2019-2020学年第二学期四川省成都石室中学高2020届二诊模拟考试-理综试卷答案及解析

成都石室中学高成都石室中学高 2020 届高三下期届高三下期成都二诊模拟成都二诊模拟理综理综答案及解析答案及解析 生物答案生物答案 1.选 D 【解析】效应 T 细胞不能进行有丝分裂，染色体数目不变，A 项错误。渗透作用需具备半透 膜和浓度差， 动物细胞的细胞膜可以充当半透膜， 当细胞内外有浓度差时即可发生渗透吸水 和失水，B 项错误。核酸是细胞的结构物质，不能为生命活动提供能量，C 项错误。组成生 物大分子的单体都是以若干个相连的碳原子构成的碳链为基本骨架，D 项正确。 2.选 C 【解析】用同位素标记的化合物，其化学性质不会发生改变，A 项错误。叶绿体呈绿色，不 需染色，直接制片观察，B 项错误。构建物理模型能够模拟减数分裂中染色体的变化，C 正 确。膜的成分和结构的初步阐明，最初都是先根据实验现象和有关知识，提出假说，而不是 通过实验观察直接证实的，D 项错误。 3.选 C 【解析】密码子是由三个相邻的碱基组成，271 个碱基和后面 2 个碱基一起共构成 91 个密 码子，插入的 70 个核苷酸和后面 2 个碱基一起共构成 24 个密码子，后面是 UGA，即为终 止密码，表示翻译结束，所以表达的蛋白质含有 115 个氨基酸，A、B 项正确。题干中该生 物是细菌，没有线粒体结构，C 错误。DNA 复制需解旋酶、DNA 聚合酶等酶，D 项正确。 4.选 A 【解析】当正常人大量饮用水后，胃肠腔内渗透压下降，经胃肠吸收进入血浆的水量增多， 血浆渗透压降低，抗利尿激素分泌减少，A 项正确。毛细血管收缩可以减少散热，而非增加 产热的途径，B 项错误。过敏反应属于二次免疫，是特异性免疫，机体对过敏原具有记忆性， C 错误。胰岛素等激素既不作为细胞结构，也不能参与细胞内多种生命，D 项错误。 5.选 B 【解析】对一些活动能力弱，活动范围小的动物，如跳蝻，可以用样方法调查种群密度，A 项正确。在“S”型曲线中，种群增长速率先持续增加，当种群数量超过 K/2 值时，种群增 长速率开始持续下降到 0，B 项错误。群落演替时，物种丰富度一般会增加，若演替时气候 等环境条件不适宜，也会使丰富度下降，C 项正确。群落呈现的垂直结构、水平结构利于提 高生物对光、土壤等资源的利用，D 项正确。 6.选 B 【解析】由题意可知，甲病由显性基因控制，-2 是甲、乙病患者，其母亲-1 和女儿-1 均正常，可推出甲病为常染色体显性遗传病。-3 和-4 都不换乙病，但-4 患乙病，说 明乙病为隐性遗传病，且可能是常染色体隐性遗传病或伴 X 隐性遗传病,A 错误。假设甲病 的基因用 A、a 表示，乙病用基因 B、b 表示。若乙病为常染色体隐性遗传病，则-2 基因 型为 AaBb，与-3 基因型为 1/3AaBB、2/3AaBb，他们婚配生出正常孩子概率是 1/4*(1-1/4*2/3)=5/24;若乙病为伴 X 隐性遗传病,则-2 基因型为 AaXBY，与-3 基因型为 1/2AaXBXB、1/2AaXBXb，他们婚配生出正常孩子概率是 1/4*(1-1/4*1/2)=7/32,所以 B 正确。若乙 病为常染色体隐性遗传病，则-3 基因型为 AaBb，若乙病为伴 X 隐性遗传病，则-3 的基 因型为 AaXBXb,故-3 一定为杂合子，C 错误。甲病属于常染色体显性遗传病，-2 关于甲 病的基因型为 Aa，无法通过遗传咨询避免生出患病男孩，D 错误。 29.（共 7 分，除标注外，每空 1 分） （1）光能 ATP 水解释放的化学能 （2）较大 在 n 点时，两者的氧气释放速率相等（即两者的净光合速率相等） ，但突变体 的呼吸速率大于野生型，因此突变体的氧气产生速率即总光合速率更大（2 分） （3）突变体气孔开放程度更大，固定 CO2并形成 C3的速率更快，对光反应产生的 NADPH 和 ATP 消耗也更快，进而提高了光合放氧速率（2 分） 30.