2016届高三物理上册第一次月考检测试题1

河南省淅川县一高2014-2015学年高三上学期第一次月考物理试题 2015.8.29一选择题（共12小题，其中第5、11小题为多选题）1在下面所说的物体运动情况中，不可能出现的是（） A 物体在某时刻运动速度很大，而加速度为零 B 物体在某时刻运动速度很小，而加速度很大 C 运动的物体在某时刻速度为零，而其加速度不为零 D 作变速直线运动的物体，加速度方向与运动方向相同，当物体加速度减小时，它的速度也减小分析： 根据加速度与速度无关，举例说明物体的这种运动情况是否可能发生判断物体做加速运动还是减速运动，看加速度与速度两者方向的关系解答： 解：A、物体在某时刻运动速度很大，而加速度可能为零，比如匀速直线运动故A正确 B、物体在某时刻运动速度很小，而加速度可能很大，比如火箭刚点火时故B正确 C、运动的物体在某时刻速度为零，而其加速度可能不为零，比如物体竖直上抛到最高点时，速度为零，加速度不为零故C正确 D、作变速直线运动的物体，加速度方向与运动方向相同，当物体加速度减小时，它的速度仍在增大，不可能减小故D错误答案：D2测速仪安装有超声波发射和接收装置，如图所示，B为测速仪，A为汽车，两者相距335m，某时刻B发出超声波，同时A由静止开始作匀加速直线运动当B接收到反射回来的超声波信号时，AB相距355m，已知声速为340m/s，则汽车的加速度大小为（） A 20m/s2 B 10m/s2 C 5m/s2 D 无法确定分析： 在超声波来回运动的时间里，汽车运行的位移为20m根据匀变速运动的位移时间公式可求出汽车在超声波单程运行时间里的位移，结合超声波的速度，即可知道超声波单程运行的时间，从而知道汽车运行的时间，根据，求出汽车的加速度大小解答： 解：设汽车的加速度为a，运动的时间为t，有，超声波来回的时间为t，则单程的时间为，因为初速度为零的匀加速直线运动，在相等时间内的位移之比为1：3，在t时间内的位移为20m，则时间内的位移为x=5m，知超声波追上汽车的位移x=5+335m=340m，所以，t=2s所以汽车的加速度大小为10m/s2故B正确，A、C、D错误答案：B3 2011年8月，我国军事现代化进程中迎来了又一个里程碑，中国第艘航空母舰试验平台首次进行出海肮行试验，某次炕母做匀加速直线运动速度变化v时位移为x1，紧接着若速度再变化v时位移为x2，据此可知肮母的加速度是（）A（v）2（+） B（v2）（） C D分析： 首先知道题境，利用运动学速度位移公式和速度的变化量公式求解即可解答： 解：设匀加速的加速度a，物体的速度分别为v1、v2和 v3据运动学公式可知：且v2v1=v3v2=v联立以上三式解得：a=，故D正确，ABC错误答案：D4如图，在倾角为的固定光滑斜面上，有一用绳子栓着的长木板，木板上站着一只猫已知木板的质量是猫的质量的2倍当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变则此时木板沿斜面下滑的加速度为（） A B gsin C gsin D 2gsin分析： 对猫和木板受力分析受力分析，可以根据各自的运动状态由牛顿第二定律分别列式来求解，把猫和木板当做一个整体的话计算比较简单解答： 解：木板沿斜面加速下滑时，猫保持相对斜面的位置不变，即相对斜面静止，加速度为零将木板和猫作为整体，根据牛顿第二定律F合=F猫+F木板=0+2ma（a为木板的加速度），整体受到的合力的大小为猫和木板沿斜面方向的分力的大小，即F合=3mgsin，解得a=gsin，所以C正确答案：C5如图所示，传送带的水平部分长为L，传动速率为v，在其左端无初速放一小木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为，则木块从左端运动到右端的时间可能是（） A B C D 分析： 木块沿着传送带的运动可能是一直加速，也可能是先加速后匀速，对于加速过程，可以先根据牛顿第二定律求出加速度，然后根据运动学公式求解运动时间解答： 解：若木块沿着传送带的运动是一直加速，根据牛顿第二定律，有mg=ma 根据位移时间公式，有 由解得故C正确；若木块沿着传送带的运动是先加速后匀速，根据牛顿第二定律，有mg=ma 根据速度时间公式，有v=at1 根据速度位移公式，有v2=2ax1 匀速运动过程，有Lx1=vt2 由解得t=t1+t2=故A正确；如果物体滑到最右端时，速度恰好增加到v，根据平均速度公式，有L=v平均t=故t=故D正确；答案：ACD6若货物随升降机运动的vt图象如图所示（竖直向上为正），则货物受到升降机的支持力F与时间t关系的图象可能是（） A B C