2018届高考数学（文）大一轮复习检测：专题四 高考解答题鉴赏——立体几何 课时作业47 Word版含答案

课时作业47高考解答题鉴赏立体几何1(2017南宁模拟)如图，在四棱锥PABCD中，底面ABCD为菱形，BAD60，PAPDAD2，点M在线段PC上，且PM2MC，N为AD的中点(1)求证：AD平面PNB；(2)若平面PAD平面ABCD，求三棱锥PNBM的体积解：(1)证明：PAPD，N为AD的中点，PNAD.底面ABCD为菱形，BAD60，BNAD.PNBNN，AD平面PNB.(2)PAPDAD2.PNNB.平面PAD平面ABCD，平面PAD平面ABCDAD，PNAD.PN平面ABCD，PNNB，SPNB.AD平面PNB，ADBC，BC平面PNB.PM2MC，VPNBMVMPNBVCPNB2.2(2017山西四校联考)如图，AB是圆O的直径，点C在圆O上，矩形DCBE所在的平面垂直于圆O所在的平面，AB4，BE1.(1)证明：平面ADE平面ACD；(2)当三棱锥CADE的体积最大时，求点C到平面ADE的距离解：(1)证明：AB是直径，BCAC.又四边形DCBE为矩形，CDDE，BCDE，DEAC.CDACC，DE平面ACD.又DE平面ADE，平面ADE平面ACD.(2)由(1)知VCADEVEACDSACDDEACCDDEACBC(AC2BC2)AB2.当且仅当ACBC2时等号成立当ACBC2时，三棱锥CADE的体积最大，为.此时，AD3，SADEADDE3，设点C到平面ADE的距离为h，则VCADESADEh，h.3(2017长春模拟)如图，在四棱锥PABCD中，底面ABCD是菱形，DAB60，PD平面ABCD，PDAD1，点E，F分别为AB和PD的中点(1)求证：直线AF平面PEC；(2)求三棱锥PBEF的表面积解：(1)证明：如图，作FMCD交PC于M，连接ME.点F为PD的中点，FM綊CD，又AE綊CD，AE綊FM，四边形AEMF为平行四边形，AFEM，AF平面PEC，EM平面PEC，直线AF平面PEC.(2)连接ED，BD，可知EDAB，ABPE，ABFE.故SPEFPFED；SPBFPFBD1；SPBEPEEB；SBEFEFEB1.因此三棱锥PBEF的表面积SPBEFSPEFSPBFSPBESBEF.1在如图所示的半圆O中，AB为直径，C为半圆O(A，B除外)上任一点，D、E分别在AO、AC上，DEAB.现将ABC沿DE折起使得ADBD，从而构成四棱锥ABCED，如图所示(1)在图中，若F是BC上的点，且EC平面ADF，求证：BCAF；(2)若翻折前DC，AD1，BAC30，求翻折后四棱锥ABCED的体积解：(1)证明：因为EC平面ADF，平面BCED平面ADFDF，所以ECDF.由已知可得ECBC，所以DFBC.又ADBD，ADDE，DEBDD，所以AD平面BCED，又BC平面BCED，所以ADBC.又ADDFD，所以BC平面ADF.又AF平面ADF，所以BCAF.(2)设半圆O的半径为R，在图中连接OC，因为BAC30，ABDE，ACBC，AD1，所以DEADtan30，AOC120，DOR1，OCR.又DC，在OCD中，由余弦定理得DC2OD2OC22ODOCcos120，即7(R1)2R22(R1)R，即(R2)(R1)0，解得R2或R1(舍去)所以AC2Rcos302，BC2Rsin302.所以S四边形BCEDSABCSADE221.由(1)知四棱锥ABCED的高为AD1，所以四棱锥ABCED的体积为VADS四边形BCED1.2如图所示，在直四棱柱ABCDA1B1C1D1中，ABCD，ABBC，且A1AABBC1，CD2.(1)求证：AB1平面A1BC；(2)在线段CD上是否存在点N，使得D1N平面A1BC？若存在，求出三棱锥NAA1C的体积，若不存在，请说明理由解：(1)证明：因为直四棱柱ABCDA1B1C1D1中，A1A平面ABCD，又BC平面ABCD，所以A1ABC.因为ABBC，ABA1AA，所以BC平面AA1B1B.又AB1平面AA1B1B，所以AB1BC.因为A1AAB，A1AAB1，所以四边形AA1B1B是正方形，所以AB1A1B.因为A1BBCB，所以AB1平面A1BC.(2)法1：存在，当N为CD的中点时，D1N平面A1BC.