2013高考生物一轮复习 第16课时 孟德尔的豌豆杂交实验（2）精品学案

用心 爱心 专心1 第第 1616 课时课时 孟德尔的豌豆杂交实验 二 孟德尔的豌豆杂交实验 二 知识网络知识网络 基础梳理基础梳理 一 两对相对性状的杂交实验 孟德尔用纯种黄色圆粒豌豆和绿色皱粒豌豆杂交 无论正交还是反交 结出的种子 子一 代 都是黄色圆粒 这说明了显性性状是 子一代自交 产生的子二代中 除了亲代中的黄色圆粒和绿色皱粒外 还出现了亲代没有的 孟德尔经过统计 子二代不同表现型及数量比为 二 孟德尔对实验现象的分析 1 孟德尔统计了子二代中的黄粒 绿粒 圆粒 皱粒 发现它们的分离比都接近 2 孟德尔假设圆粒和皱粒分别由遗传因子 R r 控制 黄粒和绿粒分别由 Y y 控制 则纯 合黄色圆粒的遗传因子组成是 绿色皱粒的遗传因子组成是 子一代 的遗传因子组成是 3 孟德尔对产生子二代时遗传因子的组成的解释是 F1 在产生配子时 每对遗传因子彼 此分离 不同对的遗传因子可以自由组合 这样 子一代会产生四种不同的雌雄配子 遗 传因子组成为 它们的比为 根据数 学推断 子二代的遗传因子组成有 种 对应的表现型有 种 即 它们之间的数量比为 用心 爱心 专心2 三 孟德尔对解释的验证 和研究一对性状的遗传时一样 孟德尔同样进行了测交实验 按他的假说推断 测交后代 应出现的表现型及比应为 实验结果和假设完 全一致 这说明了他的假说是正确的 四 自由组合定律 控制不同性状的遗传因子的分离和组合是 的 在形成配子时 决定同一性状 的成对的遗传因子 决定不同性状的遗传因子 五 孟德尔遗传规律的再发现 1 1909 年 丹麦生物学家约翰逊给孟德尔的 遗传因子 提出了一个新名词 并且提出了表现型和基因型 等位基因的概念 2 在科学家发现基因在染色体上后 重新对孟德尔的遗传定律进行了解释 现代遗传学认 为 孟德尔所说的一对遗传因子 就是位于 的等位基因 不同对的遗 传因子 就是位于 的非等位基因 3 基因的分离定律的实质是 在杂合子的细胞中 位于 上的 具有一定的 减数分裂形成配子的过程中 会随着 的分开而分离 分别进入 中 独立地随 遗传给 后代 基因的自由组合定律的实质是 位于 上的 的分离或自由 组合是互不干扰的 d 减数分裂过程中 上的 彼此分离 的同时 自由组合 考点突破 考点一 对孟德尔实验 F2 的分析 1 F2 的表现型为 4 种 比为 9 3 3 1 推广到其它实验 9 对应的性状是双显性 1 对 应的是双隐性 3 对应的是一对性状显性 另一对性状隐性 2 F2 的 4 种表现型中 两种是和亲本相同的 称亲本性状或亲本类型 另两种是经过自 由组合新出现的 称重组性状或重组类型 在孟德尔实验中 亲本类型占 9 1 16 即 10 16 或 5 8 重组类型占 3 3 16 即 6 16 或 3 8 若实验所用的亲本是纯种的黄 色皱粒和绿色圆粒 则亲本类型和重组类型分别占 3 8 和 5 8 3 F2 有 9 种基因型 可以分为三类 第一类是 YyRr 两对基因都是杂合的 占 4 16 即 1 4 第二类有 YYRr yyRr YyRR Yyrr 四种 一对基因纯合 另一对基因杂合 四种基 因型各占 2 16 即 1 8 第三类是纯合体 有 YYRR yyRR YYrr yyrr 四种 各占 1 16 4 对某一种表现型进一步分析它们的基因型情况 黄色圆粒中 基因型有 4 种 它们的比 用心 爱心 专心3 为 YyRr YYRr YyRR YYRR 4 2 2 1 其中纯合体和杂合体之比为 1 8 黄色皱粒 中 基因型为 2 种 它们的比为 Yyrr