江苏省无锡市惠山区2017届九年级（上）月考物理试卷（12月份）

2016-2017学年江苏省无锡市惠山区九年级（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每小题给出的四个选项中只有一个正确）1如图所示是常用的钢丝钳根据最简单机械知识可知，使用钢丝钳剪钢丝能（）A省力B省距离C省功D提高效率2如图所示，用滑轮组提升重物时，重800N的物体在10s内匀速上升了1m已知拉绳子的力F为500N，则提升重物的过程中（）A绳子自由端被拉下3mB滑轮组的机械效率是60%C做的有用功是800JD拉力F的功率是80W3如图所示是一个左右对称的凹形槽，将小球从A点由静止释放，若小球由A点到B点运动过程中克服摩擦力做的功用W表示，忽略空气阻力，则下列说法正确的是（）A小球能够从A点运动到D点B小球从A点运动到B点的过程中，势能的减少量等于动能的增加量C小球从A点运动到B点的过程中，势能的减少量与动能的增加量之差等于WD小球从A点运动到B点的过程中，势能的减少量与动能的增加量之差大于W4依据你所学的热学知识，下列说法正确的是（）A炽热的铁水具有内能，冰冷的铁块不具有内能B物体吸收热量，温度不一定升高C汽车发动机用水做冷却物质，是因为水的比热容比较小D天然气燃烧越充分，其热值越大5在探究“比较不同物质吸热升温的属性”时，用酒精灯同时开始均匀加热质量和初温都相等的沙子和水，装置如图下列说法正确的是（）A实验中，沙子吸热升温较快，说明沙子吸热较多B在本实验中，物体吸热多少是由物质的种类决定的C实验中，将沙子和水加热到相同温度时，它们吸收的热量相同D实验中，将沙子和水加热到相同温度时，水吸收的热量多6从今年1月1日起，武汉中心城区15万余盏路灯将全部实现由光感应系统控制关停，这样就能避免光线太暗时路灯无法及时照明如果用开关S表示某一区域的光感应控制系统，则下列路灯示意图最合理的是（）ABCD7如图所示，要使灯泡L1和L2组成并联电路，应（）A只闭合S2B只闭合S3C只闭合S1和S3D只闭合S2和S38在如图甲所示电路中，当闭合开关后，两个电压表指针偏转均如图乙所示，则电阻R1和R2两端的电压分别为（）A6.5V 1.3VB1.3V 6.5VC5.2V 1.3VD1.3V 5.2V9如图所示，电源电压3V（保持不变）当开关S闭合时，只有一只灯泡在发光，且电压表的示数约为3V，由此可以判断（）A灯L1被短路B灯L1断路C灯L2断路D灯L2被短路10下列说法中，不正确的是（）A相同的电压加在阻值不同的导体两端，电流一定不同B用不同的电阻研究电流和电压的关系，得到的结论都一样C同一电阻，它两端电压越大，通过它的电流也越大D当加在某电阻两端的电压改变时，该电阻两端的电压与电流的比值也随着改变11某学习小组在一次实验探究中利用电压表和电流表测得了多组数据，记录如下表请根据表中给出的数据，判断分析出他们实验时的电路可能是图中的（）U/V3.02.52.01.81.51.3I/A0.200.300.400.440.500.54ABCD12如图甲是灯泡L和电阻R的IU关系图象，灯丝电阻受温度的影响，温度越高电阻越大将L和R以两种不同的方式接在同一电源上，如图乙和丙若乙图中U1：U2=m，丙图中I1：I2=n，则下列关系式中正确的是（）Am=nBn=CnDn二、填空题（本题共10小题，每空1分，共24分）13定滑轮实质上是一个杠杆如图所示，物体重400N，滑轮重10N（绳重、摩擦不计），若要匀速提升重物，则自由端匀速竖直向上的拉力F为 N，若拉力F的方向向右倾斜一些，如图中虚线所示，则拉力将（填“变大”、“变小”或“不变”）14有一个箱子需要从地面搬到汽车上小冰想用如图甲所示的方法搬运，小雪想用如图乙所示的方法搬运两种方法克服箱子的重力做的功是，但小雪的方法会15我国第一艘航母“辽宁舰”，其正常行驶的功率约为1.5108W，正常行驶1min做的功是J，辽宁舰舰载战斗机将配备“歼15”机群，当战斗机从甲板上加速升空时，战斗机的动能（选填“变大”、“变小”或“不变”）16一辆汽车以20m/s的速度在水平路面上沿直线匀速行驶5分钟，汽车的质量为1500kg，行驶时所受阻力为车重的0.2倍，则牵引力为N，此时汽车的功率为kW，重力做的功为J（取g=10N/kg）17小明想探究石蜡熔化过程的特点，找来了一些实验器材并进行了实验他用得到的数据画成如图所示的图象，并在图象上标出了石蜡所处的状态由图象可知：（1）石蜡（选填“是”或“不是”）晶体；（2）固态石蜡的比热容（选填“大于”、“等于”或“小于”）液态石蜡的比热容若加热相同时间，固态石蜡吸收的热量（选填“大小”、“小于”或“等于”）液态石蜡吸收的热量18“钻木取火”是通过的方式改变木头的内能的；太阳能热水器是通过的方式改变水的内能的19加在某导体两端的电压为3V时，通过的电流为0.6A；则它的电阻是；若此导体两端不加电压时，这个导体电阻是20一只小灯泡的额定电压为8V，正常发光时通过它的电流为0.4A，现将该小灯泡接在12V的电源上，为使其正常发光，应联一个的电阻21一串小彩灯，每个小彩灯正常工作电压为4V，如图所示，在正常情况下，细金属丝由于表面有氧化铜而与灯丝支架不导通，若加上200V以上电压时，氧化铜被击穿，细金属丝与灯丝支架导通已知灯丝冷时电阻为2，热时电阻为20，将这一串小彩灯串联在220V电路中，在使彩灯正常发光情况下，应串联个小彩灯，此时电路总电阻为，在1h内消耗的电能为 