞容易“上翻”，是由于（2）乙图：两个压紧的铅块能吊起钩码，说明（3）丙图：导线触接电源后小磁针发生偏转，说明（4）丁图：验电器的金属箔张开一定角度，是由于23如图所示是电热水器原理的简易示意图通过开关S可以使热水器处于加热或保温状态闭合开关S时，热水器处于状态在热水器的蓄水桶中装水至最高水位后，桶中水的质量为10kg，把这些水由48加热到98需要吸收的热量是J【已知水的比热容为4.2103J/（kg）】小明在家单独使用它时，发现家里标有“1200r/kwh”的电能表在1min的时间里转盘转过了30转，则此时电热水器的电功率是W三、作图题（共2小题，满分4分）24如图所示，请作出凸透镜的入射光线和进入水中的折射光线25在题图中，用笔画线代替导线将部分家庭电路连接完整四、解答探究题（第25题9分，第26题8分，第27题8分，第28题6分，第29题9分，第30题5分，共45分）计算型问题解答时要有必要的文字说明、公式和运算过程，直接写出结果的不能得分26在“探究滑轮组的机械效率”时，小明利用两组滑轮组进行了5次测量，用一个动滑轮和一个定滑轮测定前4组数据，用两个动滑轮和两个定滑轮得第5组数据，测得数据如表：实验次数动滑轮重G动/N物重G/N钩码上升高度h/m动力F/N动力作用点移动距离s/m滑轮组的机械效率/%10.510.10.70.347.620.510.20.70.647.630.520.11.10.360.640.540.120.35140.11.60.5（1）请根据前四组数据，在图甲中画出实验中滑轮组的绕绳方法（2）表格中编号、处数据分别为和（3）由表中第3、4组数据可知，同一滑轮组的机械效率与有关（4）有的同学认为：“机械越省力，它的机械效率越高”你是用小明收集数据中的第两组数据对比分析来判断这句话是错误的（5）用如图乙所示的滑轮组提升重物，不计摩擦和绳重，若绕绳能承受的最大拉力为5N，请计算该滑轮组的最大机械效率为多大？27某物理实验小组的小明同学用如图甲所示的器材测量标有“2.5V”字样的小灯泡L的电功率，其中电源电压恒为6V，滑动变阻器上标有“50 1A”字样在测量额定电压为2.5V的小灯泡电功率的实验中，电路已部分连接，如图甲所示（1）在图甲中用笔画线代替导线，将实物图连接完整；（2）在闭合开关前，滑片应移到（A/B）端小明正确连接电路，并按正确的步骤操作，闭合开关S，电压表和电流表示数分别为1V和0.1A，但是小灯泡几乎不亮，导致这一现象出现的原因是；（3）移动滑动变阻器使灯泡正常发光此时电流为图乙所示I=A，小灯泡的额定功率为W此时滑动变阻器接入的阻值为（保留一位小数）小明移动滑片，测出多组电流和电压值，分析数据后发现通过小灯泡的电流值与电压值不成正比，检查两电表均无故障，你认为可能的原因是28汽车给我们的生活提供了便利，某汽车以72km/h的速度在平直公路上匀速行驶80km消耗了汽油5L（1）已知车以72km/h的速度匀速行驶时，牵引力的功率为12kW，求汽车受到的阻力（2）请计算5L汽油完全燃烧放出的热量（q 汽油=4.6107J/kg，汽油=0.9103kg/m3）（3）为了减少汽车尾气对环境的污染，近几年电动汽车的研发和推广得到了快速发展某款电动汽车的电动机的额定电压为220V，额定电流为10A，正常工作1min所做有用功是1.056105J，求这台电动机的效率29额定电压为2.5V的小灯泡连入如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，滑动变阻器R0的最大电阻为10闭合开关S，滑片从b端向a端滑动，直到小灯泡正常发光，得到如图乙所示的IU图象求：（1）小灯泡的额定功率（2）滑片在b端时小灯泡的电阻（3）电源电压30盛有液体的圆柱形容器置于水平桌面上，如图甲所示，容器对桌面的压强为500Pa；用细线拴一金属球，将金属球浸没在液体中，如图乙所示，容器对桌面的压强为600Pa；将细线剪断，金属球沉到容器底部，如图丙所示，容器对桌面的压强为1500Pa已知：容器的底面积为100cm2，金属球的密度为8g/cm3，g取10N/kg求：（1）金属球浸没在水中时受到的浮力；（2）液体的密度；（3）丙图中金属球对容器底的压力31