YYrr 2 1 其中纯合体和杂合体的比为 1 2 绿色圆粒与之相似 而绿色皱粒只有一种基因型 且全为纯合体 yyrr 以上相关的比可转 换成某种基因型所占的比例 如在绿色圆粒中 纯合体占 1 3 此类问题还有很多 只要 全面认识 F2 的基因型和表现型特点 所有相关比例的问题都是很容易解决的 例 1 控制小麦的高杆 D 和矮杆 d 抗病 T 和不抗病 t 的基因分别位于两对同 源染色体上 纯种的高杆抗病和矮杆不抗病品种杂交 得 F1 F1 自交 得 F2 在 F2 中 符合生产需要的个体占 A 3 16B 1 3C 1 16D 1 9 解析 符合生产需要的个体 不仅指表现型 而且指基因型 也就是纯合的矮杆抗病 即基因型为 ddTT 的个体 占全部 F2 的比例为 1 16 答案 C 变式 1 上例中 F2 中的相关数量比不是 3 1 的是 A 高杆 矮杆B 抗病 不抗病 C 纯合体 杂合体D 显性 隐性 解析 两对基因中只要有一对基因是杂合的 即为杂合体 因此 子二代中纯合体占 1 4 杂合体占 3 4 比为 1 3 而不是 3 1 答案 C 考点二 其它杂交组合的分析 1 Yyrr YyRr 黄色圆粒 黄色皱粒 绿色圆粒 绿色皱粒 3 3 1 1 2 yyRr YyRr 黄色圆粒 黄色皱粒 绿色圆粒 绿色皱粒 3 1 3 1 3 yyRr Yyrr 黄色圆粒 黄色皱粒 绿色圆粒 绿色皱粒 1 1 1 1 出现 3 3 1 1 或 3 1 3 1 的分离比 可较快判断亲本的基因型 一方是双杂合的 表现型是双显性的 另一方一对基因杂合 一对基因隐性纯合 表现型为一显一隐 因此 可迅速判断出双方的基因型 当出现 1 1 1 1 的分离比时 可能是测交 双显性与双隐性杂交 也可能是如上面的 第三种情况的类型 例 2 豌豆子叶的黄色 Y 对绿色 y 是显性 圆粒 R 对皱粒 r 为显性 下表是 4 种不同的杂交组合以及各种杂交组合所产生的子代数 请在表格内填写亲代的基因型 亲代子代的表现型及其数量 用心 爱心 专心4 基因型表现型 黄色 圆粒 黄色 皱粒 绿色 圆粒 绿色 皱粒 黄皱 绿 皱 034036 黄圆 绿 皱 16171415 黄圆 绿 圆 217206 绿圆 绿 圆 004314 黄皱 绿 圆 16000 解析 本题有很多解题方法 可以用填空法 拆分 组合法等 若熟悉上面的分离比 可快速写出 答案 Yyrr yyrr YyRr yyrr YyRr yyRr yyRr yyRr YYrr yyRR 变式 2 豌豆的高茎对矮茎为显性 红花对白花为显性 两个品种豌豆杂交 子代出现高 茎红花 高茎白花 矮茎红花 矮茎白花 1 1 1 1 其中一个品种豌豆自交 子代出现 高茎红花 高茎白花 矮茎红花 矮茎白花四种表现型 则这两个品种的表现型分别为 解析 出现 1 1 1 1 的分离比的杂合组合有两种 一是双杂合测交 另一种组合是 Aabb 型和 aaBb 型杂交 后者中任意一种自交 后代只有两种表现型 比为 3 1 只能是 第一种组合 答案 高茎红花 矮茎白花 考点三 拆分 组合法解决自由组合问题 拆分 组合是解决自由组合定律问题的方法 考虑问题时 先把两对性状分开分析 最 后再进行组合 这种方法适合分析子代的基因型种类 表现型种类 某种基因型所占的比率 某种表现型 所占的比率等 例 3 两亲本的基因型分别为 AABb 和 AaBb 它们的杂交的子代中 纯合体和杂合体的比为 A 1 1B 2 1C 3 1D 1 3 用心 爱心 专心5 解析 先拆分 AA Aa 纯合 AA 占 1 2 Bb Bb 纯合 BB bb 各占 1 4 