中考物理模拟试卷（含解析）201.doc

2016年湖北省黄石市大冶市金湖街办中考物理模拟试卷一、选择题（共13小题，每小题3分，满分39分）1下列关于声音的说法中，正确的是（）A声音在真空中的传播速度最快，其次是固体，最慢的是气体B只要物体振动，我们就能听到声音C高速公路两旁的隔音板是为了在传播过程中减弱噪声D用不同种乐器演奏同一乐曲，不同乐器发出声音的音调不同2下列关于光现象的说法正确的是（）A月食是由于光的折射形成的B光从空气射入水中，传播速度变小C物体通过平面镜能成正立、等大的实像D光发生漫反射时，不遵循光的反射定律3游泳运动员刚从水中上岸感觉特别冷，是由于运动员身上的水（）A熔化吸热B汽化吸热C升华吸热D液化放热4体育活动中蕴含很多物理知识，下列相关说法中正确的是（）A用力扣杀排球时手感到疼痛，说明力的作用是相互的B足球被踢出后仍能继续运动，是因为受到惯性的作用C乒乓球被扣杀后飞向对方，说明力可以维持物体运动D在接力赛跑交接棒的过程中，两运动员相对地面是静止的5小明同学在“制作、研究电磁铁”的过程中，使用两个相同的大铁钉绕制成电磁铁进行实验，如图所示，下列说法正确的（）A若将两电磁铁上部靠近，会相互吸引B通过吸大头的数量来显示磁性的强弱“转换法”研究物理现象C若电压表有示数，电流表无示数，则可能是滑动变阻器R断了D要使电磁铁磁性增强，应将滑片P向右移动6下列说法中正确的是（）A接入同一电路中的两个导体电阻大小不相等，则通过它们的电流也不相等B验电器两箔片张开，说明两箔片一定带上同种电荷C电动自行车在给蓄电池充电时，是将化学能转化为电能D同一电路两电阻两端的电压相等，则这两个电阻一定是并联接入电路的7下列关于温度、热量和内能变化的说法中，正确的是（）A物体温度升高，它的内能一定增加B物体温度升高，一定是外界对物体做功C物体温度不变，它的内能一定不变D物体温度降低，一定是物体放出了热量8能源、信息、材料是现代社会发展的三大支柱，下列说法正确的是（）A卫星导航不是依靠电磁波传递信息的B太阳能、风能和水能都是可再生能源C大亚湾核电站是利用可控原子核聚变释放的核能来发电的D超导材料主要是应用在电饭锅等电器上9如图所示的四个装置，下列表述正确的是（）A图a可用来演示电磁感应现象B图b可用来演示电动机原理C图c是将机械能转化为电能D图d发的电，电流方向会改变10下列做法符合安全用电要求的是（）A保险盒内熔丝熔断，可用铜丝或铁丝替代B可以用湿手插电源插头C如果发生触电事故时，先切断电源再施救D使用测电笔时手指千万不能碰到笔尾金属体11关于生活和自然中蕴含的物理知识，下列说法中正确的是（）A风筝和飞艇都是利用空气的浮力升空的B用塑料梳子梳头，头发会随着梳子飘起来，是因为梳子与头发带上了异种电荷C东方山海拨比地面要高，山顶上的气压低，水的沸点高D“钻木取火”是用热传递的方式改变物体内能的12小夏将n个“3V 0.3W”的小灯泡，按照甲、乙两种连接方式分别接入电压为U的电路中（如图所示），通过分别调节滑动变阻器R1和R2，使所有灯泡均正常发光则甲、乙两电路中的总电流与总功率的关系正确的是（）AI甲=I乙BI甲=I乙CP甲=nP乙DP甲=n2P乙13如图所示电路，电源两端电压保持不变闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，下列判断正确的是（）A电压表V2示数变大，电流表示数变小B电压表V1与电压表V2示数的比值变大C电压表V2示数与电流表示数的比值不变D电压表V1示数变化量的绝对值小于电压表V2示数变化量的绝对值二、填空题（共2小题，每小题3分，满分6分）14四冲程汽油机的_冲程是将机械能转化为内能为了矫正视力，近视眼应佩戴_（填“凸”或“凹”）透镜做的眼镜15“可燃冰”作为新型能源，有着巨大的开发使用潜力，同等条件下“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，以10倍的关系粗略计算，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量可以使_kg的水