2020高考数学理二轮课标通用思想方法训练：分类讨论思想含解析.docx

教学资料范本2020高考数学理二轮课标通用思想方法训练：分类讨论思想含解析编 辑：_时 间：_2分类讨论思想思想方法训练第4页一、能力突破训练1.已知函数f(x)=若f(a)=,则实数a=() A.1或-1B-1C.1D.3答案:C解析:当a4时,f(a)=2a-4=2-3,即a-4=-3,即a=1,符合要求.当a4时,f(a)=-log2(a+1)=,即a+1=,即a=-10,且a1,p=loga(a3+1),q=loga(a2+1),则p,q的大小关系是()A.p=qB.pqD.当a1时,pq;当0a1时,pq答案:C解析:当0a1时,y=ax和y=logax在其定义域上均为减函数,a3+1loga(a2+1),即pq.当a1时,y=ax和y=logax在其定义域上均为增函数,a3+1a2+1,loga(a3+1)loga(a2+1),即pq.综上可得pq.4.已知中心在坐标原点,焦点在坐标轴上的双曲线的渐近线方程为y=x,则该双曲线的离心率为()ABCD答案:C解析:焦点在x轴上时,此时离心率e=;焦点在y轴上时,此时离心率e=,故选C.5.已知A,B为平面内两定点,过该平面内动点M作直线AB的垂线,垂足为N,=,其中为常数,则动点M的轨迹不可能是()A.圆B.椭圆C.抛物线D.双曲线答案:C解析:不妨设|AB|=2,以AB中点O为原点,AB所在直线为x轴建立平面直角坐标系xOy,则A(-1,0),B(1,0),设M(x,y),则N(x,0),=(0,-y),=(x+1,0),=(1-x,0),代入已知式子得x2+y2=,当=1时,曲线为A;当=2时,曲线为B;当0时,曲线为D,所以选C.6.设x,y满足且目标函数z=ax+y仅在点(4,1)处取得最大值,则原点O到直线ax-y+17=0的距离d的取值范围是()A.(4,17B.(0,4)CD答案:B解析:由作出可行域,如图.因为目标函数z=ax+y仅在点A(4,1)取最大值,所以当a=0时,z=y在点(0,2)处取最大值,不成立;当a0,目标函数在点(4,1)处取不到最大值.当a0时,直线z=ax+y的斜率k=-a,且小于直线x+4y-8=0的斜率-,故a综上可知a所以原点O到直线ax-y+17=0的距离d=0,且a1)在1,2上的最大值比最小值大,则a的值是.答案:解析:当a1时,y=ax在区间1,2上递增,故a2-a=,得a=;当0a0,函数f(x)=x2-(a+1)x+a(1+ln x).(1)求曲线y=f(x)在(2,f(2)处与直线y=-x+1垂直的切线方程;(2)求函数f(x)的极值.解:(1)由已知x0,f(x)=x-(a+1)+因为曲线y=f(x)在(2,f(2)处切线的斜率为1,所以f(2)=1,即2-(a+1)+=1,所以a=0,此时f(2)=2-2=0,故曲线f(x)在(2,f(2)处的切线方程为x-y-2=0.(2)f(x)=x-(a+1)+当0a0,函数f(x)单调递增;若x(a,1),则f(x)0,函数f(x)单调递增.此时x=a是f(x)的极大值点,x=1是f(x)的极小值点,函数f(x)的极大值是f(a)=-a2+aln a,极小值是f(1)=-当a=1时,若x(0,1),则f(x)0,若x=1,则f(x)=0,若x(1,+),则f(x)0,所以函数f(x)在定义域内单调递增,此时f(x)没有极值点,也无极值.当a1时,若x(0,1),则f(x)0,函数f(x)单调递增;若x(1,a),则f(x)0,函数f(x)单调递增,此时x=1是f(x)的极大值点,x=a是f(x)的极小值点,函数f(x)的极大值是f(1)=-,极小值是f(a)=-a2+aln a.综上,当0a1时,f(x)的极大值是-,极小值是-a2+aln a.二、思维提升训练13.若直线l过点P且被圆x2+y2=25截得的弦长是8,则直线l的方程为()A.3x+4y+15=0B.x=-3或y=-C.x=-3D.x=-3或3x+4y+15=0答案:D解析:若直线l的斜率不存在,则该直线的方程为x=-3,代入圆的方程解得y=4,故直线l被圆截得的弦长为8,满足条件;若直线l的斜率存在,不妨设直线l的方程为y+=k(x+3),即kx-y+3k-=0,因为直线l被圆截得的弦长为8,故半弦长为4,又圆的半径为5,则圆心(0,0)到直线l的距离为,解得k=-,此时直线l的方程为3x+4y+15=0.14.