二者共 1 2 再组合 纯合体占 1 2 1 2 1 4 由此可知 杂合体占 3 4 纯合体和杂合体的比为 1 3 答案 D 变式 3 两亲本杂交 后代出现四种表现型 六种基因型 两亲本的基因型可能是 A AaBb aaBb B aaBBCc Aabbcc C AaBbcc aabbCc D AaBBcc aabbCc 解析 将两对或三对基因分开考虑后综合分析 四个选项中表现型和基因型的类型依次 是 A 4 种 6 种 B 4 种 4 种 C 8 种 8 种 D 4 种 9 种 答案 A 考点四 基因的自由组合定律的判断 1 若题目中给出条件 已知控制两对相对性状的基因位于两对同源染色体上 则可判断遵 循自由组合定律 2 若双杂合个体自交 后代有四种表现型 分离比为 9 3 3 1 或后代有 3 种表现型 分离比为 9 6 1 12 3 1 9 3 4 或后代有两种表现型 分离比为 9 7 13 3 15 1 或后代有五种表现型 分离比为 1 4 6 4 1 都可以说明遵循 自由组合定律 3 若对双杂合个体进行测交 后代有 4 种表现型 分离比为 1 1 1 1 或后代有 3 种 表现型 分离比为 1 2 1 2 1 1 1 1 2 或后代有两种表现型 分离比为 1 3 3 1 3 1 都可以说明遵循自由组合定律 4 实验结果不符合孟德尔典型分离比或其它分离比的原因 典型分离比指的是自交 9 3 3 1 测交 1 1 1 1 其它分离比指的是类似 9 7 9 6 1 1 3 等情况 但在有些情况下 会出现不符合这样的分离比的情况 原 因和在分析分离定律时一样 有以下几种情况 1 子代数量不足 2 实验是多个组合 3 存在不完全显性 4 出现致死情况 例 4 下列关于自由组合定律的说法错误的是 A 在右图中 A a 和 B b 的遗传遵循自由组合定律 而 B b 和 D d 的遗传不遵循自由 组合定律 B 人的遗传病中 白化病和色盲的遗传遵循自由组合定律 用心 爱心 专心6 C 黑色长毛小鼠相互交配 子代出现黑色长毛 黑色短毛 白色长毛三种表现型 则黑色 和白色 长毛和短毛的遗传不遵循自由组合定律 D 圆形南瓜自交 后代出现扁盘形 圆形 长圆形三种瓜形 分离比接近 9 6 1 可判 断南瓜果形的遗传遵循自由组合定律 解析 图从中看 A a 和 B b 这两对基因位于同一对染色体上 因此不遵循自由组合 定律 而 B b 和 D d 位于两对同源染色体上 遵循自由组合定律 人的白化病基因在常 染色体上 色盲基因位于 X 性染色体上 遵循自由组合定律 两对性状的遗传 杂合体相 互交配的子代只出现三种表现型 没有出现白色短毛兔 可能是数量太少 也可能是其它 原因 不一定不遵循自由组合定律 D 项中 9 6 1 虽然不是 9 3 3 1 的分离比 但 仍是遵循自由组合定律的 变式 4 A a 和 B b 两对基因位于果蝇的两对常染色体上 下列杂交组合不适合用于研究 自由组合定律的是 A AaBb aabbB AaBb AaBb C AABb AaBBD Aabb aaBb 解析 研究自由组合 两对性状都要发生性状分离 但 C 项后代仅有一种表现型 答案 C 考点五 其它分离比的分析 其它分离比的出现 实质上是在 9 3 3 1 的自交比或 1 1 1 1 的测交比基础上变化 过来的 原因是原来两对基因控制两对相对性状共 4 种表现型 在特殊情况下 只控制一 类相对性状共 2 种或 3 种表现型 A B A bb aaB aabb 9 3 3 1 仅当 A B 都 存在时 才表现 为显性 其它情 况均为 隐性 只要 A B 出 现 不论 