2019年四川省德阳市中考物理试卷

2019年四川省德阳市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：12019德阳王小明同学对身边的物理现象，他的正确解释是（）A学校路段禁止鸣喇叭，这是在声源处控制噪声B矿泉水瓶里的冰块逐渐变为水，是因为冰块放热的原因C夏天用扇子扇一扇，感觉凉快是因为周围空气的温度降低了D手机是利用超声波来传递信息的A【解析】A.学校路段禁止鸣喇叭，是在声源处减弱噪声，故A正确；B.冰块变成水，是由固态变为液态，属于熔化现象，熔化吸热，故B错误；C.扇一扇感觉凉快是因为扇一扇加快空气的流动，加快了汗液的蒸发，蒸发吸热，降低人体的温度，故C错误；D.手机是人们常用的通讯工具，它是利用电磁波来传递信息的，故D错误。故选：A。22019德阳对下列情景涉及的物理知识，描述正确的是（）A宇航员登上月球时，他的质量比在地球上时的质量减少了B课本静止放在水平桌面上，课本对桌面的压力与桌面对它的支持力是一对平衡力C向墙上按图钉时，手对图钉帽产生的压强等于图钉尖对墙壁产生的压强D在冰雪路面上行车，需加装防滑链是为了增大与地面的摩擦D【解析】A.质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都没有关系，故宇航员登上月球时，他的质量不变。故A错误；B.课本静止放在水平桌面上，课本对桌面的压力与桌面对它的支持力是一对相互作用力；支持力和课本的重力才是一对平衡力。故B错误；C.向墙上按图钉时，手对图钉帽产生的压力等于图钉尖对墙壁产生的压力；由于受力面积图钉帽和图钉尖面积不同，由p可知，压强不同。故C错误；D.在冰雪路面上行车，需加装防滑链，增大了接触面的粗糙程度，是为了增大与地面的摩擦，故D正确。故选：D。32019德阳下列说法中正确的是（）A近视眼镜、放大镜和照相机镜头都是凸透镜B阳光下大树的影子是由光的折射现象形成的C光发生漫反射时，每条光线都遵从光的反射定律D猴子捞“月亮”时，水中的“月亮”到水面的距离等于水的深度C【解析】A.近视眼镜的镜片是凹透镜，放大镜和照相机镜头用的都是凸透镜，故A错误；B.阳光下大树的影子是光在同种均匀介质中沿直线传播形成的，故B错误；C.镜面反射和漫反射都遵守光的反射定律，所以光发生漫反射时，每条光线都遵从光的反射定律，故C正确。D.根据平面镜成像的特点，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等，所以水中“月亮”到水面的距离等于天上月亮到水面的距离，远远大于水的深度，故D错误。42019德阳如图的电路，电源电压保持不变，R为定值电阻。下列说法正确的是（）A开关闭合前，电压表和电流表均无示数B开关闭合后，滑片P向右移动的过程中，电压表的示数变小C开关闭合后，滑片P向右移动的过程中，R的功率变大D开关闭合后，滑片P向右移动的过程中，电压表与电流表示数的比值变小B【解析】（1）开关闭合前，电路处于开路状态，则电流表没有示数；但电压表的两个接线柱通过变阻器与电源的正负极相连通，此时电压表测量电源电压，所以电压表有示数；故A错误；（2）开关闭合后，定值电阻R与滑动变阻器串联，电流表A测电路中的电流，电压表测定值电阻R两端的电压；滑片P向右移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，总电阻变大，由I可知，电路中的电流变小；根据UIR可知，定值电阻R两端的电压变小，即电压表的示数变小，故B正确；定值电阻两端的电压减小，电路中电流减小了，根据PUI知，R的功率变小，故C错误；由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值为定值电阻的阻值，所以，电压表与电流表示数的比值不变，故D错误。故选：B。52019德阳现在全市各校都在开展“足球进校园”活动。关于同学们在足球比赛中涉及到的物理知识，下列分析错误的是（）A足球鞋底凹凸不平，是为了增大与地面的摩擦力B足球能在空中飞行，是因为受到了运动员的脚对它有力的作用C用头顶足球攻门时，头感到疼，说明物体间力的作用是相互的D守门员一下子抱住射门的足球，说明力可以改变物体的运动状态B【解析】A.足球鞋底凹凸不平，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A正确；B.足球能在空中飞行，是因为足球具有惯性，此时足球不再受到运动员的作用力，故B错误；C.用头顶足球时，头感到疼，说明力的作用是相互的，故C正确；D.