超市里的电梯，有人乘时运行较快，无人乘时为了节能运行较慢利用电磁继电器可以设计这样的电路，技术人员按照下列方法设计“自动控制电路”，所用器材：电压恒为6V的蓄电池，220V家庭电源，开关S，压敏电阻R1（电阻随压力的变化关系如图1所示），限流电阻R2（如果连接在电路中可减小电路中的电流），电动机，电磁继电器（线圈电阻为R0，线圈电流大于0.2A时衔铁被吸下，线圈电流小于0.2A时衔铁被弹回）（g=10N/Kg）（1）请用笔画线代替导线按要求将如图2中的控制电路和工作电路分别连接完整（2）质量超过20Kg人站在压力感应器上，就能使电梯运行加快，求：线圈电阻R0的电阻2016年江苏省泰州市姜堰四中中考物理调研试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共15小题，每小题2分，共30分）每小题只有一个选项符合题意1关于声现象，下列说法正确的是（）A人们能根据声音的响度分辨出不同乐器发出的声音B发生雷电时，震天的雷声是通过电流传播的C教学楼前后植树是在声源处减弱外来的噪声D超声波清洗机可以清洗精密仪器，说明声音具有能量【考点】声与能量；声音的传播条件；音色；防治噪声的途径【分析】A、声音的三要素：音调、响度、音色；B、声音可以在空气中传播；C、控制噪声的途径有：在声源处、在传播过程中、在人耳处；D、声音可以传递能量和信息【解答】解：A、人们能根据声音的音色分辨出不同乐器发出声音，故A错误；B、发生雷电时，震天的雷声是通过空气传播的，故B错误；C、教学楼前后植树是在传播过程中处减弱外来的，故C错误；D、超声波清洗机可以清洗精密仪器，说明声音具有能量，正确；故选D2下列数据中，最接近事实的是（）A乒乓球的直径4mmB家庭电路电压是380VC一名中学生的重力为50ND世界上短跑运动员的最快速度可达36km/h【考点】长度的估测；速度与物体运动；重力大小的估测；电压【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个【解答】解：A、正式比赛用乒乓球的直径为4cm=40mm此选项不符合实际；B、在我国家用电器的额定功率为220V，与之配套的家庭电路电压也是220V此选项不符合实际；C、中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为G=mg=50kg10N/kg=500N左右此选项不符合实际；D、男子百米世界纪录在10m/s=103.6km/h=36km/h左右此选项符合实际故选D3下列说法正确的是（）A自行车手把上的花纹是为了减小摩擦B发电机是利用电磁感应原理工作的C池水看起来比实际浅，这是由于光的反射引起的D高山上水在90就沸腾了，表明气压越大沸点越低【考点】增大或减小摩擦的方法；沸点及沸点与气压的关系；光的折射现象及其应用；发电机的构造和原理【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力、增大摩擦力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度、增大摩擦力（2）发电机是利用电磁感应现象制成的；（3）光的折射：光从一种透明介质斜射入另一种透明介质时，光线的传播方向会发生改变，折射时形成的像是虚像；当光从空气中斜射入水中时，折射光线向法线方向偏折；（4）液体的沸点随着气压的减小而降低【解答】解：A、自行车手把上的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A错误；B、发电机是利用电磁感应现象制成的故B正确；C、池水看起来比实际浅，这是由于光的折射引起的，故C错误；D、高山上水在90就沸腾了，表明气压越小沸点越低，故D错误故选B4纳米陶瓷作为高新科技材料应用广泛，它具有坚硬、耐磨、耐腐蚀、耐高温、完全无磁性等特点，它不能应用于（）A公交IC卡B切割硬物的刀具C“嫦娥二号”外表涂层D装浓硫酸的容器【考点】纳米材料的应用和发展前景【分析】根据材料的特性及各选项的材料是否适合这一特性来判断【解答】解：A、IC卡芯片是电子线路，陶瓷不是导体，所以不能用纳米陶瓷来做