出现几个 都表现为 显性 没 有 A 或 B 表现为隐 性 A B 都 存在时 表现为 显性 A 或 B 只 出现一 个时为 中间性 状 没 有 A 和 B 表现为 隐性 只要 A 存在 不论 B 基因如 何 都 表现为 显性 在没有 A 基因 存在时 由 B 和 b 决定 A B 都 存在时 表现为 一种性 状 当 不存在 A 时 不论 B 基因如 何 都 表现为 一种性 状 存 用心 爱心 专心7 在 A 而 不存在 B 时表 现为第 三种性 状 A B 显性 另三种 隐性 A B A bb a aB 表现 为显性 aabb 为 隐性 A B 为显性 A bb aaB 为 中间性 状 aabb 为 隐性 A B 和 A bb 表现型 相同 aaB 为一种 表现型 aabb 为 一种表 现型 A B 为一种 表现型 A bb 为一种 表现型 aaB 和 aabb 为一种 表现型 9 715 19 6 112 3 1 9 3 4 例 5 某种野生植物有紫花和白花两种表现型 已知紫花形成的生物化学途径是 A 和 a B 和 b 是分别位于两对染色体上的等位基因 A 对 a B 对 b 为显性 基因型不同的 两白花植株杂交 F1 紫花 白花 1 1 若将 F1 紫花植株自交 所得 F2 植株中紫花 白 花 9 7 请回答 1 从紫花形成的途径可知 紫花性状是由 对基因控制 2 根据 F1 紫花植株自交的结果 可以推测 F1 紫花植株的基因型是 其自交 所得 F2 中 白花植株纯合体的基因型是 3 推测两亲本白花植株的杂交组合 基因型 是 或 用遗传图解表示两亲本白花植株杂交的过程 只要求写一组 4 紫花形成的生物化学途径中 若中间产物是红色 形成红花 那么基因型为 AaBb 的 用心 爱心 专心8 植株自交 子一代植株的表现型及比例为 解析 本题考查基因对性状的控制以及遗传规律的有关知识 1 从紫花形成的途径可知 紫花性状是由 2 对基因控制 2 根据 F1 紫花植株自交的 结果 可以推测 F1 紫花植株的基因型是 AaBb 由于其自交所得 F2 中紫花 白花 9 7 所以紫花植株的基因型是 A B 白花植株纯合体的基因型是 aaBB AAbb aabb 3 依题 意 可以推测 F1 两亲本白花植株的杂交组合 基因型 是 Aabb aaBB 或 AAbb aaBb 两 亲本白花植株杂交的过程遗传图解表示如下 或 4 若中间产物是红色 形成红花 那么基因型为 AaBb 的植株自交 子一代植株的表现 型及比例为紫花 A B 红花 A b b 白花 3aaB 1aabb 9 3 4 答案 1 两 2 AaBb aaBB Aabb aabb 3 Aabb aaBB AAbb aaBb 遗传图解 写出解析中列出的两组中的一组即可 4 紫花 红花 白花 9 3 4 变式 5 某种牧草体内形成氰的途径为 前体物质 产氰糖苷 氰 基因 A 控制前体物质 生成产氰糖苷 基因 B 控制产氰糖苷生成氰 表现型与基因型之间的对应关系如下表 表现型有氰有产氰糖苷 无氰无产氰苷 无氰 基因型A B A 和 B 同时存在 A bb A 存在 B 不存在 aaB 或 aabb A 不存在 1 在有氰牧草 AABB 后代中出现的突变那个体 AAbb 因缺乏相应的酶而表现无氰性 状 如果基因 b 与 B 的转录产物之间只有一个密码子的碱基序列不同 则翻译至 mRNA 的该 点时发生的变化可能是 编码的氨基酸 或者是 2 与氰形成有关的二对基因自由组合 若两个无氰的亲本杂交 F1 均表现为氰 则 F1 与基因型为 aabb 的个体杂交 子代的表现型及比例为 用心 