D 分析： 根据速度时间图线得出每段过程中的加速度变化，从而结合牛顿第二定律得出支持力随时间的变化关系解答： 解：根据速度时间图线可知，货物先向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得，mgF=ma，解得F=mgmamg，然后做匀速直线运动，F=mg，然后向下做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律得，Fmg=ma，解得F=mg+mamg，然后向上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得，Fmg=ma，解得F=mg+mamg，然后做匀速直线运动，F=mg，最后向上做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律得，mgF=ma，解得F=mgmamg故B正确，A、C、D错误答案：B7声音在某种气体中的速度v的表达式，可以只用气体的压强P、气体的密度和没有单位的比例常数k表示，根据你所学的物理思维与方法，试判断下列各表达式中可能正确的是（） A v=k B v=k C v=k D v=k分析： 根据传播速度 与空气的密度以及压强p的单位，结合“力学制单位”来求解解答： 解：传播速度v的单位m/s，密度的单位kg/m3，P的单位kg/ms2，所以的单位是m2/s2，的单位是m/s，k无单位，所以k的单位与v的单位相同答案：A8如图所示，三个质量不等的木块M、N、Q间用两根水平细线a、b相连，放在光滑水平面上用水平向右的恒力F向右拉Q，使它们共同向右运动这时细线a、b上的拉力大小分别为Ta、Tb若在第2个木块N上再放一个小木块P，仍用水平向右的恒力F拉Q，使四个木块共同向右运动（P、N间无相对滑动），这时细线a、b上的拉力大小分别为Ta、Tb下列说法中正确的是（） A TaTa，TbTb B TaTa，TbTb C TaTa，TbTb D TaTa，TbTb分析： 先对整体受力分析，受重力、支持力、拉力，根据牛顿第二定律列式求解加速度；然后再对M受力分析，受重力、支持力、拉力，再根据牛顿第二定律列式求解Ta；最后再对Q受力分析，受重力、支持力、拉力F和b绳子的拉力，根据牛顿第二定律列式求解Tb；在第2个木块N上再放一个小木块P，相当于N木块的重力变大，分析前面的表达式即可解答： 解：先对整体受力分析，受重力、支持力、拉力，根据牛顿第二定律，有：F=（mM+mN+mQ）a 再对M受力分析，受重力、支持力、拉力，根据牛顿第二定律，有：Ta=mMa 对Q受力分析，受重力、支持力、拉力F和b绳子的拉力，根据牛顿第二定律，有：FTb=mQa 联立解得：；当在第2个木块N上再放一个小木块P，相当于N木块的重力变大，故Ta减小，Tb增加；答案：B9如图所示，ab、cd是竖直平面内两根固定的光滑细杆，a、b、c、d位于同一圆周上，b点为圆周的最低点，c点为圆周的最高点，若每根杆上都套着一个小滑环（图中未画出），将两滑杆同时从a、c处由静止释放，用t1、t2分别表示滑环从a到b、c到d所用的时间，则（）A t1=t2 B t1t2 C t1t2 D 无法确定分析： 设滑杆与竖直方向的夹角为，根据牛顿第二定律和运动学公式列式，得出时间与、圆周直径的关系式，进行分析解答： 解：设滑杆与竖直方向的夹角为，圆周的直径为D根据牛顿第二定律得：滑环的加速度为a=gcos滑杆的长度为 s=Dcos则根据s=得，t=，可见，时间t与无关，故有t1=t2答案：A10如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m、2m和3m的三个木块，其中质量为2m和3m的木块间用一不可伸长的轻绳相连，轻绳能承受的最大拉力为T现用水平拉力F拉其中一个质量为3m的木块，使三个木块以同一加速度运动，则以下说法正确的是（） A 质量为2m的木块受到四个力的作用 B 当F逐渐增大到T时，轻绳刚好被拉断 C 当F逐渐增大到1.5T时，轻绳还不会被拉断 D 轻绳刚要被拉断时，质量为m和2m的木块间的摩擦力为分析： 采用隔离法分析2m可得出其受力的个数；再对整体分析可得出整体的加速度与力的关系；再以后面两个物体为研究对象可得出拉力与加速度的关系，则可分析得出F与T的关系解答： 