从20加热至100c水=4.2103J/（kg），q煤气=4.2107J/kg三、解答题（共2小题，满分6分）16如图所示，岸边有一物体B，潜水员从水中能看见B的像B1，请作出一条眼睛能看到B1的折射光路图17图中小球用细绳拴在墙上，画出小球受力示意图四、填空题（共2小题，每小题5分，满分25分）18小欣为了测量液体A的密度，进行了如下实验：（1）将天平放在水平台面上，把游码移到标尺的零刻线处横梁静止时，指针指在分度盘中央刻度线的左侧，如图甲所示为使横梁在水平位置平衡，应将横梁右端的平衡螺母向_移动（2）将液体A倒入量筒中，如图乙所示，则量筒中液体A的体积为_cm3（3）将量筒中的液体A全部倒入空烧杯中，把烧杯放在调节好的天平的左盘中，当右盘中砝码的质量和游码在标尺上的位置如图丙所示时，天平横梁再次水平平衡，则烧杯和液体A的总质量为_g（4）实验中测得所用空烧杯的质量为80g，根据上述实验数据计算液体A的密度为_kg/m319图甲是测量小灯泡电功率的电路图小灯泡的额定电压为2.5V（1）请根据图甲将图乙中的实物电路连接完整（导线不允许交叉）（2）闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处闭合开关后发现小灯泡亮后马上熄灭，电压表有示数，电流表无示数逐渐向右移动滑片，小灯泡始终不亮，电流表示数仍然为零则闭合开关前该电路故障可能是_（3）排除故障后正确操作实验，测量数据如表所示实验次数12345678发光情况明亮亮更明亮较亮较暗微光熄灭熄灭电压U/V2.52.13.01.71.30.90.50.1电流I/A0.280.260.300.240.210.190.160.05分析实验数据可知：小灯泡的额定功率为_W7、8两次实验中，灯泡熄灭的原因是_（4）利用该电路也可以探究电流跟电阻的关系，只将小灯泡换成多个定值电阻R，保持电压表示数始终为3V不变，多次更换阻值不同的定值电阻R，并记录各次电流表的示数，若不更换其他器材，为了能够完成实验，更换的电阻阻值不能够大于_（电源由三节新干电池串联组成，滑动变阻器的最大电阻为10）（5）上一问用到物理学中常用的“控制变量法”下列实验中，没有用到这一方法的是_ （填序号）A研究光的反射规律 B研究物质吸热本领跟物质种类的关系C研究压力的作用效果跟压力的关系 D研究导体电阻的大小与材料的关系五、解答题（共2小题，满分23分）20底面积为50cm2的平底圆柱形容器内盛满某种液体后，置于水平桌面中央（容器壁厚度不计），液体的压强与深度的关系如图所示现将一个质量为0.08kg的金属块A用轻质细线悬挂在弹簧测力计下，再缓慢浸没于容器内的液体中，待金属块静止后，擦干容器外壁，弹簧测力计的示数如图所示求：（g=10N/kg）（1）液体的密度是多少？（2）金属块排开液体的质量是多少？（3）剪断细线，金属块下沉到容器底部，此时容器对桌面的压强比只盛满液体时对桌面的压强增大了多少？21如图所示电路中，电灯L上标有“4V 1W”字样，滑动变阻器的阻值范围是024，电阻R=30，电流表的量程范围为00.6A，完成下列要求：（1）灯泡的电阻；（2）当开关S1、S2断开，移动变阻器滑片P，使它连入电路的电阻为其总电阻的时，电灯L恰好处于正常工作状态，求电路每分钟消耗的电能（3）当开关S1、S2闭合，在移动变阻器滑片P的过程中，变阻器上消耗的最小功率及允许消耗的最大功率分别是多大？2016年湖北省黄石市大冶市金湖街办中考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（共13小题，每小题3分，满分39分）1下列关于声音的说法中，正确的是（）A声音在真空中的传播速度最快，其次是固体，最慢的是气体B只要物体振动，我们就能听到声音C高速公路两旁的隔音板是为了在传播过程中减弱噪声D用不同种乐器演奏同一乐曲，不同乐器发出声音的音调不同【考点】声音在不同介质中的传播速度；人耳感知声音的过程及听到声音的条件；音色；防治噪声的途径【分析】（1）声音传播需要介质，真空不能传声；一般地，声音在固体中传播的最快，在液体中次之，在