；B、利用耐磨的特性；C、利用耐高温的特性；D、利用耐腐蚀的特性故选A5小力同学在做“研究凸透镜成像规律”的实验，当他把蜡烛移到距离透镜34cm的地方时，在光屏上观察到如图所示的像，则该凸透镜的焦距可能是（）A12cmB20cmC30cmD40cm【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【分析】从图中知，凸透镜成倒立缩小的像，物距应满足u2f，建立不等式后求解【解答】解：由题意知，成倒立缩小的像，应有34cm2f，解得：f17cm，选项中只有A满足故选A6一只质量为60kg的医用氧气瓶，刚启用时瓶内氧气密度为使用半小时，氧气瓶的质量变为35kg，瓶内氧气的密度为，再使用一段时间，氧气瓶的质量变为20kg，此时瓶内的氧气密度应为（）A B CD 【考点】密度的计算；密度公式的应用【分析】题目提供的质量都是氧气的质量和氧气瓶质量的总和，要设氧气瓶质量为m0，体积为V，根据前两个条件列方程求出氧气瓶质量m0，然后利用体积一定，氧气密度和氧气质量成正比得出答案【解答】解：设氧气瓶质量为m0，体积为V，则由=得：=解得氧气瓶的质量：m0=10kg，质量为60kg的氧气瓶，瓶内纯氧气质量为60kg10kg=50kg时，瓶内氧气密度为0，再使用一段时间，氧气瓶内氧气的质量为20kg10kg=10kg，氧气体积一定，根据m=V可知，氧气密度和氧气质量成正比，所以，此时瓶内的氧气密度应为原来的，应为故选C7全球变暖已经日益威胁到生物的生存，如图为一对北极熊母子无助地坐在一块不断融化缩小的浮冰上，若浮冰和北极熊始终处于漂浮状态，则随着浮冰的融化（）A浮冰受到的浮力在增大B浮冰受到的浮力大小不变C北极熊受到的支持力在减小D浮冰在水中的体积在减小【考点】阿基米德原理【分析】（1）浮冰和北极熊始终处于漂浮状态，受到的浮力等于北极熊和浮冰的总重力；随着浮冰的熔化，浮冰的重力减小，北极熊和浮冰的总重力减小，根据漂浮条件得出受到的浮力减小，则由阿基米德原理可知排开水的体积减小；（2）北极熊站在浮冰上，受到的重力和支持力为一对平衡力，大小相等【解答】解：（1）由题知，浮冰和北极熊始终处于漂浮状态，随着浮冰的熔化，浮冰的重力减小，北极熊和浮冰的总重力减小，因为F浮=G总，所以浮冰和北极熊受到的浮力减小；而F浮=水V排g，所以浮冰排开水的体积减小，故AB错，D正确；（2）北极熊站在浮冰上，受到的支持力和重力大小相等、大小不变，故C错故选D8下列说法中正确的是（）A做功快的机械，做功一定多B正在下落的苹果，如果所受的力全部消失，苹果将做匀速直线运动C小明用力推地上的木箱，没有推动，是因为推力小于摩擦力D起重机吊着重物匀速上升的过程中，拉力对重物不做功【考点】功率的概念；二力平衡条件的应用；力与运动的关系；力是否做功的判断【分析】（1）单位时间内所做的功叫做功率，功率是表示做功快慢的物理量；（2）根据牛顿第一定律：一切物体在不受外力时，总是保持静止状态或匀速直线运动状态再结合物体原来的运动状态，可做出判断；（3）物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受到的力一定是平衡力；（4）功等于作用在物体上的力与物体沿力的方向通过的距离的乘积，根据功的概念来判断有没有做功【解答】解：A、功率是表示做功快慢的物理量，做功快的机械，功率一定大，但做功不一定多此选项错误；B、苹果原来是运动的，当外力全部消失时，苹果将保持原来的方向和速度不变，做匀速直线运动此选项正确；C、木箱不动处于静止状态，是因为它受到的是平衡力的作用，即推力和摩擦力是一对平衡力，所以大小相等，推力等于摩擦力此选项错误；D、吊着重物匀速上升，则拉力的方向沿力的方向，因此拉力对重物做功此选项错误故选B9小刚家厨房里有一把多功能剪刀，如图所示，标注了该剪刀的相关用途，对于它的使用，以下分析不正确的是（）A做启瓶器使用时：它是一个省力杠杆B做剪刀使用时：物体越靠近转动点越省力C做削皮刀使用时：刀刃很锋利，是为了增大压力把果皮削掉D做挤压钳使用时：挤压齿尖锐，是为了增大压强把果壳挤开【考点】杠杆的分类；杠杆的应用；增大压强的方法及其应用【分析】多功能剪刀的不同部位有