守门员一下子抱住射门的足球，足球由运动变为静止，说明力可以改变物体的运动状态，故D正确。故选：B。62019德阳对下面的热现象，下列解释正确的是（）A冰的形成是凝华现象B雾的形成是汽化现象C露的形成是液化现象D霜的形成是凝固现象C【解析】A.冰是由水凝固形成的，故A错误；B.雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故B错误；C.露是空气中的水蒸气遇冷液化形成，故C正确；D.霜是空气中的水蒸气凝华形成的，故D错误。72019德阳在图中的自动控制电路中，当控制电路的开关S闭合时，工作电路的情况是（）A灯不亮，电铃响B灯不亮，电铃不响C灯亮，电铃不响D灯亮，电铃响A【解析】当控制电路的开关S闭合时，控制电路中有电流，电磁铁具有磁性，吸引衔铁，动触头和下面电路接通，电铃工作，和上面的电路断开，所以电灯不亮。故选：A。82019德阳如图电路，电源电压为12V且保持不变。闭合开关S，当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数为4V；当滑片P置于变阻器的b端时，电压表的示数变化了2V，在10s内定值电阻R1产生的热量为36J则下列结果正确的是（）A电路中的最大电流为1AB滑片P在中点时，10s内滑动变阻器R消粍的电能为60JC滑动变阻器R先后两次消耗的电功率之比为8：1DR1先后两次消耗的电功率之比为16：9D【解析】根据电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压；滑片从中点到b端时，变阻器接入电路的阻值增大，由串联分压的规律可知，电压表示数（变阻器的电压）将增大，电压表示数增大了2V，即滑片在b点时电压表的示数为4V+2V6V；在10s内定值电阻R1产生的热量为36J，由Qt可得R1的阻值：R1t10s10；A.当滑片在a点时，变阻器接入电路的阻值为0，电路中的电流最大，则电路中的最大电流：I最大1.2A，故A错误；B.串联电路中各处的电流相等，滑片在中点时，电路中的电流：I0.8A，10s内滑动变阻器R消耗的电能：W滑U滑It4V0.8A10s32J，故B错误；C.当滑片在b点时，变阻器接入的阻值最大，电路中的电流最小，电路中的最小电流：I最小0.6A，由PUI可得，滑动变阻器R先后两次消耗的电功率之比：，故C错误；D.由PUI可得，R1先后两次消耗的电功率之比：，故D正确。故选：D。二、填空题92019德阳如图，分别用甲、乙两种形式的滑轮组把重为400N的物体匀速向上提起；已知每个滑轮重20N，忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦，图甲中车对绳子的拉力为 N，图乙中人对绳子的拉力为 N。400 210【解析】图甲中使用的是两个定滑轮，忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦，车对绳子的拉力F甲G400N；图乙中使用的是一动一定的滑轮组，n2，忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦，人对绳子的拉力F乙（G+G动）（400N+20N）210N。故答案为：。102019德阳用天燃气烧水，水烧沸腾时，壶盖不断向上跳动，此过程中能量转化与四冲程汽油机的 冲程的能量转化相同；在标准大气压下用天燃气把3kg的水从20加热至刚沸腾时，水吸收了 J的热量。c水4.2103J/（kg）做功 1.008106【解析】（1）水烧开以后，水蒸气膨胀对壶盖做功，把壶盖顶起来，将水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，这与汽油机的做功冲程的能量转化相同，在汽油机的做功冲程中，是将燃气的内能转化为活塞的机械能；（2）在标准大气压下水的沸点为100，即水的末温为100，水吸收的热量为：Q吸c水m水t4.2103J/（kg）3kg（10020）1.008106J。故答案为：。112019德阳如图，有一圆柱形容器，放在水平桌面上。现将一体积为2104m3，质量为0.54kg的矩形金属块放在容器底部，再向容器中加入水至14cm深时，水对容器底的压强是 Pa，金属块对容器底部的压力是 N（金属块与容器底部不是紧密接触，水1.0103kg/m3，取g10N/kg）。