（共 10 分，除标注外，每空 1 分） （1）下丘脑 甲状腺激素 肾上腺素（两激素顺序可变） 肾上腺 通过反射弧发挥作用，反应速度快，作用范围准确、较局限，作用时间短（答对任意两 点即可） （2 分） （2）信息交流和控制物质进出（答对 1 个可给分） 一定流动性 （3）接种疫苗后，机体生成记忆细胞（和抗体） 。当再次接触到该病毒时，记忆细胞迅速增 殖分化，产生大量抗体，以抵抗病毒。 （2 分） 31.（共 10 分，除标注外，每空各 1 分） （1） C 逐级递减 某营养级的能量一部分在呼吸作用中以热能形式散失， 一部分给分 解者利用，还有未利用部分（写出其中两点即可） （2 分） （2）光合作用 含碳有机物 温室效应加剧，气温上升，冰川融化，栖息地减少，生物多样性下降等（其他合理答案 也可） （2 分） （3）间接（价值）和直接（2 分） 32.(共 12 分) (1)黄花（1 分） 6:4:3:2:1（1 分） (2) 脱氧核苷酸的排列顺序不同/碱基（对）排列顺序不同/遗传信息不同（2 分） 13/16（2 分） (3)实验思路：让该白花植株与（纯合）紫花植株杂交，观察其子代的性状表现（及比例） （2 分） 结果及结论：如果子代全为黄花，则该白花植株的基因型为 aaBB；如果子代出现红花和 黄花（1:1） ，则该白花的基因型为 aaBb（2 分） ； 如果子代全为红花，则该白花的基因型为 aabb（2 分） 【详解】 （1）根据题意分析，某植株自交能产生五种花色，说明该植株的基因型为 AaBb， 表现为黄色，其自交后代中黄花（AaB_） ：白花（aa_） ：粉红花（AAB_） ：红花（Aabb） ：紫 花（AAbb）=（1/23/4） ： （1/4） ： （1/43/4） ： （1/21/4） ： （1/41/4）= 6:4:3:2:1。 （2）等位基因 D 和 d 的本质区别是脱氧核苷酸的排列顺序不同 偶然发现一株白花植株自交时，子代中 5 种性状都有，说明该白花植株发生了基因突变， 基因型为 AaBb，又因为其一条号染色体上出现了一个显性基因 D（其等位基因为 d） ，因 此其基因型为 AaBbDd，其自交后代白花的比例=1-紫色（AAbbdd）-红色（Aabbdd）-粉色 （AAB_dd）-黄色（AaB_dd） =1-1/41/41/4-2/41/41/4-1/43/41/4-2/43/41/4=13/16。 （3）根据题意分析可知，某白花植株不含 D 基因，则该白花植株的基因型可能为 aaBB、 aaBb、aabb，现要求用一次杂交试验确定其基因型，则可以让该白花植株与（纯合）紫花植 株（AAbb）杂交，观察其子代的性状表现（及比例） 。若子代全为黄花（AaB_） ，则该白花植 株的基因型为 aaBB；如果子代出现红花和黄花（1:1） ，则该白花的基因型为 aaBb；如果子 代全为红花，则该白花的基因型为 aabb。 37.（共 15 分，除标注外，每空 2 分） （1）葡萄皮上野生型酵母菌种 既能杀死酒中微生物，还能不破坏酒中的营养成分 （2）高浓度酒精 牛肉膏、蛋白胨 青霉素（或抗生素） （1 分） 中性或微碱性 （3）包埋法 酵母细胞大，难以被吸附和结合 38.（共 15 分，除标注外，每空 2 分） （1）结构和功能 植物细胞具有全能性 （1 分） （2）不定芽 腋芽（两空可互换） 人工薄膜 （3）形成层容易诱导形成愈伤组织 不同激素成分 （4）既可以保持优良品种的遗传特性，还可以高效快速地实现种苗的大量繁殖 化学答案化学答案 7.【答案】B 【解析】铁没有明显的焰色反应，不可用于制造焰火，故 A 错误；将煤气化后得到可燃性气 体，燃烧更充分，减少污染物的排放，可以减少 PM2.5，故 B 正确；FeCl3溶液不是胶体， 没有丁达尔现象，故 C 错误；液氨气化时吸收热量导致其周围温度降低，所以液氨是一种重 要的制冷剂，则氨气在液化时放出热量，故 D 错误。 