不同的用途，那是因为它的不同部位可以构成不同的简单机械或者是利用了不同的物理学原理【解答】解：A、做为启瓶器使用时，应用了杠杆的知识，动力臂大于阻力臂，是一个省力杠杆，故A正确B、做剪刀使用时：当所剪物体放在边缘时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；当所剪物体放在靠里边时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；当放在与动力臂相同的地方，是等臂杠杆，即不省力也不费力；所以物体越靠近转动点越省力，故B正确；C、做削皮刀使用时：刀刃很锋利，是在压力一定的条件下，减小接触面积增大压强，故C错误；D、做挤压钳：应用了压强和摩擦力的知识，挤压齿尖且参差不齐，不仅通过减小受力面积的方法增大了压强；还通过增加表面粗糙程度的方法增大了摩擦力，既利于挤压果壳，又避免坚果滑落，故D正确；故选C10下列选项中，每位科学家与某项重大发现的应用相对应，其中对应关系正确的是（）A法拉第电磁起重机B沈括地磁的两极和地理的两极并不重合C奥斯特发电机D焦耳电动机【考点】地磁场；电磁铁的其他应用；直流电动机的原理；发电机的构造和原理【分析】根据对科学家主要贡献的掌握分析答题【解答】解：A、奥斯特发现了电流的磁效应，电磁起重机利用了电流的磁场，故A错误；B、沈括发现了磁偏角，即地磁的两极和地理的两极并不重合，故B正确；C、法拉第发现了电磁感应现象，发电机是利用电磁感应现象工作的，故C错误；D、电动机是利用电流在磁场中受力而工作的，与焦耳无关，故D错误故选B11依据你所学的热学知识，下列说法正确的是（）A炽热的铁水具有内能，冰冷的铁块不具有内能B水的温度越高，所含的热量越多C汽车发动机用水做冷却物质，是因为水的比热容比较大D在汽油机的压缩冲程中，机械能转化为内能【考点】内能的概念；温度、热量与内能的关系；水的比热容的特点及应用；内燃机的四个冲程【分析】所有分子的动能与分子势能之和是物质的内能，任何物体都具有内能；热量是一个过程量，只有发生热传递过程时，才有物体吸收和放出热量；水的比热容较大，常被用做冷却剂；汽油机在压缩冲程中，把机械能转化为内能【解答】解：A、任何物体都具有内能，炽热的铁水具有内能，冰冷的铁块也具有内能故A错误；B、物体只能吸收或放出热量，内能发生改变物体本身不含有热量故B错误；C、因为水的比热容大，与其它质量相同的液体相比，升高相同的温度，水吸收的热量最多所以汽车发动机用水作为冷却物质，故C正确；C、汽油机在压缩冲程中，把机械能转化为内能故D正确故选CD12如图所示，斜面与水平面在M点通过小圆弧相连，弹簧左端固定，原长时右端在N点，小物块从斜面上P点由静止滑下，与弹簧碰撞后又返回到P点，则（）A小物块从P向M运动过程中，重力势能不变B小物块从P向M运动过程中，机械能减少C小物块从P向M运动过程中，机械能不变D木块压缩弹簧至最短过程中，弹簧的弹性势能转化为木块的动能【考点】动能和势能的大小变化；动能和势能的转化与守恒【分析】（1）影响动能大小的因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；（2）影响重力势能大小的因素：质量、高度，即物体的质量越大，高度越高，其重力势能越大【解答】解：A、小物块从P向M运动过程中，质量不变，高度变小，重力势能减小，故A错误；BC、物块从P到N碰撞后还能返回到P，这说明运动过程中物块没有能量损失，机械能守恒；小物块从P向M运动过程中，重力势能转化为动能，机械能不变；故B错误，C正确；D、木块压缩弹簧至最短过程中，木块的速度变小，动能变小；同时弹簧的形变程度变大，即弹性势能变大，故木块的动能转化为弹簧的弹性势能，故D错误故选：C13如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，当滑动变阻器R2的滑片P向a端移动时，电流表和电压表示数的变化情况是（）A电压表与电流表的比值变小B电压表与电流表的比值不变C电流表的示数变大，电压表的示数变小D电流表的示数变小，电压表的示数变小【考点】电路的动态分析【分析】分析清楚电