解：质量为2m的木块受到重力、质量为m的木块的压力、m对其作用的向后的摩擦力，轻绳的拉力、地面的支持力五个力的作用，故A错误；对整体，由牛顿第二定律可知，a=；隔离后面的叠加体，由牛顿第二定律可知，轻绳中拉力为F=3ma=由此可知，当F逐渐增大到2T时，轻绳中拉力等于T，轻绳才刚好被拉断，选项B错误；C正确；轻绳刚要被拉断时，物块加速度a=，质量为m和2m的木块间的摩擦力为f=ma=，故D错误答案：C11如图所示，质量为m的物体A在沿斜面向上的拉力F作用下沿斜面匀速下滑，此过程斜面体B仍静止，斜面体的质量为M，则水平地面对斜面体（） A 有水平向左的摩擦力 B 物块A受的滑动摩擦力大小与mgsin的大小关系无法判断 C 支持力为（m+M）g D 支持力小于（m+M）g分析： 利用整体法对AB组合体进行受力分析，并对拉力F沿水平和竖直两个方向进行正交分解，即可分析出答案解答： 解：由于A匀速下滑、B静止不动，可将A、B视为整体，根据平衡条件可知，斜面体B应该受到地面对它施加的水平向左的静摩擦力Ff，满足Ff=Fcos，选项A对；竖直方向有N+Fsin=（m+M）g，选项D对，选项C错对物块A受力分析，物块A受到向上的拉力和向上的滑动摩擦力的和等于mgsin，故物块A受的滑动摩擦力大小小于mgsin，B项错答案：AD12如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一竖直向下的恒力F，则（） A 物块可能匀速下滑 B 物块仍以加速度a匀加速下滑 C 物块将以大于a的加速度匀加速下滑 D 物块将以小于a的加速度匀加速下滑分析： 将F分解为垂直于斜面和平行于斜面两个方向F1和F2，根据力的独立作用原理，单独研究F的作用效果，当F引起的动力增加大时，加速度增大，相反引起的阻力增大时，加速度减小解答： 解：未加F时，物体受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律有：a=当施加F后，加速度a=，因为gsingcos，所以FsinFcos，可见aa，即加速度增大故C确，A、B、D均错误答案：C二填空题（共3小题）13如图为接在50Hz低压交流电源上的打点计时器，在纸带做匀加速直线运动时打出的一条纸带，图中所示的是每打5个点所取的记数点，但第3个记数点没有画出由图数据可求得：（1）该物体的加速度为0.72m/s2，（2）第3个记数点与第2个记数点的距离约为4.34cm，（3）打第3个记数点时该物体的速度为0.47m/s分析： （1）求解加速度时首先想到的应该是逐差法，但是只有两组数据，所以要找两组数据之间的关系，推论xmxn=（mn）at2可提供这两组数据与加速度的关系，应用这个推论即可（2）第2、3两点间的距离对应的应该为x2，要想得到x2必须找他和已知量的关系，x2x1=at2提供了这个关系（3）为了让结果更精确，我们需要用上这两组数据，而这两组数据只能求他们自己这段位移中的平均速度，v3需要找它与这两个平均速度的关系：而v3对应的时刻为这两个速度所对应的时间的中间时刻解答： 解：（1）设1、2间的位移为x1，2、3间的位移为x2，3、4间的位移为x3，4、5间的位移为x4；因为周期为T=0.02s，且每打5个点取一个记数点，所以每两个点之间的时间间隔T=0.1s；由匀变速直线运动的推论xmxn=（mn）at2得：x4x1=3at2代入数据得：（5.783.62）102=3a0.12解得：a=0.72m/s2（2）第3个记数点与第2个记数点的距离即为x2，由匀变速直线运动的推论：x2x1=at2得：x2=x1+at2代入数据得：x2=3.62102+0.720.12=0.0434m；即为：4.34cm（3）打第2个点时的瞬时速度等于打1、3之间的平均速度，因此有：v2=0.398m/s根据速度公式v3=v2+at得v3=0.398+0.720.1m/s=0.47m/s；答案：（1）0.72；（2）4.34；（3）0.4714某实验小组同学用如图所示装置探究“物体加速度与力、质量的关系”（1）在研究物体加速度与力的关系时，保持不变的物理量是A（只需填A或B）A小车质量B塑料桶和桶中砝码的质量（2）实验中，首先要平衡摩擦力，具体做法是B（只需填A或B）A在塑料桶中添加砝码，使小车带着纸带匀速运动B取下塑料桶，垫起滑板的一端，使小车带着纸带匀速运动（3）实验中要使小车的质量远大于（填“远大于”或“远小于”）塑料桶和桶中砝码的质量，才能认为细线对小车的拉力等于塑料桶和砝码的重力分析： （1）该实验采用了“控制变量法”，即在研究加速度、质量、力这三个物理量中任意两个之间的关系时，要保持另一个不变（2）为了使绳子的拉力等于小车的合外力，在进行实验之前要进行平衡摩擦力，具体做法是：适当垫高长木板不带定滑轮的一端，轻推未挂沙桶的小车，恰使拖有纸带的小车匀速下滑（3）根据牛顿第二定律求出绳子上拉力的表达式，即可明确满足什么条件时细线对小车的拉力等于塑料桶和砝码的重力解答： 