8【答案】D 【解析】 0.1 mol H2和 0.1 mol I2 (g)于密闭容器中充分反应，原子总数守恒，其原子总 数为 0.4NA。A 选项错误；常温常压下，Fe 遇浓硝酸会钝化，B 选项错误；标况时，HF 为液 态，不适应气体摩尔体积。C 选项错误；D2O 和 H2 l8O 的中子数都是其分子质量数之和的一半。 它们的相对分子质量都约为 20,中子数均为 10。2g 混合物为 0.1mol 所含中子数为 NA。故本 题答案为 D。 9【答案】D 【解析】A 项，由甲烷在纯氧中完全燃烧只生成 CO2和 H2O，说明甲烷含碳元素和氢元素，但 不能确定 CO2和 H2O 中氧元素来源；A 选项错误。 B 苯环、碳碳双键为平面结构，且直接相连，则最 18 个原子可共面，故 B 错误； C.油脂为高级脂肪酸甘油酯，水解生成高级脂肪酸(或盐)、甘油，故 C 错误； D.甲苯苯环上的一个氢原子被含 3 个碳原子的烷基取代，烷基在苯环上的位置有邻间对 3 种，烷烃基有正丙基和异丙基 2 种，所得产物有 6 种，D 正确； 10.【答案】A 【解析】工业上常采用电解熔融态氯化钠的方式冶炼钠，碳做阳极，铁丝网做阴极。A 项正 确。配制一定物质的量浓度溶液时，高中阶段应按需求选择 250ml 容量瓶一次配制，需在烧 杯中稀释。冷却后还有移液、洗涤、定容、震荡、装瓶贴签等。B 选项错误。加入饱和碳酸 钠溶液后降低乙酸乙酯的溶解度，同时吸收乙醇，中和乙酸，溶液分层，乙酸乙酯在上层， 分液即可将他们分离。 C 选项错误； 加碘水检验的试管不需要调至碱性， 否则 I2要与碱反应， 不能检验到淀粉水解程度。D 选项错误。 11.【答案】B【解析】X、Z、Y、P都是短周期主族元素，其所形成的化合物从成键分析，Z 原子最外层为四个电子，Y原子的最外层为5个电子，P原子最外层为6个，X的最外层电子数 为1个或7个。结合“X、Z、Y、P原子序数逐渐增大”和“X与Z、Y、P均可形成电子数相等的 分子，X2P常温常压下为液体”可得X为氢，Z为碳，Y为氮，P为氧。则X和P形成的化合物可 能为H2O，也可能为H2O2，前者只有极性共价键，后者既有极性共价键，还有非极性共价键。 A选项正确；C、N、O的非金属性逐渐增强，但O没有最高价氧化物对应的含氧酸，所以B选项 不正确； N的氢化物NH3能与其最高价氧化物对应水合物HNO3反应生成铵盐NH4NO3。 C选项正确； H原子形成的离子可以是H +或H-，前者半径小于Li+,后者半径大于Li+。D选项正确。故本题答 案为B。 12.【答案】C 【解析】由图示可得本题装置实现了脱硫,发生的总反应为H2S+O2=H2O2+S。但O2和H2S均不 在电极上反应。碳棒上的电极反应为NQ+2H +2e-=H 2NQ,O2在甲池发生反 应:O2+H2NQ+2e -=H 2O2+NQ。N型半导体上发生的电极反应为3I -2e-= I 3 -。I 3 -再氧化H 2S,反应方 程式为H2S+I3 -=3I-+S+2H+。故通过导线按箭头指示方向为电子流向。A选项正确；乙池产 生H +,甲池消耗H+,为平衡电荷和弥补消耗，H+移向甲池。B选项正确；正极上电极反应为 NQ+2H +2e-=H 2NQ,O2在甲池溶液中反应且转化产物为H2O2。C选项错误；乙池溶液中发生反应 的离子方程式为H2S+I3 -=3I-+S+2H+。D选项正确。故本题答案为C。 13【答案】C 【解析】假设 V1=10,则溶液是等浓度的 NH2OH 和 NH3OHCl,Kb=9.010 9,K h=10 14/9109K b, 则水解大于电离,溶液呈酸性,所以 V110，故 A 正确； Kb=c(OH) c(NH3OH +)/c(NH 2OH)=c 2(OH)/0.1=9.0109,c(OH)=3105， PH=9.5， 故 B 正确； C 点水电离出的氢离子浓度最大，所以 C 点溶质为 NH3OHCl，C 点以后 HCl 过量，所以 D 点酸 性最强.