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，应用串联电路特点、欧姆定律分析答题【解答】解：由图示电路图可知，两电阻串联，电流表测电路电流，电压表测定值电阻两端电压，滑片向a端移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小；A、电压表与电流表的比值等于定值电阻阻值，定值电阻阻值不变，电压表与电流表的比值不变，故A错误，B正确；C、滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路总电阻减小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变大，电流表示数变大，定值电阻阻值不变，由U=IR可知，定值电阻两端电压变大，电压表示数变大，故CD错误；故选B14城市下水道井盖丢失导致行人坠入下水道的悲剧时有发生，令人痛心为此，某同学设计了一种警示电路：在井口安装一环形灯L，井盖相当于开关S；正常情况下（S闭合），灯L不亮；一旦井盖丢失（S断开），灯L即亮起，以警示行人图中电路符合要求的是（）ABCD【考点】电磁继电器的组成、原理和特点【分析】根据题意可知，正常情况下S闭合，电磁铁有磁性，被控制电路断路灯泡不亮，当井盖丢失S断开时，电磁铁无磁性，被控制电路闭合，灯泡发光，据此选择符合题意的电路图【解答】解：A、由图可知S闭合时，电磁铁有磁性，被控制电路也闭合灯泡发光，S断开时电磁铁无磁性，被控制电路断路灯泡不发光，故A不符合题意；B、由图可知S闭合时，电磁铁有磁性，被控制电路断路灯泡不发光，S断开时电磁铁无磁性，被控制电路闭合灯泡发光，故B符合题意；C、由图可知S闭合时，电磁铁有磁性，被控制电路也闭合灯泡发光，S断开时电磁铁无磁性，被控制电路断路灯泡不发光，故C不符合题意；D、由图可知S闭合还是断开时，被控制电路的灯泡始终发光，故D不符合题意故选B15小伟同学用如图所示的电路测小灯泡的功率电路中电源电压恒为4.5V，电压表的量程为03V，电流表的量程为00.6A滑动变阻器的规格为“20 lA”，灯泡标有“2.5V 1.25W”字样若闭合开关，两电表的示数均不超过所选量程，灯泡两端的电压不允许超过额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法中正确的是（）A滑动变阻器的电阻允许调节的范围是220B电流表示数的变化范围是00.6AC灯泡的最小功率是1.25WD该电路的最大功率是2.25W【考点】电路的动态分析【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡的额定电流，然后结合电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，再根据P=UI求出该电路的最大功率；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡的功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=I2R求出灯泡的最小功率【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流（1）根据P=UI可得，灯的额定电流：IL额=0.5A，因为串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为00.6A，所以电路中的最大电流为Imax=0.5A，由I=可得，灯泡的电阻RL=5，电路中的总电阻R=9，因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑=RRL=95=4，故A不正确；该电路的最大功率：Pmax=UImax=4.5V0.5A=2.25W，故D正确；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡的功率最小，此时电路中的电流：Imin=0.18A，则电流表示数的变化范围是O.18A0.5A，故B不正确；灯泡的最小功率：PL=（