已知函数f(x)=则方程f(x)=ax恰有两个不同实数根时,实数a的取值范围是(注:e为自然对数的底数)()A.(-1,0BC.(-1,0D答案:C解析:因为方程f(x)=ax恰有两个不同的实数根,所以y=f(x)与y=ax的图象有2个交点,a表示直线y=ax的斜率.当a0,x1时,y=设切点为(x0,y0),k=,所以切线方程为y-y0=(x-x0),而切线过原点,所以y0=1,x0=e2,k=,所以切线l1的斜率为设过原点与y=x+1平行的直线为l2,则直线l2的斜率为,所以当直线在l1和l2之间时,符合题意,此时实数a的取值范围是当a0时,设过原点与点(1,-1)的直线为l3,其斜率为-1,则在l3的位置以O为中心逆时针旋转一直转到水平位置都符合题意,此时实数a的取值范围是(-1,0.综上所述,实数a的取值范围是(-1,0,故选C.15.设关于x的函数g(x)=-2sin2x-2acos x-2a+1的最小值为h(a),则满足h(a)=的a的值为.答案:-1解析:g(x)=-2sin2x-2acos x-2a+1=2cos2x-2acos x-(2a+1).令cos x=t,可得t-1,1,换元可得y=2t2-2at-(2a+1),可看作关于t的二次函数,其图象为开口向上的抛物线,对称轴为t=,当-1,即a1,即a2时,函数y在区间-1,1上单调递减,故ymin=2-2a-2a-1=1-4a,即g(x)min=-4a+1=,得a=,与a2矛盾;当-11,即-2a2时,ymin=2-2a-(2a+1)=-2a-1,即g(x)min=-2a-1=,变形可得a2+4a+3=0,解得a=-1(a=-3舍去).综上可得,满足h(a)=的a的值为-1.16.已知函数f(x)=aln x+x2(a为实数).(1)求函数f(x)在区间1,e上的最小值及相应的x值;(2)若存在x1,e,使得f(x)(a+2)x成立,求实数a的取值范围.解:(1)f(x)=aln x+x2的定义域为(0,+),f(x)=+2x=当x1,e时,2x22,2e2.若a-2,则f(x)在区间1,e上非负(仅当a=-2,x=1时,f(x)=0),故f(x)在区间1,e上单调递增,此时f(x)min=f(1)=1;若-2e2a-2,令f(x)0,解得1x0,解得xe,此时f(x)单调递增,所以f(x)min=fln;若a-2e2,f(x)在区间1,e上非正(仅当a=-2e2,x=e时,f(x)=0),故f(x)在区间1,e上单调递减,此时f(x)min=f(e)=a+e2.综上所述,当a-2时,f(x)min=1,相应的x=1;当-2e2a-2时,f(x)min=ln,相应的x=;当a-2e2时,f(x)min=a+e2,相应的x=e.(2)不等式f(x)(a+2)x可化为a(x-ln x)x2-2x.由x1,e,知ln x1x且等号不能同时成立,得ln x0,因而a,x1,e,令g(x)=(x1,e),则g(x)=,当x1,e时,x-10,ln x1,x+2-2ln x0,从而g(x)0(仅当x=1时取等号),所以g(x)在区间1,e上是增函数,故g(x)min=g(1)=-1,所以实数a的取值范围是-1,+).17.设函数f(x)=cos 2x+(-1)(cos x+1),其中0,记|f(x)|的最大值为A.(1)求f(x);(2)求A;(3)证明|f(x)|2A.答案:(1)解f(x)=-2sin 2x-(-1)sin x.(2)解(分类讨论)当1时,|f(x)|=|cos 2x+(-1)(cos x+1)|+2(-1)=3-2=f(0).因此A=3-2.当01时,将f(x)变形为f(x)=2cos2x+(-1)cos x-1.令g(t)=2t2+(-1)t-1,则A是|g(t)|在-1,1上的最大值,g(-1)=,g(1)=3-2,且当t=时,g(t)取得极小值,极小值为g=-1=-令-11,解得当0时,g(t)在区间(-1,1)内无极值点,|g(-1)|=,|g(1)|