解：（1）该实验采用了“控制变量法”，即在研究加速度、质量、力这三个物理量中任意两个之间的关系时，要保持另一个不变，因此在研究物体加速度与力的关系时，保持不变的物理量是小车的质量，故A正确，B错误答案：A（2）为了使绳子的拉力等于小车的合外力，在进行实验之前要进行平衡摩擦力，具体做法是：适当垫高长木板不带定滑轮的一端，轻推未挂沙桶的小车，恰使拖有纸带的小车匀速下滑故A错误，B正确答案：B（3）设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：F=Ma 对砂桶和砂有：mgF=ma 由解得：由此可知当Mm时，砂和砂桶的重力等于绳子的拉力答案：远大于15如图甲为“用DIS（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置（1）在该实验中我们以小车为研究对象，采用控制变量法，来研究小车的加速度与合力的关系，应保持小车的总质量不变，用钩码所受的重力作为小车所受外力，用DIS测小车的加速度（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量在某次实验中根据测得的多组数据可画出aF关系图线（如图乙所示）分析此图线的OA段可得出的实验结论是在质量不变的条件下，加速度与外力成正比此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是CA小车与轨道之间存在摩擦 B导轨保持了水平状态 C所挂钩码的总质量太大 D所用小车的质量太大分析： 解决实验问题首先要掌握该实验原理，该实验是探究加速度与力的关系，采用控制变量法进行研究根据图象得出两个变量之间的关系，知道钩码所受的重力代替小车所受合外力的条件解答： 解：（1）研究小车的加速度与合力的关系，应保持小车的总质量不变，用钩码所受的重力作为小车所受的外力（2）OA段是过原点的直线，知在质量不变的条件下，加速度与外力成正比设小车的质量为M，钩码的质量为m，由实验原理得：mg=Ma得a=，而实际上a=，可见AB段明显偏离直线是由于没有满足Mm造成的故C正确答案：（1）钩码所受的重力； （2）在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；C三解答题（共4小题）16一物体做匀减速直线运动，在某段时间内通过的位移大小为x1，紧接着在相等的时间内叉通过的位移大小为x2，此时，物体仍然在运动求再经过多少位移物体速度刚好减为零分析： 根据匀变速直线运动推论x=aT2求出加速度，再根据中点时刻速度等于平均速度求出通过位移x1的末速度，根据位移速度公式即可求解解答： 解：根据运动学公式得：解得：a=通过位移x1的末速度为设再经过位移x3，物体的速度刚好为零，则2a（x2+x3）=0解得：答案：再经过位移物体速度刚好减为零17在某一个探究实验中，实验员将某物体以某一确定的初速率v0沿斜面向上推出（斜面足够长且与水平方向的倾角可调节），设物体在斜面上能达到的最大位移为sm实验测得sm与斜面倾角的关系如图所示，g取10m/s2，求：物体的初速率v0 和物体与斜面间的动摩擦因数分析： 由图，当倾角时，物体做竖直上抛运动，根据速度位移公式求出物体的初速度大小当倾角=0时，物体沿水平方向做匀减速运动，结合动能定理求出物体与斜面间的动摩擦因数解答： 解：当时，物体做竖直上抛运动，由图知最大高度为：sm=10m由0=2gsm解得：v0=m/s=10m/s=14.14m/s当=0时，sm=10m，物体沿水平方向做匀减速运动，根据动能定理得：mgsm=0解得：=0.577答案：物体的初速率v0为14.14m/s，物体与斜面间的动摩擦因数为0.57718民用航空客机的机舱，除了有正常的舱门和舷梯连接，供旅客上下飞机外，一般还配有紧急出口发生意外情况的飞机在着陆后，打开紧急出口的舱门，会自动生成一个气囊（由斜面部分AC和水平部分CD构成），机舱中的人可沿该气囊滑行到地面上来，如图所示某机舱离气囊底端的竖直高度AB=3.0m，气囊构成的斜面长AC=5.0m，AC与地面之间的夹角为斜面部分AC和水平部分CD平滑连接一个质量m=60kg的人从气囊上由静止开始滑下，最后滑到水平部分上的E点静止，已知人与气囊之间的动摩擦因数为=0.55不计空气阻力g=10m/s2求人从A点开始到滑到E 点所用的时间分析： 由牛顿第二定律求出加速度，然后由运动学公式求出人在斜面与水平面上的运动时间，然后求出总的运动时间解答： 解：人的受力如图所示，由牛顿运动定律得：mgsin