爱心 专心9 3 高茎与矮茎分别由基因 E e 控制 亲本甲 AABBEE 和亲本乙 aabbee 杂交 F1 均表现为氰 高茎 假设三对等位基因自由组合 则 F2 中能稳定遗传的无氰 高茎个体占 解析 如果基因 b 与 B 的转录产物之间只有一个密码子的碱基序列不同 则翻译至 mRNA 的该位点时发生的变化可能是 编码的氨基酸种类不同 错义突变 或者是合成终止 翻译终止 或者是同义突变 氨基酸种类不变 由于性状发生了改变 不可能是同义突 变 依题意 F1 为 AaBb 与 aabb 杂交得 1AaBb 1aaBb 1Aabb 1aabb 子代的表现型及比 例为有氰 无氰 1 3 或有氰 有产氰糖苷 无氰 无产氰糖苷 无氰 1 1 2 亲本甲 AABBEE 和亲本乙 aabbee 杂交 F1 为 AaBbEe 则 F2 中能稳定遗传的无氰 高 茎个体为 AAbbEE aaBBEE aabbEE 占 1 4 1 4 1 4 1 4 1 4 1 4 1 4 1 4 1 4 3 64 以有氰 高茎 AABBEE 与无氰 矮茎 AAbbee 两个能稳定遗传的牧草为亲本杂交 即 AABBEE AAbbee AABbEe 自交 后 代中没有符合要求的 aaB E 或 aabbE 的个体 无法获得既无氰也无产氰糖苷的高茎牧草 答案 1 种类 不同合成终止 或翻译终止 2 有氰 无氰 1 3 或有氰 有产氰糖苷 无氰 无产氰糖苷 无氰 1 1 2 3 3 64 考点六 群体遗传的相关计算 对某种表现型的个体进行遗传研究 自交 自由交配或测交 由于这些表现型可能具有不 同的基因型 因此 就会出现不同的分离比 有时 需要针对整个群体进行分析 有时 可针对群体中的不同个体逐一研究 例 6 现有 4 个纯合南瓜品种 其中 2 个品种的果形表现为圆形 圆甲和圆乙 1 个表现 为扁盘形 扁盘 1 个表现为长形 长 用这 4 个南瓜品种做了 3 个实验 结果如下 实验 1 圆甲 圆乙 F1 为扁盘 F2 中扁盘 圆 长 9 6 1 实验 2 扁盘 长 F1 为扁盘 F2 中扁盘 圆 长 9 6 1 实验 3 用长形品种植株的花粉分别对上述两个杂交组合的 F1 植株授粉 其后代中扁盘 圆 长均等于 1 2 1 综合上述实验结果 请回答 1 南瓜果形的遗传受 对等位基因控制 且遵循 定律 2 若果形由一对等位基因控制用 A a 表示 若由两对等位基因控制用 A a 和 B b 表 示 以此类推 则圆形的基因型应为 扁盘的基因型应为 长形的基因型应为 3 为了验证 1 中的结论 可用长形品种植株的花粉对实验 1 得到的 F2 植株授粉 单 株收获 F2 中扁盘果实的种子 每株的所有种子单独种植在一起得到一个株系 观察多个这 样的株系 则所有株系中 理论上有 1 9 的株系 F3 果形均表现为扁盘 有 的株系 F3 用心 爱心 专心10 果形的表现型及数量比为扁盘 圆 1 1 有 的株系 F3 果形的表现型及数量比为 解析 本题注重对理解能力的考查 内容是基因的自由组合规律 第 1 小题 根据实验 1 和实验 2 中 F2 的分离比 9 6 1 可以看出 南瓜果形的遗 传受 2 对等位基因控制 且遵循基因的自由组合定律 第 2 小题 根据实验 1 和实验 2 的 F2 的分离比 9 6 1 可以推测出 扁盘形应为 A B 长形应为 aabb 两种圆形为 A bb 和 aaB 第 3 小题中 F2 扁盘植株共有 4 种基因型 其比例为 1 9AABB 2 9AABb 4 9AaBb 和 2 9AaBB 测交后代分离比分别为 1 9A B 2 9 1 2A B 1 2A