故 C 错误；根据电荷守恒 c(H +)+c(NH 3OH +)=c(OH)+c(Cl);根据物料守恒 2c(NH3OH +)+2c(NH 2OH)=c(Cl),所以 c(H+)c (OH )c (NH3OH+)2c (NH2OH)，故 D 正确。 26【答案】 （14 分） （1）三颈烧瓶(1 分) （2）使反应物冷凝回流 (1 分) 乙酸酐蒸出，反应物减少，平衡左移(2 分) （3）CH3COONa3H2O 受热生成水会使乙酸酐水解（2 分） （4）将肉桂酸转化为肉桂酸钠，溶解于水，中和乙酸（2 分）苯甲醛（1 分）当流出液澄清 透明不再含有有机物质的油滴时，即可断定水蒸汽蒸馏结束（其它答案合理也行）(2 分) （5）重结晶(1 分) （6）0.75 或 75%（2 分） 【解析】 （1）该仪器的名称为三颈烧瓶 （2）该反应在 150170的条件下进行，根据表格各物质的沸点可知，反应物在这个条件 下易挥发，所以空气冷凝管作用是使反应物冷凝回流，使反应物充分反应。该反应在 150170的条件下进行，在 150170时乙酸酐易挥发，如果剧烈沸腾，乙酸酐蒸出，反 应物减少，平衡左移 （3）CH3COONa3H2O 受热生成水会使乙酸酐水解 （4）除去未反应的原料乙酸酐中和生成的乙酸，并将肉桂酸转化为肉桂酸钠，增大它在水 中的溶解性；苯甲醛，当流出液澄清透明不再含有有机物质的油滴时，即可断定水蒸汽蒸馏 结束（也可用盛有少量清水的锥形瓶或烧杯来检查是否有油珠存在） （5）提高纯度可以用重结晶 （6）4.8g 苯甲醛物质的量为 4.8/106mol，肉桂酸理论产量也为（4.8/106）x148g; 则产率为：5.0/（4.8/106）x148=0.75 或 75% 27. 【答案】 （15 分） （1）加热/搅拌/粉碎/适当提高稀硫酸的浓度（1 分） ；SiO2（1 分） （2）4.9PH5.5（1 分） 使 Fe 3+、Al3+均完全转化为 Fe(OH) 3 和 Al(OH)3 沉淀而除 去 （2 分） （3）3NaBiO3+2Cr 3+ +7OH-+H 2O=3Bi(OH)3+2CrO4 2-+3Na+ （2 分） （4）蒸发浓缩 冷却结晶 过滤洗涤干燥（2 分） （5）Cr2O7 2-+6Fe2+14H+=2Cr3+6Fe3+7H 2O （2 分） （6）6.410 -13（2 分） （7）2.78 （2 分） 【解析】 （1）加热/搅拌/粉碎/适当提高稀硫酸的浓度均可加快化学反应速率。任答一种即 可。按照元素化合物知识，铬铁矿中的 FeO、 Cr2O3和 Al2O3均能溶于硫酸，SiO2不溶，故第 步得到的固体 A 为 SiO2。 （2）步骤的目的是使 Fe 3+、Al3+均完全转化为 Fe(OH) 3 和 Al(OH)3 沉淀而除去，但不能 使 Cr 3+沉淀。故需要调节的 pH 范围为 4.9PH5.5。故答案为 4.9PHp3p2p1（1 分）；该反应的正反应为气体分子数增大的反应,温度不变时,降低压强,平 衡向正反应方向移动,CH4的平衡转化率增大（2 分）; （1 分） 1.64（2 分） （3）TiO2（1 分） La2O3在相对较低温度对催化效率更高或其它合理表述（2 分） （4）HSO3 -2e-+H 2O=SO4 2-+3H+（2分） 【解析】 （1）考盖斯定律和活化能及其对反应速率的影响。将反应与反应相加即得目标 反应，所以H=H1+H2。反应快，反应慢，说明反应速率决定于反应，也说明反应 需要克服的活化能较高，故 E10。 该反应的正反应为气体分子数增大的反应,温度不变时,降低压强,平衡向正反应方向移 动,CH4的平衡转化率增大,故 p4p3p2p1。