FN=maFNmgcos=0，则：a=gsingcos，解得：a=1.6 m/s2设人在斜面部分滑下所用的时间为t1，s=at，代入数据解得：t1=2.5 s 设人滑到斜面底端C时的速度为vC，vC=at1=1.62.5=4 m/s由牛顿运动定律得：mg=ma由0vC=（a）t2解得：t2=0.73 s故人从开始到滑到E点所用的时间：t=t1+t2=3.23 s答案：人从A点开始到滑到E 点所用的时间为3.23s19如图所示，光滑水平面上有一块木板，质量M=1.0kg，长度L=1.0m在木板的最左端有一个小滑块（可视为质点），质量m=1.0kg小滑块与木板之间的动摩擦因数=0.30开始时它们都处于静止状态某时刻起对小滑块施加一个F=8.0N水平向右的恒力，此后小滑块将相对木板滑动g取l0m/s2，求：（1）小滑块和木板的加速度大小；（2）小滑块离开木板时的速度大小；（3）要使小滑块在木板上滑动时的加速度始终是木板加速度的2倍，需将恒力F改为多大？分析： （1）小滑块将相对木板滑动过程中，m对M的滑动摩擦力水平向右，M对m的滑动摩擦力水平向左，根据牛顿第二定律分别求出两个物体的加速度（2）小滑块离开木板时，滑块与木板的位移差等于板长，根据位移公式，代入到位移关系式中求出时间，再由速度公式求出小滑块离开木板时的速度大小；（3）由第（1）问结果可知，只有当小滑块的加速度始终是木板加速度的2倍时，小滑块在木板上滑动时的速度才始终是木板速度的2倍，求出此时的恒力F解答： 解：（1）M靠m给的水平向右摩擦力提供加速度，加速度最大值为 aM= m的加速度为 am=（2）L=代入解得t=1s小滑块离开木板时的速度大小为vm=amt=5m/s（3）由am=2aM得，2=代入解得，F=9N答案：（1）小滑块和木板的加速度大小分别为3m/s2和5m/s2；（2）小滑块离开木板时的速度大小是5m/s；（3）要使小滑块在木板上滑动时的速度始终是木板速度的2倍，需将恒力F改为9N 绝密启用前鹰潭市2015届高三第二次模拟考试理 综 试 题命题人：余江一中 周加生（物理）鹰潭一中 刘亚强（化学）鹰潭一中 苏 玲（生物）审题人：贵溪一中 宋小娥（物理）贵溪一中 潘 鑫（化学）贵溪一中 张志强（生物）可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16一、选择题（本大题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）1下列有关细胞的组成物质及结构的叙述中，不正确的是（ ）A. 蛋白质、糖类都是由相应单体连接成的多聚体B细胞膜、核膜、原生质层都具有选择透过性C线粒体内膜和基质中都有与有氧呼吸相关的酶D有中心体的细胞也可能会发生质壁分离现象2下列实验试剂或材料与其实验名称不符的是 ( )A盐酸洗去卡诺氏液，固定细胞形态 B70%的酒精保存土壤小动物标本C缓冲液探究机体维持PH稳定的机制 C碘液探究温度对唾液淀粉酶活性的影响3下左图为翻译过程中搬运原料的工具tRNA,下右图为中心法则的示意图，下表为三种氨基酸对应的全部密码子的表格。相关叙述正确的是（ ）密码子UGGACU、ACA、ACG、ACCCCU、CCA、 CCG、CCC氨基酸色氨酸苏氨酸脯氨酸 A右图中虚线所示过程普遍发生在细胞生物中 B双链DNA分子含有4个游离的磷酸基团C过程、的原料、模板和酶不同 D过程利用右图中的tRNA转运苏氨酸4下列有关植物激素调节的叙述,正确的是( ) A不用生长素处理的枝条扦插是不能成活的B可利用适宜浓度的赤霉素促进细胞伸长,使植物增高C植物激素是由植物特定的内分泌腺分泌的D在太空失重状态下植物激素不能进行极性运输5某地遭遇百年不遇的特大水灾,有关当地生物与环境之间关系的说法不正确的是( )A持续降雨会引起当地生物种群增长曲线由“J”型变为“S”型B当地植物基因突变发生的某种新性状有可能适应水生环境C持续降雨导致生态系统的物种多样性锐减,抵抗力稳定性减弱C水分是影响群落水平结构的重要生态因素之一6人类眼球震颤症为单基因显性遗传病，轻者(杂合子)眼球稍微能转动，重者(纯合子)不能转动。下图是某家族的遗传系谱图，下列分析错误的是( )A可推定致病基因位于X染色体上B可推定此病患者女性多于男性C可推定眼球微动患者多为女性D3和4婚配，后代患病的概率为127“保护环境，就是保护人类自己。”