1400 3.4【解析】（1）水的深度h14cm0.14m，则水对容器底的压强：p水gh1.0103kg/m310N/kg0.14m1400Pa；（2）由图可知，金属块浸没在水中，根据阿基米德原理可得，金属块所受的浮力：F浮水V排g1.0103kg/m32104m310N/kg2N；金属块的重力：G金m金g0.54kg10N/kg5.4N；根据力的合成可知金属块对容器底部的压力：F压G金F浮5.4N2N3.4N。故答案为：。122019德阳一个空心小铁球放在盛水的烧杯中置于铁棒AB的上方，绕在铁棒上的线圈连接如图所示的电路，开关S闭合后，空心小铁球仍漂浮在水面上，此时A端为电磁铁的 极，当滑片P向左滑动，空心小铁球所受浮力 （选填“增大”“减小”或“不变”）S（南） 增大【解析】电流由A流向B，则由右手螺旋定则可知螺线管B端为N极，则A端为S极（南极）；当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则由欧姆定律可知电路中电流增大，则螺线管中的磁性增强，故小铁球所受磁力增强；小铁球受重力、磁力及浮力，因小球处于静止状态，故向下的磁力与重力之和应等于向上的浮力，因磁力增加，故浮力也将增大。故答案为：。132019德阳如图，电源电压为9V且保持不变，闭合S时，电压表的示数为5.4V，电流表的示数为0.6A，则R1 ，R1、R2消耗的电功率之比为 。6 2：3【解析】由电路图可知，R1与R2两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R1两端的电压：U1UU29V5.4V3.6V，由I可得，R1的阻值：R16，串联电路中各处的电流相等，则R1、R2消耗的电功率之比：。故答案为：。142019德阳在弹簧测力计下挂一个圆柱体M，让M从盛有水的容器上方逐渐竖直浸入水中，弹簧测力计的示数随圆柱体下表面在水中深度的变化关系如图，则圆柱体M的底面积为 （水1.0103kg/m3，取g10N/kg）2.4103m2【解析】当h25cm即圆柱体全浸入水时，弹簧测力计的示数F1.2N，圆柱体受到的最大浮力（全浸入时）：F浮GF7.2N1.2N6N；圆柱体全浸入时排开水的体积和本身的体积相等，圆柱体的体积：vv排6104m3；圆柱体的底面积：s2.4103m2。故答案为：三、作图及说明题152019德阳请画出图中两条入射光线对应的出射光线。如答图所示【解析】平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，据此作图，如图所示。162019德阳如图所示，在图中标出静止在磁场中的小磁针的N极和磁感线的方向。如答图所示【解析】（1）根据电源的正负极由安培定则可判断出图中通电螺线管的右端为N极，左端为S极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可判定小磁针的左端为S极、右端为N极。（2）根据磁感线都是从磁体的N极出发，回到S极，可以标出磁感线的方向。172019德阳如图，雨燕沿虚线方向匀速自由飞翔，在图中画出雨燕所受重力和空气对它的作用力的示意图。如答图所示【解析】雨燕沿虚线方向匀速自由飞翔，处于平衡状态，受到的是平衡力，故雨燕所受重力和空气对它的作用力大小相等、方向相反。过雨燕重心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用G和F表示，注意两条线段长度要相等。四、实验探究题182019德阳小王同学用表面粗糙程度不同的毛巾、木板、玻璃等器材探究“阻力对物体运动的影响”，实验过程及现象如图所示：（1）小王在实验中设置了三种粗糙程度不同的表面，让小车从斜面上同一位置滑下，小王发现小车在毛巾表面滑行的距离最近，在木板表面滑行的距离较远，在玻璃表面滑行的距离最远，说明小车受到的阻力越小，速度减小越慢。推理：如是小车在水平面上滑行，受到的阻力越来越小，直到变为零，小车将做 。（2）牛顿第一定律告诉我们物体的运动 （选填“需要”或“不需要”）力来维持，一切物体都有保持原来运动状态不变的性质。（1）匀速直线运动 （2）不需要【解析】（1）实验中，通过观察小车在不同光滑程度的斜面上滑行距离的远近，可知小车受到的阻力越小，小车运动的路程就越远，当阻力为零时，就可以得出小车做匀速直线运动的结论，这里的研究方法是科学推理法。（2）牛顿第一定律告诉我们物体的运动不需要力来维持，即力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因。故答案为：。192019德阳如图是探究杠杆平衡条件的几个实验情景：（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆 （选填“达到”或“没有达到”）平衡状态，接下来调节杠杆两端的螺母，使杠杆处于 。