空气中传播的最慢；（2）人耳听到声音的条件：物体发生振动；介质向外传声；良好的听觉器官；频率在人的听觉范围之内；有足够的响度；（3）防治噪声的途径有在声源处、在传播中、在人耳处；（4）发声体的材料和结构不同，其发出声音的音色不同【解答】解：A、不同的介质传播声音的速度一般不同，一般地，声音在固体中传播的最快，在液体中次之，在空气中传播的最慢，真空不能传声，故A错误；B、声音靠介质传播，若物体在真空中振动发出的声音，人耳就不会听到，故B错误；C、高速公路两旁的隔音板是为了在传播过程中减弱噪声，故C正确；D、不同乐器的材料和结构不同，演奏同一乐曲，不同乐器发出声音的音色不同，故D错误故选C2下列关于光现象的说法正确的是（）A月食是由于光的折射形成的B光从空气射入水中，传播速度变小C物体通过平面镜能成正立、等大的实像D光发生漫反射时，不遵循光的反射定律【考点】光的传播速度与光年；光在均匀介质中直线传播；漫反射；平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】发生日食和月食时，太阳、月球、地球三者都在同一直线上，都可以用光沿直线传播来解释，不同的是发生日食时月球在中间；发生月食时地球在中间；光在真空中的传播速度为3108m/s，光在其他各种介质中的速度都比在真空中的小；平面镜成像特点：平面镜所成的像是虚像；像与物大小相等；它们到平面镜的距离相等；它们的连线与镜面垂直；一束平行光射到粗糙的物体表面时，反射光不再平行，而是射向各个方向，这种反射叫做漫反射；漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律【解答】解：月食的形成是光的直线传播形成的，故A叙述错误；光在其它透明介质中的传播速度都小于在空气中的传播速度，所以光从空气射入水中时传播速度变小，故B叙述正确；物体通过平面镜能成正立、等大的虚像，故C叙述错误；漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律，故D叙述错误故选：B3游泳运动员刚从水中上岸感觉特别冷，是由于运动员身上的水（）A熔化吸热B汽化吸热C升华吸热D液化放热【考点】汽化及汽化吸热的特点【分析】解决此题需掌握：物质由液态变成气态的现象叫做汽化，汽化方式有两种：蒸发和沸腾；蒸发是在任何温度下都能进行的汽化方式，液体蒸发需要吸收热量【解答】解：人上岸后，人体表面的水分开始蒸发，人身上的水蒸发需要从人体吸收热量，于是人会感觉冷故选B4体育活动中蕴含很多物理知识，下列相关说法中正确的是（）A用力扣杀排球时手感到疼痛，说明力的作用是相互的B足球被踢出后仍能继续运动，是因为受到惯性的作用C乒乓球被扣杀后飞向对方，说明力可以维持物体运动D在接力赛跑交接棒的过程中，两运动员相对地面是静止的【考点】力作用的相互性；运动和静止的相对性；惯性；力与运动的关系【分析】（1）物体间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施力的同时，也受到另一个物体对它的作用力，所以，一个物体既是施力物体，同时也是受力物体（2）物体都有保持原来运动状态的性质称之为惯性；（3）力是改变物体运动状态的原因（4）判断物体是运动还是静止时，要看被研究的物体与参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的【解答】解：A、用手击排球，手对球施加力，排球飞走了；同时手感到疼，说明排球对手也施加了力，这个现象表明：物体间力的作用是相互的故A正确；B、足球被踢出后仍能继续运动，是因为足球具有惯性，仍要保持原来的运动状态，惯性不是力，不能说受到惯性力作用故B错误；C、乒乓球被扣杀后飞向对方，说明力可以改变物体的运动状态，不是维持物体的运动状态，故C错误；D、接力赛交接棒时，两运动员同向同速即保持相对静止状态（或速度相同），但相对地面来说，两运动员与地面的位置不断发生变化，是运动的；故D错误故选A5小明同学在“制作、研究电磁铁”的过程中，使用两个相同的大铁钉绕制成电磁铁进行实验