压强为 p4时,b 点未达到平衡,反应正向进行,故 v(正)v(逆)。 由用平衡浓度表示的平衡常数类推可知,用平衡压强表示的平衡常数 K=。p4 时 a 点 CH4的平衡转化率为 80%,则平衡时 c(CH4)=c(CO2)=0.2 molL -1,c(CO)=c(H 2)=1.6 molL -1,则 p(CH4)=p(CO2)=p4=p4,p(CO)=p(H2)=p4=p4,故 K=1.64。 (3)由图 2 可知，260 时，TiO2做催化剂时，SO2的转化率最高，故 TiO2的催化效率最高。 随着温度升高，SO2的转化率逐渐升高，但增长程度并不一样，在 340 0C 时，La 2O3催化下 SO2 的转化率接近 90%然后维持在较高水平， 同期 NiO 和 TiO2催化下的 SO2转化率较低， 到 420 0C 时，NiO 催化下 SO2转化率达到与 La2O3相同，此时 TiO2的依然较低，综上理想的反应条件为 340 0C，选用 La 2O3做催化剂。选择理由为 La2O3在相对较低温度对催化效率更高或其它合理 表述。 (4)考电解。由图可知，阳极实现了 HSO3 -向 SO 4 2-的转化过程，故电极反应式为 HSO3 -2e-+H 2O=SO4 2-+3H+。 35.【答案】 （1）（2 分） ；d（1 分） （2）具有孤电子对(或孤对电子) （1 分） ；sp 2 sp3（2 分） ；8N A（2 分） ；H3O +或 CH 3 （1 分） （3）铼中的金属键强于锰 (1 分) （4）6（1 分） ；八面体（2 分） ；M/(a10 10)3N A（2 分） 【解析】 （1）锰原子价层电子的轨道表示式(价层电子排布图)为 ，它处于周期表的 d 区。 （2）铜离子有空轨道，所以，与铜离子形成配合物的分子或离子应具有孤电子对(或孤对 电子)。 醋酸根中两个碳原子的价电子分别为 3 和 4，故其杂化类型为 sp 2和 sp3。Cu(NH 3)2 +中每 个亚铜离子形成 2 个配位键， 每个配体分子中有 3 个共价键， 所以， 1mol 配离子Cu(NH3)2 + 中含有 键的数目为 8NA。 与 NH3互为等电子体的离子有 H3O +或 CH 3 。 （3）锰和铼的晶体都属于金属晶体，其熔点决定于金属键，金属铼的熔点高于锰，说明锰 的金属键弱于铼。故其原因是：铼中的金属键强于锰。 （4）三氧化铼为立方晶胞，晶胞参数为 a pm，铼原子占据顶点，氧原子占据所有棱心。则 每个晶胞中有 1 个铼原子和 3 个铼原子，每个铼原子的上、下、左、右、前、后都有一个等 距的氧原子，故铼的配位数为 6。NA个三氧化铼晶胞的质量和体积分别为 Mg，三氧化铼的密 度为 M/(a10 10)3N A g/cm 3。 36.【答案】 （1）C18H12O4；邻二甲苯 （2）；羧基 （3）氧化反应；消去反应 （4） （5）18 （6） 【解析】由合成路线可知，A 为邻二甲苯，A 发生氧化反应生成 B，B 发生取代反应生成 C， 由 C 生成 D 的条件及 D 的分子式、E 的结构可知，C 与试剂 a 发生酯化反应生成 D，D 为 、试剂 a 是甲醇；D 与甲醛发生反应生成 E，E 经碱性水解、酸化后生成 F， 则 F 为 ； 由信息可知， F 与碘反应生成 G， 结合 M 的结构可知 G 为 ； 由信息可知，G 与试剂 b 发生消去反应生成 H， H 为 ，H 与自身发生加成反应生 成 M。 （1）M 是由 2 个 H 加成而得的，故其分子式是 C18H12O4， A 的化学名称是邻二甲苯。 （2）G 的结构简式是 ，F 中含氧官能团的名称是羧基。 （3）由 A 生成 B 和由 G 生成 H 的反应类型分别是氧化反应、消去反应。 （4）由 C 生成 D 的化学方程式是 。 （5）E（ ） 的同分异构体中，符合下列条件：苯的二元取代物；与 E 具有相同的官能团，即碳碳双键和酯基；能发生银镜反应和水解反应，说明分子中有醛基 和酯基。