理由如下：若N为CD的中点，连接BN，因为ABCD，ABBC1，CD2，所以ABDN，ABDN，所以四边形ABND为平行四边形，所以BNAD，BNAD.在直四棱柱ABCDA1B1C1D1中，ADA1D1，ADA1D1，所以BNA1D1，BNA1D1，所以四边形A1BND1为平行四边形，所以A1BD1N.又D1N平面A1BC，A1B平面A1BC，所以D1N平面A1BC.易知SACNSBCNCNBC11，又A1A平面ABCD，A1A1，所以V三棱锥NAA1CV三棱锥A1ACNSACNA1A1，即三棱锥NAA1C的体积为.法2：存在，当N为CD的中点时，D1N平面A1BC.理由如下：若N为CD的中点，取C1D1的中点M，连接BN，A1M，MC，如图所示，因为在直四棱柱ABCDA1B1C1D1中，A1B1C1D1，A1B11，C1D12，所以A1B1MC1，A1B1MC1，所以四边形A1B1C1M为平行四边形，所以A1MB1C1，A1MB1C1.又BCB1C1，BCB1C1，所以A1MBC，A1MBC，所以四边形A1BCM为平行四边形，所以A1BCM.又D1MNC1，D1MNC，所以四边形D1MCN为平行四边形，所以MCD1N，所以D1NA1B.又D1N平面A1BC，且A1B平面A1BC，所以D1N平面A1BC.易知SACNSBCNCNBC11，又AA1平面ABCD，AA11，所以V三棱锥NAA1CV三棱锥A1ACNSACNA1A1，即三棱锥NAA1C的体积为.课时作业30数系的扩充与复数的引入一、选择题1若集合Ai，i2，i3，i4(i是虚数单位)，B1，1，则AB等于()A1 B1C1，1 D解析：因为Ai，i2，i3，i4i，1，i，1，B1，1，所以AB1,1答案：C2(2016山东卷)若复数z，其中i为虚数单位，则()A1i B1iC1i D1i解析：易知z1i，所以1i，选B.答案：B3(2016新课标全国卷)设复数z满足zi3i，则()A12i B12iC32i D32i解析：易知z32i，所以32i.答案：C4若复数m(3i)(2i)在复平面内对应的点位于第四象限，则实数m的取值范围为()Am1 BmCm1 D.m1解析：m(3i)(2i)(3m2)(m1)i由题意，得解得m1.答案：D5若复数za21(a1)i(aR)是纯虚数，则的虚部为()A BiC. D.i解析：由题意得所以a1，所以i，根据虚部的概念，可得的虚部为.答案：A6已知复数z1，则1zz2z2 015()A1i B1iCi D0解析：z11i，1zz2z2 0150.答案：D7(2017芜湖一模)已知i是虚数单位，若z1ai，z2ai，若为纯虚数，则实数a()A. BC.或 D0解析：是纯虚数，解得a.答案：C8在复平面内，复数，(i为虚数单位)对应的点分别为A，B，若点C为线段AB的中点，则点C对应的复数为()A. B1C.i Di解析：i，i，则A(，)，B(，)，线段AB的中点C(，0)，故点C对应的复数为，选A.答案：A二、填空题9复数z(12i)(3i)，其中i为虚数单位，则z的实部是_解析：复数z(12i)(3i)55i，其实部是5.答案：510(2016天津卷)已知a，bR，i是虚数单位，若(1i)(1bi)a，则的值为_解析：(1i)(1bi)1b(1b)ia，所以b1，a2，2.答案：211已知bi(a，bR)，其中i为虚数单位，则ab_.解析：因为bi，所以2aibi.由复数相等的充要条件得b2，a1，故ab1.答案：112在复平面上，复数对应的点到原点的距离为_解析：解法1：由题意可知.解法2：i，.答案：1(2017河北衡水一模)如图，在复平面内，复数z1，z2对应的向量分别是，则|z1z2|()A2 B3C2 D3解析：z12i，z2i，z1z22，故选A.答案：A2设复数z3i(i为虚数单位)在复平面中对应点A，将OA绕原点O逆时针旋转90得到OB，则点B在()A第一象限 B第二象限C第三象限 D第四象限解析：因为复数z对应点的坐标为A(3,1)，所以点A位于第一象限，所以逆时针旋转后对应的点B在第二象限答案：B3已知i为虚数单位，(z12)(1i)1i，z2a2i，若z1z2R，则|z2|()A4 B20C. D2解析：z1222i，z1z2(2i)(a2i)2a2(4a)i，若z1z2R，则a4，|z2|2，选D.答案：D4已知复数z1cos15sin15i和复数z2cos45sin45i，则z1z