，如图所示，下列说法正确的（）A若将两电磁铁上部靠近，会相互吸引B通过吸大头的数量来显示磁性的强弱“转换法”研究物理现象C若电压表有示数，电流表无示数，则可能是滑动变阻器R断了D要使电磁铁磁性增强，应将滑片P向右移动【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素【分析】（1）利用安培定则判断电磁铁的磁极，可根据磁极间的相互作用规律其具体的作用情况；（2）电磁铁磁性的大小用吸引大头针数目的多少来反映，这是转换法；（3）可用假设法，判断如果滑动变阻器断路对电压表和电流表造成的影响；（4）影响电磁铁磁性强弱的因素：电流越大磁性越强；线圈匝数越多磁性越强【解答】解：A、利用安培定则判断可知，电磁铁A、B的上部都是N极，若将两电磁铁上部靠近，则会排斥，A说法不正确B、电磁铁磁性强弱是通过吸引大头针数目的多少来体现的，所以电磁铁能吸引的大头针越多，表明它的磁性越强这是转换法的应用，B说法正确C、如果滑动变阻器R断了，则整个电路断路，电流表和电压表均不会有示数，C说法不正确；D、将滑片P向右移动，电磁铁中的电流将变小，电磁铁的磁性减弱，D说法不正确故选B6下列说法中正确的是（）A接入同一电路中的两个导体电阻大小不相等，则通过它们的电流也不相等B验电器两箔片张开，说明两箔片一定带上同种电荷C电动自行车在给蓄电池充电时，是将化学能转化为电能D同一电路两电阻两端的电压相等，则这两个电阻一定是并联接入电路的【考点】验电器的原理及使用；电源及其能量转化；欧姆定律的应用【分析】（1）串联电路中处处电流相等；（2）验电器是利用同种电荷相斥的原理制成的；（3）判断清楚该过程中消耗了哪种形式的能，进而产生了哪种形式的能即可；（4）据电阻和电流的规律分析判断即可解决【解答】解：A、如果不相等的两个电阻串联，则通过两个电阻的电流相等，故A错误；B、据电荷间的作用规律可知，验电器两箔片张开，说明两箔片一定带上同种电荷，故B正确；C、电动自行车在给蓄电池充电时，消耗电能，产生化学能，所以是将电能转化为化学能的过程，故C错误；D、若两个电阻的规格相同，串联时电阻两端的电压也相等，所以两个电阻不一定是并联的，故D错误；故选B7下列关于温度、热量和内能变化的说法中，正确的是（）A物体温度升高，它的内能一定增加B物体温度升高，一定是外界对物体做功C物体温度不变，它的内能一定不变D物体温度降低，一定是物体放出了热量【考点】温度、热量与内能的关系【分析】做功和热传递都能改变物体的内能，物体温度升高，内能一定增加；内能与物体的温度、质量以及状态有关【解答】解：A、物体温度升高，分子运动更加剧烈，因此内能增大，故A正确；B、物体温度升高，可能吸收了热量，也可能是对它做了功，故B错误；C、晶体的熔化过程，尽管温度不变，但是它继续吸收热量，但是内能是增大的，故C错误；D、物体温度降低，内能减小，可能放出了热量，也可能对外做了功，故D错误故选A8能源、信息、材料是现代社会发展的三大支柱，下列说法正确的是（）A卫星导航不是依靠电磁波传递信息的B太阳能、风能和水能都是可再生能源C大亚湾核电站是利用可控原子核聚变释放的核能来发电的D超导材料主要是应用在电饭锅等电器上【考点】能源的分类；超导体的作用；卫星中继通信；核裂变【分析】A、卫星通信实际上是微波通信的一种，是利用卫星做微波通信的中继站；B、能够短时间内从自然界得到补充的是可再生能源；C、大亚湾核电站利用的是核裂变释放的能量；D、超导材料电阻为零，电流流过导体时，导体不发热，电饭锅是利用电流的热效应工作的【解答】解：A、卫星导航是利用电磁波传递信息的，该选项说法不正确；B、太阳能、风能、水能可以从自然界源源不断的得到补充，因此是可再生能源，该选项说法正确；C、大亚湾核电站利用的是可控的核裂变释放的能量，故C错误；D、超导材料电阻为零，电流流过导体时，导体不发热，电饭锅是利用电流的热效应工作的，超导体不能用来制作电饭锅的发热体，故D错误故选B9如图所示的四个装置，下列表述正确的是（）A图a可用来演示电磁感应现象B图b可用来演示电动机原理C图c是将机械能转化为电能D图d发的电，电流方