若其中一个取代基为-CH2CH=CH2（或-CH=CHCH3、-C(CH3)=CH2） ，则另一个取代基为 -OCHO；若其中一个取代基为-CH=CH2 ， 则另一个取代基为-CH2OCHO；若其中一个取代基为 - CH3， 则另一个取代基为-CH=CHOCHO （或-C(OCHO)=CH2） 。两个取代基在苯环上的排列方式有邻、间、对 3 种，故符合条件的同 分异构体的结构共有 18 种。 （6）以甲苯为原料制备化合物 ，首先甲苯与溴发生取代反应生成溴化苄，然 后根据信息让溴化苄与甲醛反应生成苯乙烯，最后根据信息由苯乙烯合成产品 。具体合成路线如下： 物理答案物理答案 14 答案：C 解析：在t1时刻两车刚好在同一位置(并排行驶)，在t1到t3这段时间内，a的速度一直大 于b的速度，两者间距一直增大，t3时刻之后，a的速度小于b的速度，两者间距减小，则 在t3时刻，两车相距最远，故 A、B 错误；根据vt图线围成的面积为位移，结合 t x v ， 可以判断出 a 车的平均速度大于 b 车的平均速度，故 C 正确，D 错误。 15.答案：D 解析：在题图所示位置时，穿过矩形线圈的磁通量最大，产生的电动势为零，故 A 错误；矩 形线圈产生的交流电周期为T2 2 50 rad/s0.04 s，故 B 错误；矩形线圈产生的电 动势最大值为EmaxNBS102 2 0.0850 V80 2 V，矩形线圈产生的电动势有 效值为E有E max 280 V，故 C 错误；变压器原、副线圈匝数之比为 n1 n2 U1 U2 80 1651，故 D 正确. 16.答案：B 解析： 人跳远时从一定的高度落下， 落地前的速度是一定的， 初动量是一定的， 落地后静止， 末动量一定，人的动量变化是一定的，由动量定理可知人受到的冲量等于人的动量变化，所 以两种情况下人受到的冲量相等，选项 C、D 错误；落在沙坑里力作用的时间长，落在水泥 地上力作用的时间短，根据动量定理，在动量变化一定的情况下，时间t越长则动量的变化 率越小，故选项 B 正确、A 错误 17.答案：B 解析：根据已知可得空间站绕地球运动的轨道半径为R n R r 6 ，则根据万有引力定律和 牛顿第二定律可得：在地球表面mg R Mm G 2 ，对空间有rm r Mm G 2 1 2 1 ，联立解得 Rn gn 3 3 )6( 。 18.答案：D 解析：由左手定则可知，该匀强磁场的方向垂直纸面向里，A 选项错误；由 R v qvB 2 m 得R mv qB，可知所有电子在磁场中的轨迹不相同，速率越大的电子在磁场中运动的轨迹长，B 选 项错误；由 R v qvB 2 0 m 与aRsin2，得 aB v m qsin2 0 ，C 选项错误；所有电子圆心角 均为 2，t=T 2 2 ，解得 sin 2 2 2 0 v a qB m t ，故 D 选项正确。 19.答案：BC 解析：根据右手定则可以判断流过固定电阻 R 的感应电流由 b 经 R 到 d，故 A 选项错误；由 电荷量qI t ，根据法拉第电磁感应定律 EN t ，根据闭合电路欧姆定律 总 E I R ，可 得 2 = 2 BL q R ，故 B 选项正确；根据能量守恒， 2 2 1 mv=2Q，所以固定电阻R的产生的焦耳热 为 2 4 1 mv，故 C 选项正确，D 选项错误。 20.答案：BD 解析： 由n5 激发态跃迁到基态时产生的光子能量最大， 频率最高， A 项错误； 51、 41、 31 和 21 跃迁时释放的 4 种光子属于莱曼系， B 项正确； 使n5 能级的氢原子电离至少 要 0.54 eV 的能量， C 项错误； 从n2 能级跃迁到基态释放光子的能量为3.4 eV(13.6 eV)10.2 eV，从n3 能级跃迁到n2 能级释放光子的能量为1.51 eV(3.4 eV) 1.89 eV，D 选项正确. 21.