（2）如图乙，A点挂有2个质量均为50g的钩码、为了让杠杆在水平位置平衡，应在B点挂 个质量均为50g的钩码。（3）如图丙，现给你一个量程为02N的弹簧测力计，若干个50g的钩码，钩码挂在C点处，现使用弹簧测力计和钩码使杠杆在水平位置平衡，则在C点处所挂钩码的最多个数为 个。（1）达到 水平位置平衡 （2）3 （3）6【解析】（1）杠杆保持静止，此时杠杆处于静止状态，达到平衡；由图中，杠杆的右端较高，平衡螺母应向右端移动使杠杆在水平位置平衡；（2）设杠杆的一个小格为L，一个钩码重为G，因为，F1l1F2l2，所以，2G3LnG2L，所以，n3，所以在B处挂3个钩码。（3）为使拉力最小，动力臂要最长，拉力F的方向应该垂直杠杆向上，即竖直向上，动力臂为最长，F作用点在最左端，根据杠杆的平衡条件，在C点处所挂钩码的最多个数：nG4LF6L，nmg4LF6L，代入数据：n0.05kg10N/kg4L2N6L，解得，n6。故答案为：。202019德阳用如图的电路研究通过导体的电流与电压、电阻的关系。表一次数U/VI/A1.00.201.50.302.00.40表二次数R1/I/A3.00.506.00.339.00.25（1）保持电源电压和电阻箱R1的阻值不变，移动滑动变阻器R2的滑片P，测得电流、电压如表1；根据表1中的数据，你得出的结论是 ；这时R1的阻值为 。（2）在研究电流与电阻的关系时，先将R1的阻值调为5欧姆进行实验，使电压表的示数为1.5V，然后将R1的阻值调为10欧姆时，某同学没有改变滑动变阻器滑片的位置，合上开关后，电压表的示数将 1.5V（选填“大于”“小于或“等于”）。因此要向 （选填“右”或“左”）调节滑片，使电压表的示数仍为1.5V。（3）李明同学用该电路测量电源电压时，将滑动变阻器的滑片到适当位置保持不变，仅改变电阻箱R1的阻值，测得相应的电流值，如表2所示，利用表2中的数据求得电源电压约为 。（1）在电阻不变时，通过导体的电流与它两端的电压成正比 5 （2）大于 右 （3）3V【解析】（1）由表1数据知，在电阻不变时，电压是原来的几倍，通过的电流是原来的几倍，即在电阻不变时，通过导体的电流与它两端的电压成正比；由欧姆定律，R15；（2）在研究电流与电阻的关系时，先将R1的阻值调为5欧姆进行实验，使电压表的示数为1.5V，然后将R1的阻值调为10欧姆时，某同学没有改变滑动变阻器滑片的位置，合上开关后，根据分压原理，电压表的示数将大于1.5V；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数仍为1.5V；（3）利用表2中的1、3次实验的数据，根据电阻的串联和欧姆定律，由电源电压不变列方程得：UI11（R11+R滑）I13（R13+R滑）；即0.5A（3+R滑）0.25A（9+R滑），R滑3。电源电压约为：U0.5A（3+3）3V。故答案为：。五、计算题：212019德阳汽车尾气是大气的重要污染源，而动车组可实现零排放。假设德阳与成都相距60km，一动车组从德阳站由静止启动后做直线运动，先加速运动2min，然后以恒定速度匀速运动21min，最后做减速运动2min到达成都站停住。（1）动车组从德阳站到成都站的平均速度是多少m/s？（2）若动车组的平均牵引力为2.8105N，则从德阳到成都动车组的牵引力的平均功率是多少W？（3）如果燃油公共汽车与动车组从德阳站到成都站牵引力所做的功相同，则公共汽车排放气体污染物的质量是多少kg。（燃油公共汽车每做1J功排放气体污染物3106g）解：（1）动车的平均速度：v40m/s；（2）动车的平均功率：PFv2.8105N40m/s1.12107W；（3）动车组从德阳站到成都站牵引力所做的功：WFs2.8105N601000m1.681010J，燃油公共汽车与动车组从德阳站到成都站牵引力所做的功相同，则公共汽车排放气体污染物的质量：m1.6810103106g5.04104g50.4kg。故答案为：（1）动车组从德阳站到成都站的平均速度是40m/s；（2）若动车组的平均牵引力为2.8105N，则从德阳到成都动车组的牵引力的平均功率是1.12107W；（3）如果燃油公共汽车与动车组从德阳站到成都站牵引力所做的功相同，则公共汽车排放气体污染物的质量是50.4kg。222019德阳如图甲，电源电压保持不变，小灯泡上标有“8V”字样，电流表的量程为01.2A，如图乙是小灯泡的电流随电压变化的图象。滑动变阻器R1的最大阻值为20，定值电阻R2的阻值为9，当闭合S和S2、断开S1、滑动变阻器的滑片移到中点时，小灯泡恰好正常发光。求：（1）电