J当其中一只彩灯灯丝烧断瞬间，细金属丝两端电压达到V，故细金属丝与灯丝支架导通，保证其它灯泡继续发光22有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图（甲）所示，把它们串联在电源电压为3V的电路中，如图（乙）所示闭合开关S，这时电路中流过元件A的电流是A，元件B在1min内所消耗的电能是J三、综合题（本题共6小题，共32分其中27题应写出必要的解题过程）23如图1所示的钢丝钳，其中A是剪钢丝处，B为手的用力点，O为转动轴（支点），图2为单侧钳柄及相连部分示意图请在图2中画出钢丝钳剪钢丝时的动力臂L1和阻力F224探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让小车从斜而上由静止释放，小车下滑后撞击斜面底端的木块请回答下列问题：（1）小车进入水平面时的动能是由转化来的，实验时通过比较来判断动能大小（2）让一小车从斜面不同高度由静止将放，如图甲、乙所示，是探究动能大小与的关系，得出的结论是：（3）实验中若使用的木块质量较大，为确保实验仍有较明显的现象，有很多种方法请答一种方法：一些物体的动能行走的牛约60J跑百米的运动员约3102J飞行的步枪子弹约5108J（4）小希通过实验探究发现质量和速度都是影响动能大小的因素，得出实验结论后，又提出了新的问题：物体的质量和速度对物体动能的影响一样大吗？小希查阅了相关资料，收集了一些物体的动能（如表所示），结合生活经验分析表中数据，你认为在“质量”和“速度”这两个因素中，对物体动能影响较大的是25小华利用提供的器材按进行“用电压表和电流表测电阻”的实验并用笔代替导线完成图1实物电路的连接（要求：划片向左移动时，滑动变阻器的阻值变小）小华连接好电路后，闭合开关，发现电压表的指针偏转角度很大，接近量程，而电流表的指针偏转角度很小，不到量程的小华检查电路后发现自己连接电路时出现了两个问题：一是把滑动变阻器的滑片放在了 （C或D）位置，二是 （电压表、电流表）的量程选择不当小华发现旁边的小勇自己连接好电路后通过实验得到多组数据，并作出如图2所示的UI图象，则小华分析后发现小勇把电压表并联在了（电阻R或滑动变阻器）的两端根据UI图象，可求得待测电阻R=26探究“电流与电阻关系”的实验中，提供的器材有：电源（电压9V）、电流表、电压表、滑动变阻器R、电阻箱R0、开关及导线若干（1）小明连接的图甲电路中存在连线错误，只需改动一根导线，即可使连线正确请在接错的导线上打“”，并用笔画线代替导线画出正确的接法（2）正确连接电路后闭合开关，在移动变阻器滑片P时，两电表示数突然都变为零，则电路故障可能为AR短路 B滑片P接触不良 CR0短路 DR0断路（3）排除故障后实验时，改变R0的阻值，测出对应的电流I当R0的阻值变大时，为完成探究，应将滑片P向（选填“A”或“B”）端移动（4）将R0阻值换为50，电流表示数如图乙，请在图丙I坐标中补描该点并作出I关系图象（5）连线时发现有一个错误数据点，反思产生原因，小明回忆是某次将R0的阻值由变换为错误数据点对应阻值时，未调节滑片P就读取电流而造成的27在“探究电流做功多少与电压、电流的关系”的活动中，同学们设计了如图甲、乙、丙三个电路（1）实验中我们通过比较来比较相同时间内电流做功的多少，所用的两灯L1和L2规格是（选填“相同”或“不同”）（2）利用图甲可以研究电流做功多少与 的关系经过讨论，同学们认为图甲电路存在一个缺陷，其缺陷在于（3）在乙图的实验中，两灯都发光，但灯L1较亮，灯L1两端的电压也较大，根据此现象可以得出的初步结论是（4）某同学想利用丙图来研究电流做功与电压的关系，通过调节滑动变阻器的滑片P的位置来改变灯两端电压，他设计的实验方案中存在什么问题？28随着人们生活水平的不断提高，各种小汽车已经走进我们的家庭小汽车的一些设计和使用过程中的许多现象都与物理知识有关，请解答下面的问题：（1）汽车发动机工作时，缸体的温度很高，为确保发动机正常工作，汽车发动机常用水作为冷却剂，若汽车的水箱中装有10kg水，当水温升高50时吸收的热量是多少？（2）图甲为某小汽车测定油箱内油量的电路原理图其中：Rx为压力传感器，它的电阻值随压力变化的关系如图乙所示；表A为油量表，它实质是一只电流表，油箱内油量的变化通过电流表示数的变化显示出来； R0是阻值为5的定值电阻；电源电压恒为15V；油箱位于压力传感器Rx上，空油箱重50N若电流表的量程为00.6A，该油箱加满油时，指针恰好指示最大刻度，求：此时，R0两端的电压是多少？