bb 4 9 1 4A B 1 4Aabb 1 4aaBb 1 4aabb 2 9 1 2A B 1 2aaB 答案 1 2 基因的自由组合 2 AAbb Aabb aaBb aaBB AABB AABb AaBb AaBB aabb 3 4 9 4 9 扁盘 圆 长 1 2 1 变式 6 某种自花受粉植物的花色分为白色 红色和紫色 现有 4 个纯合品种 l 个紫色 紫 1 个红色 红 2 个白色 白甲和白乙 用这 4 个品种做杂交实验 结果如下 实验 1 紫 红 Fl 表现为紫 F2 表现为 3 紫 1 红 实验 2 红 白甲 Fl 表现为紫 F2 表现为 9 紫 3 红 4 白 实验 3 白甲 白乙 Fl 表现为白 F2 表现为白 实验 4 白乙 紫 Fl 表现为紫 F2 表现为 9 紫 3 红 4 白 综合上述实验结果 请回答 1 上述花色遗传所遵循的遗传定律是 2 写出实验 1 紫 红 的遗传图解 若花色由一对等位基因控制 用 A a 表示 若由两 对等位基因控制 用 A a 和 B b 表示 以此类推 3 为了验证花色遗传的特点 可将实验 2 红 白甲 得到的 F2 植株自交 单株收获 F2 中 紫花植株所结的种子 每株的所有种子单独种植在一起可得到一个株系 观察多个这样的 株系 则理论上 在所有株系中有 4 9 的株系 F3 花色的表现型及其数量比为 答案 1 自由组合定律 2 用心 爱心 专心11 3 9 紫 3 红 4 白 例 7 已知玉米籽粒黄色对红色为显性 非甜对甜为显性 纯合的黄色非甜玉米与红色甜 玉米杂交得到 F1 F1 自交得到 F2 让 F2 中的黄色非甜玉米和红色甜玉米杂交 所得的子 代表现型有 它们的比为 解析 假设这两对基因分别用 A a 和 B b 表示 则 F1 的基因型为 AaBb F2 中 黄色 非甜玉米基因型为 A B 有四种 AABB AABb AaBB AaBb 它们的比为 1 2 2 4 红色甜玉米的基因型为 aabb 它们的杂交结果及比例如下表 黄色非甜玉米红色甜玉米子代 1 9AABBaabb 1 9 黄非甜 2 9AABbaabb 1 9 黄非甜 1 9 黄甜 2 9AaBBaabb 1 9 黄非甜 1 9 红非甜 4 9AaBbaabb 1 9 黄非甜 1 9 黄甜 1 9 红非甜 1 9 红甜 综合分析 后代共有 4 种表现型 黄色非甜占 4 9 黄色甜占 2 9 红色非甜占 2 9 红色 甜占 1 9 比为 4 2 2 1 答案 见解析 变式 7 上例中 让 F2 中的黄色甜玉米和红色非甜玉米相互杂交 预期所得后代中黄色甜 玉米和红色非甜玉米的比为 解析 F2 中黄色甜玉米的基因型有两种 AAbb 占 1 3 Aabb 占 2 3 红色非甜玉米基因 型也有两种 aaBB 占 1 3 aaBb 占 2 3 按 拆 合 法分析 A 基因 一方 1 3AA 2 3Aa 另一方 aa 子代中 2 3Aa 1 3aa B 基因的情况和 A 基因类似 也是 2 3Bb 1 3bb 因此子代中四种表现型比为 4 2 2 1 黄色甜玉米和红色非甜玉米的比 为 1 1 答案 1 1 课时作业 1 下列有关孟德尔遗传定律的说法错误的是 用心 爱心 专心12 A 叶绿体基因控制的性状遗传不遵循孟德尔遗传定律 B 受精时 雌雄配子的结合是随机的 这是得出孟德尔遗传定律的条件之一 C 孟德尔发现分离定律与自由组合定律的过程运用了假说 演绎法 D 基因型为 AaBb 的个体自交 其后代一定有四种表现型和 9 种基因型 解析 AaBb 自交 只有当两对基因位于两对染色体上时 才会出现九种基因型 