向会改变【考点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；直流电动机的原理；电磁感应【分析】（1）电流磁效应是指电流能产生磁场；电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流，即发电机原理；（2）电动机原理是磁场对电流的作用，直流发电机与交流发电机的区别在于是否有换向器；（3）奥斯特实验说明了电流周围有磁场；根据不同实验的特点，对照各图进行判断即可【解答】解：A、图a探究通电周围是否有磁场，因此图a是奥斯特实验，故A错误；B、图b中没有电源，是导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动时，电流表中会产生感应电流，故演示的为电磁感应，即发电机原理，故B错误；C、开关闭合后，导体将在磁场力的作用下发生运动，故演示的为磁场对电流的作用，这一过程将电能转化为了机械能，故C错误；D、图d是一个发电机，并且该装置中没有换向器，因此图d发的电，电流方向会改变，故D正确故选D10下列做法符合安全用电要求的是（）A保险盒内熔丝熔断，可用铜丝或铁丝替代B可以用湿手插电源插头C如果发生触电事故时，先切断电源再施救D使用测电笔时手指千万不能碰到笔尾金属体【考点】安全用电原则【分析】（1）熔丝一般用电阻率大，熔点低的合金制成，不能用铜丝代替；（2）不纯净的水是导体，用湿手插电源插头，容易在手和火线之间由水连通，容易触电；（3）发现有人触电后，应先切断电源再施救（4）测电笔的正确使用：用手接触测电笔的尾部金属体，笔尖接触导线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线【解答】解：A、熔丝一般用电阻率大，熔点低的合金制成，不能用铜丝代替，故A错误；B、不纯净的水是导体，用湿手插电源插头，容易在手和火线之间由水连通，容易触电，故B错误；C、发现有人触电后，应先切断电源或用绝缘棒将电线挑开，使人脱离带电体，不能用手去拉，故C正确；D、使用试电笔时，手要与笔尾金属体相连，不能接触笔尖，故D错误故选C11关于生活和自然中蕴含的物理知识，下列说法中正确的是（）A风筝和飞艇都是利用空气的浮力升空的B用塑料梳子梳头，头发会随着梳子飘起来，是因为梳子与头发带上了异种电荷C东方山海拨比地面要高，山顶上的气压低，水的沸点高D“钻木取火”是用热传递的方式改变物体内能的【考点】物体带电现象；沸点及沸点与气压的关系；浮力的利用；做功改变物体内能【分析】（1）浮力与升力在生活中的应用很广泛，不同的物体升空的原理也不尽相同热气球是通过改变气体的密度改变浮力与重力的关系实现升降；风筝、飞机、鸟等是利用流体压强产生的升力升空的（2）电荷间的相互作用是：同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引（3）液体的沸点跟气压的大小有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低（4）改变内能的方式有两种，即做功和热传递；【解答】解：A、飞艇是利用空气的浮力升空的，而风筝是利用流体压强和流速的关系工作的，故A错误；B、头发和梳子摩擦，头发和梳子带异种电荷，根据异种电荷互相吸引，所以头发会随着梳子飘起来，故B正确；C、气压随高度而变化高山上气压低，水的沸点低，故C错误；D、“钻木取火”是用做功的方式改变物体内能的，故D错误；故选B12小夏将n个“3V 