Imin）2RL=（0.18A）25=0.162W，故C不正确故选D二、填空作图题（第1623小题每空格1分，第24题每小题2分，共25分）16在超市等公共场所设有“禁止吸烟”的标志，这是因为在公共场所“一人吸烟，多人被动吸烟”，这种说法的依据是：组成物质的分子在永不停息地做无规则运动；把蚊香片放到电热驱蚊器的发热板上，蚊香片的温度升高这是通过热传递的方法改变蚊香片内能的【考点】分子的运动；热传递改变物体内能【分析】两种物体在相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明了构成物体的分子在不停的做无规则运动；使温度不同的物体相互接触，低温物体温度升高，高温物温度降低这个过程叫热传递，热传递的条件是存在温度差【解答】解：“一人吸烟，多人被动吸烟”，这是香烟分子扩散到了空气中，是扩散现象，扩散现象说明了构成物体的分子在不停的做无规则运动；蚊香片放到电热驱蚊器的发热板上，发热板上的温度较高，会向蚊香片传递热量，蚊香片的温度升高，内能增加，这是通过热传递的方式改变内能的故答案为：无规则运动；热传递172013年12月14日，我国自行研制的登月探测器“嫦娥三号”成功在月球软着陆，“嫦娥三号”月球探测器总质量近3.8吨，从地球到月球其质量不变（变大/变小/不变）“嫦娥三号”成功在月球上着陆的过程中重力势能变小，“嫦娥三号”卫星在太空多次通过喷射燃气实现变轨（改变运行高度、运行方向），这实际上是运用的物理学知识是力是改变物体运动状态的原因【考点】质量及其特性；力作用的相互性；动能和势能的大小变化【分析】（1）质量是物体的一种属性，不随物体的位置、状态、形状等的改变而变化；（2）重力势能的大小跟质量和高度有关；（3）力可以改变物体的运动状态，燃气对“嫦娥系列卫星”的作用力改变了卫星的运动状态【解答】解：（1）因为质量不随物体位置的改变而变化，所以“嫦娥三号”月球探测器从地球到月球后，其质量不变；（2）“嫦娥三号”在着陆的过程中，质量不变，高度减小，因此势能减小；（3）卫星向外喷出的燃气对卫星有力的作用，卫星在力的作用下实现了变轨，这说明：力可以改变物体的运动状态故答案为：不变；变小；力可以改变物体的运动状态18如图所示，物体A被压在两面墙壁之间，保持墙壁对A的压力不变，当A的重力为20N时，用一个竖直向上的拉力F恰好能使A物体保持匀速向下运动若A物体的重力减少4N时，用同样大小的竖直向上的拉力F恰好能使物体A匀速向上运动，则物体A上升时，受到两面墙壁总的摩擦力为2N，受到摩擦力的方向竖直向下【考点】摩擦力的大小；摩擦力的方向【分析】（1）当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体受平衡力的作用；（2）正确地对物体进行受力分析，确定其受力的方向，并根据受平衡力作用列出等价关系式【解答】解：设物体受到的摩擦力为f，拉力为F，当物体匀速向下运动时，摩擦力方向竖直向上，拉力和摩擦力的合力等于重力，则G=F+f，即20N=F+f当物体的重力减小4N后，由于压力和接触面的粗糙程度不变，因此摩擦力f不变，当物体匀速向上运动时，摩擦力方向竖直向下，则G+f=F，即（20N4N）+f=F，联立可得，F=18N，f=2N故答案为：2；竖直向下19如图所示的是有轨电车的供电线路的一部分为了保持电线总是水平的，采用了滑轮组拉线方法如果把电线杆看成是杠杆，支点是M（标出字母）滑轮A是定滑轮；滑轮B是动滑轮（填“动”或“定”）【考点】杠杆及其五要素；定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点【分析】在力的作用下绕着固定点转动的硬棒叫杠杆杠杆绕着转动的点叫支点根据滑轮的定义和使用特点分析回答【解答】解：如果把电线杆看成是杠杆，在实际应用过程中，电线杆绕着M点转动，所以支点是M；A滑轮的轴使用时不随物体运动，是定滑轮；B滑轮的轴使用时随物体运动，是动滑轮故答案为：M；定；动20汽车应用了许多物理知识请你运用所学的物理知识解答下列问题：（1）汽油机是汽车的“心脏”汽油机工作时汽油在气缸内燃烧时将化学能转化为内能；如图所示是四冲程汽油机的一个工作状态示意图，