也只有 在两对基因控制的两对性状互不影响且为完全显性时 才会出现四种表现型 答案 D 2 在两对相对性状的遗传实验中 可能具有 1 1 1 1 比例关系的是 杂种自交后代的性状分离比 杂种产生配子类别的比例 杂种测交后代的表现型比例 杂种自交后代的基因型比例 杂种测交后代的基因型比例 A B C D 解析 两对相对性状的遗传实验中 杂种自交后代的性状分离比为 3 1 杂种产生配子 类别的比例为 1 1 1 1 杂种测交后代的表现型比例为 1 1 1 1 杂种自交后代的基 因型比例 1 2 1 2 4 2 1 2 1 杂种测交后代的基因型比例为 1 1 1 1 答案 D 3 下图表示不同基因型豌豆体细胞中的两对基因及其在染色体上的位置 这两对基因分别 控制两对相对性状 从理论上说 下列分析不正确的是 A 甲 乙植株杂交后代的表现型比例是 1 1 1 1 B 甲 丙植株杂交后代的基因型比例是 1 1 1 1 C 丁植株自交后代的基因型比例是 1 2 1 D 正常情况下 甲植株中基因 A 与 a 在减数第二次分裂时分离 解析 甲植株与乙植株的杂交属于测交类型 且甲又是杂合子 所以后代的表现型比例 为 1 1 1 1 甲 乙植株基因型分别为 AaBb 和 AAbb 甲乙植株杂交 后代的基因型比 例为 1 1 1 1 Aabb 自交的结果是 1 4AAbb 1 2Aabb 1 4aabb 比例为 1 2 1 正常情况下 等位基因的分离发生在减数第一次分裂后期 答案 D 4 现有AaBb 和 Aabb 两种基因型的豌豆个体 假设这两种基因型个体的数量和它们的生殖 能力均相同 在自然状态下 子一代中能稳定遗传的个体所占比例是 A 1 2B 1 3 用心 爱心 专心13 C 3 8D 3 4 解析 AaBb 的个体产生的能稳定遗传的个体所占比例为 1 4 而 Aabb 个体产生的能稳定 遗传的个体所占比例为 1 2 所以 这两种基因型的个体产生的能稳定遗传的个体共有 1 2 1 4 1 2 1 2 3 8 答案 C 5 已知水稻高秆 T 对矮秆 t 为显性 抗病 R 对感病 r 为显性 两对基因独立遗传 现 将一株表现型为高秆 抗病植株的花粉授给另一株表现型相同的植株 F1 高秆 矮秆 3 1 抗病 感病 3 1 再将 F1 中高秆抗病类型分别与矮秆感病类型进行杂交 则产 生的 F2 表现型之比理论上为 A 9 3 3 1B 1 1 1 1 C 4 2 2 1D 3 1 3 1 解析 首先根据 F1 表现型及比例确定亲本基因型都是 TtRr 然后确定 F1 中高秆抗病类 型的基因型及比例为 TTRR TtRR TTRr TtRr 1 2 2 4 最后确定与矮秆感病类型进 行杂交产生的 F2 基因型及比例为 TtRr ttRr Ttrr ttrr 4 2 2 1 从而判断表现 型及比例为高秆抗病 矮秆抗病 高秆感病 矮秆感病 4 2 2 1 答案 C 6 下表为 3 个不同小麦杂交组合及其子代的表现型和植株数目 子代的表现型和植株数目 组合 序号 杂交组合类型抗病红 种皮 抗病白 种皮 感病红 种皮 感病白 种皮 一 抗病红种皮 感病红种皮 416 138410135 二 抗病红种皮 感病白种皮 180 184178182 三 感病红种皮 感病白种皮 140 136420414 据表分析 下列推断错误的是 A 6 个亲本都是杂合子 B 抗病对感病为显性 C 红种皮对白种皮为显性 D 这两对性状自由组合 解析 由第一组杂交实验 可判断红种皮是显性 由第三组杂交实验可判断感病是显性 答案 B 用心 爱心 专心14 7 多指症由显性基因控制 