答案：AC 解析：由等量同种电荷的电场分布可知 A 到 B 电势先增大后减小，电势能先增大后减小，故 A 选项正确；由于 A 点有可能在最大电场强度的上方或下方，根据受力牛顿第二定律可知 A 到 B 的过程中，小球的加速度可能先减小后增加，小球的加速度可能先增加后减小后增加， 故 B 选项错误；A 到 B 根据动能定理求得 B 点速度大小为ghv4 2 0 ，故 C 选项正确；由 于从 A 点以初速度 V0向 B 先减速再加运动，所以小球 A 到 O 与从 O 到 B 经历的时间不相等， 故 D 选项错误。 22 （6 分） 【答案】需要；不相同；A 【解析】 （1）根据牛顿第二定律，对小盘和砝码分析有：mgFma 对小车分析有：FMa 联立解得： mg a Mm 则拉力 1 Mmgmg FMa m Mm M 由上式可知，当mM时才可以认为拉力 F 等于小盘和砝码的重力 mg； （2）本实验是控制变量法的实验，探究“加速度与合力之间的关系”时，要使拉力改变，则 应在小盘中放质量不相同的砝码。 （3）A.若用气垫导轨代替平板，摩擦认为等于 0，此时合外力即为轻绳的拉力，可以认为 合外力不变，则有利于减小误差，故 A 正确； B.若存在摩擦力， 则合外力为拉力与摩擦力的合力， 当小车的质量发生变化， 摩擦力也会变， 则合外力会变化，此时就不能保证小车受到的合外力不变，则误差较大，故 B 错误； C.砝码盘中加的砝码越多，此时合外力即为轻绳的拉力，但砝码和砝码盘的重力不可以近似 等于绳子拉力，则不利于减小误差，故 C 错误； 23.（9 分） 【答案】 （1）左端；I1；4.8；2.4； （2） 98 ； 4 .96 【解析】 （1）依据替代法测电流表内阻的操作流程，等效替代法测电阻的核心是“效果相 同”，本题中体现为使 A1的示数相同，所以需要先接通开关 S2，同时断开开关 S3，调节出一 个电流值，然后接通开关 S3，同时断开开关 S2，调节电阻箱 R2的电阻值，使电流表 A1的示 数与上一次相同，记录电阻箱的电阻，即为所求。因此答案分别为：最左端；示数为 I1；A2 内阻为 4.8。 由电流表改装知识可得，量程扩大为 3 倍，根据并联电路分流规律可知：并接电阻应为 电流表内阻的一半，即 2.4； （2）电流表 A2示数是 20mA，流过待测电阻的电流为 6mA，测量值为：98 I U Rx ; 若考虑误差：4 .96 Ax R I U R 24.(12 分)【解析】 （1）电场中对甲粒子： 2 111 2 1 vmUq. 几何关系：1 30tan r R . 磁场中：1 2 11 11 r vm Bvq. 解得： Rv U qr vm B 11 11 3 32 （2）电场中对乙粒子： 2 222 2 1 vmUq. 几何关系：2 60tan r R . 磁场中：2 2 22 22 r vm Bvq. 解得： 2 1 2 1 1 1 2 rB U m q k ， 2 2 2 2 2 2 2 rB U m q k 故： 9 1 2 1 2 2 2 1 r r k k 25.(20 分) 【解析】解： （1）A 到 D 过程中： 2 2 1 D mvmgL . 在 D 点对小球 A： L mv mgF D m 2 . 代入数据解得：NmgFm603；smvD/4 （2）当 A 离开 D 点后，A 做平抛运动，达 P 点时速度沿斜面向下，则： P 点速度：sm v v D p /5 37cos . 从 P 点到 Q 点的过程中，由动能定理得： 22 2 1 2 1 37sin PQPQ mvmvmgx. 代入数据解得：vQ6m/s， 从 A 与 B 相碰到碰撞结束这一过程系统动量守恒，以 A 的初速度方向为正方向，由动量 守恒定律得：mvQ2mvAB1，. 代入数据解得：vAB13m/s； 故碰撞后损失的机械能