下列环境问题与其产生的主要原因不相符的是：（ ）“臭氧空洞”主要是大量使用氟氯代烃等引起的“光化学烟雾”主要是由NOx等引起的“赤潮”主要是由水体中P、N等元素过量引起的“白色污染”主要是由聚乙烯塑料等引起的“酸雨”主要是由空气中CO2浓度增大引起的“温室效应”主要是由空气中CO2浓度增大引起的A只有 B只有 C只有 D全部8某无色稀溶液X中，可能含有下表所列离子中的某几种阴离子CO32-、SiO32-、AlO2-、Cl-阳离子Al3+、Fe3+、Mg2+、NH4+、Na+现取该溶液适量，向其中加入某试剂Y，产生沉淀的物质的量(n)与加入试剂Y体积(V)的关系如右图所示，下列说话正确的是（ ）A若Y是盐酸，则Oa段转化为沉淀的离子（上表中，下同）只有AlO2-B若Y是盐酸，则溶液中可能含有的阳离子是Al3+。C若Y是NaOH溶液，则bc段反应的离子方程式为 Al(OH)3+OH-=AlO2-+2H2OD若Y是NaOH溶液，则X溶液中只存四种离子是：Al3+、Fe3+ 、NH4+ 、Cl-9下列说法不正确的是（ ）AH2O在高温下难分解，而H2S在300时就分解，说明O非金属性比S强。BH2CO3的酸性比HClO的酸性强，所以C的非金属性比Cl强。CNaOH的碱性比Mg(OH)2的碱性强, 所以Na的金属性比Mg强。DFe3+的氧化性比Cu2+的氧化性强,但Fe的金属性比Cu强。10在某恒容密闭容器中进行如下可逆反应：2A(g) + B(g) C(?) +2Q(g) H0，起始投料只有A和B。下列示意图一定正确且能表示该可逆反应达到平衡状态的是( ) 11用下列实验装置完成对应的实验,能达到实验目的且合理的是（）图4A用图1所示装置探究反应物接触面积对反应速率影响 B 用图2所示装置制取并收集少量的NO2气体（不考虑倒吸） C 用图3所示装置制取并收集少量的氯气D 用图4所示装置制取少量乙酸乙酯12分了式为C6H12O2并能与NaHCO3发生反应生成气体的有机物有x种（不包括立体异构，下同），分子式为C5H12O并能与Na发生反应的有机物有y种，则x和y的关系为Ax=y Bxy Cxy D无法确定13下图中甲池是以甲醇为原料，KOH为电解质的高效燃料电池，电化学过程的如图。下列说法中不正确的是A甲池的总反应式为：2CH3OH+3O2+4KOH2K2CO3+6H2O B若乙池中为足量AgNO3溶液，则阳极的电极反应为: 4OH-4e- = 2H2O+O2C若乙池中为一定量CuSO4溶液,通电一段时间后，向所得的溶液中加入0.1mol Cu(OH)2后恰好恢复到电解前的浓度和pH,则电解过程中转移的电子数为0.2NAD常温常压下，1 g CH3OH燃料生成CO2和液态H2O时放热22.68 kJ,表示该反应的热化学方程式为:CH3OH(l)+1.5O2(g)=CO2(g)+2H2O(l) H= -725.76 kJmol-114从同一地点先后开出n辆汽车组成车队在平直的公路上行驶，各车均由静止出发先做加速度为a的匀加速直线运动，达到同一速度v后改做匀速直线运动，欲使n辆车都匀速行驶时彼此距离均为s，则各辆车依次启动的时间间隔为（忽略汽车的大小）（ ）A B C D（第15题图）15如图所示，从地面上同一位置抛出两小球A、B，分别落在地面上的M、N点，A球运动的最大高度大于B球运动的最大高度。 空气阻力不计，则( )AB的加速度比A的大BB飞行时间比A的飞行时间长CB在最高点的速度比A在最高点的大DA落地时的速度比B落地时的速度大16将一个质量为1kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反。该过程的v-t图象如图所示,g取10ms2。下列说法中正确的是( ) A小球上升与下落所用时间之比为23 B小球下落过程，处于超重状态 C小球上升过程中克服阻力做功的功率大于下降过程克服阻力（第16题图）做功的功率D小球上升过程中机械能的损失大于下落过程中的机械能损失（第17题图）17某科研单位设计了一空间飞行器，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向夹角=60，使飞行器恰恰与水平方向成=30角的直线斜向右上方由静止开始匀加速飞行，经时间t后，将动力的方向沿逆时针旋转60同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方向匀减速飞行，飞行器所受空气阻力不计，下列说法中正确的是（）A 加速时动力的大小等于mgB 加速与减速时的加速度大小之比为2：C 减速飞行时间t后速度为零D 加速与减速过程发生的位移大小之比为1：2 18理论研究表明第二宇宙速度是第一宇宙速度的倍。火星探测器悬停在距火星表面高度为h处时关闭发动机，做自由落体运动，经时间t落到火星表面。已知引力常量为G，火星的半径为R。