Rx的阻值是多少？油箱最多能储油多少升？（汽油=0.7103kg/m3）2016-2017学年江苏省无锡市惠山区九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每小题给出的四个选项中只有一个正确）1如图所示是常用的钢丝钳根据最简单机械知识可知，使用钢丝钳剪钢丝能（）A省力B省距离C省功D提高效率【考点】杠杆的应用【分析】解答此题从以下知识点入手：杠杆平衡条件，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆使用机械可以省力、可以省距离、可以改变动力的方向，给人们带来方便；做到方便、快捷等；这是人们使用机械的目的，但使用任何机械都不能省功提高机械效率的方法：一是减轻动滑轮质量，或是加润滑油以减小摩擦，这些方法可以减少额外功，提高机械效率；二是增加重物的重，在额外功不变的情况下，增大有用功，从而提高机械效率【解答】解：（1）根据动力动力臂=阻力阻力臂可知，钢丝钳的动力臂大于阻力臂，动力小于阻力，是省力杠杆，故A正确，B错误（2）使用任何机械都不省功，这个结论叫做功的原理，故C错误（3）根据提高机械效率的方法可知，使用钢丝钳剪钢丝不能提高机械效率故选A2如图所示，用滑轮组提升重物时，重800N的物体在10s内匀速上升了1m已知拉绳子的力F为500N，则提升重物的过程中（）A绳子自由端被拉下3mB滑轮组的机械效率是60%C做的有用功是800JD拉力F的功率是80W【考点】滑轮（组）的机械效率；功的计算；有用功和额外功；功率的计算【分析】从图可知，有两段绳子吊着物体，知道物体上升的高度，从而可以计算出绳子自由端移动的距离判断出A是否符合题意知道知道拉力的大小，可利用公式W=FS计算出拉力做的总功，又知道做功的时间，可利用公式P=计算出拉力的功率判断出D是否符合题意知道物体的重力和物体升高的高度，可利用公式W=Gh计算出克服重力做的有用功判断出C是否符合题意利用公式=计算出滑轮组的机械效率判断出B是否符合题意【解答】解：从图可知，有两段绳子吊着物体，而h=1m，绳子自由端移动的距离为：S=2h=21m=2m故A不符合题意F=500N，拉力做的总功为：W总=FS=500N2m=1000J，而t=10s，拉力的功率为；P=100W故D不符合题意G=800N，h=1m，克服重力做的有用功为：W有用=Gh=800N1m=800J故C符合题意滑轮组的机械效率为：=80%故B不符合题意故选C3如图所示是一个左右对称的凹形槽，将小球从A点由静止释放，若小球由A点到B点运动过程中克服摩擦力做的功用W表示，忽略空气阻力，则下列说法正确的是（）A小球能够从A点运动到D点B小球从A点运动到B点的过程中，势能的减少量等于动能的增加量C小球从A点运动到B点的过程中，势能的减少量与动能的增加量之差等于WD小球从A点运动到B点的过程中，势能的减少量与动能的增加量之差大于W【考点】动能和势能的大小变化【分析】机械能包括动能和势能；动能和势能是可以相互转化的；在不计摩擦阻力的情况下，只有动能和势能相互转化的过程中，机械能的总量保持不变【解答】解：A、因为有摩擦力存在，少部分机械能转化成内能，使机械能总量减少因此，小球不能够从A点运动到D点，故A错误；B、从A点向B点运动过程中，重力势能大部分转化成动能，因为有摩擦存在，少部分转化成内能，因此，势能的减少量不等于动能的增加量故B错误；C、小球从A点运动到B点的过程中，势能的减少量等于动能的增加量和克服摩擦做的功故C正确，D错误；故选C4依据你所学的热学知识，下列说法正确的是（）A炽热的铁水具有内能，冰冷的铁块不具有内能B物体吸收热量，温度不一定升高C汽车发动机用水做冷却物质，是因为水的比热容比较小D天然气燃烧越充分，其热值越大【考点】内能的概念；水的比热容的特点及应用；燃料的热值【分析】（1）物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和叫做内能，任何物体都要内能；（2）物体吸收热量，温度不一定升高，例如晶体熔化和液体沸腾的过程，吸热温度不变；（3）相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；（4）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值，热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度、放出热量的多少以及燃烧温度的高低等均无关【解答】解：A、炽热的铁水具有内能，冰冷的铁块也具有内能，该选项说法不正确；B、一般情况下，物体吸热温度升高，但是晶体熔化和液体沸腾的过程中，吸热温度保持熔点和沸点不变，该选项说法正确；C、汽车发动机用水做冷却物质，是因为水的比热容比较大，该选项说法不正确；D、热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度