0.3W”的小灯泡，按照甲、乙两种连接方式分别接入电压为U的电路中（如图所示），通过分别调节滑动变阻器R1和R2，使所有灯泡均正常发光则甲、乙两电路中的总电流与总功率的关系正确的是（）AI甲=I乙BI甲=I乙CP甲=nP乙DP甲=n2P乙【考点】电功率与电压、电流的关系【分析】n盏完全相同的灯泡，正常发光时的电流相等，根据串并联电路的电流特点求出甲乙电路的电流，再根据P=UI求出两者的总功率关系【解答】解：n盏完全相同的灯泡，正常发光时的电流相等，都为I=0.1A，若将他们并联，则电路中的电流I甲=0.1An=n0.1A，若将他们串联，串联电路中电流处处相等，则电流中的电流I乙=0.1A，所以I甲=nI乙，电路中的总功率P甲=UI甲=Un0.1A，P乙=UI乙=U0.1A，故P甲=nP乙故ABD错误，C正确故选C13如图所示电路，电源两端电压保持不变闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，下列判断正确的是（）A电压表V2示数变大，电流表示数变小B电压表V1与电压表V2示数的比值变大C电压表V2示数与电流表示数的比值不变D电压表V1示数变化量的绝对值小于电压表V2示数变化量的绝对值【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，R1与R2、滑动变阻器串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流（1）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1与R2两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化，然后判断电压表V1与电压表V2示数的比值变化以及电压表V2示数与电流表示数的比值不变；（2）根据串联电路的特点和欧姆定律分别表示出两电压表示数的变化量，然后比较两者的绝对值得出答案【解答】解：由电路图可知，R1与R2、滑动变阻器串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流（1）当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，由U=IR可知，R1和R2两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表V2的示数变大，故A正确；因电压表V1的示数变小，电压表V2的示数变大，所以，电压表V1与电压表V2示数的比值变小，故B错误；因电压表V2的示数变大，电流表的示数变小，所以，电压表V2示数与电流表示数的比值变大，故C错误；（2）设滑片移动前后电路中的电流为I、I，电压表V1示数的变化量：UV1=U1U1=IR1IR1=（II）R1=IR1，电压表V2示数的变化量：UV2=U滑U滑=UI（R1+R2）UI（R1+R2）=（II）（R1+R2）=I（R1+R2）因|IR1|I（R1+R2）|所以，电压表V1示数变化量的绝对值小于电压表V2示数变化量的绝对值，故D正确故选AD二、填空题（共2小题，每小题3分，满分6分）14四冲程汽油机的压缩冲程是将机械能转化为内能为了矫正视力，近视眼应佩戴凹（填“凸”或“凹”）透镜做的眼镜【考点】内燃机的四个冲程；近视眼的成因与矫正办法【分析】（1）内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，只有做功冲程对外输出功，将内能转化为机械能；压缩冲程是将机械能转化为内能；（2）近视眼是由于晶状体太厚，或眼球前后方向太长，使得像成在视网膜的前方造成的，故据两种透镜对光线的作用分析即可判断矫正方法；【解答】解：吸气冲程、排气冲程没有能量转化；压缩冲程将机械能转化为内能；而做功冲程中高温高压的燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能；据课本知识可知，近视眼会将远处物体的像成在视网膜的前方，为了让像成在视网膜上，所以应该让光线推迟会聚，故应使得光线发散，所以应该佩戴凹透镜进行矫正故答案为：压缩；凹15“可燃冰”作为新型能源，有着巨大的开发使用潜力，同等条件下“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，以10倍的关系粗略计算，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量可以使1250kg的水从20加热至100c水=4.2103J/（kg），