若不考虑火星自转的影响，要使探测器脱离火星飞回地球，则探测器从火星表面的起飞速度至少为A B C11.2km/s D 7.9km/s（第19题图）19电场强度方向与轴平行的静电场，其电势随的分布如图所示，一质量为m、带电量为q的粒子（不计重力），以初速度从O点（）沿经轴正方向进入电场。下列叙述正确的是 ( )A粒子从O点运动到点的过程中，在点速度最大B粒子从点运动到点的过程中，电势能先减小后增大C要使粒子能运动到处，粒子的初速度至少为D若，则粒子在运动过程中的最大动能为（第20题图）20A、B两块正对的金属板竖直放置，在金属板A的内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球（可视为点电荷）。两块金属板接在如图所示的电路中，电路中的R1为光敏电阻（其阻值随所受光照强度的增大而减小），R2为滑动变阻器，R3为定值电阻。当R2的滑片P在中间时闭合电键S，此时电流表和电压表的示数分别为I和U，带电小球静止时绝缘细线与金属板A的夹角为。电源电动势E和内阻r一定，电表均为理想电表。下列说法中正确的是（ ） A无论将R2的滑动触头P向a端移动还是向b端移动，均不会变化。 B若将R2的滑动触头P向b端移动，则I减小，U减小C保持滑动触头P不动，用较强的光照射R1，则小球重新达到稳定后变小 D保持滑动触头P不动，用较强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变BR1R2vbacdMN21如图所示，平行金属导轨ab、cd与水平面成角，间距为L，导轨与固定电阻R1和R2相连，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过导轨平面。有一导体棒MN，质量为m，与导轨之间的动摩擦因数为，导体棒的电阻与固定电阻R1和R2的阻值均为R，导体棒以速度v沿导轨匀速下滑，忽略感应电流之间的作用及导轨的电阻，则（ ）A导体棒所受重力与安培力的合力方向与竖直方向夹角小于B电阻R1消耗的热功率为Ct时间内通过导体棒的电荷量为（第21题图）D导体棒两端电压为 （第22题第（1）题图）三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须作答，第33题第40题为选考题，考生根据要求做答（一）必考题22（共8分）(1)（6分）某同学利用图甲的实验装置做“探究动能定理”的实验。在尽量减小摩擦阻力的情况下，先接通打点计时器的电源，再释放纸带，让质量m=1.00Kg的重物由静止下落，在纸带上打出一系列的点，如图乙所示，A、B、C分别为所选取的计数点，且O为开始打出的第一点，OA之间有若干点未标出，相邻计数点的时间间隔为0.02s，重力加速度g取9.80m/s2。释放纸带前，纸带的_（选填“”或“”）端在上面；重物从运动到的过程中，动能的变化量（取两位有效数字）；列举一种能有效减小实验误差的做法_.（2）（2分）（多选，有错选不得分）下面是一些有关高中物理实验的描述，其中正确的是（ ）A在“研究匀变速直线运动”实验中，不需要平衡摩擦力B在“验证机械能守恒定律”的实验中，必须用天平测物体的质量C在“验证力的平行四边形定则”实验中，只用一根弹簧秤无法完成D在用橡皮筋“探究功与速度变化的关系”的实验中不需要直接求出合外力做的功E在用欧姆表“10”挡测量电阻时发现指针偏转角太小，应该换“1”挡，重新调零后再进行测量 （第23题图）23（8分）利用如图所示电路测量电压表内电阻RV，该电压表量程为500mV，内电阻约为100。某同学设计的实验过程如下：a按电路图正确连接好电路，将滑动变阻器R1的滑动头移到左端 b闭合开关S1和S2并调节R1，使电压表的指针指到满刻度c保持开关S1闭合以及滑动变阻器R1的滑动头位置不变，断开 S2，调整电阻箱R2的阻值，使电压表的指针指到满刻度的一半d读出此时电阻箱R2的阻值R测，即为电压表内电阻的测量值在备选的实验器材中，有两个滑动变阻器可供选择，它们的铭牌上分别标有：A“500 ，1 A” B“10 ，2 A”在保证各实验器材均能正常工作的前提下，为尽可能提高测量精度且便于调节，滑动变阻器R1应选用 。（选填“A”或“B”）用上述方法得到的电压表内电阻的测量值R测 电压表内电阻的真实值R真。（选填“大于”、“ 等于”或“小于”） 若实验中测得的结果R测=100，要将这个电压表改装成量程为5V的电压表，则应串联一个阻值为R串= 的定值电阻。为了使上述根据R测计算后改装的电压表能更准确地测量电压，下面四种做法中可行的是 。