、放出热量的多少以及燃烧温度的高低等均无关，该选项说法不正确故选B5在探究“比较不同物质吸热升温的属性”时，用酒精灯同时开始均匀加热质量和初温都相等的沙子和水，装置如图下列说法正确的是（）A实验中，沙子吸热升温较快，说明沙子吸热较多B在本实验中，物体吸热多少是由物质的种类决定的C实验中，将沙子和水加热到相同温度时，它们吸收的热量相同D实验中，将沙子和水加热到相同温度时，水吸收的热量多【考点】比热容的概念【分析】（1）比热容是物质的一种特性，与物体质量、温度高低、吸放热多少都没有关系；比热容是反映不同物质吸放热能力强弱的一个物理量（2）水和干沙子，谁温度升高的快，需要利用Q=cmt来判断【解答】解：A、实验中，沙子吸热升温较快，说明沙子的比热容小，吸热能力弱，故A错误B、在本实验中，物体吸热多少是由加热时间决定的故B错误C、将沙子和水加热到相同温度时，据Q=cmt，水吸收的热量多故C错误D、将沙子和水加热到相同温度时，水的加热时间长，吸收的热量多，故D正确故选D6从今年1月1日起，武汉中心城区15万余盏路灯将全部实现由光感应系统控制关停，这样就能避免光线太暗时路灯无法及时照明如果用开关S表示某一区域的光感应控制系统，则下列路灯示意图最合理的是（）ABCD【考点】串、并联电路的设计【分析】并联电路中各用电器互不影响，先判断用电器的连接方式，然后根据开关在不同位置的作用减小分析【解答】解：因为路灯中的一个灯泡坏掉后，其它灯泡仍可以正常工作，因此路灯为并联连接，为了同时控制所有路灯，则开关位于干路中，故C正确故选C7如图所示，要使灯泡L1和L2组成并联电路，应（）A只闭合S2B只闭合S3C只闭合S1和S3D只闭合S2和S3【考点】串联电路和并联电路的辨别【分析】并联是将灯泡的两端分别连在一起，结合电路图选择合适的开关组合，组成题目要求的灯泡连接方式【解答】解：当闭合开关S1、S3，断开开关S2时，两盏灯泡的两端分别连在一起，电流分别经过两盏灯泡后回到电源的负极，则它们这种连接方式是并联；故选 C8在如图甲所示电路中，当闭合开关后，两个电压表指针偏转均如图乙所示，则电阻R1和R2两端的电压分别为（）A6.5V 1.3VB1.3V 6.5VC5.2V 1.3VD1.3V 5.2V【考点】串联电路的电压规律【分析】首先根据串联电路的电压特点（U=U1+U2）确定电压表表V1、V2示数的大小，然后根据电压表的读数方法读出示数【解答】解：因为电阻R1和R2串联，而电压表V1测量的是电源电压，电压表V2测量的是R2电压，所以电压表V1的示数比电压表V2的示数大；故电压表V1选的是015V的量程分度值为0.5V，根据指针位置，电压表读数为6.5V；表V2选的是03V的量程，分度值为0.1V，根据指针位置，电压表读数为1.3V；根据串联电路的电压关系，R1的电压是：U1=UU2=6.5V1.3V=5.2V故选C9如图所示，电源电压3V（保持不变）当开关S闭合时，只有一只灯泡在发光，且电压表的示数约为3V，由此可以判断（）A灯L1被短路B灯L1断路C灯L2断路D灯L2被短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】该电路为串联电路，电压表测量L1两端的电压，根据用电器工作情况以及电压表示数确定电路的具体故障【解答】解：因为闭合开关后，有一只灯泡发光，因此电路发生短路故障；又因为电压表有示数，并且等于电源电压，所以L2短路故选D10下列说法中，不正确的是（）A相同的电压加在阻值不同的导体两端，电流一定不同B用不同的电阻研究电流和电压的关系，得到的结论都一样C同一电阻，它两端电压越大，通过它的电流也越大D当加在某电阻两端的电压改变时，该电阻两端的电压与电流的比值也随着改变【考点】欧姆定律的应用【分析】根据欧姆定律R=可知，虽然电阻是由算出，但电阻是导体本身的一种属性，与电压U、电流I无关【解答】解：A电压相同时，导体的阻值不同，由I=可知，电流一定不同，故A正确；B用不同的电阻来研究电流和电压，结论都是一样，即电阻一定时，电流和电压成正比，只是比例系数不同而已，故B正确；C同一电阻的阻值不变，由I=可知，电阻两端电压越大，通过它的电流也越大，故C正确；D由R=可知，电压与电流的比值等于导体的电阻，同一电阻的阻值一定，所以，其两端的电压改变时，该电阻两端的电压与电流的比值不变，故D错误故选D11某学习小组在一次实验探究中利用电压表和电流表测得了多组数据，记录如下表请根据表中给出的数据，判断分析出他们实验时的电路可能是图中的（）U/V3.02.52.01.81.51.3I/A0.200.300.400.440.500.54ABCD【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】由表中数据可知，当电压表的示数减小时，电流表的示数增大；再分析四个电路图，当滑片向左移动时的电压表和电流表的变化得出答案【解答】解：（1）电压表测量电源电压，当移动滑片时，电压表的示数不变，故A、B不符