先天性聋哑由隐性基因控制 这两种遗传病的基因位于非同源 染色体上 一对男性患多指 女性正常的夫妇 婚后生了一个手指正常的聋哑孩子 这对 夫妇再生下的孩子为手指正常 先天性聋哑 既多指又先天性聋哑这三种情况的可能性依 次是 A 1 2 1 4 1 8B 1 4 1 8 1 2 C 1 8 1 2 1 4D 1 4 1 2 1 8 解析 据亲子代的性状表现可推知双亲的基因型为 AaBb aaBb 则生出的后 代手指正常的可能性为 先天性聋哑的概率为 1 4 两者均有的概率为 1 2 1 2 1 4 1 8 答案 A 8 某种哺乳动物的直毛 B 对卷毛 b 为显性 黑色 C 对白色 c 为显性 这两对基因分别 位于不同对的同源染色体上 基因型为 BbCc 的个体与 个体 X 交配 子代表现型有 直 毛黑色 卷毛黑色 直毛白色和卷毛白色 它们之间的比为 3 3 1 1 个体 X 的基因 型为 A BbCcB Bbcc C bbCcD bbcc 解析 由题意知 这两对基因均遵循基因分离定律 子代中有直毛 卷毛 1 1 黑色 白色 3 1 即两对基因中的一对为杂合子自交 另一对为测交类型 故选 C 答案 C 9 某生物的三对等位基因 Aa Bb Ee 分别位于三对同源染色体上 且基因 A b e 分别 控制 三种酶的合成 在三种酶的催化下可使一种无色物质经一系列转化变为黑色素 假设该生物体内黑色素的合成必须由无色物质转化而来 如图所示 现有基因型为 AaBbEe 的两个亲本杂交 出现黑色子代的概率为 A 1 64B 8 64 C 3 64D 27 64 解析 假设该生物体内的黑色素的合成只能由无色物质转化而来 则黑色个体的基因型 是 A bbee 则 AaBbEe AaBbEe 产生 A bbee 的比例为 3 4 1 4 1 4 3 64 答案 C 10 燕麦颖色受两对基因控制 用纯种黄颖与纯种黑颖杂交 F1 全为黑颖 F1 自交产生的 F2 中 黑颖 黄颖 白颖 12 3 1 已知黑颖 基因 B 和黄颖 基因 Y 为显性 只要基 因 B 存在 植株就表现为黑颖 则两亲本的基因型为 用心 爱心 专心15 A bbYY BByyB BBYY bbyy C bbYy BbyyD BbYy bbyy 解析 由于黑颖 基因 B 和黄颖 基因 Y 为显性 只要基因 B 存在 植株就表现为黑颖 又由于用纯种黄颖与纯种黑颖杂交 F1 全为黑颖 F1 自交产生的 F2 中 黑颖 黄颖 白 颖 12 3 1 其中有白颖类型 bbyy 所以两纯种亲本应分别有一对隐性基因 答案 A 11 小麦的毛颖和光颖是一对相对性状 显 隐性由 P p 基因控制 抗锈和感锈是另一对 相对性状 显 隐性由 R r 基因控制 控制这两对相对性状的基因位于两对同源染色体上 以纯种毛颖感锈 甲 和纯种光颖抗锈 乙 为亲本进行杂交 F1 均为毛颖抗锈 丙 再用 F1 与丁进行杂交 F2 有四种表现型 对每对相对性状的植株数目作出的统计结果如下图 1 两对相对性状中 显性性状分别是 2 亲本甲 乙的基因型分别是 丁的基因型是 3 F1 形成的配子种类有 产生这几种配子的原因是 F1 在减数分裂形成配子 的过程中 4 F2 中基因型为 ppRR 的个体所占的比例是 光颖抗锈植株所占的比例是 5 F2 中表现型不同于双亲 甲和乙 的个体占全部 F2 的比例是 6 写出 F2 中抗锈类型的基因型及比例 答案 1 毛颖 抗锈 2 PPrr ppRRppRr 3 PR Pr pR pr 等位基因分离 非同源染色体上的非等位基因进行自由组合 4 1 83 8 5 1 2 6 RR Rr 1 2 12