由图可以看出，此时它正处在做功冲程；（2）若这台汽油机的转速为1800r/min，则在1s内汽油机对外做功15次【考点】内燃机的四个冲程；有关热机的计算【分析】（1）汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只有做功冲程对外做功，在做功冲程中，燃料的化学能转化为内能，而内能又转化为机械能，带动飞轮转动做功；汽油机的做功冲程特点是火花塞点火，在做功冲程对外输出功，是将内能转化为机械能；（2）四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次【解答】解：（1）汽油机是热机的一种，汽油在气缸内燃烧时将化学能转化为内能；从图中可以看出，火花塞点火和活塞向下移动的特点，可以判断这个冲程是做功冲程，将内能转化为了机械能；（2）飞轮的转速是1800r/min，所以每秒转动的圈数为n=1800=30，因为飞轮转动一圈完成两个冲程，所以1s可以完成230=60个冲程；因为完成四个冲程，对外做功一次，所以1s可以做功60=15次故答案为：（1）内；做功；（2）1521Wifi是一种可以将个人电脑、手机等终端设备以无线方式互相连接的技术常见的连接方式是通过一个无线路由器来实现无线路由器是通过电磁波向四周有效范围内的终端传递信息，其传播速度等于（选填“大于”“等于”“小于”）光速【考点】电磁波的传播【分析】微波是指频率为300MHz300GHz的电磁波，WiFi在2.4Ghz频段工作，属于微波，其传播速度等于光速【解答】解：WiFi利用了电磁波中的微波技术进行信息传输，电磁波的传播速度等于光速故答案为：电磁；等于22根据图12所示的四幅图，在下面的空格处填入相应的内容（1）甲图：风中雨伞容易“上翻”，是由于气体流速越大的位置压强越小（2）乙图：两个压紧的铅块能吊起钩码，说明分子间存在引力（3）丙图：导线触接电源后小磁针发生偏转，说明通电导线周围存在磁场（4）丁图：验电器的金属箔张开一定角度，是由于同种电荷相互排斥【考点】流体压强与流速的关系；通电直导线周围的磁场；分子间的作用力；验电器的原理及使用【分析】（1）我们知道，流体越大的位置压强越小，所以观察一下伞的形状，想象一下气流经过时的情形，就不难解释这一现象了（2）组成物质的分子间存在相互作用的引力，分子间的引力把两铅块紧紧地结合在一起（3）电流的磁效应是由丹麦物理学家奥斯特通过实验得出，其内容为：导线通电时，静止在旁边的小磁针会发生偏转，这说明通电导体周围存在磁场（4）验电器的工作原理是同种电荷相互排斥【解答】解：（1）伞的形状是上方凸起的，当气流经过时，上方的流速大，压强小，下方的流速慢，压强大，就会产生一个向上的压强差，使伞容易被风吸起来（2）组成物质的分子间存在相互作用的引力，两块表面干净的光滑铝块压紧后，它们会结合在一起，并能在下面吊起一个砝码，证明了物体的分子间有引力（3）导线触接电源后小磁针发生偏转，当小磁针发生偏转时，说明磁针处在磁场中，即说明通电导体周围存在着磁场；（4）电荷通过验电器的金属球传给金属杆传给两片金属箔，两片金属箔带同种电荷，即由于同种电荷相互排斥而张开故答案为：（1）气体流速越大的位置压强越小；（2）分子间存在引力；（3）通电导线周围存在磁场；（4）同种电荷相互排斥23如图所示是电热水器原理的简易示意图通过开关S可以使热水器处于加热或保温状态闭合开关S时，热水器处于加热状态在热水器的蓄水桶中装水至最高水位后，桶中水的质量为10kg，把这些水由48加热到98需要吸收的热量是2.1106J【已知水的比热容为4.2103J/（kg）】小明在家单独使用它时，发现家里标有“1200r/kwh”的电能表在1min的时间里转盘转过了30转，则此时电热水器的电功率是1500W【考点】电功与热量的综合计算【分析】（1）由电功率的公式P=可知，当电压不变时，电阻越小，电功率越大，由电路图判断开关闭合时，热水器的状态；（2）根据热量公式Q吸=cm（tt0）求出水吸收的热量（3）“1200r/KWh”的含义是转盘每转过1200转表示消耗了1kWh的电能知道转的转数就可以算出消耗的电能，根据P=求出电热水器的电功率【解答】解：（1）由电路图知，断