合题意；（2）电压表测量滑动变阻器两端的电压，电阻与滑动变阻器串联，当滑片左移时连入电阻变小，电路中的电阻变小，电流变大（电流表的示数变大）；电阻和滑动变阻器串联后，定值电阻两端电压变大，则变阻器两端电压将变小，即电压表示数减小，符合题意；（3）电压表测量的是定值电阻两端的电压，电阻与滑动变阻器串联，当滑片左移时连入电阻变小，电路中的电阻变小，电流变大（电流表的示数变大）；电压表的示数也变大，故D不符合题意故选C12如图甲是灯泡L和电阻R的IU关系图象，灯丝电阻受温度的影响，温度越高电阻越大将L和R以两种不同的方式接在同一电源上，如图乙和丙若乙图中U1：U2=m，丙图中I1：I2=n，则下列关系式中正确的是（）Am=nBn=CnDn【考点】欧姆定律的应用【分析】已知在图乙中，灯泡与电阻串联，U1：U2=m，在图丙中，灯泡与电阻并联，I1：I2=n，分别根据串联电路的电压规律和并联电路的电压规律求得两电阻之比，然后即可得出结论【解答】解：在图乙中，灯泡与电阻串联，电路中的电流相同，由欧姆定律I=可知，当电流相同时，电压与电阻成正比，又因为U1：U2=m，则=m，在图丙中，灯泡与电阻并联，各支路两端的电压相同，由欧姆定律I=可知，当电压相同时，电流与电阻成反比，又因为I1：I2=n，则=n，即=，由图象甲可知，RL乙小于RL丙，所以，即m故选C二、填空题（本题共10小题，每空1分，共24分）13定滑轮实质上是一个等臂杠杆如图所示，物体重400N，滑轮重10N（绳重、摩擦不计），若要匀速提升重物，则自由端匀速竖直向上的拉力F为205 N，若拉力F的方向向右倾斜一些，如图中虚线所示，则拉力将变大（填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】滑轮组绳子拉力的计算【分析】定滑轮是一个等臂杠杆，动滑轮实质是动力臂为阻力臂二倍的杠杆，省1/2力多费1倍距离已知用一个动滑轮使物体向上运动，所以动滑轮上有2段绳子，绳端的拉力是物体重力和动滑轮重力的一半，根据此关系求出动滑轮的重力【解答】解：定滑轮实质是动力臂等于阻力臂二倍的杠杆，所以是等臂杠杆由题意可得：F=205N；因为若拉力F的方向向右倾斜一些，动力臂减小，所以根据杠杆平衡条件可知拉力将变大故答案为：等臂；205；变大14有一个箱子需要从地面搬到汽车上小冰想用如图甲所示的方法搬运，小雪想用如图乙所示的方法搬运两种方法克服箱子的重力做的功是相同的，但小雪的方法会省力【考点】功的原理；轮轴及其他常见简单机械【分析】搬运工人采用如图所示的两种不同的方式将同一货物搬运到同一辆汽车上，他们克服重力所做的有用功相同，利用斜面可以省力，但不能省功【解答】解：由题意可知，箱子重不变，箱子上升的高度相同，由W=Gh可知，甲乙两种方法将同一箱子搬上车，克服箱子重力所做的功是相同的；小雪用斜面向上推箱子要比甲直接搬运省力故答案为：相同的；省力15我国第一艘航母“辽宁舰”，其正常行驶的功率约为1.5108W，正常行驶1min做的功是9109J，辽宁舰舰载战斗机将配备“歼15”机群，当战斗机从甲板上加速升空时，战斗机的动能变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】功的计算；动能大小的比较【分析】（1）知道航母航行的功率和时间，利用W=Pt求正常行驶1分钟做的功；（2）动能大小的影响因素：物体的质量、物体的速度质量一定，速度越大，动能越大【解答】解：（1）P=，航母正常行驶1min做的功：W=Pt=1.5108W60s=9109J；（2）战斗机从甲板上加速升空时，质量不变、速度增大，动能增大故答案为：9109；变大16一辆汽车以20m/s的速度在水平路面上沿直线匀速行驶5分钟，汽车的质量为1500kg，行驶时所受阻力为车重的0.2倍，则牵引力为3103N，此时汽车的功率为60kW，重力做的功为0J（取g=10N/kg）【考点】二力平衡条件的应用；功的计算；功率的计算【分析】（1）汽车在水平路面上匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，根据f=0.2G=0.2mg求出阻力，利用二力平衡条件求出牵引力的大小；（2）根据P=Fv求出汽车的功率；（3）重力竖直向下，汽车竖直向下没有移动距离，没有做功【解答】解：（1）汽车做匀速运动，处于平衡状态由平衡条件得牵引力：F=f=0.2G=0.2mg=0.21.5103kg10N/kg=3103N；（2）汽车的功率P=Fv=3103N20m/s=6104W=60kW；（3）汽车在重力的方向上没有移动距离，所以克服重力做的功做功为0故答案为：3103；60；017小明想探究石蜡熔化过程的特点，找来了一些实验器材并进行了实验他用得到的数据画成如图所示的图象，并在图象上标出了石蜡所处的状态由图象可知：（1）石蜡不是（选填“是”或“不是”）晶体；（2）固态石蜡的比热容大于（选填“大于”、“等于”或“小于”）液态石蜡的比热容若加热相同