2020年1月浙江省普通高校招生选考科目物理考试03.docx

内装订线内装订线学校:_姓名：_班级：_考号：_外装订线绝密启用前2020年1月浙江省普通高校招生选考科目考试物理仿真模拟试题03考生注意：1答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试题卷和答题纸规定的位置上2答题时，请按照答题纸上“注意事项”的要求，在答题纸相应的位置上规范作答，在本试题卷上的作答一律无效3非选择题的答案必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题纸上相应区域内，作图时可先使用2B铅笔，确定后必须使用黑色字迹签字笔或钢笔描黑4可能用到的相关公式或参数：重力加速度g均取10m/s2选择题部分一、选择题 I（本题共12小题，每小题3分，共36分每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1在物理学的重大发现中科学家们总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假设法和建立物理模型法等。以下关于物理学研究方法的叙述不正确的是（ ）A在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法运用了假设法B根据速度的定义式，当t趋近于零时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法C在实验探究加速度与力、质量的关系时，运用了控制变量法D在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，然后将各小段位移相加，运用了微元法2倾角为的斜面，长为l，在顶端水平抛出一个小球，小球刚好落在斜面的底端，如图所示，那么小球的初速度v0的大小是（ ）Acosgl2sin BcosglsinCsingl2cos Dsinglcos3如图所示，一平行板电容器的两个极板竖直放置，在两极板间有一带电小球，小球用一绝缘轻线悬挂于O点。现给电容器缓慢充电，使两极板所带电荷量分别为+Q和-Q ，此时悬线与竖直方向的夹角为/6。再给电容器缓慢充电，直到悬线与竖直方向的夹角增加到/3，且小球与两极板不接触。则第二次充电使电容器正极板增加的电量是（ ）AQ/2 BQ C3Q D2Q4质量为m的汽车，额定功率为P，与水平地面间的摩擦数为，以额定功率匀速前进一段时间后驶过一圆弧形半径为R的凹桥，汽车在凹桥最低点的速度与匀速行驶时相同，则汽车对桥面的压力N的大小为 （ ）AN=mg BN=mR(Pmg)2CN=mg+1R(Pmg)2 DN=mg1R(Pmg)25如图所示，在竖直平面内有一固定的半圆槽，半圆直径AG水平，B、C、D、E、F点将半圆周六等分。现将5个质量不同的小球1、2、3、4、5（均可视为质点）分别从A点开始向右做平抛运动，分别落到B、C、D、E、F点上，则下列说法正确的是 A球5到达F点时，速度的反方向延长线必过圆心B球3做平抛运动全过程速度变化最大C球5做平抛运动的时间最长D各球到达圆周时球3的重力功率最大6木星公转周期约12年，地球到太阳距离为1天文单位，则木星到太阳距离约为（ ）A2天文单位 B4天文单位 C5.2天文单位 D12天文单位7如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A、B用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）。初始时刻，A、B处于同一高度并恰好处于静止状态。剪断轻绳后A下落、B沿斜面下滑，下列说法正确的是( ) A两物块落地时重力的瞬时功率相同B两物块落地时的动能相等C从剪断轻绳到物块着地，两物块的动量变化相同D从剪断轻绳到物块着地，两物块重力势能的变化量相同8如图所示，长方形abcd长ad=0.6 m，宽ab=0.3 m，O、e分别是ad、bc的中点，以ad为直径的半圆内有垂直纸面向里的匀强磁场（边界上无磁场），磁感应强度B=0.25 T。