q煤气=4.2107J/kg【考点】热平衡方程的应用【分析】利用Q放=mq求出1kg煤气完全燃烧放出的热量，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的10倍，据此求1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量；由题知，Q吸=Q放，而Q吸=cmt，知道水的比热容、水的初温和末温，可求水的质量【解答】解：1kg煤气完全燃烧放出的热量：Q放=mq煤气=1kg4.2l07J/kg=4.2l07J，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量：Q放=Q放10=4.2l07J10=4.2l08J；由题知，Q吸=Q放=4.2l08J，Q吸=cmt，水的质量：m=1250kg故答案为：1250三、解答题（共2小题，满分6分）16如图所示，岸边有一物体B，潜水员从水中能看见B的像B1，请作出一条眼睛能看到B1的折射光路图【考点】作光的折射光路图【分析】物体B反射的光斜射入水中时，发生折射，折射角小于入射角，折射光线向法线方向偏折，折射光线进入潜水员的眼睛，潜水员认为光始终沿直线传播，潜水员看到的B是折射光反向延长线相交形成的虚像，比B的实际位置高，所以潜水员在水中看见岸上的物体B，实际上看到的是变高了的B的虚像B1【解答】解：连接人的眼和B1，与水面交于一点O，O即为入射点，再连接人的眼与O、以及OB，最后标上箭头，如下图所示：17图中小球用细绳拴在墙上，画出小球受力示意图【考点】力的示意图【分析】小球共受三个力：绳的拉力、重力、墙的支持力；三个力的作用点集中在球的重心，然后根据各力的方向标出这三个力的示意图【解答】解：小球受到的重力，作用点在重心，方向竖直向下，符号为G；绳对小球的拉力作用点在重心，方向沿绳斜向上，符号为F；墙对小球的支持力，作用点可画在重心，方向垂直墙面向外，符号为N，如下图：四、填空题（共2小题，每小题5分，满分25分）18小欣为了测量液体A的密度，进行了如下实验：（1）将天平放在水平台面上，把游码移到标尺的零刻线处横梁静止时，指针指在分度盘中央刻度线的左侧，如图甲所示为使横梁在水平位置平衡，应将横梁右端的平衡螺母向右移动（2）将液体A倒入量筒中，如图乙所示，则量筒中液体A的体积为60cm3（3）将量筒中的液体A全部倒入空烧杯中，把烧杯放在调节好的天平的左盘中，当右盘中砝码的质量和游码在标尺上的位置如图丙所示时，天平横梁再次水平平衡，则烧杯和液体A的总质量为152g（4）实验中测得所用空烧杯的质量为80g，根据上述实验数据计算液体A的密度为1.2103kg/m3【考点】液体的密度测量实验【分析】（1）游码归零后，横梁哪端高平衡螺母向哪端调；（2）看清分度值，读出示数；（3）物体的质量等于砝码质量与标尺示数的和，看清标尺的分度值，读出示数加上砝码质量数就为烧杯和液体A的总质量；（4）利用密度公式=求出液体密度【解答】解：（1）根据图甲所示为使横梁在水平位置平衡，应将横梁右端的平衡螺母向右端移动；（2）如图乙所示，量筒的分度值为0.5mL，则量筒中液体A的体积为60cm3；（3）烧杯和液体A的总质量为m=150g+2g=152g；（4）由于空烧杯的质量为80g，则液体的质量为m=152g80g=72g因此液体的密度为：=1.2g/cm3=1.2103kg/m3故答案为：（1）右； （2）60； （3）152；（4）1.210319图甲是测量小灯泡电功率的电路图小灯泡的额定电压为2.5V（1）请根据图甲将图乙中的实物电路连接完整（导线不允许交叉）（2）闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处闭合开关后发现小灯泡亮后马上熄灭，电压表有示数，电流表无示数逐渐向右移动滑片，小灯泡始终不亮，电流表示数仍然为零则闭合开关前该电路故障可能是滑动变阻器被短路（3）排除故障后正确操作实验，测量数据如表所示实验次数12345678发光情况明亮亮更明亮较亮较暗微光熄灭熄灭电压U/V2.52