时间，固态石蜡吸收的热量等于（选填“大小”、“小于”或“等于”）液态石蜡吸收的热量【考点】熔化和凝固的温度时间图象；比热容的概念【分析】（1）据物质熔化的特点知，若该物质在熔化过程中温度不变，即为晶体，且该不变的温度是熔点；该物质没有明显的熔化温度，即在熔化过程中，温度始终上升，即此物质没有熔点，即为非晶体，据此分析即可解决该题（2）比热容指的是单位质量的某种物质温度升高1所吸收的热量，反映了物质吸热升温的能力；质量相同的物质，吸收相同的热量，比热容小的物质温度升高的快，比热容大的物质温度升高的慢【解答】解：（1）此图象为温度时间图象，横轴表示加热时间，纵轴表示温度，由图可知该物质在熔化过程中温度一直上升，即没有固定的熔点，即此物质是非晶体（2）加热时间相同的情况下，石蜡的状态改变，质量不变，固态石蜡升温慢，液态石蜡升温快，说明质量相同的固态石蜡吸收相同的热量，温度升高的慢，固态石蜡的比热容等于液态石蜡比热容大根据公式Q吸=cmt可知，若加热相同时间，固态石蜡吸收的热量等于液态石蜡吸收的热量故答案为：（1）不是；（2）大于；等于18“钻木取火”是通过做功的方式改变木头的内能的；太阳能热水器是通过热传递的方式改变水的内能的【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能【分析】解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递【解答】解：钻木取火时钻与木头相互摩擦做功，机械能转化为木头的内能，是通过做功的方式改变物体的内能；太阳能热水器是利用太阳能的照射把热量转移给了水，使水的内能增大，温度升高；故答案为：做功，热传递19加在某导体两端的电压为3V时，通过的电流为0.6A；则它的电阻是5；若此导体两端不加电压时，这个导体电阻是5【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）知道导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的阻值；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关【解答】解：由题知，导体两端的电压为3V时，通过的电流为0.6A，根据I=可得，导体的电阻：R=5，因为电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以当加在该导体两端的电压为0V时，导体的阻值仍为5不变故答案为：5；520一只小灯泡的额定电压为8V，正常发光时通过它的电流为0.4A，现将该小灯泡接在12V的电源上，为使其正常发光，应串联一个10的电阻【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；电阻的串联【分析】由题意可知，电源电压大于灯泡的额定电压，故应串联电阻分得多余电压；由欧姆定律可得出串联电阻的阻值【解答】解：串联电阻起分压作用，因灯泡仍正常发光，故电路中电流I=0.4A，电阻两端电压U=12V8V=4V；则由欧姆定律可得电阻的阻值R=10；故答案为：串；1021一串小彩灯，每个小彩灯正常工作电压为4V，如图所示，在正常情况下，细金属丝由于表面有氧化铜而与灯丝支架不导通，若加上200V以上电压时，氧化铜被击穿，细金属丝与灯丝支架导通已知灯丝冷时电阻为2，热时电阻为20，将这一串小彩灯串联在220V电路中，在使彩灯正常发光情况下，应串联55个小彩灯，此时电路总电阻为1100，在1h内消耗的电能为158400 J当其中一只彩灯灯丝烧断瞬间，细金属丝两端电压达到220V，故细金属丝与灯丝支架导通，保证其它灯泡继续发光【考点】串联电路的电压规律；电阻的串联；电功的计算【分析】知道一个小彩灯正常发光时的电压，串联在220V的电源上，根据串联电路电压的特点，可求得所接灯的个数，此时的总电阻为nR（热电阻），当灯丝烧断时，烧断灯丝处电压到达电源电压220V氧化铜被击穿，细金属丝与灯丝支架导通利用公式P=UI求出灯泡的功率，再利用W=Pt可求出这些小灯泡1h消耗的电能【解答】解：每个小彩灯正常工作电压为4V，将这一串小彩灯串联在220V电路中，在使彩灯正常发光情况下，串联的灯泡盏数：n=55盏；灯泡热时电阻为20，则此时电路的总电阻为R总=nR=5520=1100；在彩灯正常发光情况下，每只灯泡两端的电压等于灯泡的额定电压U=4V，所以每只灯泡的消耗的功率P=0.8W，所以，55只灯泡1h内消耗的电能：W=55Pt=550.8W3600s=158400J；当其中一只彩灯灯丝烧断瞬间，发生断路的地方的电压接近电源电压220V，氧化铜被击穿，细金属丝与灯丝支架导通，保证其它灯泡继续发光故答案为：55；1100；158400；22022有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图（甲）所示，把它们串联在电源电压为3V的电路中，如图（乙）所示闭合开关S，这时电路中流过元件A的电流是0.2A，元件B在1min内所消耗的电能是24J【考点】电功的计算【分析】根据串联电流、电压规律，图象中找出满足要求的电流和电压值，由W=UIt计算消耗电能【解答】解：根据A和B串联电流相等，U=UA+UB=3V，通过甲图可以发现，当I=0.2A时，UA=1V，UB=2V，满足要求，所有通过A的电流为0.2A，元件B消耗电能：W=UIt=2V0.2A60s=24J故答案为：0.2； 