一群不计重力、质量m=310-7 kg、电荷量q=2103 C的带电粒子以速度v=5l02 m/s沿垂直ad方向且垂直于磁场射人磁场区域,则A从Od边射入的粒子，出射点全部分布在Oa边B从aO边射入的粒子，出射点全部分布在ab边C从Od边射入的粒子，出射点分布在Oa边和ab边D从aO边射入的粒子，出射点分布在ab边和bc边9如图，在足够长的绝缘水平直线轨道上，B点正上方h处的P点固定电荷量为Q的点电荷甲。一质量为m、电荷量为q的物块乙（可视为质点），从轨道上的A点以初速度v0沿轨道向右运动，当运动到B点时速度为v，到C点时速度正好减为零，已知点电荷甲产生的电场在A点的电势为（取无穷远处电势为零），PA连线与水平轨道的夹角为60。ABBC，物块乙与水平直线轨道的动摩擦因数为，静电力常数为k，由此可得（ ）A物块乙在A点时静电力功率的绝对值为B物体乙从A点运动到B点克服摩擦力做的功为C点电荷Q产生的电场在B点的电势为D物体乙从B点运动到C点过程中电势能减少，到C点时电势能减为零10如图所示，两相同小球a、b用轻弹簧A、B连接并悬挂在天花板上保持静止，水平力F作用在a上并缓慢拉a，当B与竖直方向夹角为60时，A、B伸长量刚好相同若A、B的劲度系数分别为k1、k2，则以下判断正确的是ABC撤去F的瞬间，a球的加速度为零D撤去F的瞬间，b球的加速度为g11如图所示，重物G用OA和OB两段等长的绳子悬挂在半圆弧的架子上，B点固定不动，A端由顶点C沿圆弧缓慢向D移动，在此过程中，绳子OA上的张力将（ ）A变小 B变大C先变小后变大 D先变大后变小12如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，R2R1r，且R1 大于滑动变阻器R0的最大阻值闭合电键S，将滑动变阻器的滑动片P由最上端滑到最下端，若电压表V1、V2、电流表A的读数改变量的大小分别用U1、U2、I 表示，则下列说法中正确的是AU2I=R2BU1IrC电源的发热功率先减小，再增大D电源的输出功率先增大，再减小2、 选择题II（本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题列出四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）13实验得到金属钙的光电子的最大初动能Ekm与入射光频率的关系如图所示。下表中列出了几种金属的截止频率和逸出功，参照下表可以确定的是( )A如用金属钨做实验得到的Ekm图线也是一条直线，其斜率与图中直线的斜率相等B如用金属钠做实验得到的Ekm图线也是一条直线，其斜率比图中直线的斜率大C如用金属钠做实验得到的Ekm图线也是一条直线，设其延长线与纵轴交点的坐标为(0，Ek2)，则Ek2 Ek1D如用金属钨做实验，当入射光的频率1时，可能会有光电子逸出14彩虹产生的原因是光的色散，如图所示为太阳光射到空气中小水珠时的部分光路图，其中a、b为两种单色光，以下说法正确的是()Aa、b光在水珠中传播的波长都比各自在真空中传播的波长要长B水珠对a光的折射率大于对b光的折射率C用同一双缝干涉仪做光的双缝干涉实验，a光条纹间距大于b光条纹间距D在水珠中a光的传播速度小于b光的传播速度15三角形导线框放在匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，磁感应强度B随时间t变化的规律如图所示，t=0时磁感应强度方向垂直纸面向里。下图中分别是线框中的感应电流i随时间t变化的图线和ab边受到的安培力F随时间t变化的图线，其中可能正确的是A BC D16一简谐横波沿水平方向由质元a向质元b传播，波速为4m/s，a、b两质元平衡位置间的距离为2m，t=0时刻，a在波峰，b在平衡位置且向下振动，下列哪些时刻b可能处在波峰位置A32s B12s C56s D730s非选择题部分3、 非选择题（本题共6小题，共48分）17某实验小组用如图所示的气垫导轨完成“验证动量守恒”的实验。