开开关S时，电阻R1、R2串联，闭合开关S时，电阻R2被短路，电路中的电阻最小，由电功率的公式P=可知，此时电功率最大，热水器处于加热状态；（2）水吸收的热量：Q吸=cm（tt0）=4.2103J/（kg）10kg（9848）=2.1106J（3）电热水器消耗的电能：W=kWh=kWh，此时电炉的电功率：P实=1.5kW=1500W故答案为：加热；2.1106；1500三、作图题（共2小题，满分4分）24如图所示，请作出凸透镜的入射光线和进入水中的折射光线【考点】透镜的光路图【分析】（1）根据折射光线的特点，根据凸透镜的三条特殊光线画出对应的入射光线（2）折射与入射的关系：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角【解答】解：（1）平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，由此可以确定该条折射光线对应的入射光线（2）过入射点垂直界面作出法线，根据折射角小于入射角，在水中法线的另一侧作出折射光线，如图所示：25在题图中，用笔画线代替导线将部分家庭电路连接完整【考点】家庭电路的连接【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线【解答】解：首先辨别上面三根线地线、火线、零线即与开关相连的一定是火线，（1）灯泡接法：火线进入开关，这样断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故既能控制灯泡，又能更安全（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线如图所示：四、解答探究题（第25题9分，第26题8分，第27题8分，第28题6分，第29题9分，第30题5分，共45分）计算型问题解答时要有必要的文字说明、公式和运算过程，直接写出结果的不能得分26在“探究滑轮组的机械效率”时，小明利用两组滑轮组进行了5次测量，用一个动滑轮和一个定滑轮测定前4组数据，用两个动滑轮和两个定滑轮得第5组数据，测得数据如表：实验次数动滑轮重G动/N物重G/N钩码上升高度h/m动力F/N动力作用点移动距离s/m滑轮组的机械效率/%10.510.10.70.347.620.510.20.70.647.630.520.11.10.360.640.540.120.35140.11.60.5（1）请根据前四组数据，在图甲中画出实验中滑轮组的绕绳方法（2）表格中编号、处数据分别为66.7和50（3）由表中第3、4组数据可知，同一滑轮组的机械效率与所提物体的重力有关（4）有的同学认为：“机械越省力，它的机械效率越高”你是用小明收集数据中的第4、5两组数据对比分析来判断这句话是错误的（5）用如图乙所示的滑轮组提升重物，不计摩擦和绳重，若绕绳能承受的最大拉力为5N，请计算该滑轮组的最大机械效率为多大？【考点】滑轮（组）机械效率的测量实验【分析】（1）根据h与s的关系（s=nh）结合表格中数据判断承担物重的绳子段数，然后绕线；（2）根据公式=计算、的机械效率；（3）分析3、4中机械效率和物理量的变化，得出机械效率与被提升的物重之间的关系；（4）根据第5组数据与前面的几组机械效率比较，得出结论；（5）已知绕绳能承受的最大拉力，根据F=（G轮+G物）求出能承受的最大物重，再利用=求滑轮组的最大机械效率【解答】解：（1）由前4组实验数据知，s=3h，所以滑轮组由3段绳子承担物重，因此应从动滑轮绕起，如图所示：；（2）4=100%66.7%；5=100%=50%；（3）第3、4组数据，动滑轮、钩码被提升的高度相同，被提升的钩码重不同，机械效率不同，可知同一滑轮组的机械效率与所提物体的重力有关；（4）第5组比第4组滑轮组省力，但机械效率更低，所以“机械越省力，它的机械效率越高”的说法不正确；（5）根据表中数据可知，乙滑轮组的动滑轮总重为1N，因为绕绳能承受的最大拉力为5N，不计摩擦和绳重，所以F最大=（G动+G最大），其中n=5G最大=nF最大G动=55N1N=24N，则滑轮组的最大机械效率：=100%=96%故答案为：（1）见上图；（2）66.7；5