24三、综合题（本题共6小题，共32分其中27题应写出必要的解题过程）23如图1所示的钢丝钳，其中A是剪钢丝处，B为手的用力点，O为转动轴（支点），图2为单侧钳柄及相连部分示意图请在图2中画出钢丝钳剪钢丝时的动力臂L1和阻力F2【考点】力臂的画法；力的示意图【分析】力臂的画法：首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂【解答】解：找出支点，从O做F1的垂线段就是F1的力臂；过A点做竖直向下的阻力F2；如图所示：24探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让小车从斜而上由静止释放，小车下滑后撞击斜面底端的木块请回答下列问题：（1）小车进入水平面时的动能是由重力势能转化来的，实验时通过比较木块被推动的距离来判断动能大小（2）让一小车从斜面不同高度由静止将放，如图甲、乙所示，是探究动能大小与速度的关系，得出的结论是：当物体质量一定时，物体速度越大，动能越大（3）实验中若使用的木块质量较大，为确保实验仍有较明显的现象，有很多种方法请答一种方法：增大小车下滑的高度（或减小接触面粗糙程度的方法来减小摩擦力）一些物体的动能行走的牛约60J跑百米的运动员约3102J飞行的步枪子弹约5108J（4）小希通过实验探究发现质量和速度都是影响动能大小的因素，得出实验结论后，又提出了新的问题：物体的质量和速度对物体动能的影响一样大吗？小希查阅了相关资料，收集了一些物体的动能（如表所示），结合生活经验分析表中数据，你认为在“质量”和“速度”这两个因素中，对物体动能影响较大的是速度【考点】探究影响物体动能大小的因素【分析】（1）下落时重力势能转化为动能；掌握转换法在实验中的应用，实验中通过观察木块被推动的距离来比较物体动能的大小；（2）为了探究动能大小与速度的关系应控小球的制质量不变，改变小球的速度，小车下滑到水平面的初速度由小车在斜面上从静止开始下滑的高度决定，结合题干中甲、乙两图分析小球质量和高度的关系，便可得出结论；（3）可以从增大速度，从而增大动能的方法，或在水平面上受的摩擦力小一些两方面考虑；（4）通过物体质量、速度和动能的倍数关系得出结论【解答】解：（1）小车从高处落下将重力势能转化为动能，故进入水平面时的动能是由重力势能转化来的；根据转换法，小车动能的大小是通过实验中木块被小车推动的距离来比较动能的大小；（2）在甲、乙两图中，使用同一个小车放置在不同的高度，控制了质量一定，改变了速度，所以甲、乙两图可以探究动能大小与速度的关系，得出的结论是：当物体质量一定时，物体速度越大，动能越大；（3）实验中若使用的木块质量较大，小车撞击木块时，木块移动的距离较小，实验现象不明显，为使实验有较明显的现象，可以通过增大小车在斜面上的高度来增大小车的速度，从而增大小车的动能，增大对木块做功的多少，增大木块在水平面上滑行的距离；也可以通过减小接触面粗糙程度的方法来减小摩擦力，使木块在水平面上滑行距离增大（4）由表中的数据知牛的质量大，速度小，动能小；子弹的质量小，速度大，动能大，说明速度对物体动能的影响更大故答案为：（1）重力势能；木块被推动的距离；（2）速度；当物体质量一定时，物体速度越大，动能越大；（3）增大小车下滑的高度（或减小接触面粗糙程度的方法来减小摩擦力；（4）速度25小华利用提供的器材按进行“用电压表和电流表测电阻”的实验并用笔代替导线完成图1实物电路的连接（要求：划片向左移动时，滑动变阻器的阻值变小）小华连接好电路后，闭合开关，发现电压表的指针偏转角度很大，接近量程，而电流表的指针偏转角度很小，不到量程的小华检查电路后发现自己连接电路时出现了两个问题：一是把滑动变阻器的滑片放在了C （C或D）位置，二是电流表 （电压表、电流表）的量程选择不当小华发现旁边的小勇自己连接好电路后通过实验得到多组数据，并作出如图2所示的UI图象，则小华分析后发现小勇把电压表并联在了滑动变阻器（电阻R或滑动变阻器）的两端根据UI图象，可求得待测电阻R=5.5【考点】伏安法测电阻的探究实验；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用【分析】根据滑片向左移动时，滑动变阻器的阻值变小确定变阻器接线柱的连接，将电流表、变阻器、待测电阻串联在电路中；变阻器与待测电阻串联，由电源电压大小结合电压表的指针偏转角度很大，接近量程，判断出变阻器的电压，从而确定滑片的位置；根据欧姆定律判断此时电路中的电流大小，由已知条件从而判断电流表的量程选择存在的问题；当电流增大时，根据欧姆定律，判断定值电阻的电压的变化，由串联电路电压的规律，判断变阻器的电压变化，结合图2电流增大时，电压表示数减小，判断出电压表连接的位置；根据图2，确定电流及滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律及串联电路电压的规律列方程组，从而可以计算出待测电阻的阻值【解答】解：用电压表和电流表测电阻时，电流表、变阻器、待测电阻串联在电路中，因要求滑片向左移动时，滑动变阻器的阻值变小，所以变阻器滑片以左电阻丝连入电路中，电压表与电阻并联测电压，如下图所示：因电压表选用小量程，闭合开关，发现电压表的指针偏转角度很大，接近量程，即接近3V，说明电源电压基本都加在了电阻的两端，变阻 器分得的电压接近0，说明变阻器连入电路中的电阻为0，即将滑动变阻器的滑片放在C处了；因此时电路中的电阻最小，根据欧姆定律，电路中电流应最大，而电流表的指针偏转角度很小，不到量程的，则说明电流表量程选择不当（选大了）；因待测电阻与变阻器串联，当电流增大时，根据欧姆定律，定值电阻的电压应增大，由串联电路电压的规律，变阻器的电压减小；由图2可知，当电流增大时，电压表示数减小，所以可判断出电压表没有并联在待测电阻的两端，而是并联在变阻器的两端了；由图2知，当电流表的示数为0.2A时，电压表的示数为1.7V，根据串联电路中，电源电压等于电压表示数与定值电阻电压的和，结合欧姆定律有U=I1R+U2=0.2AR+1.7V，当电流表的示数为0.4A时，电压表的示数为0.6V，同理有U=I2R+U2=0.4AR+0.6V，由、得R=5.5故答案为：如上图所示；C；电流表；滑动变阻器；5.526探究“电流与电阻关系”的实验中，提供的器材有：电源（电压9V）、电流表、电压表、滑动变阻器R、电阻箱R0、开关及导线若干（1）小明连接的图甲电路中存在连线错误，只需改动一根导线，即可使连线正确请在接错的导线上打“”，并用笔画线代替导线画出正确的接法（2）正确连接电路后闭合开关，在移动变阻器滑片P时，两电表示数突然都变为零，则电路故障可能为BAR短路 B滑片P接触不良 CR0短路 DR0断路（3）排除故障后实验时，改变R0的阻值，测出对应的电流I当R0的阻值变大时，为完成探究，应将滑片P向A（选填“A”或“B”）端移动（4）将R0阻值换为50，电流表示数如图乙，请在图丙I坐标中补描该点并作出I关系图象（5）连线时发现有一个错误数据点，反思产生原因，小明回忆是某次将R0的阻值由40变换为错误数据点对应阻值时，未调节滑片P就读取电流而造成的【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）要掌握电压表、电流表和滑动变阻器的接法，注意电压表要并联在电路中；（2）常见电路故障有断路与短路，分析清楚电路结构，根据电流表和电压表的示数判断电路中出现断路或短路；（3）要探究电流与电阻的关系，需要改变接入电路的电阻箱R0的阻值，同时保持其两端电压一定；电阻箱R0的阻值变化，两端电压相应变化，要保持电阻箱R0两端电压不变，就要调节滑动变阻器的滑片，调整接入电路的阻值大小；（4）知道R0阻值算出，如图乙读出电流表的示数，在图丙I坐标中补描该点，然后用平滑的曲线把各点连接起来，作出I图象；（5）根据图象找出错误数据点和与其相邻的数据点，分别算出它们对应的电阻值，结合欧姆定律判断即可【解答】解：（1）由图知，电压表串联在了电路中，且电阻箱R0未正常接入电路电路如图，应将电压表与电阻箱R0并联（2）由图可知，电阻箱R0与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，电压表测电阻箱R0两端的电压；A、如果滑动变阻器R短路，整个电路仍然是通路，电流表、电压表示数都不为零，故A不符合题意；B、如果滑片P接触不良，整个电路断路，电流表、电压表示数都为零，故B符合题意；C、如果电阻箱R0短路，电压表示数为零，电流表示数不为零，故C不符合题意；D、如果电阻箱R0断路，电流表示数为零；电压表测量电源电压，示数不为零，故D不符合题意故选：B（3）当R0的阻值变大时，电阻箱R0分压变大，电压表示数变大，为保持电阻箱R0两端电压不变，应移动滑片，增大滑动变阻器接入电路的阻值，增大滑动变阻器的分压，从而减小电阻箱R0两端电压，保持电压不变，所以滑片P应向A端移动（4）由图乙可知，电流表的示数I=0.12A电阻箱的阻值R0=50，则=0.021，在坐标系中补描对应的坐标点（0.02，0.12），然后用平滑的曲线把各点连接起来，作出I图象如图所示：（5）由图象可知，错误的坐标点是（0.04，0.20），则=0.041，解得：R0=25，此时电路中的电流I=0.20A，由欧姆定律I=得，电阻箱R0两端的电压U0=IR0=0.20A25=5V，则滑动变阻器两端的电压U滑=UU0=9V5V=4V，此时滑动变阻器接入电路中