图中A、B是带有碰撞装置和遮光片的滑块，可在气垫导轨上无摩擦地滑动。光电门C、D固定，通过光电计时器(图中未画出)可测出遮光片通过光电门的时间。主要实验步骤如下：()用天平分别测出A、B两滑块的质量并记录。()用游标卡尺分别测出A、B两滑块上遮光片的宽度并记录。()调整气垫导轨使之水平。 ()将滑块A、B静止放在气垫导轨的图示位置上。()给A一个水平冲量，使之水平向右运动，观察A、B碰撞的情况，记录A、B上的遮光片经过光电门C、D的时间。()重复步骤、三至五次。()分析数据，得出结论。若某次实验步骤() 中滑块A两次经过光电门C，实验记录如下mA(g)mB(g)dA(cm)dB(cm)滑块A第一次经过C的时间(ms)滑块A第二次经过C的时间(ms)滑块B经过D的时间(ms)1501.001.005.0025.006.25请回答下列问题(1)两滑块碰后滑块B的速度大小_m/s；(2)实验记录过程中滑块A的质量忘记记录了，根据你的分析，滑块A的质量mA=_g；(3)步骤()的目的是_。18描绘一个额定电压4V、额定功率1.6W的小灯泡的伏安特性曲线，提供了以下器材：直流电源E（电动势4.5V，内阻不计），电压表V（量程4.5V，内阻约为4104），电流表A1（量程250mA，内阻约为2），电流表A2（量程500mA，内阻约为1），滑动变阻器R（最大阻值约为20）电键S，导线若干如果既要满足测量要求，又要测量误差较小，应该选用的电流表是_，上面两个电路应该选用的是_（填“甲”或“乙”）19传送带被广泛应用于各行各业由于不同的物体与传送带之间的动摩擦因数不同，物体在传送带上的运动情况也有所不同如图所示，一倾斜放置的传送带与水平面的夹角37，在电动机的带动下以v2 m/s的速率顺时针方向匀速运行M、N为传送带的两个端点，M、N两点间的距离L7 mN端有一离传送带很近的挡板P可将传送带上的物块挡住在传送带上的O处先后由静止释放金属块A和木块B，金属块与木块质量均为1 kg，且均可视为质点，O、M间距离L13 msin 370.6，cos 370.8，g取10 m/s2.传送带与轮子间无相对滑动，不计轮轴处的摩擦(1) .金属块A由静止释放后沿传送带向上运动，经过2 s到达M端，求金属块与传送带间的动摩擦因数1；(2) .木块B由静止释放后沿传送带向下运动，并与挡板P发生碰撞已知碰撞时间极短，木块B与挡板P碰撞前、后速度大小不变，木块B与传送带间的动摩擦因数20.5.求与挡板P第一次碰撞后，木块B所达到的最高位置与挡板P的距离20（本题10分）如图所示轻弹簧一端固定在水平面上的竖直挡板上,处于原长时另一端位于水平面上B点处,B点左侧光滑,右侧粗糙。水平面的右侧C点处有一足够长的斜面与水平面平滑连接,斜面倾角为37,斜面上有一半径为R=1m的光滑半圆轨道与斜面切于D点,半圆轨道的最高点为E,G为半圆轨道的另一端点,LBC=2.5m,A、B、C、D、E、G均在同一竖直面内。使质量为m=0.5kg的小物块P挤压弹簧右端至A点,然后由静止释放P,P到达B点时立即受到斜向右上方,与水平方向的夹角为37,大小为F=5N的恒力,一直保持F对物块P的作用,结果P通过半圆轨道的最高点E时的速度为vE=10m/s。已知P与水平面斜面间的动摩擦因数均为=0.5,g取10m/s2.sin37=0.6,(1)P运动到E点时对轨道的压力大小;(2)弹簧的最大弹性势能;(3)若其它条件不变,增大B、C间的距离使P过G点后恰好能垂直落在斜面上,求P在斜面上的落点距D点的距离。21如图甲所示，两金属板M、N水平放置组成平行板电容器，在M板中央开有小孔O，再将两个相同的绝缘弹性挡板P、Q对称地放置在M板上方，且与M板夹角均为60，两挡板的下端在小孔O左右两侧。