（填写选项前的序号）A在R串旁边再串联一个比R串小得多的电阻 B在R串旁边再串联一个比R串大得多的电阻C在R串两端再并联一个比R串小得多的电阻 D在R串两端再并联一个比R串大得多的电阻24(15分)如所示，四分之一光滑绝缘圆弧轨道AP和水平绝缘传送带PC固定在同一 竖直平面内，圆弧轨道的圆心为O，半径 为 RO 传送带PC的长度为L,沿逆时针方向 的运动速度v=.在PO的右侧空间存在方向竖直向下的匀强电场。一质量为m、电 荷 量 为+q的小物体从圆弧顶点A由静止开始沿轨道下滑，水平滑上传输带并恰好运动到C端后返回。物体与传送 带间的动摩擦因数为，不计物体经过轨道与传 送带连接处P时的机械能损失,重力加速度为g(1)求物体下滑到P点时，物体对轨道的压力F(2)求物体返回到圆弧轨道后，能上升的最大高度H(3)若在PO的右侧空间再加上方向垂直于纸面向里、磁感应强度为B的水平匀强磁场 （第24题图）(图中未画出），物体从圆弧顶点A静止释放，运动到C端时的速度为，试 求 物体 在传送带上运动的时间t。xO yd2dabEB（第25题图）25（16分）如图所示，在坐标系坐标原点O处有一点状的放射源，它向平面内的轴上方各个方向发射粒子，粒子的速度大小均为，在的区域内分布有指向轴正方向的匀强电场，场强大小为，其中与分别为粒子的电量和质量；在的区域内分布有垂直于平面向里的匀强磁场，为电场和磁场的边界为一块很大的平面感光板垂直于平面且平行于轴，放置于处，如图所示观察发现此时恰好无粒子打到板上（不考虑粒子的重力及粒子间的相互作用），求：（1）粒子通过电场和磁场边界时的速度大小及距y轴的最大距离;（2）磁感应强度的大小；（3）将板至少向下平移多大距离才能使所有的粒子均能打到板上？此时ab板上被粒子打中的区域的长度26（16分）利用甲烷与氯气发生取代反应制取副产品盐酸的设想在工业上已成为现实某化学兴趣小组拟在实验室中模拟上述过程,其设计的模拟装置如下:根据要求填空：（1）装置A中反应的化学方程式为 ，当产生336mL气体（标准状况）时，有 mol还原剂被氧化。（2）B装置有三种功能：控制气流速度；_；_。（3）设V（Cl2）/V（CH4）=x，若理论上欲获得最多的氯化氢,则x的取值范围是_。（4）D装置中的石棉上均匀附着湿润的KI粉末，其作用是_。 （5）E装置的作用是_（填编号）。A收集气体 B吸收氯气 C防止倒吸 D吸收氯化氢（6）在C装置中，经过一段时间的强光照射,发现硬质玻璃管内壁有黑色小颗粒产生，写出置换出黑色小颗粒的化学方程式_。 （7）装置中除了有盐酸生成外，还含有有机物，从E中分离出盐酸的最佳方法为_。该装置还有缺陷,原因是没有进行尾气处理，其尾气的主要成分是_（填编号）。ACH4 BCH3Cl CCH2Cl2 DCHCl3 ECCl427（13分）元素A、B、C、D、E、F原子序数依次增大，且都为短周期元素。A与C可形成A2C2和A2C两种化合物；B的最高价氧化物对应的水化物甲与气体BA3化合生成离子化合物乙；D与A位于同一主族；E与C形成的化合物是大气污染物，容易形成酸雨；F元素最高化合价与最低化合价的代数和为6。（1）由A、C、F三种元素按原子个数比111组成的化合物的电子为 ，该化合物与BA3反应生成B的单质，写出该反应的化学反应方程式 。（2）将化合物EC2通入只含有 n mol 化合物D2E的溶液中，充分反应后，溶液出现浑浊，则该化合物D2E的溶液最多能吸收化合物EC2的物质的量为 (不考虑水中溶解的化合物EC2)（3）常温下，若甲、乙两溶液的pH均等于5，则由水电离出的= ；乙溶液中所含离子的物质的量浓度由大到小的顺序是 。（4）电解由A与F形成化合物的溶液时，若阴、阳极都用石墨作电极，则阴极发生 反应（填“氧化”、“还原”），阳极的电极反应式为 。28（14分）研究氮及其化合物的性质在人类进步过程中具有极为重要的意义。（1）已知反应：2H2(g)+O2(g)2H2O(g) H=-483.6 kJ/molN2(g)+3H2(g)2NH3(g) H=-92.4kJ/mol4NH3(g)+5O2(g)4NO(g)+6H2O(g) H=-905kJ/mol则反应4NH3(g)+3O2(g)2N2(g)+6H2O(g)的H=_。（2）在恒温恒容的甲容器，恒温恒压的乙容器中分别进行合成氨反应（图中所示数据均为初始物理量）。t分钟后反应均达到平衡，生成NH3均为0.4mol（忽略水对压强的影响及氨气的溶解）。该条件下甲容器中反应的平衡常数K= ；平衡时，甲容器的压强P = （初始压强用P0表示）。该条件下，若向乙中继续加入0.2 mol N2，达到平衡时N2转化率= 。(3)在实验室中，某同学利用下列试剂及器材完成的实验能够证明NH3H2O是弱电解质的是_（选填字母代号）。 A用氨水做导电性实验，灯泡昏暗 B将氨水滴入AlCl3溶液中，产