.13.01.71.30.90.50.1电流I/A0.280.260.300.240.210.190.160.05分析实验数据可知：小灯泡的额定功率为0.7W7、8两次实验中，灯泡熄灭的原因是灯泡的实际功率过小（4）利用该电路也可以探究电流跟电阻的关系，只将小灯泡换成多个定值电阻R，保持电压表示数始终为3V不变，多次更换阻值不同的定值电阻R，并记录各次电流表的示数，若不更换其他器材，为了能够完成实验，更换的电阻阻值不能够大于20（电源由三节新干电池串联组成，滑动变阻器的最大电阻为10）（5）上一问用到物理学中常用的“控制变量法”下列实验中，没有用到这一方法的是A （填序号）A研究光的反射规律 B研究物质吸热本领跟物质种类的关系C研究压力的作用效果跟压力的关系 D研究导体电阻的大小与材料的关系【考点】电功率的测量【分析】（1）按电路图的顺序连接实物，电流表串联在电路中，并注意电流从正接线柱流进，负接线柱流出；（2）常见电路故障有短路与断路两种，根据电路故障现象分析电路故障原因；（3）由表中实验数据求出灯泡额定电压对应的电流，然后由P=UI求出灯泡额定功率；如果灯泡实际功率如果太小，将不足以引起灯泡发光；（4）先根据电压表的量程、分度值以及指针的位置读出电压表的示数；然后根据串联电路的电阻与电压的关系，并结合滑动变阻器的最大阻值解答；（5）一个物理量受多个因素影响时，探究物理量和其中一个因素的关系时，控制其它因素不变，这种方法是控制变量法【解答】解：（1）按电路图的顺序连接实物，电流表串联在电路中，并注意电流从正接线柱流进，负接线柱流出，如图所示：（2）将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处闭合开关后发现小灯泡亮后马上熄灭，说明开始电路中有电流，不是断路，故障则是短路，灯泡发光一定不是灯泡短路，则是滑动变阻器短路；（3）由表中实验数据可知，灯泡额定电压2.5V对应的电流为0.28A，灯泡额定功率P=UI=2.5V0.28A=0.7W；由表中实验数据可知，7、8两次实验，灯泡电压与电流很小，灯泡实际功率很小，由于灯泡实际功率很小所以灯泡不能发光，所以灯泡熄灭（4）在探究电流跟电阻的关系的实验中，保持电压表示数为3V不变；则根据串联电路的电流相同的特点得：I定值=I滑动，即： =， =， =则R定值=20 （5）A、研究光的反射规律时，多次改变入射光线位置，观察放射光线，没有多个变量，不需要用控制变量法；故A错误； B研究物质吸热本领跟物质种类的关系，需控制质量、升高相同温度，比较吸收的热量与物质种类的关系，用到了控制变量法，故B正确；C、压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验探究时应采用控制变量法，故C正确； D、要探究导体电阻的大小与材料的关系，应控制长度、横截面积一定，用到了控制变量法，故D正确故选C故答案为：（1）见上图；（2）滑动变阻器被短路；（3）0.7；灯泡的实际功率过小；（4）20；（5）A五、解答题（共2小题，满分23分）20底面积为50cm2的平底圆柱形容器内盛满某种液体后，置于水平桌面中央（容器壁厚度不计），液体的压强与深度的关系如图所示现将一个质量为0.08kg的金属块A用轻质细线悬挂在弹簧测力计下，再缓慢浸没于容器内的液体中，待金属块静止后，擦干容器外壁，弹簧测力计的示数如图所示求：（g=10N/kg）（1）液体的密度是多少？（2）金属块排开液体的质量是多少？（3）剪断细线，金属块下沉到容器底部，此时容器对桌面的压强比只盛满液体时对桌面的压强增大了多少？【考点】阿基米德原理；密度的计算；弹簧测力计的使用与读数；重力的计算；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；浮力大小的计算【分析】（1）由图象可知，液体内部的压强与深度成正比，取h=4cm，读出该深度的压强，根据液体压强的公式求液体的密度；（2）知道金属块的质量，利用重力公式求金属块受到的重力，又知道金属块全浸入液体中弹簧测力计的示数，由称重法求出金属