现在电容器两极板间加电压大小为U的直流电压，在M板上方加上如图乙所示的、垂直纸面的交变磁场，以方向垂直纸面向里为磁感应强度的正值，其值为B0，磁感应强度为负值时大小为Bx，但Bx未知。现有一质量为m、电荷量为+q、不计重力的带电粒子，从N金属板中央A点由静止释放，t=0时刻，粒子刚好从小孔O进入上方磁场中，在t1时刻粒子第一次撞到左挡板P上，紧接着在t1+t2时刻粒子撞到了右挡板Q上，然后粒子又从O点竖直向下返回平行金属板间，接着再返回磁场做前面所述的运动。粒子与挡板碰撞前后电量不变，沿板面的分速度不变，垂直于板面的分速度大小不变、方向相反，不计碰撞的时间及磁场变化产生的感应影响。求：(1)粒子第一次到达挡板P时的速度大小。(2)图乙中磁感应强度Bx的大小。(3)两金属板M和N之间的距离d。22如图所示，两根平行金属导轨相距l=1m，左右两边金属导轨相连，左边倾角为=37的金属导轨底端连接一阻值R1=2的电阻，左侧斜面上宽度x2=2m内有垂直于斜面向下的B=3T的匀强磁场，右边斜面光滑，倾角为=53，在左边斜面上GN以下区域摩擦因数=0.1，GN以上部分光滑，ab距离磁场下边界HI的距离x1=2.5m，质量m=5kg，电阻r=1的导体棒和右边斜面上质量M=5kg的物体通过顶端的光滑轻质绝缘细绳平行于斜面相连处于静止状态，左右斜面顶端通过导线和R2=2的电阻相连，现由静止释放ab、ab处磁场变化GN前已经匀速运动，求：（1）导体棒进入HI时的速度；（2）导体棒在磁场中向上匀速运动时R1消耗的电功率（3）导体棒处GN瞬间细线断裂，ab返回磁场，离开磁场边界HI前已经匀速，求导体棒从GN到HI的时间。第13页 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，所以天文单位，故选项C正确。点睛：解决本题的关键要掌握开普勒第三定律，运用比例法求解。7A【解析】设斜面倾角为，剪断轻绳前系统平衡，所以mBgsin=mAg剪断轻绳后A自由下落，B沿斜面下滑，A、B都只有重力做功，机械能都守恒根据机械能守恒得： mv2=mgh， ,则重物A的重力的瞬时功率为；重物B的重力的瞬时功率为 ，则选项A正确；根据机械能守恒可知两物块落地时的动能分别为：EkA=mAgh，EkB=mBgh，重力势能的变化不等，则动能不等，选项BD错误；当两物体落地时动量变化的方向不同，则动量变化不同，选项C错误；故选A.8D【解析】粒子进入磁场后做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力，得到，由于初速度向右，故圆心在ao之间。AC、以O点为例，假设长方形完全被磁场覆盖，则按照轨迹会达到b点，但由于只有半圆内存在磁场，所以出了磁场后，由于不再受到洛伦兹力，所以无法偏转到b点，所以最终会落在bc边上；故从Od边射入的粒子，出射点全部分布在bc边上和O点，故A错误，C错误；BD、同理从aO边射入的粒子，出射点全部分布在ab、bc边上，故B错误，D正确；故选：D.点睛：粒子进入磁场后做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力，先得到轨道半径，再找出圆心，确定半径并分析可能的轨迹9ABC【解析】试题分析：根据库仑定律可得物块乙在A点时静电力为，故静电力功率的绝对值为，A正确；电场力对物块乙在AB段做负功，在BC段做正功，大小相等，A到C电场力做的总功为0，A到B的过程与B到从C过程中摩擦力做的功相等，设A到B的过程克服摩擦力做的功是，对A到C过程，由动能定理得：，得，故B正确；设点电荷产生的电场在B点的电势为，A到B过程，由动能定理有：，解得：，故C正确；物体乙从B点运动到C点过程中电场力做正功，电势能减少，C点的电势不为零，乙到C点时电势能不为0，故D错误考点：考查了电场强度，电场力做功，电势，动能定理【名师点睛】解决本题的关键抓住AB段和BC段电场力和摩擦力做功关系，知道电场力做功，U等于两点间的电势差10B【解析】先对b球受力分析，受重力和拉力，根据平衡条件，有：F1=mg；再对a、b球整体受力分析，受重力、拉力和弹簧的拉力，如图所示：根据平衡条件，有： ；根据胡克定律，有：F1=k1x；F2=k2x；故 ，故A错误，B正确；球a受重力、拉力和两个弹簧的拉力，撤去拉力F瞬间，其余3个力不变，故加速度一定不为零，故C错误；球b受重力和拉力，撤去F的瞬间，重力和弹力都不变，故加速度仍然为零，处于平衡状态，故D错误；故选B点睛：整体法和隔离法的使用技巧：当分析相互作用的两个或两个以上物体整体的受力情况及分析外力对系统的作用时，宜用整体法；而在分析系统内各物体（或一个物体各部分）间的相互作用时常用隔离法整体法和隔离法不是独立的，对一些较复杂问题，通常需要多次选取研究对象，交替使用整体法和隔离法11C【解析】试题分析：对O点受力分析，抓住两根绳的合力等于物体的重力，大小和方向都不变，OB绳拉力方向不变，根据平行四边形定则得，如图，知OA绳上拉力大小先减小后增大故C正确，ABD错误故选C考点：物体的平衡12B【解析】【分析】当滑动变阻器的滑臂P由上端向下滑动的过程中，变阻器滑片上侧电阻与R1串联后与变阻器滑片下侧并联的总电阻一直变小，根据闭合电路欧姆定律分析电路中的电流变化和路端电压的变化，再根据欧姆定律分析对应的电流和电阻关系，再根据功率公式分析功率的变化。【详解】A项：由图可知，电流表与R0的下部分串联、R1与R0的上部分串联，二者再并联后与R2串联；电流表中的电流小于流过R2的电流，故R2U2I=U2I，故A错误；B项：电压表V测量路端电压，则其电压表示数的变化等于内阻两端电压的变化，在滑片向下滑动过程中，总电阻减小，总电流增大，并联部分电压减小，流过R1的电流减小，故流过电流表的电流增大，因此总电流的变化量小于A中电流的变化，因此U1Itan ，即A先做匀加速运动，并假设其速度能达到传送带的速度v2 m/s，然后做匀速运动，到达M点金属块由O运动到M，有：L1=12at12+vt2 且t1t2t，vat1根据牛顿第二定律有1mgcos 37mgsin 37ma解得t11 st2 s，符合题设要求加速度a=vt1=2ms2 解得金属块与传送带间的动摩擦因数11；(2) 由静止释放后，木块B沿传送带向下做匀加速运动，其加速度为a1，运动距离LON=4m，第一次与P碰撞前的速度为v1a1=gsin-gcos=2m/s2v1=2a1LON=4ms 由2tan 可知，与挡板P第一次碰撞后，木块B以速度大小v1被反弹，先沿传送带向上以加速度大小a2做匀减速运动直到速度为v，此过程运动距离为s1；之后以加速度大小a1继续做匀减速运动直到速度为0，此时上升到最高点，此过程运动距离为s2.a2gsin 2gcos 10 m/s2s1=v12v22a2=0.6m s2=v22a1=1m 因此与挡板P第一次碰撞后，木块B所到达的最高位置与挡板P的距离为ss1s21.6 m【点睛】本题是一个多过程问题，比较复杂，关键理清物块在传送带上整个过程中的运动规律，搞清摩擦力的方向，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解。20（1）3N (2) 1J (3) 1m【解析】【详解】(1) P在半圆轨道的最高点E，设轨道对P的压力为，由牛顿运动定律得：mgFsin370+N=mvE2R 解得：N=3N由牛顿第三定律得，P运动到E点时对轨道的压力FN =3N (2)P从D点到E点，由动能定理得：mg(R+Rcos370)+FRsin370=12mvE212mvD2 解得：vD=34m/s P从C点到D点，由牛顿运动定律得：Fmgsin370mgcos370=ma1 解得a1=0，说明P从C点到D点匀速运动，故vD=vC=34m/s 由能的转化和守恒得：EPm+FLBCcos370(mgFsin370)LBC=12mvc2 解得：EPm=1J （3）P在G点脱离圆轨道，做曲线运动，把该运动分解为平行于斜面的匀减速直线运动和垂直于斜面的初速度为零的匀加速直线运动，有